2021年上海市松江區(qū)高考物理一模試卷（附答案詳解）

2021年上海市松江區(qū)高考物理一模試卷

一、單選題（本大題共12小題，共40.0分）

1.第一次發(fā)現(xiàn)電流磁效應(yīng)的科學(xué)家是（)

A.安培B.法拉第C.麥克斯韋D.奧斯特

2.磁感應(yīng)強(qiáng)度B的單位7等價于（)

AN

ABC.—D.9

-茄-￡mAN

3.做豎直上拋運(yùn)動的物體，每秒的速度增量總是（）

A.大小不等，方向不同B.大小相等,方向不同

C.大小不等，方向相同D.大小相等,方向相同

4.如圖輕質(zhì)支架，A、8固定在豎直墻上，C點(diǎn)通過細(xì)繩懸掛一重物，則重物對C點(diǎn)

的拉力按效果分解正確的是（）

5.圖示電場中，負(fù)電荷僅受電場力作用,

動到8點(diǎn)，此過程中（）

A.電場力增大，電勢能減小

B.電場力減小，電勢能減小

C.電場力增大，電勢能增大

D.電場力減小，電勢能增大

6.從冰箱中拿出的空瓶，一段時間后瓶塞彈出，其原因是（）

A.瓶內(nèi)氣體分子數(shù)增加

B.瓶內(nèi)所有氣體分子的運(yùn)動都更劇烈

C.瓶塞所受合外力變小

D.瓶塞受瓶內(nèi)氣體分子的作用力變大

7.如圖所示，斜面上放一物體A恰好能勻速下滑，如果在物

體4上再施加一個力F,使A仍勻速下滑，關(guān)于力尸的方

向，下列說法正確的是（）

A.垂直斜面向下B.豎直向下C.水平向左D.水平向右

8.物體由靜止開始沿斜面下滑，阻力大小與速度成正比，能反映此運(yùn)動過程的u-t圖

是（）

9.如圖所示為一列沿x軸傳播的簡諧橫波在t=0時刻|-v<

的波形圖，此時質(zhì)點(diǎn)A沿y軸負(fù)方向振動，該波的夕\

波速為發(fā)=2（hn/s,貝女）°」

A.這列波沿x軸負(fù)向傳播，2s內(nèi)質(zhì)點(diǎn)A通過的路程

為40m

B.這列波沿x軸正向傳播，2s內(nèi)質(zhì)點(diǎn)A通過的路程為40,"

C.這列波沿x軸負(fù)向傳播，2s內(nèi)質(zhì)點(diǎn)A通過的路程為2機(jī)

D.這列波沿x軸正向傳播，2s內(nèi)質(zhì)點(diǎn)A通過的路程為2機(jī)

10.A、B兩木塊自左向右做勻加速直線運(yùn)動，現(xiàn)用高速攝影機(jī)在同一底片上多次曝光，

記錄下木塊每次曝光時的位置，如圖所示，曝光的時間間隔相等，則（）

Au□□

左___1山1山山山I山山山1山山山1__右

0□□□

口

A.灰時刻，A木塊速度大于3木塊速度

B.打時刻，A木塊速度小于B木塊速度

C.口時刻，A木塊速度大于3木塊速度

D.S時刻，A木塊速度小于8木塊速度

H.如圖所示，質(zhì)量為機(jī)的物體靜止于粗糙水平地面上，—?F

物體與地面的動摩擦因數(shù)為山物體右側(cè)與一輕彈簧相連，初始時彈簧為原長，現(xiàn)

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用水平力緩慢向右拉彈簧，使物體向右通過一段位移S,該過程中手的拉力做功一

