迪慶市重點中學2024屆物理高二上期中質(zhì)量跟蹤監(jiān)視試題含解析

迪慶市重點中學2024屆物理高二上期中質(zhì)量跟蹤監(jiān)視試題注意事項：1．答卷前，考生務必將自己的姓名、準考證號、考場號和座位號填寫在試題卷和答題卡上。用2B鉛筆將試卷類型（B）填涂在答題卡相應位置上。將條形碼粘貼在答題卡右上角"條形碼粘貼處"。2．作答選擇題時，選出每小題答案后，用2B鉛筆把答題卡上對應題目選項的答案信息點涂黑；如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案。答案不能答在試題卷上。3．非選擇題必須用黑色字跡的鋼筆或簽字筆作答，答案必須寫在答題卡各題目指定區(qū)域內(nèi)相應位置上；如需改動，先劃掉原來的答案，然后再寫上新答案；不準使用鉛筆和涂改液。不按以上要求作答無效。4．考生必須保證答題卡的整潔?？荚嚱Y束后，請將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，通有恒定電流的導線MN與閉合金屬框共面，第一次將金屬框由位置Ⅰ平移到位置Ⅱ，第二次將金屬框繞cd邊翻轉(zhuǎn)到位置Ⅱ，設先、后兩次穿過金屬框的磁通量變化分別為Δ?1和A．Δ?1>Δ?2B．2、一段長為L、電阻為R的粗細均勻金屬絲，把它拉成長為4L的均勻細絲后，切成等長的4段，然后把它們并聯(lián)在一起，其阻值為()A． B．4R C． D．R3、以下說法正確的是()A．由可知，電場中某點的電場強度E與電場力F成正比B．由可知，電場中兩點的電勢差與電場力做功成正比C．由可知，某段導體的電阻與流過導體的電流成反比D．由可知，真空中，離場源點電荷Q的距離r越大，電場強度E越小4、如圖所示勻強電場E的區(qū)域內(nèi)，在O點處放置一點電荷+Q，a、b、c、d、e、f為以O點為球心的球面上的點，aecf平面與電場平行，bedf平面與電場垂直，則下列說法中正確的是（）A．b、d兩點的電場強度不相同B．a(chǎn)點的電勢等于f點的電勢C．點電荷+q在球面上任意兩點之間移動時，電場力一定做功D．將點電荷+q在球面上任意兩點之間移動，從球面上a點移動到c點的電勢能變化量一定最大5、假設在真空玻璃盒內(nèi)有一固定于地面上空附近的N極磁單極子，其磁場分布與正點電荷電場分布相似，周圍磁感線呈均勻輻射式分布如圖所示．一質(zhì)量為m、電荷量為q的帶電粒子正在該磁單極子上方附近做速度大小為v、半徑為R的勻速圓周運動，其軌跡如虛線所示，軌跡平面為水平面．(已知地球表面的重力加速度大小為g,不考慮地磁場的影響),則()A．帶電粒子一定帶負電B．若帶電粒子帶正電，從軌跡上方朝下看，粒子沿逆時針方向運動C．帶電粒子做勻速圓周運動的向心力僅由洛倫茲力提供D．帶電粒子運動的圓周上各處的磁感應強度大小為6、如圖所示，一通電直導線位于勻強磁場中，導線與磁場方向垂直．當導線中的電流為I時，通電導線所受安培力的大小為F．當該導線中的電流變?yōu)?I時，保持其他條件不變，通電導線所受安培力的大小為A． B．FC．2F D．4F二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、手電筒的兩節(jié)干電池，已經(jīng)用了較長時間，小燈泡只能發(fā)出很微弱的光，把它們?nèi)〕鰜?，用電壓表測電壓，電壓表示數(shù)很接近3V，再把它們作為一個電子鐘的電源，電子鐘能正常工作．下列說法正確的是()A．這兩節(jié)干電池的電動勢減小了很多B．這兩節(jié)干電池的內(nèi)電阻增加較大C．這臺電子鐘的額定電壓一定比手電筒里的小燈泡額定電壓小D．這臺電子鐘正常工作時的電流一定比手電筒里的小燈泡正常工作時的電流小8、圖為一個示波器工作原理的示意圖，電子經(jīng)電壓為U1的加速電場后以速度v0垂直進入偏轉(zhuǎn)電場，離開電場時的偏轉(zhuǎn)量是h，兩平行板間的距離為d，電勢差U2，板長L，為了提高示波管的靈敏度（每單位電壓引起的偏轉(zhuǎn)量h/U2）可采取的方法是（）A．