貴州省盤縣四中2024屆高二物理第一學(xué)期期中學(xué)業(yè)質(zhì)量監(jiān)測模擬試題含解析

貴州省盤縣四中2024屆高二物理第一學(xué)期期中學(xué)業(yè)質(zhì)量監(jiān)測模擬試題考生請(qǐng)注意：1．答題前請(qǐng)將考場、試室號(hào)、座位號(hào)、考生號(hào)、姓名寫在試卷密封線內(nèi)，不得在試卷上作任何標(biāo)記。2．第一部分選擇題每小題選出答案后，需將答案寫在試卷指定的括號(hào)內(nèi)，第二部分非選擇題答案寫在試卷題目指定的位置上。3．考生必須保證答題卡的整潔?？荚嚱Y(jié)束后，請(qǐng)將本試卷和答題卡一并交回。一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、如圖所示,R1、R2為定值電阻,L為小燈泡,R3為光敏電阻(其電阻隨光照增強(qiáng)而減小),當(dāng)照射光強(qiáng)度增大時(shí)(

)A．電壓表的示數(shù)減小B．電源的輸出功率可能變大C．小燈泡的功率減小D．電路的路端電壓增大2、課堂上，老師準(zhǔn)備了“∟”形光滑木板和三個(gè)完全相同、外表面光滑的勻質(zhì)圓柱形積木，要將三個(gè)積木按圖所示(截面圖)方式堆放在木板上，則木板與水平面夾角θ的最大值為()A．30° B．45° C．60° D．90°3、如圖所示，直角三角形ABC中∠B＝30°，點(diǎn)電荷A、B所帶電荷量分別為QA、QB，測得在C處的某正點(diǎn)電荷所受靜電力方向平行于AB向左，則下列說法正確的是()A．A帶正電，QA∶QB＝1∶8B．A帶負(fù)電，QA∶QB＝1∶8C．A帶正電，QA∶QB＝1∶4D．A帶負(fù)電，QA∶QB＝1∶44、如圖所示，質(zhì)量相等的兩個(gè)小球A和B緊貼倒圓錐筒的光滑內(nèi)壁各自做水平面內(nèi)的勻速圓周運(yùn)動(dòng)，則（）A．A球受到的支持力較大B．B球受到的支持力較大C．A球運(yùn)動(dòng)的線速度較大D．B球運(yùn)動(dòng)的線速度較大5、如圖所示，小球a沿光滑水平地面以速度v0向右做勻速直線運(yùn)動(dòng)，當(dāng)它經(jīng)過P點(diǎn)時(shí)，將小球b從P點(diǎn)正上方以初速度v0水平向右拋出（兩小球均可視為質(zhì)點(diǎn)，不計(jì)空氣阻力），則b球落地時(shí)（）A．正好擊中a球 B．落在a球的后方C．落在a球的前方 D．無法確定兩球的位置關(guān)系6、如圖所示，真空中有兩個(gè)等量正電荷，OO′為兩電荷連線的垂直平分線，P點(diǎn)在垂直平分線上，四邊形OMPN為菱形，下列說法中正確的是A．P點(diǎn)和O點(diǎn)的電勢相等B．N點(diǎn)和M點(diǎn)場強(qiáng)相同C．電子在N點(diǎn)和M點(diǎn)具有相同的電勢能D．電子由P到O的過程中電場力做負(fù)功二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、一質(zhì)量為m的帶電小球，在豎直方向的勻強(qiáng)電場中以初速度v0水平拋出，小球的加速度大小為g/3，則小球在下落h高度過程中()A．動(dòng)能增加了mgh B．電勢能增加了mghC．重力勢能減少了mgh D．機(jī)械能減少了mgh8、如圖所示為一空腔導(dǎo)體周圍的電場線分布圖，電場方向如圖中箭頭所示，M、N、P、Q是以O(shè)為圓心的一個(gè)圓周上的四點(diǎn)，其中M、N在一條直電場線上，P、Q在一條曲電場線上，下列說法正確的有()A．M點(diǎn)的電場強(qiáng)度比N點(diǎn)的電場強(qiáng)度小B．P點(diǎn)的電勢比Q點(diǎn)的電勢低C．負(fù)電荷在P點(diǎn)的電勢能小于其在Q點(diǎn)的電勢能D．M、O間的電勢差等于O、N間的電勢差9、關(guān)于物體的動(dòng)量和沖量，下列說法中正確的是（）A．物體所受合外力的沖量越大，它的動(dòng)量也越大B．物體所受合外力的沖量不為零，它的動(dòng)量一定要改變C．