2021屆新高考物理名校地市必刷全真模擬卷2（新課標(biāo)專用）3月解析版

備戰(zhàn)2021年高考物理名校、地市好題必刷全真模擬卷（新課標(biāo)專用）-3月卷

第二模擬試卷

二、選擇題：本題共8小題，每小題6分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第14~18題只有一項(xiàng)符合題目要

求，第19~21題有多項(xiàng)符合題目要求。全部選對(duì)的得6分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得。分。

14.如圖甲所示為氫原子的能級(jí)圖，圖乙為氫原子的光譜。已知譜線a是氫原子從"=4的能級(jí)躍遷到n=2的

能級(jí)時(shí)的輻射光，則譜線b是氫原子（）

〃￡/eV

OO----------0

5-----------0.54

4-----------0.85

3-----------1.51ab

2-----------3.40■■iHlIIIIIMHI

IIIII

700nm600nm500nm400nm350nm

1-----------13.60

氫原子的光譜圖下的數(shù)值和短線是波長(zhǎng)的標(biāo)尺

甲乙

A.從"=3的能級(jí)躍遷到”=2的能級(jí)時(shí)的輻射光

B.從n=5的能級(jí)躍遷到"=2的能級(jí)時(shí)的輻射光

C.從"=4的能級(jí)躍遷到"=3的能級(jí)時(shí)的輻射光

D.從n=5的能級(jí)躍遷到n=4的能級(jí)時(shí)的輻射光

【答案】B

【解析】

由圖乙看出b譜線對(duì)應(yīng)的光的頻率大于a譜線對(duì)應(yīng)的光的頻率，而a譜線是氫原子從n=4能級(jí)躍遷到n=2

能級(jí)時(shí)的輻射光，所以b譜線對(duì)應(yīng)的能級(jí)差應(yīng)大于n=4與n=2間的能級(jí)差。

故選Bo

15.如圖所示，粗糙水平面上放置一傾角為a的斜面，工人在斜面上勻速推動(dòng)木箱。已知木箱質(zhì)量和工人質(zhì)

量相等，工人對(duì)木箱的力一直平行斜面向上，工人腳與斜面間始終沒(méi)有打滑，斜面的粗糙程度處處相同，最

大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力。關(guān)于該過(guò)程的說(shuō)法正確的是（）

A.斜面對(duì)工人和重物的摩擦力大小可能相等

B.工人給木箱的力等于斜面給木箱的滑動(dòng)摩擦力

C.地面始終給斜面摩擦力，方向水平向左

D.工人鞋底和斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)一定大于木箱和斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)

【答案】D

【解析】

AB.因人和箱子質(zhì)量相等，設(shè)為m。對(duì)人

F'+mgsina=f人

對(duì)箱

F=mgsina+

故

A.>篩,？>/箱

AB錯(cuò)誤；

C.把人、箱、斜面看成整體，三者都處在平衡態(tài)，水平方向無(wú)加速度，所以地面給斜面的摩擦力為0,C錯(cuò)

誤。

D.人與斜面之間為靜摩擦力，故

〃，/

九=-mgcosa

解得

F

由...--------Ftana

'mgcosa

箱子勻速上滑

/ffi=〃箱〃zgcosa

解得

F

4箱=----------------tana

mgcosa

故

〃人〉M箱

D正確。

故選Do

16.遠(yuǎn)距離輸電線路的示意圖如圖甲所示，發(fā)電機(jī)輸出電壓隨時(shí)間的變化關(guān)系如圖乙所示。下列說(shuō)法正確的

A.發(fā)電機(jī)輸出電壓的有效值是3800V

B.用戶得到的交流電頻率是100Hz

C.發(fā)電機(jī)的輸出功率取決于升壓變壓器的原副線圈匝數(shù)比

D.保持發(fā)電機(jī)輸出功率不變，增加升壓變壓器副線圈匝數(shù)，用戶得到的功率增大

【答案】D

【解析】

A.由圖乙可知交流的最大值為Um=380V,則其有效值為

380

UV=190V2V

故A錯(cuò)誤；

B.由圖乙可知，交流電的周期為T=0.02s,則交流電的頻率為

/」=50Hz

T

故B錯(cuò)誤;