減小兩板間電勢差U2B．盡可能使板長L長些C．使加速電壓U1降低一些D．盡可能使板間距離d大一些9、如圖所示，電源電動勢E和內(nèi)阻r一定，R1、R2是定值電阻，R3是光敏電阻(光敏電阻阻值隨光照強度的增加而變小)。閉合開關，當照射到R3的光照強度增加時，以下判斷正確的是（）A．電流表示數(shù)一定變小 B．電壓表示數(shù)一定變小C．R1的功率一定變小 D．R2的功率一定變大10、一物體做自由落體運動，?。P于該物體的運動情況，下列說法正確的是A．第1s末的速度為 B．第1s末的速度為C．第1s內(nèi)下落的距離為15m D．第1s內(nèi)下落的距離為5m三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）某同學利用如圖所示的裝置來驗證由小車與鉤碼組成的系統(tǒng)機械能守恒(1)現(xiàn)提供如下器材：A．小車B．鉤碼C．一端帶滑輪的長木板D．細繩E．電火花打點計時器F．紙帶G．毫米刻度尺H．游標卡尺I．低壓交流電源J．220V交流電源實驗中不需要的器材是________(填寫器材前的字母)，還需要的器材是________．(2)為盡可能消除摩擦力對本實驗的影響，使驗證結果盡可能準確，則小車質(zhì)量M和鉤碼質(zhì)量m的關系應該滿足________．(3)小明和小軍同學在做該實驗時，小明認為只要采用平衡摩擦力的方法將摩擦力平衡掉就可以了，無須滿足(2)問中小車質(zhì)量M和鉤碼質(zhì)量m的關系，而小軍卻否認小明的看法，你認為小明的看法是否正確并說明理由．___________________________________________(4)兩位同學統(tǒng)一觀點后完成實驗，得到一條紙帶，去掉前面比較密集的點，選擇點跡清晰且便于測量的連續(xù)7個點(標號為0～6)，測出相關距離如圖所示，要驗證在第2點與第5點時系統(tǒng)的機械能相等，則應滿足關系式________________________________(設小車質(zhì)量M，鉤碼質(zhì)量m，打點周期為T)．12．（12分）某同學用50分度的游標卡尺測定一金屬桿的直徑，另一同學用螺旋測微器測小球的直徑示數(shù)如所示，則該金屬桿的直徑為____________mm,小球的直徑是______mm。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，在無限長的豎直邊界AC和DE間，上、下部分分別充滿方向垂直于平面ADEC向外的勻強磁場，上部分區(qū)域的磁感應強度大小為B0，OF為上、下磁場的水平分界線，質(zhì)量為m、帶電荷量為＋q的粒子從AC邊界上與O點相距為a的P點垂直于AC邊界射入上方磁場區(qū)域，經(jīng)OF上的Q點第一次進入下方磁場區(qū)域，Q與O點的距離為3a，不考慮粒子重力．（1）求粒子射入時的速度大??；（2）要使粒子不從AC邊界飛出，求下方磁場區(qū)域的磁感應強度B1應滿足的條件；（3）若下方區(qū)域的磁感應強度B=3B0，粒子最終垂直DE邊界飛出，求邊界DE與AC間距離的可能值．14．（16分）如圖所示，在平面直角坐標系xOy中，第I象限存在沿y軸負方向的水平勻強電場，在y軸負半軸上的某處固定著一點電荷（設勻強電場與點電荷電場以x軸為界互不影響），一質(zhì)量為m，電荷量為q的帶正電的粒子從y軸正半軸上的M點以速度v0垂直于y軸射入電場，經(jīng)x軸上的N點與x軸正方向成θ=60°角射入第IV象限，此后在點電荷作用下做勻速圓周運動，最后從y軸負半軸上的P點垂直于y軸射出，OP=3R．不計粒子重力，靜電力常量為k，求：（1）M、N兩點間的電勢差UMN；

