2024屆安徽省蕪湖市安徽師大附中高二物理第一學(xué)期期中檢測(cè)試題含解析

2024屆安徽省蕪湖市安徽師大附中高二物理第一學(xué)期期中檢測(cè)試題注意事項(xiàng)：1．答題前，考生先將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)填寫清楚，將條形碼準(zhǔn)確粘貼在考生信息條形碼粘貼區(qū)。2．選擇題必須使用2B鉛筆填涂；非選擇題必須使用0．5毫米黑色字跡的簽字筆書寫，字體工整、筆跡清楚。3．請(qǐng)按照題號(hào)順序在各題目的答題區(qū)域內(nèi)作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無效；在草稿紙、試題卷上答題無效。4．保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，不準(zhǔn)使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、如圖所示，水平粗糙絕緣桿從物體A中心的孔穿過，A的質(zhì)量為M，用絕緣細(xì)線將另一質(zhì)量為m的小球B與A連接，整個(gè)裝置所在空間存在水平向右的勻強(qiáng)電場(chǎng)E，A不帶電，B帶正電且電荷量大小為q，A、B均處于靜止?fàn)顟B(tài)，細(xì)線與豎直方向成θ角。則下列選項(xiàng)正確的是（）A．細(xì)線中張力大小為mgsinθB．C．桿對(duì)A的摩擦力大小為qED．桿對(duì)A的支持力大小為Mg2、如圖所示，R1和R2是材料相同、厚度之比為1:2、表面均為正方形的導(dǎo)體，但R2的尺寸比R1要小，通過導(dǎo)體的電流方向如圖所示，假設(shè)R1邊長(zhǎng)為4L，R2邊長(zhǎng)為L(zhǎng)，若R1的電阻值為10Ω，則R2的阻值A(chǔ)．10ΩB．20ΩC．5ΩD．40Ω3、古希臘貴族婦女外出時(shí)都喜歡穿柔軟的絲綢衣服，帶琥珀做的首飾。人們發(fā)現(xiàn)，不管將琥珀首飾擦得多干凈，它很快就會(huì)吸上一層灰塵，這主要是因?yàn)锳．琥珀是一種樹脂化石，樹脂具有粘性，容易吸附灰塵B．室外的灰塵比較多，在琥珀上積聚的速度比較快C．經(jīng)絲綢摩擦后的琥珀帶電，能吸引灰塵D．琥珀具有磁性，周圍的灰塵經(jīng)磁化后被琥珀吸引4、如圖所示，物體A和B的質(zhì)量均為m，且分別與跨過定滑輪的輕繩連接不計(jì)繩與滑輪、滑輪與軸之間的摩擦，用水平變力F拉物體B，B沿水平方向向左做勻速直線運(yùn)動(dòng)則A．物體A也做勻速直線運(yùn)動(dòng)B．繩子拉力始終等于物體A所受重力C．A物體的速度逐漸增大D．A物體的速度逐漸減小5、如圖所示，在勻強(qiáng)電場(chǎng)中有直角三角形BOC，電場(chǎng)方向與三角形所在平面平行，若三角形三頂點(diǎn)處的電勢(shì)分別為、、，且邊長(zhǎng)，，則下列說法中正確的是A．電場(chǎng)強(qiáng)度的大小為B．電場(chǎng)強(qiáng)度的大小為C．電場(chǎng)強(qiáng)度的大小為100V/mD．一個(gè)電子在O點(diǎn)由靜止釋放后會(huì)沿直線OB運(yùn)動(dòng)6、將帶電棒移近兩個(gè)不帶電的導(dǎo)體球，兩個(gè)導(dǎo)體球開始時(shí)互相接觸且對(duì)地絕緣，下列幾種方法中能使兩球都帶電的是（）A．先把兩球分開，再移走棒B．先把兩球分開，再移走棒后讓兩球接觸C．先移走棒，再把兩球分開D．