C.原副線圈的輸入功率等于輸出功率，與匝數(shù)比無(wú)關(guān)，故c錯(cuò)誤;

D-在輸送功率一定的情況下，保持升壓變壓器原線圈匝數(shù)不變，增加副線圈匝數(shù)，根據(jù)力U[就n,知升壓變

,P2

壓器副線圈的電壓增大，由/=不知輸電線上的電流減小，根據(jù)知，輸電線上損失的功率減小,

則有

即保持發(fā)電機(jī)輸出功率不變，增加升壓變壓器副線圈匝數(shù)，用戶得到的功率增大，故D正確。

故選Do

17.如圖所示，一矩形區(qū)域abed內(nèi)充滿方向垂直紙面向里的、磁感應(yīng)強(qiáng)度為B。的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，ad和ab邊長(zhǎng)

分別為/和2/,P為ad邊中點(diǎn)。在P點(diǎn)，把帶正電的粒子以大小不同的初速度平行紙面射入磁場(chǎng)，速度方

向跟ad邊夾角0=30。。已知粒子的質(zhì)量為m,帶電荷量為q,粒子重力不計(jì)，欲使粒子能從岫邊上射出磁

場(chǎng)，則初速度%大小可能為（）

b

XXXX

P\XXXX

Wo

；XXXX

d-…一

B也）d2480dD3困d

A.理c

2m5mmm

【答案】A

【解析】

若粒子速度大小為內(nèi)，其在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)時(shí)洛倫茲力提供向心力，有

2

qvoB=m^2-

R

即

設(shè)圓心在。1處的粒子運(yùn)動(dòng)速度大小為VO1,則

d

/?i+/?isin3二——

2

得

1

Ri=—d

3

又

mv01

Ri=——

qB°

解得

v0收

3m

同理，設(shè)圓心在。2處的粒子運(yùn)動(dòng)速度大小為V02,則

d

/?2-/?2Sin0=一

2

解得

Ri=d

聯(lián)立

叫

/?2=-

qB。

可得

V。收

m

所以粒子能從ab邊上射出磁場(chǎng)的死應(yīng)滿足

遮

3mm

A項(xiàng)正確；BCD三項(xiàng)錯(cuò)誤:

故選Ao

18.如圖所示，從傾角為。斜面足夠長(zhǎng)的頂點(diǎn)A,先后將同一小球以不同的初速度水平向右拋出，第一次初

速度為vi，球落到斜面上前一瞬間的速度方向與斜面的夾角為第二次初速度為力，球落在斜面上前一

瞬間的速度方向與斜面間的夾角為改，則（）

C.?1=?2V1>V2D.?1=?2V1<V2

【答案】D

【解析】

因?yàn)樾∏蚵涞叫泵嫔希瑒t一定存在

12

tane=t=H=&>

x卬2%

解得

_2%tan6

設(shè)速度方向與水平方向的夾角為夕，則

tan/?=—=2tan

%

因?yàn)椤Ｒ欢?，所以尸也是一定的，根?jù)幾何知識(shí)可得

0+a=（3

而，和a一定，所以a一定，即有

?1=?2

由圖可知九<也，而根據(jù)平拋運(yùn)動(dòng)豎直方向的關(guān)系力=gg產(chǎn)可得

…2

又

/_2%tan0

S

所以

V1<V2

故選D。

19.火星探測(cè)項(xiàng)目是我國(guó)繼載人航天工程、嫦娥工程之后又一個(gè)重大太空探索項(xiàng)目。地球繞太陽(yáng)做半徑為Ri

的勻速圓周運(yùn)動(dòng)。火星繞太陽(yáng)做半徑為生的勻速圓周運(yùn)動(dòng)，周期為晨探測(cè)器繞太陽(yáng)沿橢圓軌道AD8CA運(yùn)

動(dòng)，此橢圓軌道以地球軌道上的A點(diǎn)為近日點(diǎn)，以火星軌道上的8點(diǎn)為遠(yuǎn)日點(diǎn)，C、。兩點(diǎn)為橢圓軌道短軸