（2）固定x軸下側平面內(nèi)的點電荷電量Q.15．（12分）如圖所示，已知路端電壓U＝18V，電容器C1＝6μF、C2＝3μF，電阻R1＝6Ω、R2＝3Ω.當開關S斷開時，A、B兩點間的電壓UAB等于多少？當S閉合時，電容器C1的電荷量改變了多少？

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解題分析】

第一次將金屬框由位置I平移到位置Ⅱ，磁感線穿過金屬框的方向沒有改變，磁通量變化量等于在這兩個位置時的磁通量的差值；第二次將金屬框繞邊翻轉(zhuǎn)到位置Ⅱ，磁感.線穿過金屬框的方向發(fā)生改變，磁通量變化量等于兩個位置時的磁通量絕對值之和，所以Δ?1<Δ?2故選C2、D【解題分析】

把粗細均勻金屬絲拉成長為的均勻細絲后，切成等長的4段，每段長度不變，橫截面積變?yōu)樵瓉淼?，根?jù)電阻定律可得每段的電阻為；然后把它們并聯(lián)在一起，其總阻值為，故選項D正確，A、B、C錯誤。3、D【解題分析】

A．由場強的比值定義式，可知，電場強度反映電場本身的性質(zhì)，與試探電荷的電荷量無關。故A錯誤。B．由電勢差的定義可知，可知電場中兩點的電勢差UAB與電場力做功WAB無關。故B錯誤。C．電阻是導體本身的性質(zhì)，其大小與電壓和電流無關。故C錯誤。D．真空中點電荷的電場強度公式，中Q是場源電荷，所以電場中某點電場強度和場源電荷的電荷量有關，那么離場源點電荷Q的距離r越大，電場強度E越小。故D正確。4、D【解題分析】考點：電場強度；電勢能．專題：電場力與電勢的性質(zhì)專題．分析：該電場是勻強電場和點電荷電場的合電場，根據(jù)電場的疊加比較電場強度的大小和方向．通過電場力做功判斷電勢差的大小，從而判斷電勢的高低．解答：解：A、b、d兩點的合場強大小相等，方向不同，所以場強不同．故A錯誤．B、將電荷從e點移到f點，點電荷的電場不做功，勻強電場也不做功，知合場強不做功，所以兩點間的電勢差為0，兩點電勢相等．故B正確．C、點電荷+q在球面上任意兩點之間移動時，點電荷的電場不做功，但勻強電場不一定不做功．所以電場力不一定不做功．故C錯誤．D、a點與c點連線勻強電場的場強相等，方向相同，但關于O點對稱的點電荷的場強大小相等，方向相反，在這連線上沒有場強相同的點．故D正確．故選BD．點評：解決本題的關鍵知道電場強度是矢量，合成遵循平行四邊形定則，以及知道電場力做功與電勢差的關系．5、D【解題分析】根據(jù)左手定則知，從軌跡上方朝下看，若該粒子沿順時針方向運動，該電荷帶正電，若該粒子沿逆時針方向運動，該電荷帶負電，AB錯誤；該粒子受到的洛倫茲力與所在處的磁感線方向垂直且斜向上，只是其水平分力(或者說是洛倫茲力與重力的合力)提供做勻速圓周運動的向心力，C錯誤；由洛倫茲力與重力的合力提供做勻速圓周運動的向心力，結合勾股定理，有，得該粒子所在處磁感應強度大小，C錯誤D正確．6、C【解題分析】

由圖可知，電流的方向與磁場的方向垂直，由安培力的公式：可知，當該導線中的電流變?yōu)?I時，保持其他條件不變時，安培力的大?。篈．與分析不符，故A錯誤；B．F與分析不符，故B錯誤；C．2F與分析相符，故C正確；D．4F與分析不符，故D錯誤．二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BD【解題分析】