物體的動(dòng)量增量的方向，就是它所受合外力的沖量的方向D．物體所受的合外力越大，它的動(dòng)量變化越快10、籃球運(yùn)動(dòng)員接傳來的籃球時(shí)，通常要先伸出兩臂迎接，手接觸到球后，兩臂隨球迅速引至胸前．以下說法錯(cuò)誤的是:A．這樣做可以減小球?qū)κ值臎_量B．這樣做可以減小球的動(dòng)量變化量C．這樣做可以減小球的動(dòng)量變化率D．這樣做可以減小球的動(dòng)能變化量三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）國慶同學(xué)在做“探究碰撞中的不變量”實(shí)驗(yàn)中，所用裝置如圖甲所示，已知槽口末端在白紙上的投影位置為O點(diǎn)?；卮鹨韵聠栴}：(1)實(shí)驗(yàn)室的老師為國慶同學(xué)準(zhǔn)備了一些實(shí)驗(yàn)儀器，本實(shí)驗(yàn)中需要的是___________。A．秒表B．天平C．刻度尺D．打點(diǎn)計(jì)時(shí)器(2)為了完成本實(shí)驗(yàn)，下列必須具備的實(shí)驗(yàn)條件或操作步驟是___________。A．斜槽軌道末端的切線必須水平B．入射球和被碰球大小必須相同C．入射球和被碰球的質(zhì)量必須相等D．必須測出桌面離地的高度H(3)國慶同學(xué)在實(shí)驗(yàn)中正確操作，認(rèn)真測量，得出的落點(diǎn)情況如圖乙所示，則入射小球質(zhì)量和被碰小球質(zhì)量之比為____________。(4)若兩球間的碰撞是彈性碰撞，入射小球質(zhì)量m1，被碰小球質(zhì)量m2，應(yīng)該有等式________成立。（用圖甲中標(biāo)注的字母符號(hào)表示）12．（12分）用如圖所示的裝置可以探究做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的物體需要的向心力的大小與哪些因素有關(guān).(1)本實(shí)驗(yàn)采用的科學(xué)方法是_______。A．控制變量法B．累積法C．微元法D．放大法(2)圖示情景正在探究的是______。A．向心力的大小與半徑的關(guān)系B．向心力的大小與線速度大小的關(guān)系C．向心力的大小與角速度大小的關(guān)系D．向心力的大小與物體質(zhì)量的關(guān)系(3)通過圖示實(shí)驗(yàn)可以得到的結(jié)論是_____________。A．在質(zhì)量和半徑一定的情況下，向心力的大小與角速度成正比B．在質(zhì)量和半徑一定的情況下，向心力的大小與線速度的大小成正比C．在半徑和角速度一定的情況下，向心力的大小與質(zhì)量成正比D．在質(zhì)量和角速度一定的情況下，向心力的大小與半徑成反比四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，為固定在豎直平面內(nèi)的光滑圓弧軌道，其半徑為。軌道的點(diǎn)與光滑水平地面相切，質(zhì)量為的小球由點(diǎn)靜止釋放，取。求：(1)小球滑到最低點(diǎn)時(shí)，小球速度的大小；(2)小球剛到達(dá)最低點(diǎn)時(shí)，軌道對(duì)小球支持力的大小；(3)小球通過光滑的水平面滑上固定曲面，恰能到達(dá)最高點(diǎn)，到地面的高度為，小球在曲面上克服摩擦力所做的功是多少？14．（16分）如圖，一質(zhì)量為M的物塊靜止在桌面邊緣，桌面離水平地面的高度為h.一質(zhì)量為m的子彈以水平速度v0射入物塊后，以水平速度v0/2射出.重力加速度為g.求：（1）此過程中系統(tǒng)損失的機(jī)械能；（2）此后物塊落地點(diǎn)離桌面邊緣的水平距離．15．（12分）圖中電源電動(dòng)勢E=12V，內(nèi)電阻r=0.5Ω,將一盞額定電壓為8V，額定功率為16W的燈泡與一只線圈電阻為0.5Ω的直流電動(dòng)機(jī)并聯(lián)后和電源相連，燈泡剛好正常發(fā)光，通電100min．問：（1）電動(dòng)機(jī)的輸出功率為多少?（2）燈絲和電動(dòng)機(jī)線圈產(chǎn)生的熱量各是多少？

