2021屆新高考物理地市名校必刷模擬卷4（湖南專用）3月卷解析版

備戰(zhàn)2021年高考物理【名校、地市好題必刷】全真模擬卷（湖南專用）?3月卷

第四模擬

一、選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分，每小題給出的四個選項中，只有一項是

符合題目要求的。

1.電流傳感器在電路中相當于電流表，可以用來研究自感現(xiàn)象。在如圖所示的實驗電路中，L是自感線圈，

其自感系數(shù)足夠大，直流電阻值大于燈泡D的阻值，電流傳感器的電阻可以忽略不計。在t=O時刻閉合開

關(guān)S,經(jīng)過一段時間后，在1=匕時刻斷開開關(guān)S。在下列表示電流傳感器記錄的電流隨時間變化情況的圖像

【解析】

閉合S瞬間，外電路電阻最大，然后外電路電阻逐漸減小，外電壓逐漸減小，所以通過電流傳感器的電流

逐漸減小，電路穩(wěn)定后，外電路電阻不變，外電壓不變，通過電流傳感器的電流不變；因為線圈的直流電

阻值大于燈泡D的阻值，穩(wěn)定后，通過線圈的電流小于通過電流傳感器的電流。時刻斷開開關(guān)S,由

于自感現(xiàn)象，原來通過線圈L的電流從左向右流過電流傳感器，逐漸減小。D圖符合題中情況，D正確。

故選D。

2.如圖所示，a、b分別是甲、乙兩輛車從同一地點沿同一直線同時運動的速度圖象，由圖象可以判斷（）

A.2s后甲、乙兩車的加速度大小相等

B.兩車只有to時刻速率相等

C.在0?8s內(nèi)兩車最遠相距148m

D.在這段時間內(nèi)，兩車相遇一次

【答案】C

【解析】

A.2s后甲圖線的斜率大于乙圖線的斜率，故2s后甲的加速度大于乙的加速度，故A錯誤；

B.速率是指速度的大小，由圖看出，在2s末a、b速率都等于20m/s,速率也相等，故B錯誤；

22

C.當甲乙兩車速度相等時相距最遠，根據(jù)。、b兩條直線的解析式，運用數(shù)學知識算出交點的橫坐標為一

5

s,由圖象法可知此時a、b的距離為148m,故C正確；

D.根據(jù)圖象分析可知，a前先向正方向運動后反向，總位移為0,最后停在原點，b先向負方向運動，后反

向，總位移為負，所以兩車沒有相遇，故D錯誤。

故選C。

3.如圖所示，質(zhì)量〃=4kg的平板小車A沿平直路面向右運動，某時刻小車的速度大小為%=4m/s時開

始剎車，車輪停止轉(zhuǎn)動，車輪與路面之間的動摩擦因數(shù)4=0.2,同時將質(zhì)量為根=1kg可視為質(zhì)點的木塊

B無初速度地放置于小車A上的中間位置。已知小車A長度為L=2m,A、B間的動摩擦因數(shù)〃2=06,重

力加速度8取10m/s2,則下列說法正確的是（）

B

_____■____

I"\A

GO。

J川川明川曲訕川II川川“川川加油川川川川川乃川川

A.兩者相對滑動時，木塊B的加速度大小一定大于小車A的加速度大小

B.兩者相對滑動時，小車A的加速度大小一定大于木塊B的加速度大小

C.木塊B一定從小車A左端滑下

D.木塊B一定從小車A右端滑下

【答案】A

【解析】

AB.木塊B相對小車A滑動時的加速度大小

出mg2

m

木塊B相對于小車A滑動時，小車A的加速度大小

從（…）g+外沖=4用

AM

A正確，B錯誤；

D.木塊B無初速度地置于小車A上時相對小車向左滑動，不可能從右端滑下，D錯誤;

C.木塊B可與小車A達到共同速度時

4-4f=6f

r=0.4s

小車位移

v12

^=^--aAt=1.28m

木塊位移

12

%2=萬”，=0.48m

Ax=X]-x2<lm

所以不會滑下來，C錯誤。

故選Ao

4.2020年11月24日4點30分，嫦娥五號探測器成功發(fā)射升空。若嫦娥五號在距月球表面高度分別為4、

%的軌道人B上運行，均可視為勻速圓周運動，則在軌道A、8上運行時，嫦娥五號與月球中心連線掃過

相同面積所用的時間之比為（月球看成半徑為R質(zhì)量均勻分布的球體）（）

R+4

B.1c.D.