AB.舊電池與新電池相比較，電動勢幾乎不變，內(nèi)阻增大較多，故A錯B對；CD.舊電池不能使小燈泡正常發(fā)光的原因是：小燈泡電阻較小，舊電池與之串聯(lián)后電路中電流有一定的數(shù)值，由于舊電池內(nèi)電阻較大，舊電池的內(nèi)電壓較大，舊電池的路端電壓小于小燈泡的額定電壓，小燈泡只能發(fā)出很微弱的光．舊電池能使電子鐘正常工作的原因是：電子鐘電阻很大，舊電池與之串聯(lián)后電路中電流較小，舊電池的內(nèi)電壓較小，舊電池的路端電壓等于電子鐘的額定電壓．故C錯D對．8、BC【解題分析】試題分析：電子在加速電場中加速，根據(jù)動能定理可得：eU1=mv02所以電子進入偏轉(zhuǎn)電場時速度的大小為：電子進入偏轉(zhuǎn)電場后的偏轉(zhuǎn)量為：聯(lián)立得，所以示波管的靈敏度為；所以要提高示波管的靈敏度可以增大l，減小d和減小U1，所以AD錯誤，BC正確．故選BC．考點：帶電粒子在電場中的運動9、BCD【解題分析】

AB.照射到R3的光照強度增加時電阻減小，總電阻減小，由閉合電路歐姆定律可知，電流增大；路端電壓減小；故電壓表示數(shù)變小，電流表示數(shù)增大，故A錯誤，B正確；CD.由于路端電壓減小，故R1中功率變小，因總電流變大，R1中電流減小，故流過R2的電流增大，其功率變大，故CD正確。10、AC【解題分析】根據(jù)速度-時間公式得：v=gt=20m/s，故A正確，B錯誤；根據(jù)位移時間公式：，可得下落的高度為：，故C正確，D錯誤．所以AC正確，BD錯誤．三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、(1)H、I，天平；(2)M?m；(3)小明的看法不正確，因為平衡摩擦力后，摩擦力還做負功，系統(tǒng)機械能不守恒．(4)mg(d5－d2)＝(M＋m)－(M＋m)·【解題分析】

(1)實驗不需要游標卡尺，距離由刻度尺測量；電火花計時器直接使用220V，不需要低壓交流電源，不需要的器材是H，I；還需要天平測量小車的質(zhì)量；(2)為盡可能消除摩擦力對本實驗的影響，使驗證結果盡可能準確，則小車質(zhì)量M和鉤碼質(zhì)量m的關系應該滿足M<<m，這樣能使摩擦力做的功相對少些，以減小機械能的損失；(3)小明的看法不正確，因為平衡摩擦力后，摩擦力還做負功，系統(tǒng)機械能不守恒；(4)利用勻變速直線運動的推論：v2=，v5=第2點與第5點時系統(tǒng)的動能增加-，第2點與第5點時系統(tǒng)的重力勢能減小量：mg(d5?d2)應滿足關系式mg(d5?d2)=-12、4.206.700【解題分析】

游標卡尺的主尺讀數(shù)為4mm，游標尺上第10個刻度和主尺上某一刻度對齊，所以游標讀數(shù)為10×0.02mm=0.20mm，所以最終讀數(shù)為：4mm+0.20mm=4.20mm；螺旋測微器的固定刻度為6.5mm，可動刻度為20.0×0.01mm=0.200mm，所以最終讀數(shù)為6.5mm+0.200mm=6.700mm。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）；（2）；（3）【解題分析】試題分析：（1）設粒子在OF上方做圓周運動半徑為R，由幾何關系可知；，由牛頓第二定律可知：，解得：；（2）當粒子恰好不從AC邊界飛出時，設粒子在OF下方做圓周運動的半徑為，由幾何關系得：，，所以，根據(jù)解得：，當時，粒子不會從AC邊界飛出．（3）當時，粒子在OF下方的運動半徑為：，設粒子的速度方向再次與射入磁場時的速度方向一致時的位置為，則P與的連線一定與OF平行，根據(jù)幾何關系知：；所以若粒子最終垂直DE邊界飛出，邊界DE與AC間的距離為：；考