定（）

A.等于pmgsB.大于HmgsC.小于pmgs

12.如圖電路中，電阻R隨溫度升高均勻增大，用這個電阻做

探頭測溫，把電流表的刻度改為相應(yīng)的溫度刻度。下列說

法正確的是（）

A.低溫對應(yīng)電流較大的刻度上，且溫度刻度均勻

B.低溫對應(yīng)電流較大的刻度上，且溫度刻度不均勻

C.高溫對應(yīng)電流較大的刻度上，且溫度刻度均勻

D.高溫對應(yīng)電流較大的刻度上，且溫度刻度不均勻

二、填空題（本大題共5小題，共20.0分）

13.牛頓第一定律牛頓第二定律的推論（選填“是”或“不是"）；用牛頓

第二定律來解釋質(zhì)量是物體慣性大小的量度（選填“能”或“不能”）。

14.如圖所示，一塊蹄形磁鐵放在水平臺秤上，金屬棒固定在兩個磁極之間。當(dāng)A8

中通入電流時，臺秤示數(shù)減小。則AB棒所受安培力的方向?yàn)?電流的方向

為______

15.如圖，固定密閉容器內(nèi)儲有一定量的水，若拔掉容器底部的軟木塞，可能觀

察到的現(xiàn)象有

16.如圖，當(dāng)開關(guān)K斷開時，電源內(nèi)電路功率為B；K

閉合時，電源內(nèi)電路功率為「2。若兩種情況下電源

的輸出功率相等，則P1p2.R2r。（選

填“大于"、“等于"或“小于”）

17.豎直向上拋出的物體，從拋出點(diǎn)到最高點(diǎn)的過程中其動能和重力勢能隨高度/1的變

化圖線如圖所示，物體上升過程中空氣阻力做的功為_____J,加速度大小為

_____m/s2o

三、實(shí)驗(yàn)題（本大題共1小題，共10.0分）

18.如圖a為“用。/S研究加速度和力的關(guān)系”的實(shí)驗(yàn)裝置：

（1）在該實(shí)驗(yàn)中必須采用控制變量法，應(yīng)保持不變，用鉤碼所受的重力作為

,用。/5測小車的加速度；

（2）改變所掛鉤碼的數(shù)量，多次重復(fù)測量。在某次實(shí)驗(yàn)中根據(jù)測得的多組數(shù)據(jù)可畫

出a-F關(guān)系圖線（如圖b）,此圖線的AB段明顯偏離直線，造成此誤差的主要原因

是;

（3）若在原裝置中的P處加裝一力傳感器，重復(fù)上述實(shí)驗(yàn)，得到的a-F圖線與圖人

中的圖線相比會有什么不同：；

（4）在（3）中，若小車的質(zhì)量為不斷增加鉤碼的數(shù)量，則力傳感器示數(shù)的極限值

為O

(7>ins*

?*

位移傳感SS（發(fā)射3）位修傳感吉（接收署）

（Q禺9

P

爾碼圖a

<1

圖b

四、簡答題（本大題共1小題，共14.0分）

19.如圖所示，用絕緣絲線將質(zhì)量為m、電荷量為桁的帶負(fù)電

小球A系在。點(diǎn)。在距。點(diǎn)的正下方“處用絕緣柄固定

一帶電小球B（兩球均可看成點(diǎn)電荷）。當(dāng)絲線與豎直方向

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夾角為。=30。時，球A靜止，此時4、8兩球連線與絲線A。垂直。已知靜電力常

量為”,重力加速度為g。

(1)畫出A球受力示意圖，判斷8球的電性；

(2)求A球所在處的電場強(qiáng)度E-

(3)求8球的電荷量qp；

(4)若支持B球的絕緣柄漏電，A球在豎直平面內(nèi)緩慢運(yùn)動至。=0。處，8的電荷尚

未漏完。在整個漏電過程中，絲線的拉力大小如何變化？請說明原因。

五、計(jì)算題(本大題共1小題，共16.0分)

20.如圖，在豎直平面內(nèi)，AB為粗糙的長直軌道，與水平方向的夾角為0=53°,BCD、

DEG均為半徑為r=2?n的光滑圓弧形軌道，A8與BCD相切于B點(diǎn)，。八。2為圓

心，連線水平，C為圓弧形軌道的最低點(diǎn)，E為最高點(diǎn)。一質(zhì)量為m=Mg的小環(huán)