的兩個(gè)端點(diǎn)，如圖所示。不計(jì)火星、地球?qū)μ綔y(cè)器的影響，則（）

A.探測(cè)器在8點(diǎn)的速度等于一^

T

B.探測(cè)器從A到。的階段，機(jī)械能逐漸變大

C.探測(cè)器從8到A的階段，速率逐漸變大

D.探測(cè)器沿橢圓軌道的飛行周期為（與詈

【答案】CD

【解析】

A.火星在B點(diǎn)的速度為

探測(cè)器在B點(diǎn)的速度小于火星在B點(diǎn)速度，所以A錯(cuò)誤；

B.探測(cè)器從A到。的階段，只有萬(wàn)有引力做功，為系統(tǒng)內(nèi)保守力，所以系統(tǒng)機(jī)械能不變，則B錯(cuò)誤;

C.探測(cè)器從8到A的階段，引力做正功，動(dòng)能增大則速率逐漸變大，所以C正確：

D.由開(kāi)普勒第三定律有

3

&+&

2

T7T，2

解得

「=告心卻

2s

所以D正確；

故選CD。

20.如圖所示，豎直放置的"門"形光滑導(dǎo)軌寬為L(zhǎng),矩形勻強(qiáng)磁場(chǎng)I、II的高和間距均為d,磁感應(yīng)強(qiáng)度為

B,質(zhì)量為m的水平金屬桿由靜止釋放，進(jìn)入磁場(chǎng)I和H時(shí)的速度相等。金屬桿在導(dǎo)軌間的電阻為R,與導(dǎo)

軌接觸良好，其余電阻不計(jì)，重力加速度為g。則金屬桿（）

A.剛進(jìn)入磁場(chǎng)I時(shí)加速度方向豎直向下

B.穿過(guò)磁場(chǎng)I的時(shí)間大于在兩磁場(chǎng)之間的運(yùn)動(dòng)時(shí)間

C.穿過(guò)兩磁場(chǎng)產(chǎn)生的總熱量為4mgd

D.釋放時(shí)距磁場(chǎng)I上邊界的高度h一定大于整》

【答案】BCD

【解析】

A.金屬桿在無(wú)場(chǎng)區(qū)做勻加速運(yùn)動(dòng)，而金屬桿進(jìn)入磁場(chǎng)I和II時(shí)的速度，所以金屬桿剛進(jìn)入磁場(chǎng)I時(shí)做減速

運(yùn)動(dòng)，加速度方向豎直向上，故A錯(cuò)誤；

B.金屬桿在磁場(chǎng)I運(yùn)動(dòng)時(shí)，隨著速度減小，產(chǎn)生的感應(yīng)電流減小，受到的安培力減小，合力減小，加速度

減小，所以金屬桿在磁場(chǎng)工中做加速度減小的減速運(yùn)動(dòng)，在兩個(gè)磁場(chǎng)之間做勻加速運(yùn)動(dòng)，由題知，金屬桿進(jìn)

入磁場(chǎng)I和II時(shí)的速度相等，所以金屬桿在磁場(chǎng)I中運(yùn)動(dòng)的平均速度小于在兩磁場(chǎng)之間運(yùn)動(dòng)的平均速度，兩

個(gè)過(guò)程位移相等，所以金屬桿穿過(guò)磁場(chǎng)I的時(shí)間大于在兩磁場(chǎng)之間的運(yùn)動(dòng)時(shí)間，故B正確；

C.金屬桿從剛進(jìn)入磁場(chǎng)I到剛進(jìn)入磁場(chǎng)II的過(guò)程，由能量守恒定律得

2mgd=Q

金屬桿通過(guò)磁場(chǎng)口時(shí)產(chǎn)生的熱量與通過(guò)磁場(chǎng)I時(shí)產(chǎn)生的熱量相同，所以總熱量為

Qi=2。=4mgd

故C正確；

D.設(shè)金屬桿釋放時(shí)距磁場(chǎng)I上邊界的高度為“時(shí)進(jìn)入磁場(chǎng)I時(shí)剛好勻速運(yùn)動(dòng)，則有

BLvB2I3v

mg=BIL=BL-----=--------

RR

乂v=J麗，聯(lián)立解得

m2gR2

2B4L4

由于金屬桿進(jìn)入磁場(chǎng)I時(shí)做減速運(yùn)動(dòng)，所以高度打一定大于H，故D正確。

故選BCD.

