廣東肇慶市2024屆高二物理第一學期期中學業(yè)質量監(jiān)測模擬試題含解析

廣東肇慶市2024屆高二物理第一學期期中學業(yè)質量監(jiān)測模擬試題考生須知：1．全卷分選擇題和非選擇題兩部分，全部在答題紙上作答。選擇題必須用2B鉛筆填涂；非選擇題的答案必須用黑色字跡的鋼筆或答字筆寫在“答題紙”相應位置上。2．請用黑色字跡的鋼筆或答字筆在“答題紙”上先填寫姓名和準考證號。3．保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，在草稿紙、試題卷上答題無效。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、空間有一勻強電場，一質量為m的帶電微粒由靜止釋放后，其運動方向一豎直向下的方向間的夾角為60°，加速度大小等于重力加速度g，不計空氣阻力。以下說法中正確的是（）A．微粒所受電場力大小有可能等于1.5mgB．運動過程中微粒的機械能增大C．運動過程中微粒的機械能守恒D．運動過程中微粒的電勢能不變2、如圖所示，平行板電容器的電容為C，帶電荷量為Q，板間距離為d，今在兩板的中點處放一電荷q，則它所受電場力的大小為A． B． C． D．3、運動電荷在磁場中受到洛倫茲力的作用，運動方向會發(fā)生偏轉，這一點對地球上的生命來說有十分重要的意義．從太陽和其他星體發(fā)射出的高能粒子流，稱為宇宙射線，在射向地球時，由于地磁場的存在，改變了帶電粒子的運動方向，對地球起到了保護作用．如圖所示為地磁場對宇宙射線作用的示意圖．現(xiàn)有來自宇宙的一束質子流，以與地球表而垂直的方向射向赤道上空的某一點，則這束質子在進入地球周圍的空間將（）A．豎直向下沿直線射向地面 B．向東偏轉C．向西偏轉 D．向北偏轉4、如圖所示，在絕緣的水平面上方存在著勻強電場，水平面上的帶電金屬塊在水平拉力F作用下沿水平面移動．已知金屬塊在移動的過程中，外力F做功32J，金屬塊克服電場力做功8.0J，金屬塊克服摩擦力做功16J，則在此過程中金屬塊的（）A．動能增加8.0J B．電勢能增加24JC．機械能減少24J D．機械能增加48J5、對于如圖所示電場中的A、B、C三點，下列判斷正確的是()A．B點的電場強度最大B．A點的電勢最高C．正電荷在B點受到的電場力最大D．負電荷在A點具有的電勢能最大6、兩相同帶電小球，帶有等量的同種電荷，用等長的絕緣細線懸掛于O點，如圖所示，平衡時，兩小球相距r，兩小球的直徑比r小得多，可視為點電荷，此時兩小球之間的靜電力大小為F．若將兩小球的電量同時各減少一半，當他們重新平衡時A．兩小球間的距離大于r/2B．兩小球間的距離小于r/2C．兩小球間的靜電力等于F/2D．兩小球間的靜電力等于F二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，質量分別是m1和m2帶電量分別為q1和q2的小球，用長度不等的輕絲線懸掛起來，兩絲線與豎直方向的夾角分別是α和β(α>β)，兩小球恰在同一水平線上，那么()A．兩球一定帶異種電荷B．q1可能大于q2C．m1一定大于m2D．m1所受庫侖力一定大于m2所受的庫侖力8、如下圖所示，虛線a、b、c代表電場中的三個等勢面，相鄰等勢面之間的電勢差相等，即Uab＝Ubc，實線為一帶正電的質點僅在電場力作用下通過該區(qū)域時的運動軌跡，P、Q是這條軌跡上的兩點，據(jù)此可知（）A．三個等勢面中，a的電勢最高B．帶電質點在P點具有的電勢能比在Q點具有的電勢能大C．帶電質點通過P點時的動能比通過Q點時大D．帶電質點通過P點時的加速度比通過Q點時大9、如圖所示，ABCD是磁感應強度為B的勻強磁場的邊界AB=2a、BC=a，磁場方向垂直紙面向里。一細束質量為m、電荷量為+q的粒子以大小不同的速度在紙面內從E點垂直AB邊界射入磁場，BE=a/2，不計粒子的重力和粒子之間的相互作用，關于粒子在磁場中運動的情況，下列說法中正確的是（）A．在磁場中的運動時間相同的粒子入射速度相同B．到達D點的粒子入射速度大小v=C．落在AD邊的粒子在磁場中運動的最短時間為D．粒子在磁場中運動的最長時間為10、如右圖所示，電場中有A、B兩點，則下列說法中正確的是A．這個電場可能是單獨某個負點電荷產生的電場B．電勢，場強C．將+q電荷分別放在A、B兩點時的加速度D．將+q電荷分別放在A、B兩點時具有的電勢能三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）要測繪一個標有“3V0.6W”小燈泡的伏安特性曲線，要求燈泡兩端的電壓需要由零逐漸增加到3V，并便于操作。已選用的器材有：直流電源（電壓為4V）；電流表（量程為0~0.6A，內阻約0.5Ω)；電壓表（量程為0~3V，內阻約3kΩ)；電鍵一個、導線若干。（1）實驗中所用的滑動變阻器應選下列中的_______（填字母代號）。A．滑動變阻器（最大阻值10Ω，額定電流1A）B．滑動變阻器（最大阻值1kΩ，額定電流0.3A）（2）如圖為某同學在實驗過程中完成的部分電路連接的情況，請你幫他完成其余部分的線路連接。（用黑色水筆畫線表示對應的導線）（3）實驗得到小燈泡的伏安特性曲線如圖所示。由曲線可知小燈泡的電阻隨電壓增大而____________（填“增大”、“不變”或“減小”）（4）如果某次實驗測得小燈泡兩端所加電壓如圖所示，請結合圖線算出此時小燈泡的電阻是_______Ω（保留兩位有效數(shù)字）。（5）根據(jù)實驗得到的小燈泡伏安特性曲線，下列分析正確的是______________。A．測得的小燈泡正常發(fā)光的功率偏小，主要是由于電壓表內阻引起B(yǎng)．測得的小燈泡正常發(fā)光的功率偏小，主要是由于電流表內阻引起C．測得的小燈泡正常發(fā)光的功率偏大，主要是由于電壓表內阻引起D．測得的小燈泡正常發(fā)光的功率偏大，主要是由于電流表內阻引起12．（12分）在用電壓表和電流表測電池的電動勢和內阻的實驗中，所用電壓表和電流表的內阻分別為1kΩ和0.1Ω，圖1為實驗原理圖及所需器件圖．（1）在圖2中畫出連線，將器件按原理圖1連接成實物電路________．（2）一位同學記錄的6組數(shù)據(jù)見表，試根據(jù)這些數(shù)據(jù)在圖3中畫出U﹣I圖象______，根據(jù)圖象讀出電池的電動勢E=_____V，求出電池的內阻r=_____Ω．I（A）

