貴州六盤水育才中學2023年物理高二第一學期期末學業(yè)質量監(jiān)測試題含解析

貴州六盤水育才中學2023年物理高二第一學期期末學業(yè)質量監(jiān)測試題注意事項：1．答卷前，考生務必將自己的姓名、準考證號、考場號和座位號填寫在試題卷和答題卡上。用2B鉛筆將試卷類型（B）填涂在答題卡相應位置上。將條形碼粘貼在答題卡右上角"條形碼粘貼處"。2．作答選擇題時，選出每小題答案后，用2B鉛筆把答題卡上對應題目選項的答案信息點涂黑；如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案。答案不能答在試題卷上。3．非選擇題必須用黑色字跡的鋼筆或簽字筆作答，答案必須寫在答題卡各題目指定區(qū)域內相應位置上；如需改動，先劃掉原來的答案，然后再寫上新答案；不準使用鉛筆和涂改液。不按以上要求作答無效。4．考生必須保證答題卡的整潔?？荚嚱Y束后，請將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，質量分別為m1、m2，電荷量分別為q1、q2的兩小球，分別用絕緣輕絲線懸掛起來，兩絲線與豎直方向的夾角分別為α和β(α＞β)，兩小球恰在同一水平線上，那么()A.兩球可能帶同種電荷B.q1一定大于q2C.m1一定小于m2D.m1所受的庫侖力一定大于m2所受的庫侖力2、如圖，輕彈簧上端固定，下端連接一個可視為質點的小球，系統(tǒng)靜止時小球的位置為O1.將小球向下拉到O2位置（在彈性限度內），從靜止放開，小球在O2、O3之間往復運動．則在小球運動的過程中A.經過O1位置時，速度最大B.經過O1位置時，加速度最大C.經過O1位置時，彈簧彈力最大D.經過O3位置時，彈簧彈力方向一定向下3、已知電流強度為I的通電直導線在距離為r的地方產生的磁感應強度大小為，k為常數(shù)．如圖所示，三根通有電流大小相等的長直導線垂直正方向abcd所在平面，且分別位于a、c、d三個頂點．a、d處導線中的電流方向與c處導線的電流方向相反．已知a處導線在b處產生的磁感應強度大小為B，則b點的磁感應強度大小為（）A. B.C. D.4、如圖所示,50匝矩形閉合導線框ABCD處于磁感應強度大小的水平勻強磁場中,線框面積S=0.5,線框電阻不計,線框平面與磁感線垂直,以此時刻為計時起點,線框繞垂直于磁場的軸OO'以角速度ω=200rad/s勻速轉動,并與理想變壓器原線圈相連,副線圈接入一只“220V60W”燈泡,且燈泡正常發(fā)光,熔斷器允許通過的最大電流為10A,下列說法正確的是()A.圖示位置穿過線框的磁通量變化率不為零B.線框中交流電壓的表達式為e=500sin200tVC.變壓器原、副線圈匝數(shù)之比為50∶11D.允許變壓器輸出的最大功率為5000W5、關于電容器的電容，下列說法正確的是A.電容器所帶的電荷越多，電容就越大B.電容器兩極板間的電壓越高，電容就越大C.電容器所帶電荷增加一倍，電容就增加一倍D.電容是描述電容器容納電荷本領的物理量6、電阻為1Ω的矩形線圈繞垂直于磁場方向的軸在勻強磁場中勻速轉動，產生的交變電動勢隨時間變化的圖象如圖所示，現(xiàn)把交流電加在電阻為9Ω的電熱絲上，則下列說法中正確的是A.線圈轉動的角速度為B.如果線圈轉速提高一倍,則電流不會改變C.電熱絲兩端的電壓VD.電熱絲的發(fā)熱功率P=1800W二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、用絕緣細線懸掛一個質量為m，帶電荷量為+q的小球，讓它處于如圖所示的磁感應強度為B的勻強磁場中．由于磁場的運動，小球靜止在如圖位置，這時懸線與豎直方向夾角為α，懸線處于伸直狀態(tài)，則磁場的運動速度和方向可能是（）A.，水平向左B.，水平向下C.，豎直向上D.，水平向右8、如圖所示，勻強磁場方向垂直紙面向里，正方形單匝線框從左邊界由靜止開始勻加速穿過磁場區(qū)域，線圈的邊長和磁場的寬度相等．