21.如圖，C是放在光滑水平面上的一塊右端有固定檔板的長(zhǎng)木板，在木板的上面有兩塊可視為質(zhì)點(diǎn)的小滑

塊A和B,三者的質(zhì)量均為m,滑塊A、B與木板間的動(dòng)摩擦因數(shù)均為〃。最初木板靜止，A以初速度vo從

C的左端、B以初速度2%從木板中間某一位置同時(shí)以水平向右的方向滑上木板C?在之后的運(yùn)動(dòng)過(guò)程中B

4

曾以一V0的速度與C的右檔板發(fā)生過(guò)一次彈性碰撞（B與C交換速度），重力加速度為g,則對(duì)整個(gè)運(yùn)動(dòng)過(guò)

3

程，下列說(shuō)法正確的是（）

%_2%

ApiB口「c

777777777777777777777777777777777/777777

2

A.滑塊A的最小速度為§

B.滑塊B的最小速度為■Ivo

C.滑塊A與B可能發(fā)生碰撞

D.系統(tǒng)的機(jī)械能減少了OS”?用：

【答案】AB

【解析】

A.剛開(kāi)始運(yùn)動(dòng)時(shí)，A與B均減速運(yùn)動(dòng)，C加速運(yùn)動(dòng)，當(dāng)A與C的速度一樣時(shí)，A的速度最小，有

-ft=mv-mvQ,2ft=mv

解得

2

A正確;

4

B.AC共速后，一起運(yùn)動(dòng)，當(dāng)B以一出的速度與C的右檔板發(fā)生碰撞時(shí)，有

3

3：mv0+2mv'

解得

，5

54

交換速度后，A、B的速度為一w,C的速度為一vo,AB在C的摩擦力的作用下，向右加速。所以滑塊B的

63

最小速度為/Vo。B正確;

6

C.B與C碰撞前，A的速度小于B的速度，B與C碰撞后，AB的速度一樣，所以二者沒(méi)有碰撞的機(jī)會(huì)。C

錯(cuò)誤;

D.最終，三者共速，有

3，〃%=3mv"

系統(tǒng)的機(jī)械能減少了

2ff22

△E=gmv^+g/n(2v0)-；?3mv=7nv0

D錯(cuò)誤。

故選AB。

22.(6分)

某同學(xué)在做"驗(yàn)證平行四邊形定則"的實(shí)驗(yàn)中，遇到了以下問(wèn)題。請(qǐng)幫助該同學(xué)解答。

IP乙丙

（1）物理學(xué)中有很多物理方法，本實(shí)驗(yàn)采用的是。

A.類比實(shí)驗(yàn)法B.等效替代法

C.控制變量法D.極限法

⑵在做實(shí)驗(yàn)之前，該同學(xué)發(fā)現(xiàn)有一只彈簧測(cè)力計(jì)如圖甲所示，則在使用前應(yīng)該對(duì)彈簧測(cè)力計(jì)。

⑶如圖乙所示的四個(gè)力后、尸2、F、尸中，力（填圖中字母）是由一只彈簧測(cè)力計(jì)直接拉橡皮筋

測(cè)得的。

⑷該同學(xué)己經(jīng)作出了兩個(gè)分力的力的圖示，如圖丙所示，方格中每邊的長(zhǎng)度表示0.5N,請(qǐng)幫助該同學(xué)用作

圖法在圖丙中作出合力F的圖示,并求出合力的大小為No（結(jié)果保留兩位有效數(shù)

字）

【答案】B調(diào)零F,見(jiàn)解析3.5

【解析】

①在"驗(yàn)證力的平行四邊形定則"的實(shí)驗(yàn)中，采用了合力的作用效果和分力的作用效果相同，即"等效替代”法,

故選B；

⑵使用前應(yīng)該對(duì)彈簧測(cè)力計(jì)調(diào)零，使指針指到零位置；

⑶彈簧測(cè)力計(jì)只能測(cè)出豎直方向的力，故尸是由一只彈簧測(cè)力計(jì)直接拉橡皮筋測(cè)得的;

某實(shí)驗(yàn)小組設(shè)計(jì)了如圖甲所示的電路，用于測(cè)量某金屬的電阻率與電源電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻。其中電流表Ai（量