0.12

0.20

0.31

0.32

0.50

0.57

U（V）

1.37

1.32

1.24

1.18

1.10

1.05

四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，BC是半徑為R的圓弧形的光滑且絕緣的軌道，位于豎直平面內，其下端與水平絕緣軌道平滑連接，整個軌道處在水平向左的勻強電場中，電場強度為E．今有一質量為m、帶正電q的小滑塊（體積很小可視為質點），從C點由靜止釋放，滑到水平軌道上的A點時速度減為零．若已知滑塊與水平軌道間的動摩擦因數(shù)為，求：（1）滑塊由C到B的過程中，電場力做什么功？做功為多少？（2）滑塊通過B點時的速度大?。?）水平軌道上A、B兩點之間的距離．14．（16分）有一個小型直流電動機，把它接入電壓為的電路中時，電動機不轉，測得流過電動機的電流是；若把電動機接入的電路中，電動機正常工作，工作電流是，電動機正常工作時的輸出功率多大？如果在電動機正常工作時，轉子突然被卡住，此時電動機的發(fā)熱功率是多大？15．（12分）在傾角為θ的足夠長的絕緣斜面上，帶電的小物塊A和不帶電的絕緣小物塊B正分別沿斜面向上滑行．斜面處于范圍足夠大的勻強電場中，場強方向平行斜面向下．當A剛追上B時，物塊A的速度vA＝1.8m/s，方向沿斜面向上，物塊B的速度恰為零，如圖所示．A追上B時發(fā)生第一次碰撞（碰撞過程經歷時間極短，且無機械能損失，A的電荷也沒有轉移），碰后瞬間A的速度v1＝0.6m/s，方向仍沿斜面向上；碰后經0.60s，物塊A的速率變?yōu)関1＝1.8m/s，在這0.60s時間內兩物塊沒有再次相遇．已知物塊A與斜面間的動摩擦因數(shù)μ＝0.15，質量mA＝0.5kg，物塊B與斜面間的摩擦忽略不計，質量mB＝0.15kg，勻強電場的場強N/C，sinθ＝0.6，cosθ＝0.8，重力加速度g＝10m/s1．求(1)第一次相碰后物塊B的速率；(1)物塊A所帶的電荷量；(3)第一次相碰后0.60s內物塊A的電勢能的變化量.