套在軌道上，受到水平恒力廠的作用，自P點(diǎn)由靜止下滑，運(yùn)動到8點(diǎn)時撤掉

水平恒力E小環(huán)滑入光滑圓弧形軌道，恰能通過最高點(diǎn)及已知小環(huán)與AB軌道

間的動摩擦因數(shù)為4=0.8,P、8之間的距離為s=誓m,s譏53。=0.8,cos53°=0.6,

47

求：

(1)小環(huán)過8點(diǎn)的速度：

(2)小環(huán)在PB間運(yùn)動的加速度；

(3)水平恒力F的大??；

(4)若改變水平恒力尸的大小，小環(huán)能否到達(dá)E點(diǎn)？請分析說明。

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答案和解析

1.【答案】D

【解析】解：A、安培是提出安培定則與安培力，故A錯誤；

B、法拉第提出磁能生電，故8錯誤；

C、麥克斯韋提出電磁場理論，故C錯誤；

D、第一個發(fā)現(xiàn)電流磁效應(yīng)的科學(xué)家是奧斯特，故。正確.

故選：D.

根據(jù)各位物理學(xué)家的貢獻(xiàn)回答：奧斯特發(fā)現(xiàn)電生磁，安培研究了電流的磁場的判斷方法:

安培定則；焦耳研究了熱功當(dāng)量；法拉第發(fā)現(xiàn)了磁生電.

本題考查了物理學(xué)史，記清每位物理學(xué)家的貢獻(xiàn)是解題的關(guān)鍵.

2.【答案】A

【解析】解：磁感應(yīng)強(qiáng)度B=5，磁感應(yīng)強(qiáng)度單位為T,則17=/，故A正確，BCD

ILAm

錯誤。

故選：Ao

明確國際單位制中基本單位以及基本物理量，明確國際單位制中，磁感應(yīng)強(qiáng)度的單位是

特斯拉，根據(jù)物理學(xué)公式分析答題.

本題考查了單位制的知識，熟練掌握物理學(xué)公式、知道各物理量的單位是正確解題的關(guān)

鍵；同時注意明確物理公式同樣可以進(jìn)行物理單位的計(jì)算.

3.【答案】D

【解析】解:豎直上拋運(yùn)動是勻變速直線運(yùn)動，加速度為g。方向豎直向下，根據(jù)△v=gt,

知每秒速度增量大小相等，方向豎直向下。故ABC錯誤，。正確。

故選：Do

豎直上拋運(yùn)動是勻變速直線運(yùn)動，根據(jù)△v=gt分析每秒的速度增量大小和方向。

解決本題時要知道做豎直上拋運(yùn)動的物體，加速度是豎直向下的g,則每秒的速度增量

總是gt=10m/s,方向豎直向下。

4.【答案】B

【解析】解：輕質(zhì)支架不考慮其自身的重力，C點(diǎn)受到重物的拉力、AC的作用力以及

的作用力，由于C點(diǎn)的作用力沒有引起AC與BC邊的轉(zhuǎn)動，可知AC對C點(diǎn)的作用

力一定沿AC的方向，2C對C的作用力一定沿BC的方向，所以重物對C點(diǎn)的拉力可以

沿AC的方向與BC的方向分解，結(jié)合結(jié)合平行四邊形定則可知，重物對C點(diǎn)的拉力按

效果分解為沿4c的方向斜向下的一個分力以及沿CB的方向斜向下的另一個分力，故

B正確，ACQ錯誤。

故選：B。

對C點(diǎn)進(jìn)行受力分析，結(jié)合C點(diǎn)受到的力，對重物的拉力進(jìn)行分解即可。

本題是三力平衡問題，關(guān)鍵是區(qū)分固定桿與可動桿間的彈力方向，固定輕桿的彈力可以

沿著任意方向，而可動桿的彈力方向是沿著桿的，否則會引起轉(zhuǎn)動.

