江蘇省鎮(zhèn)江一中2024屆高二物理第一學(xué)期期中調(diào)研試題含解析

江蘇省鎮(zhèn)江一中2024屆高二物理第一學(xué)期期中調(diào)研試題注意事項(xiàng)1．考生要認(rèn)真填寫考場號和座位序號。2．試題所有答案必須填涂或書寫在答題卡上，在試卷上作答無效。第一部分必須用2B鉛筆作答；第二部分必須用黑色字跡的簽字筆作答。3．考試結(jié)束后，考生須將試卷和答題卡放在桌面上，待監(jiān)考員收回。一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、如圖所示，兩塊正對平行金屬板M、N與電池相連，N板接地，在距兩板等距離的P點(diǎn)固定一個帶負(fù)電的點(diǎn)電荷，如果M板向上平移一小段距離，則（）A．點(diǎn)電荷受到的電場力變小 B．M板的帶電荷量增加C．P點(diǎn)的電勢升高 D．點(diǎn)電荷在P點(diǎn)具有的電勢能增加2、兩個帶有等量正電荷的點(diǎn)電荷，固定在圖中P、Q兩點(diǎn)，MN為PQ連線的中垂線，交PQ連線于O點(diǎn)，A為MN上的一點(diǎn).一帶負(fù)電的試探電荷q，從A點(diǎn)由靜止釋放，只在靜電力作用下運(yùn)動，取無限遠(yuǎn)處的電勢為零，則()A．q運(yùn)動到O點(diǎn)時電勢能為零B．q運(yùn)動到O點(diǎn)時的動能最大C．q由A向O的運(yùn)動是勻加速直線運(yùn)動D．q由A向O運(yùn)動的過程中電勢能先逐漸減小后又逐漸增大3、“電子能量分析器”主要由處于真空中的電子偏轉(zhuǎn)器和探測板組成．偏轉(zhuǎn)器是由兩個相互絕緣、半徑分別為RA和RB的同心金屬半球面A和B構(gòu)成，A、B為電勢值不等的等勢面電勢分別為φA和φB，其過球心的截面如圖所示．一束電荷量為e、質(zhì)量為m的電子以不同的動能從偏轉(zhuǎn)器左端M的正中間小孔垂直入射，進(jìn)入偏轉(zhuǎn)電場區(qū)域，最后到達(dá)偏轉(zhuǎn)器右端的探測板N，其中動能為Ek0的電子沿等勢面C做勻速圓周運(yùn)動到達(dá)N板的正中間．忽略電場的邊緣效應(yīng)．下列說法中正確的是A．A球面電勢比B球面電勢高B．電子在AB間偏轉(zhuǎn)電場中做勻變速運(yùn)動C．等勢面C所在處電勢大小為D．等勢面C所在處電場強(qiáng)度的大小為E=4、某電熱器的電阻為R，當(dāng)通過它的電流為I時，該電熱器消耗的電功率A．IR B．I2RC． D．5、帶電粒子僅在電場力作用下，從電場中a點(diǎn)以初速度進(jìn)入電場并沿虛線所示的軌跡運(yùn)動到b點(diǎn)，如圖所示，實(shí)線是電場線，關(guān)于粒子，下列說法正確的是A．在a點(diǎn)的加速度大于在b點(diǎn)的加速度B．在a點(diǎn)的電勢能小于在b點(diǎn)的電勢能C．在a點(diǎn)的速度小于在B點(diǎn)的速度D．電場中a點(diǎn)的電勢一定比b點(diǎn)的電勢高6、如圖所示，一水平放置的平行板電容器帶上一定電荷量后，將下極板B接地，一帶負(fù)電油滴靜止于兩極板間的P點(diǎn)．現(xiàn)將平行板電容器的上極板A豎直向下移動一小段距離，下列說法正確的是A．P點(diǎn)的電勢將增大，帶電油滴將向上運(yùn)動B．P點(diǎn)的電勢將增大，帶電油滴將向下運(yùn)動C．P點(diǎn)的電勢不變，帶電油滴仍然靜止D．P點(diǎn)的電勢不變，帶電油滴將向上運(yùn)動二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項(xiàng)中，有多個選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、在同一光滑斜面上放同一導(dǎo)體，如圖所示是兩種情況的剖面圖。它們所處空間有大小相同的磁場，左圖磁場方向垂直于斜面，右圖磁場方向垂直于水平面，導(dǎo)體A分別通有電流I1和I2，都處于靜止?fàn)顟B(tài)。已知斜面的傾角為θ，則A．I1∶I2＝cosθ∶1B．I1∶I2＝1∶1C．兩種情況導(dǎo)體A所受安培力大小之比F1∶F2=sinθ∶cosθD．兩種情況導(dǎo)體A所受安培力大小之比F1∶F2=cosθ∶18、如圖，正方形ABCD內(nèi)有垂直于紙面的勻強(qiáng)磁場，三個質(zhì)量和電荷量都相同的帶電粒子a、b、c，從B點(diǎn)以不同的速率沿著BC方向射入磁場，粒子a從D點(diǎn)射出，粒子b從AD邊的中點(diǎn)E射出，粒子c從AB邊的中點(diǎn)F射出．若帶電粒子僅受磁場力的作用，下列說法正確的是A．a(chǎn)粒子的速率是b粒子速率的兩倍B．在磁場中運(yùn)動的時間，c是a的兩倍C．在磁場中運(yùn)動的弧長，a是c的兩倍D．若c粒子的速率稍微減小，在磁場中的運(yùn)動時間不變9、如圖所示為兩電阻R1和R2的伏安特性曲線．若在兩電阻兩端加相同的電壓，關(guān)于它們的電阻值及發(fā)熱功率比較正確的是()A．電阻R1的阻值較大B．電阻R2的阻值較大C．電阻R1的發(fā)熱功率較大D．電阻R2的發(fā)熱功率較大10、某靜電場的電場線分布如圖所示，一負(fù)點(diǎn)電荷只在電場力作用下先后經(jīng)過電場中的M、N兩點(diǎn)．過N點(diǎn)的虛線是電場中的一條等勢線，則()A．M點(diǎn)的電場強(qiáng)度小于N點(diǎn)的電場強(qiáng)度B．M點(diǎn)的電勢低于N點(diǎn)的電勢C．負(fù)點(diǎn)電荷在M點(diǎn)的電勢能小于在N點(diǎn)的電勢能D．負(fù)點(diǎn)電荷在M點(diǎn)的動能大于在N點(diǎn)的動能三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）測定電源的電動勢和內(nèi)電阻的實(shí)驗(yàn)電路和U﹣I圖象如下，回答下列問題：①現(xiàn)備有以下器材：A．干電池1個