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、B【解題分析】

以帶電微粒為研究的對象，由題意，其受力如圖：

由于運動方向與豎直向下的方向間的夾角為60°，加速度大小等于重力加速度g，則平行四邊形OACB是兩個等邊三角形組成，所以F電=mg，A錯誤；由圖可知，運動的方向與電場力分子之間的夾角也是60°，所以運動的過程中電場力做正功，帶電微粒的電勢能減小，機械能增大，B正確CD錯誤【題目點撥】該題中，由于運動方向與豎直向下的方向間的夾角為60°，加速度大小等于重力加速度g，所以微粒所受電場力大小是一定值．2、B【解題分析】

兩極板間的電勢差為：則兩極板間的電場強度為：電荷q所受的電場力為：A．，與結論不相符，選項A錯誤；B．，與結論相符，選項B正確；C．，與結論不相符，選項C錯誤；D．，與結論不相符，選項D錯誤；3、B【解題分析】

質子流的方向從上而下射向地球表面，地磁場方向在赤道的上空從南指向北，根據(jù)左手定則，洛倫茲力的方向向東，所以質子向東偏轉。故B正確，ACD錯誤。故選B。4、A【解題分析】本題考查的是對功能關系的理解問題，根據(jù)動能定理，合外力對物體做的功為等于其動能的增加量，A正確；金屬塊克服電場力做功8.0J，電勢能增加也是8J，B錯誤；機械能增加了8J，CD錯誤；5、B【解題分析】

根據(jù)電場線的疏密分析場強的大小，確定電場力的大小，電場線越密，場強越大，同一電荷受到的電場力越大，根據(jù)順著電場線電勢降低，判斷電勢的高低，根據(jù)推論：負電荷在電勢高處電勢能小判斷電勢能的大小；【題目詳解】A、A處電場線最密，電場強度最大，B點處電場線最稀疏，場強最小，故A錯誤．

B、根據(jù)順著電場線電勢降低可知，A點的電勢最高，故B正確；

C、A處電場線最密，電場強度最大，由知同一電荷在A點受到的電場力最大，同理可知在B處受到的電場力最小，故C錯誤；

D、A點電勢最高，由知負電荷在A處電勢能最小，故D錯誤．【題目點撥】本題中電場中常見問題，關鍵抓住電場線的物理意義：電場線的疏密表示電場的強弱，電場線的方向反映電勢的高低．6、A【解題分析】

AB．電量減小，根據(jù)庫侖定律知，庫侖力減小，兩球間的距離減?。僭O兩球距離等于，則庫侖力與開始一樣大，重力不變，則繩子的拉力方向應與原來的方向相同，所以兩球距離要變大些，則兩球的距離大于．選項A正確，B錯誤；CD．當兩球電量減半，兩球距離為時，兩小球間的靜電力等于F；而兩球之間的距離大于，可知靜電力小于F；當兩小球間的靜電力等于時，兩球之間的距離應該為，但是此時靜電力與重力的合力方向與細繩方向不共線，可知兩小球間的靜電力不等于，選項CD錯誤．二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AB【解題分析】

A.兩球相互吸引必定是異種電荷，故A正確。B.根據(jù)牛頓第三定律，兩球間的庫侖力大小相等，無法判斷電量的大小，q1可能大于q2，故B正確。C.設兩球間庫侖力大小為F，對m1研究，得到：同理，對m2研究，得到則因α＞β，得到m1＜m2，故C錯誤。D.根據(jù)牛頓第三定律，m1所受庫侖力一定等于m2所受的庫侖力，故D錯誤。8、ABD【解題分析】

電荷所受電場力指向軌跡內側，由于電荷帶正電，因此電場線指向右下方，沿電場線電勢降低，故a等勢線的電勢最高，c點的電勢最低，故A正確；根據(jù)質點受力情況可知，從P到Q過程中電場力做正功，電勢能降低，故P點的電勢能大于Q點的電勢能，故B正確；從P到Q過程中電場力做正功，電勢能降低，動能增大，故P點的動能小于Q點的動能，故C錯誤；根據(jù)電場線的疏密來確定電場強度的強弱，可知，質點在P點時的電場力比通過Q點時大，那么P點時的加速度比通過Q點時大，故D正確．9、CD【解題分析】