5.【答案】C

【解析】解：根據(jù)電場線的疏密可知，A處的電場強(qiáng)度小于B處的電場強(qiáng)度，故由A到

8的過程中電場力增大；負(fù)電荷受力與電場線方向相反，故由A到B的過程中電場力做

負(fù)功，電勢能增大，故C正確，A3。錯誤。

故選：Co

明確電場線的疏密表示電場強(qiáng)度的大小，從而確定電場力的大??；再根據(jù)電場力的方向

確定電場力做功情況，由功能關(guān)系確定電勢能的變化情況。

本題考查對電場線的認(rèn)識以及電場力做功與電勢能間的關(guān)系，要注意明確電場力做正功

時電勢能減小，電場力做負(fù)功時電勢能增大。

6.【答案】D

【解析】解：A、瓶子是密封的，故瓶內(nèi)氣體分子數(shù)不變，故4錯誤；

氏溫度是分子平均動能的標(biāo)志，從冰箱中取出后溫度將上升，分子平均動能增大，但

不是每個分子的動能都增大，故B錯誤；

C、瓶塞在冰箱中不動，合外力為零，取出后瓶塞彈出，合外力不為零，此時合外力增

大，故C錯誤；

D、由理想氣體狀態(tài)方程可得：牛=配瓶內(nèi)氣體體積不變，溫度升高，故壓強(qiáng)增大，

所以瓶塞受瓶內(nèi)氣體分子的作用力變大，故。正確；

故選：D。

由理想氣體狀態(tài)方程和分子的平均動能進(jìn)行分析。

本題主要考查了考生對于平均動能和理想氣體狀態(tài)方程的理解，解題關(guān)鍵在于平均動能

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增大不是每個分子的動能都增大。

7.【答案】B

【解析［解：設(shè)物體的質(zhì)量為，小物體與斜面間的動摩擦因數(shù)為“、斜面的傾角為0。

由于施加外力尸前物體A勻速下滑，根據(jù)平衡條件可得：mgsind=nmgcosd,解得：

gsind=^gcosdo

A、如果施加的力/垂直斜面向下，正物體與斜面間的壓力增大、摩擦力增大、重力沿

斜面向下的分力不變，物體減速運(yùn)動，故4錯誤；

B、如果施加的外力尸豎直向下，則有：(mg+=”(mg+F)cos。，物體仍勻速

下滑，故B正確；

C、如果施加的力F水平向左，正物體與斜面間的壓力增大、摩擦力增大、且力尸在沿

斜面方向的分力沿斜面向上，重力沿斜面向下的分力不變，物體減速運(yùn)動，故C錯誤；

。、如果施加的力尸水平向右，正物體與斜面間的壓力減小、摩擦力減小、且力尸在沿

斜面方向的分力沿斜面向下，重力沿斜面向下的分力不變，物體加速運(yùn)動，故。錯誤。

故選：B。

由于施加外力產(chǎn)前物體A勻速下滑，根據(jù)平衡條件可得：mgsind=fimgcosd,根據(jù)力

產(chǎn)的方向，分析物體是否受力平衡，由此確定運(yùn)動情況。

本題主要是考查了共點(diǎn)力的平衡問題，解答此類問題的一般步驟是：確定研究對象、進(jìn)

行受力分析、利用平行四邊形法則進(jìn)行力的合成或者是正交分解法進(jìn)行力的分解，然后

在坐標(biāo)軸上建立平衡方程進(jìn)行解答。

8.【答案】A

【解析】解：設(shè)阻力大小為人物體的質(zhì)量為，小斜面的傾角為a,據(jù)題有/=ku,4是

常量。

根據(jù)牛頓第二定律得mgsina-/=ma,即得a=gsina-*可知I,隨著速度v的增

大，物體的加速度減小，當(dāng)mgsina=/時&=0,結(jié)合u—t圖象的斜率表示加速度，可

知A圖正確，故A正確，BCD錯誤。

故選：A。

根據(jù)阻力大小與速度成正比，分析物體所受合外力的變化情況，判斷加速度的變化，結(jié)