R+/?.->

【答案】A

【解析】

嫦娥五號繞月球做勻速圓周運動，由萬有引力提供向心力，由牛頓第二定律得:

-Mmv2GM

G——=m—,v=

rr

式中M是月球的質(zhì)量，「是嫦娥五號的軌道半徑，據(jù)題可得：嫦娥五號在軌道上運行的線速度之比為

1L=屋=/R+.

v2X八1R+4

嫦娥五號與月球中心連線掃過相同面積時，有

g(R+/4)卬I=；(/?+/22M2

則所用的時間之比為

%_(/?+4)%_

t2(R+4)匕NR+%

故選Ao

5.如圖所示的電路中，電源電壓W=311sinl(X)m(V),A、B間接有“220V,440W”的電暖寶、"220V,220W”

的抽油煙機、交流電壓表及保險絲。下列說法正確的是()

A—

保險

絲Ai

電

M暖

t

T寶

A.交流電壓表的示數(shù)為311V

B.電路要正常工作，保險絲的額定電流不能小于3行A

C.電暖寶發(fā)熱功率是抽油煙機發(fā)熱功率的2倍

D.lmin抽油煙機消耗的電能為1.32x104J

【答案】D

【解析】

A.交流電壓表的示數(shù)為有效值為

311

羊=220V

V2

故A錯誤：

B.由公式

P=UI

知電路要正常工作，干路中電流為3A,所以保險絲的額定電流不能小于3A,故B錯誤；

C.電暖寶是純電阻，而抽油煙機是非純電阻，故C錯誤；

D.lmin抽油煙機消耗的電能為

W=/V=1.32xlO4j

故D正確；

故選D.,

6.某電場在直角坐標系中的電場線分布情況如圖所示，0、M、N、P為電場中的四個點，一帶電粒子只

受電場力作用下的運動軌跡如圖中PM曲線所示，則下列說法不正確的是（）

A.M點的電勢低于N點的電勢

B.例點的場強大于N點的場強

C.帶電粒子在P點的動能小于在M點的動能

D.將一負電荷從。點分別移到M點和N點，電場力做功相同

【答案】D

【解析】

A.沿電場線的方向電勢降低，故M點的電勢低于N點電勢，故A正確；

B.電場線越密表示該點的電場強度越大，故M點的電場強度大于N點的電場強度，故B正確:

C.帶電粒子由P點移到M點，力和速度的方向如圖

F和v的夾角為銳角，電場力做正功，所以從P到M動能增加，在P點的動能小于在M點的動能，故C正

確;

D.根據(jù)電場力做功的關(guān)系式

W=qU

將-負電荷從。點分別移到M點和N點，電場力做功不相同，故D錯誤。

故選D。

二、選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多項符

合題目要求全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。

7.幾種金屬的逸出功也見下表：

金屬鴇鈣鈉鉀

叱(eV)4.543.202.292.252.13

氫原子能級示意如圖所示。若使用大量氫原子躍遷輻射的光子照射上述金屬，則下列說法正確的是（)

nE/eV

000

5-0.54

4-0.85

3------------------1.51

2------------------3.4

1------------------13.6

A.從〃=2能級躍遷到〃=1,輻射的光能使上述金屬均發(fā)生光電效應(yīng)

B.從〃=3能級躍遷到〃=2,輻射的光能使上述一種金屬發(fā)生光電效應(yīng)