粒子在磁場中做勻速圓周運動，洛倫茲力提供向心力，分析清楚粒子運動過程，根據(jù)粒子做圓周運動的周期公式與粒子轉過圓心角、應用牛頓第二定律分析答題。【題目詳解】粒子在磁場中做圓周運動的周期：與粒子的速度無關，從AB邊離開磁場的粒子在磁場中的運動時間：t=T都相等，從AB邊的不同位置離開磁場的粒子運動軌跡不同，粒子軌道半徑r不同，粒子速度不同，故A錯誤；當粒子速度較小時，粒子從AB邊離開磁場，粒子運動軌跡與CD相切時從AD邊的最高點離開磁場，粒子速度再增大，粒子將從CD邊離開磁場，粒子不可能從D點離開磁場，故B錯誤；粒子運動軌跡與CD相切時粒子從AD邊離開，此時粒子的運動時間是從AD邊離開磁場的粒子中運動時間最短的，粒子運動軌跡如圖所示：由幾何知識得，粒子運動軌跡：r=a，，粒子在磁場中轉過的圓心角：α=180°﹣θ=120°，粒子在磁場中的運動時間：，故C正確；粒子從AB邊離開磁場時在磁場中的運動時間最長，為：，故D正確。所以CD正確，AB錯誤?！绢}目點撥】本題考查了帶電粒子在勻強磁場中的運動，粒子在磁場中做圓周運動，洛倫茲力提供向心力，分析清楚粒子運動過程是解題的前提與關鍵，根據(jù)粒子運動過程與周期公式、應用幾何知識即可解題。10、BD【解題分析】A、單獨負電荷產生的電場是直線不是彎曲的電場線，故A錯誤B、沿電場線電勢降低，所以，電場線疏密代表了電場強度的大小，所以，故B正確；C、由于，所以將+q電荷分別放在A、B兩點時的加速度，故C錯誤；D、由于，所以將+q電荷分別放在A、B兩點時具有的電勢能，故D正確；綜上所述本題答案是：BD三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、A增大12C【解題分析】

由于采用分壓式接法，為方便實驗操作，應選最大阻值較小的滑動變阻器；根據(jù)題意確定滑動變阻器與電流表的接法，然后連接實物電路圖；根據(jù)圖示圖象應用歐姆定律分析答題；由圖示電壓表讀出其示數(shù)，由圖示圖象求出對應的電流，然后由歐姆定律求出電阻阻值；根據(jù)電路圖應用串并聯(lián)電路特點與功率公式分析答題；【題目詳解】解：(1)由于采用分壓式接法，為方便實驗操作，滑動變阻器應選擇A；(2)描繪燈泡伏安特性曲線，電壓與電流應從零開始變化，滑動變阻器應采用分壓接法，燈泡正常發(fā)光時的電阻為：R=U2P=320.6=15Ω(3)由圖示圖象可知，隨電壓增大通過燈泡的電流增大，電壓與電流表的比值增大，燈泡電阻增大；(4)電壓表量程為3V，由圖示電壓表可知其分度值為0.1V，示數(shù)為2.3V，由圖示圖象可知，2.3V對應的電流為0.196A，此時燈泡電阻為：R=U(5)電流表采用外接法，由于電壓表的分流作用，所測電流I偏大，測得的小燈泡正常發(fā)光的功率P=UI偏大，故C正確，A、B、D錯誤；故選C。12、1.450.1【解題分析】

（1）根據(jù)原理圖明確電路原理，根據(jù)實物圖作圖方法連接各元件即可；（2）由表中數(shù)據(jù)作出伏安特性曲線，由圖象的縱坐標可求得電源的電動勢；由斜率求得電阻．（1）按照實驗原理圖將實物圖連接起來，如圖甲所示．（2）根據(jù)U、I數(shù)據(jù)，在方格紙UI坐標系上找點描跡．如圖乙所示，然后將直線延長，交U軸于U1≈1.45V，此即為電源電動勢；交I軸于I≈0.65A，注意此時U2=1.00V，則r=Ω≈0.1Ω．故答案為（1）如圖所示；（2）1.45；0.1．【題目點撥】解決本題的關鍵掌握伏安法測量電源電動勢和內阻的原理，即E=U+Ir，會根據(jù)U﹣I圖線求電源的電動勢內阻．四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）負功，-qER；（2）；（3）【解題分析】

（1）滑塊由C到B的過程中，電場力向左，電場力對滑塊做負功，做功為：W=-qER（2）對從C到B過程，根據(jù)動能定理，有：mgR-qER=mvB2-0解得滑塊通過B點時的