程0~100mA,內(nèi)阻n=5Q）、電流表A2（量程0~0.6A,內(nèi)阻「2=1.330）、電阻箱R（阻值范圍。?99.9Q）、定

值電阻生。

⑴圖甲中虛線框內(nèi)可視為一個(gè)量程為0~3V的電壓表，則Ro=Q；

⑵實(shí)驗(yàn)操作步驟如下：

①如圖乙所示利用螺旋測(cè)微器測(cè)量金屬絲直徑D=mm；

②將該金屬絲正確接入圖甲電路，測(cè)得接入電路的金屬絲長(zhǎng)度L=70.00cm；

③合上開(kāi)關(guān)，調(diào)節(jié)電阻箱，記錄下電阻箱阻值R和對(duì)應(yīng)的電流表Ai示數(shù)3電流表A2示數(shù)〃，并根據(jù)測(cè)量

數(shù)據(jù)，做出如圖丙所示的/1一/2圖像，則該金屬絲的電阻率p=Qm（計(jì)算結(jié)果保留2位有效數(shù)字）

/i/mA

圖丙

⑶實(shí)驗(yàn)小組為得到電源電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻，由測(cè)量數(shù)據(jù)繪出如圖丁所示圖線，則圖中縱坐標(biāo)對(duì)應(yīng)物理量是

【答案】251.500（1.498?1.502均給分）5.0x10"（4與、?5.5乂10-6均給分）A

【解析】

⑴將一個(gè)電流表改裝成電壓表需要串聯(lián)一個(gè)電阻，故

。=4（凡+4）

所以

Rn=-------r.=25Q

&

（2）①螺旋測(cè)微器讀數(shù)原則為：主尺數(shù)+對(duì)準(zhǔn)的格數(shù)*0.01,并且必須保留到OQOlmm,所以讀數(shù)為1.500。

③根據(jù)歐姆定律可知

金/,S

所以

7,=—匹—/,

s(5+4)

故函數(shù)圖像的斜率為

k=佻

可解得電阻率為5.0xIO"。

⑶根據(jù)閉合電路歐姆定律可知

￡=(Z2+/,)(r+/?)

所以

--1-=-R-1-r

/,+/2EE

所以選A。

24.(14分)

在科學(xué)研究中，可以通過(guò)施加適當(dāng)?shù)拇艌?chǎng)來(lái)實(shí)現(xiàn)對(duì)帶電粒子運(yùn)動(dòng)的控制。在如圖所示的平面坐標(biāo)系xOy內(nèi)，

以坐標(biāo)原點(diǎn)。為圓心，半徑為d的圓形區(qū)域外存在范圍足夠大的勻強(qiáng)磁場(chǎng)。一質(zhì)量為m、電荷量為+q的

粒子從P(0,Jjd)點(diǎn)沿y軸正方向射入磁場(chǎng)，當(dāng)入射速度為V。時(shí)，粒子從。(_㈣匣)處進(jìn)入無(wú)場(chǎng)區(qū)

2'2

射向原點(diǎn)。，不計(jì)粒子重力。求：

(1)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度8的大小；

(2)粒子離開(kāi)P點(diǎn)后經(jīng)多長(zhǎng)時(shí)間第一次回到P點(diǎn)；

(3)若僅將入射速度變?yōu)?w,則粒子離開(kāi)P點(diǎn)后運(yùn)動(dòng)多少路程經(jīng)過(guò)P點(diǎn)。

mv47rd6Gd

【答案】(1)—r0；(2)——+-----；(3)①s=(30zrd+12Gd)Z,其中％=1、2、3...,②

qdVov0

丁=15萬(wàn)4+4瘋/+左(30萬(wàn)4+12島)，其中左=0、1、2、3…

【解析】

山題條件可判斷粒子做圓周運(yùn)動(dòng)半徑為

R=d

粒子在磁場(chǎng)中

解得

B=W

qd

(2)粒子運(yùn)動(dòng)軌跡如圖示

粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)間

2

t,=3x-T=2T

13

粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)周期為

T1=2-兀-R-

%

粒子在無(wú)場(chǎng)區(qū)運(yùn)動(dòng)時(shí)間

,a2Gd

A,=3x----

%

粒子再次回到P點(diǎn)時(shí)間

t=￡+L

聯(lián)立方程，解得

粒了?速度變?yōu)?%,則在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)半徑為

R'=3d

由P點(diǎn)出發(fā)后第一個(gè)圓弧的弧長(zhǎng)

4=*x2zrx34=5nd

'6

無(wú)磁場(chǎng)區(qū)圓的直徑長(zhǎng)度

$2=2xGd=2四

①粒子以3%沿y軸正向經(jīng)過(guò)P,粒了?運(yùn)動(dòng)路程

s=晨65]+6s2)=(30%d+12\j3d)k，其中k=l、2、

②粒子以3%大小沿-y方向經(jīng)過(guò)p

s'=3?+2s2+攵(6號(hào)+6與)，其中k=0、1、2、3...