參考答案一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、B【解題分析】

由光敏電阻的性質(zhì)分析電路中電阻的變化，由閉合電路歐姆定律可得出電路中總電流的變化，由歐姆定律可得出電壓表示數(shù)的變化，同時(shí)還可得出路端電壓的變化以及各部分電壓和電流的變化；【題目詳解】A、當(dāng)光照強(qiáng)度增大，故光敏電阻的阻值減小，電路中的總電阻減小，由閉合電路歐姆定律可得，電路中總電流增大，故R1兩端的電壓增大，電壓表的示數(shù)增大，故A錯(cuò)誤；B、當(dāng)電源的內(nèi)阻和外電路總電阻相等時(shí)，電源的輸出功率最大，光照強(qiáng)度增大后，外電路總電阻減小，可能趨近于電源內(nèi)阻，故電源的輸出功率可能變大，故選項(xiàng)B正確；C、因電路中總電流增大，故內(nèi)電壓增大，路端電壓減小，同時(shí)兩端的電壓增大，故并聯(lián)電路部分電壓減小，則流過的電流減小，由于總電流增大，則流過燈泡的電流一定增大，故由可知，小燈泡消耗的功率增大，故CD錯(cuò)誤．【題目點(diǎn)撥】閉合電路的動(dòng)態(tài)分析問題一般按外電路、內(nèi)電路再外電路的分析思路進(jìn)行，分析內(nèi)電路主要根據(jù)總電流及內(nèi)阻分析內(nèi)壓，而外電路較為復(fù)雜，要注意靈活應(yīng)用電路的性質(zhì)．2、A【解題分析】

θ取0°時(shí)，下面兩圓柱之間將會(huì)分開，無法穩(wěn)定，應(yīng)適當(dāng)增大θ以保持系統(tǒng)穩(wěn)定，此時(shí)下面兩圓柱之間有彈力；當(dāng)下面兩圓柱之間的彈力恰好為0時(shí)，對(duì)應(yīng)的θ為最小值；繼續(xù)增大θ，右圓柱和上圓柱之間彈力減小，若θ太大，此兩圓柱將分開，臨界情況為θ取30°時(shí)，左邊兩圓柱的圓心連線在豎直方向上，保證上圓柱只受到兩個(gè)力的作用恰好處于平衡狀態(tài)，此時(shí)與右圓柱間相互接觸且無彈力，故A正確，BCD錯(cuò)誤，故選A.【題目點(diǎn)撥】本題是以三個(gè)圓柱形積木在“∟”型光滑木板上處于平衡狀態(tài)為情境，主要考查共點(diǎn)力的平衡等知識(shí)．側(cè)重考查推理能力，要求考生深刻理解共點(diǎn)力的平衡條件，運(yùn)用特殊值法解決實(shí)際問題.3、B【解題分析】

AC、由平行四邊形定則可知，A對(duì)C的力沿CA方向，指向A，又C帶正電，所以A帶負(fù)電，故A、C錯(cuò)誤；BD、由幾何關(guān)系得，解得，故B正確，D錯(cuò)誤；故選B．4、C【解題分析】試題分析：AB、對(duì)小球受力分析，小球受到重力和支持力，它們的合力提供向心力，如圖筒對(duì)小球的支持力N=，與軌道半徑無關(guān)，則由牛頓第三定律得知，小球?qū)ν驳膲毫σ才c半徑無關(guān)，即有球A對(duì)筒壁的壓力等于球B對(duì)筒壁的壓力．故AB錯(cuò)誤；CD、根據(jù)牛頓第二定律，有：F=mgtanθ=m解得：v=．由于A球的轉(zhuǎn)動(dòng)半徑較大，A線速度較大．故C正確，D錯(cuò)誤．故選C5、A【解題分析】

平拋運(yùn)動(dòng)在水平方向上做勻速直線運(yùn)動(dòng)，水平分速度與a球的速度相等，可知b球落地時(shí)正好擊中a球，故A正確，BCD錯(cuò)誤．6、C【解題分析】

A．由等量同種電荷電場線的分布可知，P點(diǎn)和O點(diǎn)不在同一等勢面上，因此P點(diǎn)和O點(diǎn)電勢不相等，所以A錯(cuò)誤.