合t圖象的斜率表示加速度，分析圖象的形狀。

解決本題的關(guān)鍵要能根據(jù)牛頓第二定律列式，分析物體加速度的變化情況，結(jié)合u-t圖

象的斜率表示加速度來分析。

9.【答案】C

【解析】解：根據(jù)“上下坡”法可知，由于質(zhì)點(diǎn)A沿y軸負(fù)方向振動，所以波向左傳播。

由圖可知，振幅A=5cm,波長A=4TH,根據(jù)公式》=*解得T=0.2s,質(zhì)點(diǎn)A在2s

振動10個周期，通過的路程s=10x44=2m,故A、B、O錯誤，C正確，

故選：Co

解答本題的思路是：（1）根據(jù)質(zhì)點(diǎn)A的振動方向，由圖得到波的傳播方向；（2）由圖得到

波長，根據(jù)波速求得周期；（3）根據(jù)振幅求得路程。

使解答本題的關(guān)鍵是：根據(jù)"質(zhì)點(diǎn)A沿），軸負(fù)方向振動”，利用：“上下坡”法，波的

傳播方向。

10.【答案】D

【解析】解：AB,根據(jù)圖象可知，4、B兩木塊在0到匕時間內(nèi)運(yùn)動了相同的位移，故

兩木塊在整段時間內(nèi)的平均速度相等，根據(jù)勻加速直線運(yùn)動情況下一段時間內(nèi)的平均速

度等于中間時刻的瞬時速度可知，在12時刻兩木塊的速度相等。故AB錯誤；

CD、由圖象可知，對于A木塊，Q到t2時間內(nèi)的位移與12到t3時間內(nèi)的位移之差較大，

由△x=af2可知，A木塊的加速度較大，且12時刻兩木塊速度相等，故ti時刻A木塊速

度更小。故C錯誤，。正確。

故選：Do

根據(jù)一段時間內(nèi)的平均速度與瞬時速度的關(guān)系可得出兩木塊中間時刻的速度大小，結(jié)合

公式△%=a%可知兩木塊的加速度大小，進(jìn)而判斷％時刻的速度大小。

本題考查勻變速直線運(yùn)動相關(guān)規(guī)律，關(guān)鍵對重要公式△%=。產(chǎn)要能夠靈活運(yùn)用。

11.【答案】B

【解析】解：物塊克服摩擦力做功為叼="mgs,在拉力廠作用下，由于彈簧伸長，故

克服彈力做功為川中，故拉力做功等于克服摩擦力做功和克服彈簧彈力做功，故收=

Wf+W^>Wf=nmgs,故AC。錯誤，8正確

故選：Bo

在拉力F作用下，彈簧伸長，需要克服彈力做功，物體在前進(jìn)過程中，克服摩擦力做功，

根據(jù)能量守恒即可判斷。

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本題主要考查了功的計(jì)算，關(guān)鍵是抓住能量守恒即可判斷出拉力廠做功的轉(zhuǎn)化即可。

12.【答案】B

【解析】解：根據(jù)圖示電路圖結(jié)合閉合電路的歐姆定律得：E=/(r+R+RQ,

解得電路的電流為：白羨，可見電阻R越小，電流/越大，對應(yīng)的溫度越低，所

I十X十/<4

以低溫對應(yīng)電流較大的刻度上；

由于電阻R隨溫度升高均勻增大，則電阻R與溫度的變化為：R=Ro+kt(k>O),

解得：t=^-i(/?x+r+/?0).所以，與/不是線性關(guān)系，溫度刻度不均勻，故B正確、

ACZ)錯誤。

故選：B。

根據(jù)歐姆定律解得電路的電流表達(dá)式，根據(jù)電阻阻值隨溫度變化的關(guān)系，然后應(yīng)用閉合

電路歐姆定律求出/的表達(dá)式進(jìn)行分析。

本題主要是考查閉合電路的歐姆定律，關(guān)鍵是弄清楚電路的連接情況以及電阻R隨溫度

的變化情況，根據(jù)閉合電路的歐姆定律進(jìn)行解答。

13.【答案】不是能

【解析】解：(1)牛頓第一定律揭示了物體不受力時的運(yùn)動規(guī)律，牛頓第二定律給出了

加速度與力和質(zhì)量的定量關(guān)系，所以牛頓第一定律不是牛頓第二定律的推論；

(2)力-是改變物體運(yùn)動狀態(tài)的原因，加速度-描述物體運(yùn)動狀態(tài)變化的快慢

由尸=ma得

尸一定時，〃?越大，。越小-即物體運(yùn)動狀態(tài)越不容易改變；說明〃7越大，物體慣性越

大；。一定時，，〃越大，尸越大-即要更大的力才能改變相同的運(yùn)動狀態(tài)，說明〃2越大，

物體慣性越大，所以，"是慣性大小的量度，即能用牛頓第二定律來解釋質(zhì)量是物體慣性

大小的量度。

牛頓第一定律揭示了物體不受力時的運(yùn)動規(guī)律，牛頓第二定律給出了加速度與力和質(zhì)量

的關(guān)系，

牛頓第一定律是基礎(chǔ)，說明力不需要運(yùn)動來維持，第二定律給出了力與運(yùn)動的具體關(guān)系.