從線框cd邊剛進磁場開始計時，逆時針方向為電流的正方向，線框中的感應電流i、電功率P隨時間t的變化圖象可能正確的是A. B.C. D.9、如圖所示，倒置的U形金屬導軌所在平面與水平面夾角為，其中MN與PQ平行且間距為L=1m，導軌處在磁感應強度大小為B的勻強磁場中，磁場方向與軌道平面垂直，磁場隨時間變化情況如圖乙所示，取圖甲所示磁場方向為磁感應強度的正方向．現(xiàn)將金屬棒ab垂直放置在導軌上，金屬棒與NQ相距0.2m，在0~4s內金屬棒始終處于靜止狀態(tài)．已知金屬棒ab的質量m=0.1kg，電阻為R=2Ω，不計導軌電阻，g=10m/s2，則()A.t=2s時刻金屬棒ab所受安培力的方向改變B.0~4s內金屬棒所受的最大靜摩擦力為0.9NC.0~4s內穿過金屬棒的電荷量為0.4CD.0~4s內金屬棒中產生的焦耳熱為0.32J10、如圖所示的電路中，電源電動勢為E，內電阻為r，L為小燈泡（其燈絲電阻可以視為不變），R1和R2為定值電阻，R1=R2=r，R3為光敏電阻，其阻值的大小隨照射光強度的增強而減小．閉合開關S后，將照射光強度減弱，則（）A.電路路端電壓將減小 B.燈泡L將變暗C.R1兩端的電壓將增大 D.電源的輸出功率減小三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）某同學要測量一新材料制成的元件的電阻，步驟如下（1）用多用電表“×100”倍率的電阻擋測量該元件的電阻時，發(fā)現(xiàn)指針偏角過大，此時需換用__________（填“×10”或“×1k”）倍率的電阻擋，并重新進行歐姆調零后再進行測量，表盤的示數(shù)如圖所示，則該電阻的阻值R0=__________Ω。（2）該同學想更精確地測量其電阻，現(xiàn)有的器材及其代號和規(guī)格如下:待測元件R0電流表A1（量程0-10mA，內阻約50Ω）電流表A2（量程0~50mA，內阻約30Ω）電壓表V1（量程0-3V，內阻約30kΩ）電壓表V2（量程0-15V，內阻約50kΩ）直流電源E（電動勢4V）滑動變阻器（阻值范圍0-5Ω）開關S、導線若干.要求較準確地測出其阻值，并多測幾組數(shù)據(jù)，電流表應選__________，電壓表應選__________（選填電表符號）;根據(jù)選擇的器材，畫出實驗電路圖。（）12．（12分）在“用電流表和電壓表測定電池電動勢和內電阻”的實驗中備有如下器材：A．干電池1節(jié)B．滑動變阻器（0～20Ω）C．滑動變阻器（0～1kΩ）D．電壓表（0～3V，內阻約為20kΩ）E．電流表（0～0.6A，內阻RA＝0.2Ω）F．電流表（0～3A，內阻約為0.01Ω）G．開關、導線若干①為減小實驗誤差和方便操作，選擇圖甲所示電路進行實驗，其中滑動變阻器應選________，電流表應選_____。（填寫器材前的序號）②某同學根據(jù)實驗測得的電壓表示數(shù)U和電流表示數(shù)I，畫出U－I圖像如圖乙所示，由圖像可得電池的電動勢為______V，內電阻為______Ω。四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖，兩根間距為L＝0.5m的平行光滑金屬導軌間接有電動勢E＝3V、內阻r＝1Ω的電源，導軌平面與水平面間的夾角θ＝37°．金屬桿ab垂直導軌放置，質量m＝0.2kg．導軌與金屬桿接觸良好且金屬桿與導軌電阻均不計，整個裝置處于豎直向上的勻強磁場中．當R0＝1Ω時，金屬桿ab剛好處于靜止狀態(tài)，取g＝10m/s2，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8（1）求磁感應強度B的大??；（2）若保持B的大小不變而將方向改為垂直于斜面向上，求金屬桿的加速度14．（16分）ABC表示豎直放在電場強度為E=104V/m的水平勻強電場中的絕緣光滑軌道，其中軌道的BC部分是半徑為R的圓環(huán)，軌道的水平部分與半圓環(huán)相切．