C.從”=3能級躍遷到〃=1,輻射的光照射上述金屬時鴇光電子的最大初動能較大

D.從〃=4能級躍遷到〃=1,輻射的光照射上述金屬時金光電子的最大初動能較大

【答案】AD

【解析】

A.入射光光子能量大于逸出功即可發(fā)生光電效應(yīng)。從〃=2能級躍遷到〃=1,輻射的光光子能量

E=心一耳=10.2eV

大于所有金屬的逸出功，故A正確；

B.從〃=3能級躍遷到〃=2,輻射的光光子能量為1.89eV,不能使上述金屬發(fā)生光電效應(yīng)，故B錯誤；

CD.根據(jù)愛因斯坦光電效應(yīng)方程

Ek=hv-W0

逸出功大的最大初動能小，故D正確，C錯誤。

故選AD。

8.如圖所示，將質(zhì)量為2m的重物懸掛在輕繩的一端，輕繩的另一端系一質(zhì)量為m的小環(huán)，小環(huán)套在豎直

固定的光滑直桿上，光滑定滑輪與直桿的距離為或現(xiàn)將小環(huán)從與定滑輪等高的A處由靜止釋放，當小環(huán)沿

直桿下滑距離也為d時（圖中B處），下列說法正確的是（）

A.小環(huán)剛釋放時輕繩中的張力一定大于2mg

B.小環(huán)到達8處時，重物上升的高度也為d

C.小環(huán)在B處的速度與重物上升的速度大小之比等于J5

D.小環(huán)在B處的速度與重物上升的速度大小之比等于立

2

【答案】AC

【解析】

A.由題意，釋放時小環(huán)向下加速運動，則重物將加速上升，加速度向上，超重，繩中張力一定大于重力2mg,

A正確；

B.小環(huán)到達8處時，重物上升的高度應(yīng)為繩子豎直部分縮短的長度，即

△h=-d

B錯誤；

CD.根據(jù)題意，沿繩子方向的速度大小相等，將小環(huán)在B處的速度沿繩子方向與垂直于繩子方向正交分解

有

vljcos0=vi

即

迎=工=近

v重cos3

D錯誤，C正確。

故選AC。

9.為京津翼地區(qū)“減煤治霾"，河北張家口草原天路景區(qū)新建新能源項目1500萬千瓦，風力發(fā)電機如圖所示，

風力帶動三個葉片轉(zhuǎn)動，葉片再帶動轉(zhuǎn)子（磁極）轉(zhuǎn)動，使定子（線圈不計電阻）中產(chǎn)生電流，實現(xiàn)風能

向電能的轉(zhuǎn)化。已知葉片長為/,風速為V,空氣的密度為P,空氣遇到葉片旋轉(zhuǎn)形成的圓面后一半減速為

零，一半原速率穿過，下列說法正確的是（）

i,,

A.一臺風力發(fā)電機獲得風能的功率為5痂1/

B.一臺風力發(fā)電機獲得風能的功率為1空//

4

C.空氣對風力發(fā)電機一個葉片的平均作用力為:空廣丫2

D.空氣對風力發(fā)電機一個葉片的平均作用力為，加廣/

6

【答案】BD

【解析】

AB.單位時間t內(nèi)經(jīng)過葉片的空氣質(zhì)量為

%=p7ll~Vt

空氣遇到葉片旋轉(zhuǎn)形成的圓面后一半減速為零，一半原速率穿過，則損失的動能為

由能量守恒定律可得，單位時間t內(nèi)，一臺風力發(fā)電機獲得風能為

E=Ek=—pyrl'vt

一臺風力發(fā)電機獲得風能的功率為

"—pnlrv't,

P=一=------=—0力2V③

所以A錯誤：B正確；

CD.由動量定理可得空氣對風力發(fā)電機葉片的平均作用力F

代入數(shù)據(jù)可得

-v-pnlrvt.v]

F±=-一=2y

則空氣對風力發(fā)電機一個葉片的平均作用力為

Fz=-F=-p兀11vl

36

所以D正確；C錯誤;