B．滑動變阻器（1～51Ω）D．電壓表（1～3V）

E．電壓表（1～15V）F．電流表（1～1．6A）

G．電流表（1～3A）其中電流表應(yīng)選______，電壓表應(yīng)選______．（填字母代號）②根據(jù)圖線讀出電池的電動勢E=__________V，電池的內(nèi)阻r=________Ω.12．（12分）描繪出平拋運(yùn)動軌跡可求拋出速度，A是一塊平面木板，在其上等間隔地開鑿出一組平行的插槽（圖中、…）間距均為。把覆蓋復(fù)寫紙的白紙鋪貼在硬板B上。實(shí)驗(yàn)時依次將B板插入A板的各插槽中，每次讓小球從斜軌的一同位置由靜止釋放。每打完一點(diǎn)后，把B板插入后一槽中并同時向紙面內(nèi)側(cè)平移距離d。實(shí)驗(yàn)得到小球在白紙上打下的若干痕跡點(diǎn)。(1)對實(shí)驗(yàn)裝置反復(fù)調(diào)節(jié)，直到斜槽末端水平，每次讓小球從同一位置由靜止釋放，是為了_______；(2)每次將B板向內(nèi)側(cè)平移相同的距離，是為了_______；(3)在圖中繪出平拋運(yùn)動的軌跡，平拋運(yùn)動初速度公式為：_______（已知，用表示）四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，兩條足夠長的平行金屬導(dǎo)軌相距L，與水平面的夾角為，整個空間在垂直于導(dǎo)軌平面的勻強(qiáng)磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小均為B，虛線上方軌道光滑且磁場方向上，虛線下方軌道粗糙且磁場方形向下．當(dāng)導(dǎo)體棒EF以初速度沿導(dǎo)軌滑至最大高度的過程中，導(dǎo)體棒MN一直靜止在導(dǎo)軌上．若兩導(dǎo)體棒質(zhì)量均為m、電阻均為R,導(dǎo)軌電阻不計(jì)，重力加速度為g，在此過程中異體棒EF上產(chǎn)生的焦耳熱為Q．求：（1）導(dǎo)體捧受到的最大摩擦力；（2）異體棒EF上升的最大高度；（3）若已知此過程通過EF的電荷量為q，求過程經(jīng)歷時間．14．（16分）在平面直角坐標(biāo)系xOy中，第Ⅰ象限存在沿y軸負(fù)方向的勻強(qiáng)電場，第Ⅳ象限存在垂直于坐標(biāo)平面向外的勻強(qiáng)磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B．一質(zhì)量為m、電荷量為q的帶正電的粒子從y軸正半軸上的M點(diǎn)以一定的初速度垂直于y軸射入電場，經(jīng)x軸上的N點(diǎn)與x軸正方向成θ=60°角射入磁場，最后從y軸負(fù)半軸上的P點(diǎn)垂直于y軸射出磁場，已知ON=d，如圖所示．不計(jì)粒子重力，求：（1）粒子在磁場中運(yùn)動的軌道半徑R；（2）粒子在M點(diǎn)的初速度v0的大??；15．（12分）如圖所示為研究電子槍中電子在電場中運(yùn)動的簡化模型示意圖．在Oxy平面的ABCD區(qū)域內(nèi)，存在兩個場強(qiáng)大小均為E的勻強(qiáng)電場I和II，兩電場的邊界均是邊長為L的正方形，電子的電量為e（不計(jì)電子所受重力）．