A為水平軌道上的一點，而且AB=R=0.2m，把一質量m=0.1kg，帶電量為q=+C的小球，放在A點由靜止釋放后，求：（g=10m/s2）(1)小球到達C點的速度大小(2)小球在C點時，軌道受到的壓力大小15．（12分）如圖所示，水平放置的兩塊長直平行金屬板a、b相距d=0.10m，a、b間的電場強度為E=5.0×105N/C，b板下方整個空間存在著磁感應強度大小為B=6.0T、方向垂直紙面向里的勻強磁場.今有一質量為m=4.8×10-25kg、電荷量為q=1.6×10-18C的帶正電的粒子(不計重力)，從貼近a板的左端以v0=1.0×106m/s的初速度水平射入勻強電場，剛好從狹縫P處穿過b板而垂直進入勻強磁場，最后粒子回到b板的Q處（圖中未畫出）．求P、Q之間的距離L

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】根據(jù)異種電荷相互吸引分析電性關系．由力的平衡得到得到質量與偏角之間的關系，來分析質量大?。膳ｎD第三定律，分析庫侖力的關系.【詳解】兩球相互吸引，則可能是異種電荷，也可能一個帶電另一個不帶電，故A錯誤．兩球間的庫侖力為相互作用力，無論電荷量是否相等都有庫侖力大小相等，故無法判斷電量的大?。蔅錯誤；設兩球間庫侖力大小為F，對m1研究，得到F=m1gtanα，同理，對m2研究，得到F=m2gtanβ則m1tanα=m2tanβ，因α＞β，得到m1＜m2，故C正確．根據(jù)牛頓第三定律，m1所受庫侖力一定等于m2所受的庫侖力．故D錯誤；故選C2、A【解析】通過分析各個階段的彈力的變化，從而分析合力的變化，得到加速度的變化和速度變化.【詳解】從O2到O1位置，彈力大于重力，小球的加速度向上，則小球向上做加速運動，到達O1點時，重力等于彈力，此時加速度為零，速度最大；故選項A正確，B錯誤；小球在O2位置時，彈簧形變量最大，此時彈力最大，選項C錯誤；經過O3位置時，小球受的合外力方向向下．彈簧彈力方向不一定向下，選項D錯誤；故選A.3、B【解析】根據(jù)左手定則判斷三根導線在b處的磁場方向，根據(jù)求解三根導線在b處的磁感應強度的大小，然后合成即可.【詳解】a處導線在b處產生的磁感應強度大小為B，可知c處導線在b點的磁感應強度大小為B；d處導線在b點的磁感應強度大小為；根據(jù)右手定則可知a處導線在b處產生的磁感應強度方向沿bc方向向下；d處導線在b處產生的磁感應強度方向垂直db方向斜向下；c處導線在b處產生的磁感應強度方向沿ba方向；根據(jù)平行四邊形法則可知，三根導線在b處的磁感應強度大小為，故選B.4、D【解析】根據(jù)電壓與匝數(shù)成正比，電流與匝數(shù)成反比，變壓器輸入功率和輸出功率相等，逐項分析即可得出結論【詳解】由圖可知，此時線圈和磁場垂直，此時線框的磁通量最大，磁通量變化率為零，感應電動勢為0，故A錯誤．矩形閉合導線框ABCD在磁場中轉動，產生的交流電的最大值為：Em=nBSω=50××0.5×200V=500V，線框中交流電壓的表達式為e=500sin200tV，選項B錯誤；由于最大值為有效值的倍，所以交流電的有效值為500V；由于電壓與匝數(shù)成正比，所以變壓器原、副線圈匝數(shù)之比為，故C錯誤．由于熔斷器允許通過的最大電流為10A，所以允許變壓器輸出的最大功率為P=UI=500×10A=5000W，故D正確．故選D【點睛】該題結合變壓器的原理考查交流電的產生，掌握住理想變壓器的電壓、電流及功率之間的關系，本題即可得到解決5、D【解析】電容表征電容器容納電荷的本領大小，由電容器本身的特性決定，與兩極板間的電壓、所帶的電荷量無關．A、電容器所帶的電荷越多，兩板間電壓越大，電容不變，故A錯誤B、電容器兩極板間的電壓越高，所帶的電荷越多，電容不變，故B錯誤C、電容器所帶電荷增加一倍，兩極板間的電壓增加一倍，電容不變，故C錯誤D、電容的物理意義是表征電容器容納電荷本領的大?。