故選BD。

10.利用如圖甲所示裝置可以研究磁鐵下落過程中的重力勢能與電能之間的相互轉(zhuǎn)化，螺線管的電阻值

r=40C,初始時滑動變阻器（最大阻值為40Q）的滑片位于正中間，打開傳感器，將質(zhì)量為m的磁鐵從螺線

管正上方由靜止釋放，磁鐵下端為N極。磁鐵下落中受到的電磁阻力一直明顯小于磁鐵重力，且不發(fā)生轉(zhuǎn)

動，穿過螺線管后掉落到海綿墊上立即靜止，釋放點到海綿墊的高度為比電壓、電流傳感器的示數(shù)分別為

U、I,計算機屏幕上顯示出如圖乙所示的U/—t曲線,圖像中明出現(xiàn)兩個峰值。下列說法正確的是（)

S|磁鐵

N

AC7/(X10-3W)

7.5>>??I>???

5.0

2.5

01；；；-；；；；M；；；\i；；；；??

00.050.100.150.20t/s

圖乙

A.磁鐵穿過螺線管的過程中，產(chǎn)生第一峰值時線圈中的感應(yīng)電動勢約為0.3V

B.在磁鐵下降h的過程中，可估算由機械能轉(zhuǎn)化的電能約為6.2x10一。

C.如果僅將滑動變阻器的滑片從中間向左移動，坐標系中的兩個峰值都會增大

D.如果僅略減小打，兩個峰值都會減小

【答案】BD

【解析】

A.由Ul-t曲線可知，產(chǎn)生第一峰值時滑動變阻器功率為

P3（=0.0045W

線圈輸出功率表達式為

2

PHl=IR外

根據(jù)閉合電路歐姆定律得

E=I(R內(nèi)+R外)

聯(lián)立將R,產(chǎn)40Q、Rtt=20Q代入，得f=0.9V,故A錯誤；

B.根據(jù)圖象物理意義可知：圖象與橫軸圍成面積大小等于下落過程中電源的輸出電能，由圖象可得，在

磁鐵下降h的過程中機械能轉(zhuǎn)化為電能約為6.2X10-4J,故B正確；

C.根據(jù)閉合電路歐姆定律可知，當外電阻等于內(nèi)電阻時，電源的輸出功率最大，本題中滑動變阻器的最大

阻值與內(nèi)阻相等，因此如果滑片從中間向左移動時，減小滑動變阻器阻值，坐標系中的兩個峰值一定都會

減小，故c錯誤；

D.當h減小時，磁鐵進入線框的速度減小，導致線框中磁通量的變化率減小，因此兩個峰值都會減小，

故D正確。

故選BDo

三、非選擇題：共56分。第11?14題為必考題，每個試題考生都必須作答第15?16題為選

考題，考生根據(jù)要求作答。

(-)必考題：共43分。

11.(6分)

驗證"力的平行四邊形定則"，如圖所示，實驗步驟如下：

①用兩個相同的彈簧測力計互成角度拉細繩套，使橡皮條伸長，結(jié)點到達紙面上某一位置，記為。1；

②記錄兩個彈簧測力計的拉力巴和F2的大小和方向；

③只用一個彈簧測力計，將結(jié)點仍拉到位置。1，記錄彈簧測力計的拉力尸3的大小和方向；

④按照力的圖示要求，作出拉力&、Fa、F3；

⑤根據(jù)力的平行四邊形定則作出&和F2的合力F：

⑴下列說法中正確的是;

A.應(yīng)使橡皮條與兩繩夾角的平分線在同一直線上

B.為了便于計算合力大小，兩繩間夾角應(yīng)取30。、45°、90°等特殊角度

C.系在橡皮條末端的兩繩要一樣長

D.同時改變兩個彈簧測力計的拉力，結(jié)點可能保持在位置。1

⑵本實驗中F1的讀數(shù)如圖所示，示數(shù)為No

⑶改變自、下2,重復步驟①至⑥進行第二次實驗，記下結(jié)點位置。2,位置。2(選填"必須"或"不

必")與位置。1相同；

⑷實驗記錄紙如圖所示，兩彈簧測力計共同作用時，拉力F1和F2的方向分別過P1和P2點；兩個力的大小

分別為：耳=3.0N,6=3.5N。請根據(jù)圖中給出的標度作出Fl和F2的合力；

【答案】D3.78~3.82N不必

【解析】

(1)A.橡皮條的方向代表合力的方向，可以是兩繩之間任意方向，不一定是兩繩夾角的平分線，故A錯誤;