棒移走，兩導(dǎo)體球不分開二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、兩滑塊a、b沿水平面上同一條直線運(yùn)動(dòng)，并發(fā)生碰撞；碰撞后兩者粘在一起運(yùn)動(dòng)；經(jīng)過一段時(shí)間后，從光滑路段進(jìn)入粗糙路段。兩者的位置x隨時(shí)間t變化的圖象如圖所示。則整個(gè)運(yùn)動(dòng)過程中，下列說法正確的是（）A．滑塊a、b的質(zhì)量之比m1：m2＝1：8B．滑塊a、b的質(zhì)量之比m1：m2＝1：4C．兩滑塊克服摩擦力做的功與因碰撞而損失的機(jī)械能之比W：△E＝1：2D．兩滑塊克服摩擦力做的功與因碰撞而損失的機(jī)械能之比W：△E＝1：18、如圖所示，用小量程電流表與一電阻R并聯(lián)可制成一電流表，在檢測(cè)新制成的電流表時(shí)，如果發(fā)現(xiàn)它的示數(shù)總比準(zhǔn)確值稍微小一些或稍微大一些，那么應(yīng)分別采取什么措施加以修正（）A．如果示數(shù)稍微小些，可在R上串聯(lián)一個(gè)比R小得多的電阻B．如果示數(shù)稍微小些，可在R上并聯(lián)一個(gè)比R大得多的電阻C．如果示數(shù)稍微大些，可在R上串聯(lián)一個(gè)比R小得多的電阻D．如果示數(shù)稍微大些，可在R上并聯(lián)一個(gè)比R大得多的電阻9、一砝碼和一輕彈簧構(gòu)成彈簧振子，如圖所示的裝置可用于研究該彈簧振子的受迫振動(dòng)．勻速轉(zhuǎn)動(dòng)把手時(shí)，曲桿給彈簧振子以驅(qū)動(dòng)力，使振子做受迫振動(dòng)，把手勻速轉(zhuǎn)動(dòng)的周期就是驅(qū)動(dòng)力的周期，改變把手勻速轉(zhuǎn)動(dòng)的速度就可以改變驅(qū)動(dòng)力的周期．若保持把手不動(dòng)，給砝碼一向下的初速度，砝碼便做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)，振動(dòng)圖線如圖(1)所示.當(dāng)把手以某一連度勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，受迫振動(dòng)達(dá)到穩(wěn)定時(shí)，砝碼的振動(dòng)圖線如圖(2)所示．若用f0表示彈簧振子的固有頻率，f表示驅(qū)動(dòng)力的頻率，則()A．由圖線可知f0=4HzB．由圖線可知f0=8HzC．由圖線可知砝碼做受迫振動(dòng)的周期為8sD．由圖線可知，緩慢增大把手轉(zhuǎn)動(dòng)速度至15r/min，穩(wěn)定后砝碼振動(dòng)的振幅也將增大10、如圖所示的電路中，電源電動(dòng)勢(shì)E=6V，內(nèi)阻r=1Ω，電阻R1=6Ω、R2=5Ω、R3=3Ω，電容器的電容C=2×10﹣5F，若將開關(guān)S閉合，電路穩(wěn)定時(shí)通過R2的電流為I；斷開開關(guān)S后，通過R1的電量為q．則（）A．I=0.75A B．I=0.5A C．q=2×10﹣5C D．q=1×10﹣5C三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）用伏安法測(cè)電阻時(shí)，如待測(cè)電阻Rx約為150Ω，電壓表內(nèi)阻約為5kΩ，電流表內(nèi)阻約為20Ω，應(yīng)該用圖中的_____電路（填①或②）來測(cè)量可以盡量減小誤差．當(dāng)用電路圖1進(jìn)行測(cè)量時(shí)，測(cè)量值將比真實(shí)值偏_____；當(dāng)用圖2進(jìn)行測(cè)量時(shí)測(cè)量值比真實(shí)值偏___（填大或?。