蔇正確故選D點評：電容，采用的是比值定義法，有比值定義法共性，C與U、Q無關，由電容器本身決定6、D【解析】A．從圖中可知：T=0.02s角速度為：rad/s故A說法錯誤；B．在t=0.01s時刻，產生的感應電動勢最大，此時線圈與中性面垂直，磁通量為零，故B說法正確；CD．交流電壓的最大值為Em=200V，所以有效值V則電熱絲兩端的電壓為：V消耗的功率為：W故C錯誤，D正確。故AC二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AC【解析】若磁場的運動方向水平向左，則小球相對磁場水平向右，由左手定則可知，洛倫茲力方向豎直向上，當洛倫茲力等于重力，處于平衡狀態(tài)，則有：Bqv=mg，解得：，故A正確；若磁場的運動方向豎直向下，則小球相對磁場豎直向上，由左手定則可知，洛倫茲力方向水平向左，則不可能處于平衡狀態(tài)．故B錯誤；若磁場的運動方向豎直向上，則小球相對磁場豎直向下，由左手定則可知，洛倫茲力方向水平向右，當洛倫茲力與拉力的合力與重力相等時，則處于平衡狀態(tài)，則有：Bqv=mgtanα，解得：，故C正確，若磁場的運動方向水平向右，則小球相對磁場水平向左，由左手定則可知，洛倫茲力方向豎直向下，不可能處于平衡狀態(tài)，D錯誤；故選AC【點睛】此題考查左手定則與平衡方程的應用，注意相對運動理解，突出小球相對磁場的運動方向是解題的關鍵，同時掌握三角函數(shù)的應用8、AD【解析】線框的速度：，感應電動勢：，電功率：，故A正確，B錯誤；感應電流：，由右手定則碰撞，線框進入磁場過程電流沿逆時針方向，是正的，線框離開磁場過程，感應電流沿順時針方向，是負的，故C錯誤，D正確．所以AD正確，BC錯誤9、ABD【解析】A、根據(jù)楞次定律1~2s內金屬棒ab受到的安培力方向始終沿斜面向上，2~3s內向下，選項A正確；B、當安培力方向沿導軌向下最大時靜摩擦力最大，靜摩擦力的最大值，其中，解得，，選項B正確；C、根據(jù)法拉第電磁感應定律和電流定義得，選項C錯誤；D、0~4s內金屬棒產生的焦耳熱為，選項D正確點睛：本題考查法拉第電磁感應定律的相關內容，注意電流的方向性的問題，同時注意和兩段時間內電流相等，只是方向不同10、BD【解析】A.照射光強度減弱時，光敏電阻的阻值增大，電路中的總電阻增大；由閉合電路歐姆定律可得，電路中總電流減小，所以電源內阻所占電壓減小，所以路端電壓增大，選項A錯誤；C.因電路中總電流減小，所以R1兩端的電壓減小，選項C錯誤；B.因電路端電壓增大，同時R1兩端的電壓減小，故并聯(lián)電路部分電壓增大，則流過R2的電流增大，而總電流減小，所以通過燈泡L的電流減小，所以燈泡L變暗，選項B正確；D、電源的輸出功率（R為外電路的電阻），據(jù)題意知R1、R2為定值電阻且都等于r，所以總電阻一定大于r，故當將照射R3的光的強度減弱，總電阻增大，輸出功率變小，選項D正確。故選BD。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、①.×10②.300③.A1④.V1⑤.【解析】(1)[1]用多用電表“×100”倍率的電阻擋測量該元件的電阻時，發(fā)現(xiàn)指針偏角過大，說明所選擋位太大，此時需換用×10倍率的電阻擋[2]重新進行歐姆調零后再進行測量，表盤的示數(shù)如圖所示，則該電阻的阻值(2)[3]電源電動勢為4V，電壓表應選擇V1；[4]通過待測電阻的最大電流約為所以電流表選擇A1；[5]待測電阻阻值遠大于滑動變阻器最大阻值，為測多組實驗數(shù)據(jù)，滑動變阻器應采用分壓接法，電壓表內阻遠大于待測電阻阻值，電流表應采用外接法，實驗電路圖如圖所示12、①.B②.E③.1.5④.1【解析】由題中“在“用電流表和電壓表測定電池的電動勢和內電阻”的實驗中備有如下器材”可知，本題考查用電流表和電壓表測定電池的電動勢和