B.兩細線拉橡皮條時，只要確保拉到同一點即可，不一定兩繩間夾角應(yīng)取30°、45。、90°等特殊角度，故

B錯誤：

C.細線的作用是能顯示出力的方向，所以不必須等長，故C錯誤：

D.同時改變兩個彈簧測力計的拉力，結(jié)點可能保持在位置。1，故D正確。

故選Do

⑵彈簧測力計讀數(shù)，每1N被分成10格，則1格就等于0.1N,所以示數(shù)為3.80N。

⑶改變F2重復步驟①至⑥進行第二次實驗，記下結(jié)點位置。2,因為是兩次不同的實驗，則位置。2不必

與第一次。1點相同。

⑷根據(jù)平行四邊形定則求F2與%的合力，作圖如下，測得合力F=4.0N

12.（9分）

某實驗小組設(shè)計了如圖甲所示的電路，用于測量某金屬的電阻率與電源電動勢和內(nèi)阻。其中電流表Ai（量

程0~100mA,內(nèi)阻ri=5C）、電流表A2（量程0~0.6A,內(nèi)阻/2=1.33。）、電阻箱R（阻值范圍0?99.9Q）、定

值電阻Ro。

⑴圖甲中虛線框內(nèi)可視為一個量程為0~3V的電壓表，則Ro=Q；

⑵實驗操作步驟如下：

①如圖乙所示利用螺旋測微器測量金屬絲直徑D=mm；

②將該金屬絲正確接入圖甲電路，測得接入電路的金屬絲長度￡=70.00cm；

③合上開關(guān)，調(diào)節(jié)電阻箱，記錄下電阻箱阻值R和對應(yīng)的電流表Ai示數(shù)A、電流表A2示數(shù)方并根據(jù)測量

數(shù)據(jù)，做出如圖丙所示的/1一/2圖像，則該金屬絲的電阻率P=Qm（計算結(jié)果保留2位有效數(shù)字）

/i/mA

圖丙

⑶實驗小組為得到電源電動勢和內(nèi)阻，由測量數(shù)據(jù)繪出如圖丁所示圖線，則圖中縱坐標對應(yīng)物理量是

11

A.B./|1+21-yC.D./1—/2

/,+/2/I-/2

【答案】251.500（1.498?1.502均給分）5.0xlO-6（4.5x川“?5.5xIO、均給分）A

【解析】

⑴將一個電流表改裝成電壓表需要串聯(lián)一個電阻，故

所以

4=且-4=25。

⑵①螺旋測微器讀數(shù)原則為：主尺數(shù)+對準的格數(shù)*0.01,并且必須保留到0.001mm,所以讀數(shù)為1.5000

③根據(jù)歐姆定律可知

R金

所以

I-__BL_/

1s（R°+G2

故函數(shù)圖像的斜率為

k=Pl

s（K）+石）

可解得電阻率為5.0x10-6。

⑶根據(jù)閉合電路歐姆定律可知

E=（12+/J（r+R）

所以

1_Rr_

/,+72~~E~E

所以選A。

13.（13分）

如圖，物塊A放在足夠長木板C的左端，物塊B放在木板上物塊A的右側(cè)某位置，A、B的質(zhì)量分別為mA=4kg

和mB=2kg,兩物塊可視為質(zhì)點，木板C靜止在水平面上，木板質(zhì)量mc=2kg,兩物塊與木板間的動摩擦因數(shù)

均為%=0.4,木板與水平面間的動摩擦因數(shù)為〃2=03。T=0時刻給物塊A一個水平向右的初速度”o=4m/s,

經(jīng)過0.5s,A、B發(fā)生碰撞，且碰撞時間極短，碰撞過程中損失的機械能為AE=0.5J?；瑒幽Σ亮Φ扔谧畲箪o

摩擦力,重力加速度g=10m/$2,求：

⑴t=0時刻A、B兩物塊間的距離L；

⑵總共產(chǎn)生的摩擦熱Q;