陨系臏y(cè)量誤差屬于____（偶然，系統(tǒng)）誤差．12．（12分）兩位同學(xué)用如圖所示裝置，通過半徑相同的A、B兩球的碰撞來驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律．（1）實(shí)驗(yàn)中必須滿足的條件是________．A．斜槽軌道盡量光滑以減小誤差B．斜槽軌道末端的切線必須水平C．入射球A每次必須從軌道的同一位置由靜止?jié)L下D．兩球的質(zhì)量必須相等（2）測(cè)量所得入射球A的質(zhì)量為mA，被碰撞小球B的質(zhì)量為mB，圖中O點(diǎn)是小球拋出點(diǎn)在水平地面上的垂直投影，實(shí)驗(yàn)時(shí)，先讓入射球A從斜軌上的起始位置由靜止釋放，找到其平均落點(diǎn)的位置P，測(cè)得平拋射程為OP；再將入射球A從斜軌上起始位置由靜止釋放，與小球B相撞，分別找到球A和球B相撞后的平均落點(diǎn)M、N，測(cè)得平拋射程分別為OM和ON．當(dāng)所測(cè)物理量滿足表達(dá)式_________________時(shí)，即說明兩球碰撞中動(dòng)量守恒；如果滿足表達(dá)式_______________時(shí)，則說明兩球的碰撞為完全彈性碰撞．（1）乙同學(xué)也用上述兩球進(jìn)行實(shí)驗(yàn)，但將實(shí)驗(yàn)裝置進(jìn)行了改裝：如圖12所示，將白紙、復(fù)寫紙固定在豎直放置的木條上，用來記錄實(shí)驗(yàn)中球A、球B與木條的撞擊點(diǎn)．實(shí)驗(yàn)時(shí)，首先將木條豎直立在軌道末端右側(cè)并與軌道接觸，讓入射球A從斜軌上起始位置由靜止釋放，撞擊點(diǎn)為B′；然后將木條平移到圖中所示位置，入射球A從斜軌上起始位置由靜止釋放，確定其撞擊點(diǎn)P′；再將入射球A從斜軌上起始位置由靜止釋放，與球B相撞，確定球A和球B相撞后的撞擊點(diǎn)分別為M′和N′．測(cè)得B′與N′、P′、M′各點(diǎn)的高度差分別為h1、h2、h1．若所測(cè)物理量滿足表達(dá)式_________________時(shí)，則說明球A和球B碰撞中動(dòng)量守恒．四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）規(guī)格為“220V、44W”的排氣扇，線圈電阻為40Ω，求：（1）接上220V的電源后，排氣扇轉(zhuǎn)化為機(jī)械能的功率和發(fā)熱的功率；（2）如果接上220V電源后，扇葉被卡住，不能轉(zhuǎn)動(dòng)，求電動(dòng)機(jī)的發(fā)熱的功率．14．（16分）質(zhì)量為m的帶電小球帶電量為+q，用絕緣細(xì)線懸掛在水平向左的勻強(qiáng)電場(chǎng)中，平衡時(shí)絕緣細(xì)線與豎直方向成37°角，重力加速度為g。求電場(chǎng)強(qiáng)度的大小。15．（12分）如圖所示，一個(gè)上表面粗糙質(zhì)量為M=20kg的長(zhǎng)木板靜止在光滑水平面上，長(zhǎng)木板上面左端放置一質(zhì)量為m=5kg的小物塊（可看成質(zhì)點(diǎn)），現(xiàn)給小物塊一水平向右的初速度，由于摩擦小物塊最后剛好停在木板的最右端，取。求:（1）木板最終獲得的速度v（2）如果改變小物塊的初速度，可使木板最終獲得的速度發(fā)生變化。為使木板最后的速度是（1）中的速度v的一半，則給小物塊的初速度應(yīng)為多大？