（1）在該區(qū)域AB邊的中點(diǎn)處由靜止釋放電子，求電子離開ABCD區(qū)域的位置坐標(biāo)．（2）在電場I區(qū)域內(nèi)適當(dāng)位置由靜止釋放電子，電子恰能從ABCD區(qū)域左下角D處離開，求所有釋放點(diǎn)的位置坐標(biāo)．（3）在滿足（2）的情況下，粒子從釋放點(diǎn)出發(fā)到達(dá)D點(diǎn)所需的最短時間是多少．

參考答案一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、A【解題分析】

AB．由題分析得知，電容器的板間電壓保持不變，將M板向上平移一小段距離，板間距離增大，由公式可知，板間場強(qiáng)減小，點(diǎn)電荷受到的電場力減小，故A正確；B．電容器的板間電壓保持不變，將M板向上平移一小段距離，板間距離增大，電容器的電容C減小，根據(jù)Q=UC可知，M板的帶電量減小，故B錯誤；C．板間場強(qiáng)減小，P點(diǎn)與下板間的距離未變，則由U=Ed，可知P點(diǎn)與下板之間電勢差減小，下板電勢為零，且P點(diǎn)的電勢高于下板的電勢，則P點(diǎn)的電勢降低，故C錯誤；D．該點(diǎn)電荷帶正電，P點(diǎn)的電勢降低，則點(diǎn)電荷在P點(diǎn)具有的電勢能減小，故D錯誤。故選A。【題目點(diǎn)撥】解答本題時，關(guān)鍵要對物理量間的關(guān)系要熟悉。分析時要抓住不變量，知道電容器與電源保持相連時板間電壓不變．往往先確定電勢差，再確定電勢。2、B【解題分析】

取無限遠(yuǎn)處的電勢為零，正電荷周圍電勢為正值，所以O(shè)點(diǎn)的電勢大于0，根據(jù)電勢能定義Ep＝qφ，電荷q帶負(fù)電，則q運(yùn)動到O點(diǎn)時電勢能為負(fù)值，并不為零．故A錯誤．從A到O過程，電場力做正功，動能增大，從O到N相對于O點(diǎn)的對稱點(diǎn)的過程中，電場力做負(fù)功，動能減小，故在O點(diǎn)試探電荷的動能最大，故B正確．兩等量正電荷周圍部分電場線如圖所示，其中P、Q連線的中垂線MN上，從無窮遠(yuǎn)到O過程中電場強(qiáng)度先增大后減小，且方向始終指向無窮遠(yuǎn)方向．故試探電荷所受的電場力是變化的，q由A向O的運(yùn)動做非勻加速直線運(yùn)動，故C錯誤．電場力方向與AO方向一致，電場力做正功，電勢能逐漸減??；故D錯誤．故選B．3、D【解題分析】電子做勻速圓周運(yùn)動，電場力提供向心力，受力的方向與電場的方向相反，所以B板的電勢較高；故A錯誤；電子做勻速圓周運(yùn)動，受到的電場力始終始終圓心，是變力，所以電子在電場中的運(yùn)動不是勻變速運(yùn)動．故B錯誤；該電場是放射狀電場，內(nèi)側(cè)的電場線密，電場強(qiáng)度大，所以UBC＞UCA，即：φC-φB＞φC-φA，所以：φC＜．故C錯誤．電子在等勢面C所在處做勻速圓周運(yùn)動，電場力提供向心力：；又：，EK0＝mv2，聯(lián)立以上各式，得：E＝．故D正確；故選D.4、B【解題分析】