⑶木板向右運動的總位移。

【答案】(l)1.25m；(2)31.5J；(3)1.35m

【解析】

⑴設(shè)t=0時刻A、B兩物塊間的距離為L,經(jīng)時間&=0.5s兩物塊發(fā)生碰撞，碰撞前48的速度分別為以八

VB1，發(fā)生的位移分別為XB1，此過程8、C一起運動

對A,有

WnAS=以%I

對8、C,有

-也(mA+^B+m&g=(mB+mc)aBC

匕?=V0-?AIA

解得

L=x,.-x.-V°+Vmt.--t.=1.25m

DB\2i2*

(2)對全過程，由能量守恒得

解得

Q=31.5J

(3)設(shè)碰撞后人、8的速度分別為以2、丫82，有

%%+加”用=外％+為02

jg%4I=jfnAVA2+4〃%嗑+AE

碰撞后A、8減速，C加速，設(shè)經(jīng)時間t2,4c達到共速，共速的速度為v?，此時8的速度為。3

對C,有

+WnBg~^mA+mB+mc)g=m^

VVatV+at

AC=A2-M2=C\C2

VB3=VB2~aA\^2

r:+嘖,

C222

A、C達到共速后，A、C一起勻速運動，設(shè)經(jīng)時間t3,A、8、C達到共速，共速的速度為"AC

43=匕也

A、8、C達到共速后，三者一起做勻減速運動，直到停止，對A、8、C,有

例（叫+叫+叫.）8=（mA+mH+mc）aAIIC

V

AC=勿入8cxe4

解得

%=%+Xc2+左3+44=1.35m

14.（15分）

如圖所示，在直角坐標系xOy中，x20,y20范圍內(nèi)有兩個勻強磁場區(qū)域I和II,磁場方向均垂直紙面向里,

虛線y=為它們的分界線，區(qū)域I的磁感應(yīng)強度大小為無，區(qū)域II的磁感應(yīng)強度大小可調(diào)，P點為它們

分界線上的某一點，己知OP=4L質(zhì)量為m,帶電量為一q的粒子從。點沿+y軸方向射入磁場I中，速度大

小為遜1,不計粒子所受重力。求:

m

（1）粒子不會飛出第一象限，求粒子在區(qū)域II磁場中做圓周運動的半徑大小應(yīng)滿足的條件;

（2）粒子在第一象限內(nèi)運動的過程中，恰好能經(jīng)過P點，求區(qū)域II磁場的磁感應(yīng)強度大小的所有可能值。

y.

XXXXXX

XXXXX

XX

XIX

XX

X[IXXX

X.???

“XXXXXXX

OX

【答案】(1)0<&4稱￡；(2)若粒子是從II區(qū)通過尸點，磁感應(yīng)強度可能為：6為，號；若粒子

是從I區(qū)通過P點，磁感應(yīng)強度為4舔

【解析】

(1)兩磁場分界線與x軸夾角為氏37。，設(shè)粒子在磁場I和II區(qū)內(nèi)運動的半徑分別是％、R2,粒子在磁場I

內(nèi)運動時，洛倫茲力提供向心力

V2

qBv=m—

oK

解得

Rr=L

山幾何知識:粒子每在磁場I中運動一次，到達0P直線的位置向前推進2&COS37。,每在磁場II中運動一次,

到達0P直線的位置向后倒退2月2cos37。。

粒子不會飛出第一象限，需滿足

(2%cos37--2R2cos37°)sin37°混

解得

0<R,<—L

~49

(2)粒子在磁場II內(nèi)運動時，洛倫茲力提供向心力

v2

qB2v^m—

“2

若粒子是從II區(qū)通過P點

o

n(2/?iCOs370-2R2cos37)=4L

解得

Z?2=(1-------)L,其中2,3…

2n

符合條件的有n=3時

R,=L

6

對應(yīng)的

82=680

n=4時

R,曾

-8

對應(yīng)的

8,=也

一3

若粒子是從I區(qū)通過P點

n(2%cos37°—2R2cos37°)+2%cos37°=4L

解得

3

R>=(1-------)L,其中n=l,2>3...