代入得

s'=15兀d++k(307vd+12也d),其中k=0、1、2、3...

25.(18分)

某游戲裝置可以簡(jiǎn)化為如圖所示：游客乘坐滑椅(可視為質(zhì)點(diǎn))從固定光滑圓弧軌道上的8點(diǎn)處滑下后沖

上靜止在光滑水平面上的滑板A,滑板A右端某處有一固定擋板Q,滑板A與擋板碰撞無(wú)機(jī)械能損失，且只

發(fā)生了一次碰撞。已知游客與滑椅的質(zhì)量為m,滑板A的質(zhì)量為2m,滑椅與滑板間的動(dòng)摩擦因數(shù)為〃，滑

板A足夠長(zhǎng)，滑椅不會(huì)從滑板表面滑出，圓弧軌道的半徑為R,。點(diǎn)為圓弧軌道的圓心，。=60'，重力加

速度為g，求：

⑴滑椅滑到圓弧軌道最低點(diǎn)時(shí)對(duì)軌道的壓力大??；

(2)滑椅滑上A之前，A右端與固定擋板Q之間的最小距離；

⑶若滑板A右端與固定擋板Q相距X,討論滑板A與擋板Q碰撞前的速度與x的關(guān)系。

RR1I—RRI----

【答案】⑴2?、贫孩钱?dāng)》＞坂時(shí),R必當(dāng)而"X"壇時(shí)’"2=后

【解析】

⑴設(shè)滑椅滑到圓弧軌道最低點(diǎn)時(shí)速度為U0,由動(dòng)能定理有

1,

nigR(l-cose)=Qmv0

在圓弧軌道最低點(diǎn)時(shí)，有

FN-mg=

R

聯(lián)立解得

Fz=2mg

由牛頓第三定律可知，滑椅對(duì)軌道的壓力大小為2mg。

(2)滑板A右端與固定擋板Q碰撞前瞬間，設(shè)游客與滑椅的速度為vi,滑板A的速度為V2,由動(dòng)量守恒定律

mvo=mvi+2mv2

對(duì)滑板A,由動(dòng)能定理有

limgx=—x-0

碰后V2反向，V1不變，取向右為正方向，由動(dòng)量守恒定律有

-2mv2+mvi=3mv權(quán)

若滑板A與Q只發(fā)生了一次碰撞，則

u共W0

聯(lián)立解得A右端與固定擋板Q之間的最小距離為

5而

⑶設(shè)滑板A與擋板Q碰撞前A、B已共速，由動(dòng)量守恒定律有

mvo=3mv

對(duì)滑板A,由動(dòng)能定理有

1—9

^mgxo=—x2mv-0

R

故可得當(dāng)天一時(shí)，可求得

（二）選考題：共15分。請(qǐng)考生從2道物理題中任選一題作，答。如果多做，則按所做的第一題計(jì)分。

33.【選修3-3]（15分）

(1)(5分)

下列說(shuō)法正確的是。(填正確答案標(biāo)號(hào)，選對(duì)1個(gè)給2分，選對(duì)2個(gè)得4分，選對(duì)3個(gè)得5分，

每選錯(cuò)1個(gè)扣3分，最低得分。分)

A.溫度和質(zhì)量都相同的水、冰和水蒸氣，它們的內(nèi)能不相等

B.布朗微粒做無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)的原因是由于它受到水分子有時(shí)吸引、有時(shí)排斥的結(jié)果