電熱器可以看成是純電阻電路，根據(jù)焦耳定律可知，其熱功率等于電功率，所以故B正確。5、C【解題分析】電場線密的地方電場的強(qiáng)度大，電場線疏的地方電場的強(qiáng)度小，可知EA＜EB，所以a、b兩點(diǎn)比較，粒子的加速度在b點(diǎn)時較大，故A錯誤；由粒子的運(yùn)動的軌跡可以知道，粒子受電場力的方向應(yīng)該指向軌跡的內(nèi)側(cè)，根據(jù)電場力方向與速度方向的夾角得電場力先做負(fù)功后做正功，電勢能先增大后減小，整個過程電場力做正功，電勢能減小，即在a點(diǎn)的電勢能大于在b點(diǎn)的電勢能，故B錯誤；整個過程電場力做正功，根據(jù)動能定理得經(jīng)b點(diǎn)時的動能大于經(jīng)a點(diǎn)時的動能，所以無論粒子帶何種電，經(jīng)b點(diǎn)時的速度總比經(jīng)a點(diǎn)時的速度大，故C正確；由于不知道粒子的電性，也不能確定電場線的方向，所以無法確定a點(diǎn)的電勢和b點(diǎn)的電勢大小關(guān)系，故D錯誤；故選C．6、C【解題分析】兩極板間的電荷量恒定，、、可得，即兩極板間的電場強(qiáng)度，與兩極板間的距離無關(guān)，電場強(qiáng)度不變，所以油滴受力不變，仍處于靜止?fàn)顟B(tài)，因?yàn)镻到下極板的距離不變，而B極板電勢恒為零，根據(jù)可得P點(diǎn)的電勢不變，故C正確；【題目點(diǎn)撥】在分析電容器動態(tài)變化時，需要根據(jù)判斷電容器的電容變化情況，然后結(jié)合，等公式分析，需要注意的是，如果電容器和電源相連則電容器兩極板間的電壓恒定，如果電容器充電后與電源斷開，則電容器兩極板上的電荷量恒定不變二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項(xiàng)中，有多個選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AD【解題分析】

導(dǎo)體棒受力如圖，I1

所受的安培力沿斜面向上，I2所受的安培力水平向右；

I1

所受的安培力沿斜面向上，如圖根據(jù)共點(diǎn)力平衡得，F(xiàn)1=mgsinθ；I2所受的安培力水平向右如圖，根據(jù)共點(diǎn)力的平衡得：F2=mgtanθ。又：F1=BI1L；F2=BI2L；所以：；故AD正確，BC錯誤；故選AD?！绢}目點(diǎn)撥】解決本題的關(guān)鍵是根據(jù)左手定則判斷安培力的方向，正確地進(jìn)行受力分析，運(yùn)用共點(diǎn)力平衡進(jìn)行求解。8、BCD【解題分析】

粒子在磁場中做勻速圓周運(yùn)動時，由洛倫茲力提供向心力，由牛頓第二定律得：，可得：，令正方形的邊長為L，由圖可知a粒子的半徑，有幾何關(guān)系可得b粒子的半徑為：，c粒子的半徑，由此可得：，故A錯誤；粒子的運(yùn)動周期均為，由圖可知a粒子的運(yùn)動時間為，c粒子的運(yùn)動時間為，所以，故B正確；a運(yùn)動的弧長為：，c運(yùn)動的弧長為：，所以，故C正確；若c粒子的速率稍微減小，在磁場中的運(yùn)動時間仍是，故D正確．所以BCD正確，A錯誤．9、BC【解題分析】