參考答案一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、C【解題分析】

對(duì)B受力分析并合成如圖：

由平衡條件：T=mgcosθ或T=F電sinθ＝qEsinθ，選項(xiàng)AB錯(cuò)誤；

對(duì)A受力分析并分解如圖：

由平衡條件：f=Tsinθ=mgtanθ=qE；N=Mg+Tcosθ=（M+m）g，即：桿對(duì)A的支持力大小為=（M+m）g【題目點(diǎn)撥】本題考查分析物體受力的能力，受力分析時(shí)一定要選擇合適的研究對(duì)象進(jìn)行正確的受力分析，應(yīng)用平衡條件進(jìn)行求解即可．此題第二問也可采用選取整體為研究對(duì)象的方法，可以一試．2、C【解題分析】

設(shè)導(dǎo)體的電阻率為ρ，厚度為d，邊長(zhǎng)為L(zhǎng)，則由電阻定律得：R=ρLS=ρLLd=ρd，則R與d成反比，故：R3、C【解題分析】經(jīng)絲綢摩擦后的琥珀帶電，不管將琥珀首飾擦得多干凈，它很快就會(huì)吸上一層灰塵，故C正確，ABD錯(cuò)誤；故選C。4、D【解題分析】把B的速度vB分解為垂直繩子的v1和沿繩子的vA，則物體A和B的速度關(guān)系為：，物體B沿水平方向向右做勻速直線運(yùn)動(dòng)，則A做變速運(yùn)動(dòng)，且隨角度減小，速度逐漸增大，做加速運(yùn)動(dòng)，則繩子的拉力始終大于物體A所受重力，AB錯(cuò)誤；當(dāng)物體B越往右運(yùn)動(dòng)，則在相等的時(shí)間內(nèi)，A物體的速度變化量越來越小，則加速度越來越小，由知，繩子對(duì)A物體的拉力逐漸減小，C錯(cuò)誤、D正確．5、C【解題分析】由勻強(qiáng)電場(chǎng)的特點(diǎn)可知，則B、C連線中點(diǎn)D的電勢(shì)為B、C電勢(shì)的平均值，即為4.5V．連接OD線，即為一條等勢(shì)線，作出過D的與OD垂直的線ED如圖，即電場(chǎng)線，由幾何關(guān)系可知：，所以：，D是BC的中點(diǎn)，則△OBD是等邊三角形，又ED⊥OD，所以DE與BD之間的夾角是30°，則電場(chǎng)線與OB之間的夾角也是30°，故該電場(chǎng)的場(chǎng)強(qiáng)方向沿∠B的角平分線向上，根據(jù)電勢(shì)差與電場(chǎng)強(qiáng)度的關(guān)系：，而：，代入數(shù)據(jù)可得：，故AB錯(cuò)誤，C正確；由作電場(chǎng)的圖可知，一個(gè)電子在O點(diǎn)由靜止釋放后會(huì)沿電場(chǎng)線運(yùn)動(dòng)，而不會(huì)沿直線OB運(yùn)動(dòng)，故D錯(cuò)誤；故選C.6、A【解題分析】

AB．帶電導(dǎo)體球與兩個(gè)球不接觸，本身電量不會(huì)轉(zhuǎn)移到兩導(dǎo)體球上，所以根據(jù)靜電平衡，兩球的兩側(cè)帶有等量的異種電荷，分開兩球再移走棒，兩球帶有等量的異種電荷；若從新將兩球接觸，那么兩球電荷中和，兩球均不帶電，故A正確，B錯(cuò)誤；CD．若先移走棒則感應(yīng)出來的電荷又會(huì)回到各自的導(dǎo)體上，不管兩球是否分開，兩個(gè)小球不會(huì)帶電，故CD錯(cuò)誤。故選A。二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、AC【解題分析】

AB．設(shè)a、b的質(zhì)量分別為m1、m2，a、b碰撞前地速度為v1、v2。

由題給的圖象得：v1=-2m/s

v2=1m/s

a、b發(fā)生完全非彈性碰撞，碰撞后兩滑塊的共同速度為v。

由題給的圖象得：兩球碰撞過程系統(tǒng)動(dòng)量守恒，以球a的初速度方向?yàn)檎较颍蓜?dòng)量守恒定律得：m1v1+m2v2=（m1+m2）v解得：m1：m2=1：8故A正確，B錯(cuò)誤；CD．由能量守恒得，兩滑塊因碰撞損失的機(jī)械能為：由圖象可知，兩滑塊最后停止運(yùn)動(dòng)，由動(dòng)能定理得，兩滑塊克服摩擦力所做的功為：解得：W：△E=1：2故C正確，D錯(cuò)誤；8、AD【解題分析】