C.由于液體表面分子間距離大于平衡位置間距ro,故液體表面存在表面張力

D.浸潤(rùn)液體在毛細(xì)管里下降，不浸潤(rùn)液體在毛細(xì)管里上升

E.理想氣體等壓膨脹過(guò)程一定吸熱

【答案】ACE

【解析】

A.溫度和質(zhì)量都相同的水、冰和水蒸氣，它們的內(nèi)能不相等，水蒸氣的內(nèi)能最大，冰的內(nèi)能最小，所以A

正確；

B.布朗微粒做無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)的原因是由于它受到水分子對(duì)固體顆粒頻繁碰撞的結(jié)果，所以B錯(cuò)誤；

C.由于液體表面分子間距離大于平衡位置間距r°,故液體表面存在表面張力，所以C正確；

D.浸潤(rùn)液體在毛細(xì)管里上升，不浸潤(rùn)液體在毛細(xì)管里下降，所以D錯(cuò)誤；

E.理想氣體等壓膨脹過(guò)程中，體積增大，根據(jù)狀態(tài)方程可知，溫度一定升高，內(nèi)能增大，而同時(shí)氣體對(duì)外

做功，根據(jù)

\U=W+Q

可知，氣體一定吸熱，所以E正確；

故選ACE。

(2)(10分)

如圖所示，導(dǎo)熱氣缸被絕熱活塞分割成A3兩部分，活塞被鎖定。氣缸內(nèi)充有同種氣體(可看作理想氣體)。

A、8兩部分之間用一根細(xì)管連通，細(xì)管上接有閥門K。已知兩部分氣體體積之比匕：%=1：2,A中氣

體壓強(qiáng)為2atm,B中的壓強(qiáng)為latm。不考慮活塞和汽缸壁之間的摩擦，求：

(i)保持環(huán)境溫度不變，打開(kāi)連通管的閥門K，穩(wěn)定后A、3兩部分的壓強(qiáng)；

(ii)重新關(guān)閉閥門K,解除對(duì)活塞的鎖定，用絕熱材料把整個(gè)容器包裹起來(lái)與外界絕熱，并通過(guò)電熱絲對(duì)

A內(nèi)氣體進(jìn)行加熱，使兩部分氣體的體積相等，則此時(shí)A、8兩部分氣體溫度之比是多少。

K

4(ii)?=2

【答案】(i)/?=-atm；

【解析】

(i)打開(kāi)連通管的閥門K,穩(wěn)定后A、3兩部分的壓強(qiáng)相等，設(shè)為P。假設(shè)先使A中的氣體膨脹到壓強(qiáng)為

外=latm,體積變?yōu)閲耍鶕?jù)玻意耳定律對(duì)A中的氣體有:

PA

則對(duì)A、3中的氣體有:

PB-M+%)=P?(匕+%)

又匕：匕=1：2，可知

%=2匕

聯(lián)立以上各式可得

4

P--atm

3

(ii)設(shè)加熱前氣體的溫度為T，兩部分氣體的體積相等時(shí)A內(nèi)的溫度為北，B內(nèi)氣體的溫度為〃，對(duì)A

中的氣體:

P?匕=PAV

TA

對(duì)B中的氣體:

PM=PB-V

活塞可以無(wú)摩擦地滑動(dòng)，所以PA=PB，解以上各式可得

尹2

34.【選修3-4]（15分）

（1）（5分）

下列關(guān)于光的說(shuō)法中，正確的是。（填正確答案標(biāo)號(hào)，選對(duì)1個(gè)給2分，選對(duì)2個(gè)得4分，選對(duì)3個(gè)

得5分，每選錯(cuò)1個(gè)扣3分，最低得分。分）

A.肥皂泡呈彩色條紋是光的折射現(xiàn)象造成的

B.光導(dǎo)纖維傳送圖象信息利用了光的全反射原理

C.在雙縫干涉實(shí)驗(yàn)中條紋變寬，可能是將入射光由綠光變?yōu)榧t光造成的

D.光從真空中以相同的入射角斜射入水中，紅光的折射角小于紫光的折射角

E.A、B兩種光從相同的介質(zhì)入射到真空中，若A光的頻率大于B光的頻率，則逐漸增大入射角，A光先發(fā)

生全反射

【答案】BCE

【解析】

A.肥皂泡呈現(xiàn)彩色是光在泡的內(nèi)外表面反射光疊加產(chǎn)生的，屬于光的干涉現(xiàn)象，故A錯(cuò)誤；

B.光導(dǎo)纖維傳送圖象信息利用了光的全反射原理，故