14.【答案】向下3指向A

【解析】解：當(dāng)中通入電流時，臺秤的示數(shù)減小，說明磁鐵受到金屬棒的作用力向

上，根據(jù)牛頓第三定律可知，金屬棒受到的安倍力向下，根據(jù)左手定則可知電流方向?yàn)?/p>

從8到A；

故答案為：向下：8指向A

(1)由牛頓第三定律判斷安倍力的方向；

(2)由左手定則判斷電流方向。

本題考查了牛頓第三定律和左手定則，關(guān)鍵是熟練掌握應(yīng)用?；A(chǔ)題。

15.【答案】水部分流出、水全部流出、水柱不動、水柱向上運(yùn)動

【解析】解：設(shè)水的高度為力，密閉容器內(nèi)氣體的壓強(qiáng)為P，外界大氣壓強(qiáng)為Po,

當(dāng)p>Po-pg九時，水部分流出甚至全部流出；

當(dāng)「=「0-。9八時，水柱不動；

當(dāng)p<Po-pg八時，水柱向上運(yùn)動直到最后平衡。

故答案為：水部分流出、水全部流出、水柱不動、水柱向上運(yùn)動。

根據(jù)水柱最終的平衡，由「=90-。9九可以求解。

了解封閉氣體壓強(qiáng)的特點(diǎn)，關(guān)鍵在結(jié)合液柱的平衡條件建立關(guān)系進(jìn)行分析。

16.【答案】小于小于

【解析】解：當(dāng)開關(guān)K斷開時，R1和&串聯(lián)，此時電路中的電流為[/'

A=7^-;.電源內(nèi)電路功率為：P1=/=；L/?\

K閉合時，七短路，外電路只有&，此時電路中的電流為，2=白，°r

K2'TI

電源內(nèi)電路功率為：P2=Ilr,由于/i</2，則B<P2；

電源的輸出功率隨外電阻的變化情況如圖所示，當(dāng)外電阻等于內(nèi)電阻時，電源輸出功率

最大，若兩種情況下電源的輸出功率相等，則/?2小于r。

故答案為：小于；小于。

根據(jù)開關(guān)斷開、閉合時電路的連接情況求出電流強(qiáng)度，再根據(jù)電功率的計(jì)算公式求解電

功率；根據(jù)外電阻等于內(nèi)電阻時，電源輸出功率最大分析電阻大小關(guān)系。

本題主要是考查了電源的功率，掌握電源總功率、電源內(nèi)功率和電源的輸出功率與電流

的關(guān)系，能夠從P-R圖象上進(jìn)行分析判斷。

17.【答案】-112.5

【解析】解：由圖示圖象可知，物體在拋出點(diǎn)時的機(jī)械能為：Fj=57+0=57,

物體在最高點(diǎn)的機(jī)械能為：%=4/+0=4/,

第12頁，共16頁

由能量守恒定律可知，上升過程空氣阻力做功W=%-E1=(4—5)/=-V，

由圖示圖象可知，物體上升的最大高度九=4m,

空氣阻力/做功：W=-fh,

代入數(shù)據(jù)解得阻力大?。篺=0.25N；

由圖示圖象可知，物體在最高點(diǎn)時的重力勢能：Ep=mgh=4/

代入數(shù)據(jù)解得：m=0.1kg

物體上升過程，對物體，由牛頓第二定律得：

mg+/=ma

代入數(shù)據(jù)解得，加速度大小a=12.5m/s2

故答案為：—1；12.5。

物體在上升過程中，重力勢能增大，動能減小，根據(jù)圖示圖象求出物體上升過程中空氣

阻力做的功；然后根據(jù)功的計(jì)算公式求出物體受到的阻力大?。挥芍亓菽鼙磉_(dá)式昂=

mg九求出物體的質(zhì)量處由于牛頓第二定律求出物體上升過程的加速度大小。

根據(jù)圖示圖象分析清楚物體的運(yùn)動過程、根據(jù)圖示圖象獲取所需信息是解題的前提與關(guān)

鍵，應(yīng)用能量守恒定律與牛頓第二定律即可解題。

18.【答案】小車總質(zhì)量小車所受外合力鉤碼質(zhì)量過大或未滿足小小車>>加蹣圖線

為直線，沒有彎曲部分Mg

【解析】解：(1)探究加速度與力的關(guān)系，應(yīng)保持小車的總質(zhì)量不變，用鉤碼所受的重

力作為小車所受的合力.