如果示數(shù)稍微小些，說明通過分流電阻的電流偏大，分流電阻偏小，為校準(zhǔn)電流表，應(yīng)增加分流電阻阻值，可以在R上串聯(lián)一個(gè)比R小得多電阻，故A正確，B錯(cuò)誤；如果示數(shù)稍微大，說明通過分流電阻的電流偏小，分流電阻偏大，為校準(zhǔn)電流表，應(yīng)減小分流電阻阻值，可以將分流電阻變得稍小些即可，可以在R上并聯(lián)一比R大得多的電阻，故C錯(cuò)誤，D正確；故選AD．【題目點(diǎn)撥】本題考查的電流表的改裝原理，明確分流與電阻成反比，電阻大，分流小，反之電阻小則分流大．9、CD【解題分析】

ABC．有圖像可知彈簧振子的固有周期為4s，因此彈簧振子的固有頻率為，彈簧振子做受迫振動(dòng)的周期為8s，受迫振動(dòng)的頻率為，故AB錯(cuò)誤；C正確；D．當(dāng)轉(zhuǎn)速n=15r/min=，即受迫振動(dòng)的頻率和彈簧振子的固有頻率相同，物體達(dá)到共振，因此振幅增大，故D正確．10、AD【解題分析】

解：開關(guān)S閉合電路穩(wěn)定時(shí)，外電路中總電阻為R=R2+=5+=7Ω根據(jù)閉合電路歐姆定律得：I==A=0.75A電容器兩端的電壓為U=I?=0.75×2V=1.5V電量Q=CU=1.5×2×10﹣5C=3×10﹣5C斷開開關(guān)S后：電容器通過R1與R3放電，設(shè)通過R1與R3的放電電流分別為I1和I3，則=由電量公式q=It可知，通過R1與R3的電量之比為又q1+q3=Q聯(lián)立得：通過R1的電量為q1==3×10﹣5C=1×10﹣5C故選AD三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、①小大系統(tǒng)【解題分析】

待測(cè)電阻與電流表內(nèi)阻相當(dāng)，滿足，屬于小電阻，采用電流表的外接法測(cè)量誤差較小，測(cè)量誤差偏小故選圖①電路;而，測(cè)量值比真實(shí)值偏小；圖②為電流表的內(nèi)接法，，測(cè)量誤差偏大；以上測(cè)量誤差是電壓表分流和電流表分壓造成的，屬于系統(tǒng)誤差.【題目點(diǎn)撥】解決本題的關(guān)鍵知道電流表的內(nèi)外接引起的誤差屬于系統(tǒng)誤差，掌握口訣“小外偏小,大內(nèi)偏大”．12、BCmA·OP=mA·OM+mB·ONOP+OM=ON【解題分析】

①A、“驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律”的實(shí)驗(yàn)中，是通過平拋運(yùn)動(dòng)的基本規(guī)律求解碰撞前后的速度的，只要離開軌道后做平拋運(yùn)動(dòng)，對(duì)斜槽是否光滑沒有要求，故A錯(cuò)誤；B、要保證每次小球都做平拋運(yùn)動(dòng)，則軌道的末端必須水平，故B正確；C、要保證碰撞前的速度相同，所以入射球每次都要從同一高度由靜止?jié)L下，故C正確；D、為了使小球碰后不被反彈，要求入射小球質(zhì)量大于被碰小球質(zhì)量，故D錯(cuò)誤；故選BC．②小球離開軌道后做平拋運(yùn)動(dòng)，由于小球拋出點(diǎn)的高度相同，它們?cè)诳罩械倪\(yùn)動(dòng)時(shí)間t相等，它們的水平位移x與其初速度成正比，可以用小球的水平位移代替小球的初速度，若兩球相碰前后的動(dòng)量守恒，則mAv0=mAv1+mBv2，又OP=v0t，OM=v1t，ON=v2t，代入得：mAOP=mAOM+mBON，若碰撞是彈性碰撞，則機(jī)械能守恒，由機(jī)械能守恒定律得：mAv02=mAv12+mBv