B．根據(jù)疊加原理可以知道，N、M兩點(diǎn)電場強(qiáng)度大小相等，但方向不同，故場強(qiáng)不同，故B錯(cuò)誤;

C．等量同種電荷電場線和等勢面的分布如圖所示，由圖可以知道N和M點(diǎn)電勢相等，電子在N點(diǎn)和M點(diǎn)具有相同的電勢能，故C正確.B．電子由P到O的過程中逆著電場線移動(dòng)，故電場力做正功，所以D錯(cuò)誤.二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、BD【解題分析】

A.根據(jù)牛頓第二定律得，mg-F=ma解得電場力F=mg在小球下落h的過程中，合力做功為mgh，則動(dòng)能增加了mgh，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；B.電場力做功為-mgh，則電勢能增加mgh，選項(xiàng)B正確；C.重力做功為mgh，則重力勢能減小mgh，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；D.除重力以外其它力，即電場力做功為-mgh，則機(jī)械能減小mgh．故D正確．8、AC【解題分析】

A．電場線的疏密程度表示電場的強(qiáng)弱，故N點(diǎn)的場強(qiáng)比M點(diǎn)的場強(qiáng)大，故A正確；B．沿著電場線的方向電勢越來越低，所以Q點(diǎn)的電勢比P點(diǎn)的電勢低，故B錯(cuò)誤；C．P點(diǎn)電勢高于Q點(diǎn)，根據(jù)Ep=φq可知，負(fù)電荷在P點(diǎn)時(shí)的電勢能小于在Q點(diǎn)時(shí)的電勢能，故C正確；D．根據(jù)電場分布可知，MO間的平均電場強(qiáng)度比ON之間的平均電場強(qiáng)度小，故由公式U=Ed可知，MO間的電勢差小于ON間的電勢差，故D錯(cuò)誤．9、BCD【解題分析】

A．根據(jù)動(dòng)量定理，物體所受合外力的沖量越大，它的動(dòng)量變化也越大，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；B．根據(jù)動(dòng)量定理，物體所受合外力的沖量不為零，它的動(dòng)量一定要改變，選項(xiàng)B正確；C．根據(jù)動(dòng)量定理，物體的動(dòng)量增量的方向，就是它所受合外力的沖量的方向，選項(xiàng)C正確；D．根據(jù)動(dòng)量定理，，則物體所受的合外力越大，它的動(dòng)量變化越快，選項(xiàng)D正確。故選BCD。10、ABD【解題分析】設(shè)籃球初速度為，末速度為零，兩臂隨球迅速引至胸前，籃球的動(dòng)量變化量，球?qū)κ值臎_量，動(dòng)能變化量，并沒有減小，根據(jù)定理可得，，兩臂隨球迅速引至胸前可以增大手和球的作用時(shí)間，故動(dòng)量變化率減小，故ABD錯(cuò)誤C正確．三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、BCAB3∶2【解題分析】

(1)[1]A.本實(shí)驗(yàn)中由于平拋運(yùn)動(dòng)高度相同，運(yùn)動(dòng)時(shí)間相同，不需要測量時(shí)間，故A錯(cuò)誤；B.驗(yàn)證動(dòng)量守恒，需要計(jì)算動(dòng)量，需要測量質(zhì)量，故B正確；C.實(shí)驗(yàn)中需要測量落點(diǎn)到拋出點(diǎn)的水平距離，故需要刻度尺，故C正確；D.實(shí)驗(yàn)中不需要處理紙帶，不需要打點(diǎn)計(jì)時(shí)器，故D錯(cuò)誤；故選BC。(2)[2]A.實(shí)驗(yàn)是通過平拋研究問題，故槽口末端水平，故A正確；B.兩球需要發(fā)生對(duì)心碰撞，則兩球大小需相同，故B正確；C.入射球質(zhì)量要大于被碰球質(zhì)量，即m1＞m2，防止碰后m1被反彈，故C錯(cuò)誤；D.小球平拋運(yùn)動(dòng)時(shí)間相同，不需要測出桌面離地的高度，故D錯(cuò)誤；故選AB。(3)[3]P是入射球碰撞前的落點(diǎn)，M是入射球碰撞后的落點(diǎn)，N是被碰球碰撞后的落點(diǎn)，實(shí)驗(yàn)需要驗(yàn)證：m1v1=m1v1′+m2v2兩邊同時(shí)乘以小球做平拋運(yùn)動(dòng)的時(shí)間t，得m1v1t=m1v1′t+m2v2t結(jié)合平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律得代入數(shù)據(jù)解得m1：m2=3：2(4)[4]小球發(fā)生彈性碰撞，碰撞過程中系統(tǒng)動(dòng)量守恒、機(jī)械能也守恒，有可得：12、ADC【解題分析】

(1)[1]在這兩個(gè)裝置中控制半徑、角速度不變，只改變質(zhì)量來研究向心力與質(zhì)量之間的關(guān)系，故采用