(2)以小車與鉤碼組成的系統(tǒng)為研究對象，系統(tǒng)所受的合外力等于鉤碼的重力機(jī)郎典，

由牛頓第二定律得：m鉤碘=(叫y、至+小匐%)a,小車的加速度a=黑馬g

m鉤碼m小車

小車受到的拉力F=m小/=工,與m鉤碼?小小車時，

可以認(rèn)為小車受到的合力等于鉤碼的重力，如果鉤碼的質(zhì)量太大，

則小車受到的合力小于鉤碼的重力，實(shí)驗(yàn)誤差較大，a-F圖象偏離直線

(3)若在原裝置中的P處加裝一力傳感器，小車受到的合力為傳感器的示數(shù)，不需要滿

足m小車>>m鉤碼,應(yīng)該為一條傾斜的直線，不會發(fā)生彎曲；

(4)以小車與鉤碼組成的系統(tǒng)為研究對象，系統(tǒng)所受的合外力等于鉤碼的重力”?，

由牛頓第二定律得：mg=+m)a,小車的加速度a=

小車受到的拉力/="￡1=西=與，當(dāng)m?M時，此時尸=Mg

m

故答案為：(1)小車總質(zhì)量；小車所受外合力(2)鉤碼質(zhì)量過大或未滿足m小本>>m鉤砰

(3)圖線為直線，沒有彎曲部分(4)Mg

(1)探究加速度與力的關(guān)系，應(yīng)控制小車的總質(zhì)量保持不變；平衡摩擦力后用鉤碼的重

力作為小車受到的合力；

(2)控制實(shí)驗(yàn)所控制的變量，分析圖象，根據(jù)圖象特點(diǎn)得出實(shí)驗(yàn)結(jié)論；根據(jù)實(shí)驗(yàn)注意事

項(xiàng)分析圖象偏離直線的原因；

(3)若在原裝置中的P處加裝一力傳感器，小車受到的合力為傳感器的示數(shù)，不需要滿

定m小車?m鉤碼,應(yīng)該為一條傾斜的直線;

(4)根據(jù)牛頓第二定律判斷出小車受到的拉力最大值。

解決實(shí)驗(yàn)問題首先要掌握該實(shí)驗(yàn)原理，/解實(shí)驗(yàn)的操作步驟和數(shù)據(jù)處理以及注意事

項(xiàng).其中明確小車的質(zhì)量遠(yuǎn)大于鉤碼的質(zhì)量原因.

19.【答案】解：(1)4球受力分析如右圖所示，由于A受到來自2

的斥力，因此B帶負(fù)電

(2)由A球靜止，結(jié)合受力分析可得：

F=mgsind

Fmg

T=mgcosOE=—=--

q2%

場強(qiáng)方向垂直O(jiān)A向右下方

(3)根據(jù)庫侖定律可得：F=k-^—^=mgsin0

mg”?

因此有：qB=

8%

(4)根據(jù)相似三角形受力分析可得:

mgTOA

而=府'則7ng西

則因?yàn)椤?g,OA,OB都不變,所以T不變

0A豎直時有：T+F=mg

此時，尸減小T變大

答：(1)受力分析如圖所示，8球帶負(fù)電

(2)場強(qiáng)大小E=鼠，方向垂直0A向右下方

(3)8的帶電量勺8=吟

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(4)拉力變大

【解析】本題的關(guān)鍵在于畫出受力分析圖，根據(jù)受力分析可以得到8球的電性，之后根

據(jù)庫侖定律可以得出我們場強(qiáng)的大小方向。考查了學(xué)生對于受力分析，庫侖定律的理解。

庫侖定律考查一般都是結(jié)合共點(diǎn)力平衡進(jìn)行的，因此解題的關(guān)鍵在于做出受力分析圖，

明確庫侖力