2n

符合條件的有n=2時

2

對應(yīng)的

82=48。

綜上所述，若粒子是從II區(qū)通過P點，磁感應(yīng)強度可能為68。、半；若粒子是從I區(qū)通過P點，磁感應(yīng)強

度為4BOo

(-)選考題：共13分。請考生從兩道中任選一題作答。如果多做，則按第一題計分。

15.[物理選修3-3]

(1)(5分)

下列說法正確的是o(填正確答案標號，選對1個給2分，選對2個得4分，選對3個得5分,

每選錯1個扣3分，最低得分0分)

A.若分子勢能隨著分子距離增大而增大，則分子間作用力的合力表現(xiàn)為引力

B.隨著分子間距增大，分子間引力和斥力均減小，分子勢能也隨著減小

C.一定質(zhì)量的理想氣體若壓強和體積都不變，其內(nèi)能也一定不變

D.一定質(zhì)量的理想氣體的壓強和體積都不變，其內(nèi)能可能減小

E.一定質(zhì)量的理想氣體溫度升高時，氣體的內(nèi)能一定增大

【答案】ACE

【解析】

A.分子力做負功，分子勢能增大，如果分子勢能隨著分子距離的增大而增大，則分子力做負功，分子間的

作用力一定表現(xiàn)為引力，故A正確；

B.隨著分子間距增大，分子間引力和斥力均減小；若分子力表現(xiàn)為引力，則分子距離變大時分子力做負功，

則分子勢能增加，故B錯誤；

CD.由氣態(tài)方程

-P--V-=C

T

知

TocpV

故一定質(zhì)量的理想氣體，若氣體的壓強、體積不變，pV?定不變，則7?定不變，故內(nèi)能一定不變，故C

正確，D錯誤；

E.理想氣體內(nèi)能由溫度決定，當氣體溫度升高時，氣體的內(nèi)能一定增大，故E正確。

故選ACE。

(2)(8分)

如圖所示是一定質(zhì)量的理想氣體由狀態(tài)M玲N玲/3G變化的p-V圖象。已知該氣體在狀態(tài)M時的溫度為27。

(1)求該氣體在狀態(tài)I時的溫度；

(2)已知該氣體內(nèi)能的變化滿足AL/=aAT(常量a=103J/K),則氣體從狀態(tài)M玲A/玲-G變化的整個過程中

是吸熱還是放熱？傳遞的熱量是多少？

p/l^Pa

3

0246v/m

【答案】(1)600K：(2)吸熱；5X105J

【解析】

(1)對于一定質(zhì)量的理想氣體，過程由理想氣體狀態(tài)方程有

PMVMPM

TMF

由圖像數(shù)據(jù)解得：T1=6OOK

(2)理想氣體MfN的過程體枳增大，氣體對外做功，由p-V圖線與橫軸所圍的面積可知

1V(PM+PN)(//)=_5X1()5J

2

N玲/過程，氣體體積增大，壓強不變，氣體膨脹，對外做功

W/2=-PN(%—V”)=—4X105J

"G過程，氣體體積減小，外界對氣體做功

(P/+P「)(匕一七)S

/3=—~G'———=3X105J

2

從狀態(tài)M玲Nf/玲G的過程中，外界對氣體做的功為

5

W=M/1+U/2+W/3=-6x10J

MfG過程，由理想氣體狀態(tài)方程有

=

TMTG

得TG=200K

該氣體內(nèi)能的變化量為

AU=o(%-TM)=-105J

由熱力學第一定律知

AU=W+Q

可得Q=5X1C)5J,即氣體從外界吸收熱量，該過程中傳遞的熱量為5x10)

16.[物理選修3-4]

(1)(5分)

下列說法正確