因?yàn)樵搱D象是I-U圖線，圖象的斜率表示電阻的倒數(shù)，斜率越大，電阻越小，所以R2的阻值大于R1的阻值，故A錯誤、B正確．根據(jù)功率的公式P=U2R，電壓相同，電阻大的功率小，所以R1的發(fā)熱功率大，故10、CD【解題分析】從電場線分布可見．M點(diǎn)電場線密，電場強(qiáng)，故A錯誤．順著電場線的方向電勢降低，由圖可見M點(diǎn)在高等勢面，故B錯誤．負(fù)電荷從低等勢面運(yùn)動到高等勢面，電場力做正功，電勢能減少．也就是說負(fù)電荷在高等勢面的電勢能小，M點(diǎn)電勢高，負(fù)電荷在M點(diǎn)的電勢能少．故C正確．只有電場力做功時，電荷總能量不變，即電勢能和運(yùn)動的和不變．電勢能小的地方動能大，也就是說在M點(diǎn)的動能大．故D正確．故選CD．點(diǎn)睛：解答此類問題要知道：電場線的疏密反映了電場的強(qiáng)弱．順著電場線的方向電勢降低．負(fù)電荷從低等勢面運(yùn)動到高等勢面，電場力做正功，電勢能減少．只有電場力做功時，電荷總能量不變，即電勢能和運(yùn)動的和不變．電勢能小的地方動能大，動能大．三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、①F；D；②1.5；1.1【解題分析】①由題意可知，電源采用電池供電，故電動勢只有1.5V，則為了準(zhǔn)確電壓表只能選擇D；而電流表只有最大量程為1.6A和3A的；因電動勢較小，故電流表只能選擇F，②圖象與縱坐標(biāo)的交點(diǎn)為1.5V，故電源的電動勢為1.5V，。點(diǎn)晴：干電池電動勢為1.5V，根據(jù)電壓表量程可以選擇電壓表，根據(jù)電路中的電流選擇電流表及滑動變阻器；在U-I圖象中，圖象與縱坐標(biāo)的交點(diǎn)為電動勢；圖象的斜率表示電源的內(nèi)阻。12、保持小球水平拋出的初速度相同保持相鄰痕跡點(diǎn)的水平距離大小相同【解題分析】

(1)[1]實(shí)驗(yàn)前應(yīng)對實(shí)驗(yàn)裝置反復(fù)調(diào)節(jié)，直到斜槽末端水平，保證做平拋運(yùn)動，初速度水平，每次讓小球從同一位置由靜止釋放，是為了保持小球水平拋出的初速度相同(2)[2]平拋運(yùn)動在水平方向上做勻速直線運(yùn)動，每次將B板向內(nèi)側(cè)平移距離d，是為了保持相鄰痕跡點(diǎn)的水平距離大小相同，即為獲取相等的時間并在x軸上形成位移(3)[3]豎直方向有，水平方向有，聯(lián)立解得四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）（2）（3）【解題分析】（1）導(dǎo)體棒EF向上做減速運(yùn)動，產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢和感應(yīng)電流逐漸減小，MN所受的安培力方向沿導(dǎo)軌向下，大小不斷減小，所以EF棒剛開始運(yùn)動時MN所受的摩擦力最大．

EF獲得向上初速度v0時，產(chǎn)生感應(yīng)電動勢為：電路中電流為I，由閉合電路歐姆定律有：此時對導(dǎo)體棒MN受力分析，由平衡條件有：，解得：（2）導(dǎo)體棒EF上升過程MN一直靜止，對系統(tǒng)由能量的轉(zhuǎn)化和守恒定律知，解得：（3）對EF棒由動量定理，，解得14、（1）；（2）【解題分析】

（1）作出粒子運(yùn)動軌跡，由幾何知識求出粒子軌道半徑；（2）應(yīng)用牛頓第二定律與類平拋運(yùn)動規(guī)律求出粒子的速度；【題目詳解】（1）粒子的運(yùn)動軌跡如圖所示：

由幾何知識得：Rsinθ=d，

解得：R=d；

（2）粒子在磁場中做勻速圓周運(yùn)動，洛倫茲力提供向心力，由牛頓第二定