2022屆海南省高考物理五模試卷含解析

2021-2022學年高考物理模擬試卷

考生須知：

1,全卷分選擇題和非選擇題兩部分，全部在答題紙上作答。選擇題必須用2B鉛筆填涂；非選擇題的答案必須用黑色

字跡的鋼筆或答字筆寫在“答題紙”相應位置上。

2,請用黑色字跡的鋼筆或答字筆在“答題紙”上先填寫姓名和準考證號。

3.保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，在草稿紙、試題卷上答題無效。

一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。

1.如圖所示，平行板電容器與電動勢為E的直流電源（內阻不計）連接，下極板接地.一帶電油滴位于兩板中央的P

點且恰好處于平衡狀態(tài).現(xiàn)將平行板電容器的上極板豎直向下移動一小段距離（）

A.帶電油滴將沿豎直方向向上運動

B.帶電油滴將沿豎直方向向下運動

C.P點的電勢將降低

D.電容器的電容減小，電容器的帶電量將減小

2.圖甲中豎直放置的電磁鐵通入圖乙所示電流，當Ufi時，測得上下兩磁極之間的中央處。點磁感應強度大小為Bo；

若在。點水平固定一個閉合導體小圓環(huán)（圓心即。點），電磁鐵仍通入圖乙所示的電流，當Ufi時，測得。點磁感應

強度大小為B,則圓環(huán)中感應電流在O點產生的磁感應強度大小為（）

A.BoB.BQ—BC.Bo+BD.0

3.下列說法正確的是（）

A.陰極射線的本質是高頻電磁波

B.玻爾提出的原子模型，否定了盧瑟福的原子核式結構學說

C.貝克勒爾發(fā)現(xiàn)了天然放射現(xiàn)象，揭示了原子核內部有復雜結構

D.2；：Pu變成2；；Pb,經歷了4次P衰變和6次a衰變

4.甲、乙兩物體同時同地沿同一直線運動的速度一時間圖象如圖所示，下列說法正確的是（）

A.小時刻兩物體的加速度方向相同

B.為時刻兩物體的速度方向相同

C.甲物體的加速度逐漸減小

D.2fo時刻兩物體相遇

5.高空拋物是一種不文明的行為，而且會帶來很大的社會危害2019年6月26日，廈門市某小區(qū)樓下一位年輕媽媽被

從三樓陽臺丟下的一節(jié)5號干電池擊中頭部，當場鮮血直流，若一節(jié)質量為0.1kg的干電池從1.25m高處自由下落到

水平地面上后又反彈到0.2m高度，電池第一次接觸地面的時間為0.01s,第一次落地對地面的沖擊力跟電池重量的比

值為k,重力加速度大小g=10m/s2,則（）

A.該電池的最大重力勢能為10J

B.該電池的最大動能為100J

C.*=71

D.電池在接觸地面過程中動量的變化量大小為0.3kg?m/s

6.乒乓球作為我國的國球，是一種大家喜聞樂見的體育運動，它對場地要求低且容易上手。如圖所示，某同學疫情期

間在家鍛煉時，對著墻壁練習打乒乓球，球拍每次擊球后，球都從同一位置斜向上飛出，其中有兩次球在不同高度分

別垂直撞在豎直墻壁上，不計空氣阻力，則球在這兩次從飛出到撞擊墻壁前（）

A.飛出時的初速度大小可能相等

B.飛出時的初速度豎直分量可能相等

C.在空中的時間可能相等

D.撞擊墻壁的速度可能相等

二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。

全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。

7.如圖所示，兩等量異種點電荷分別固定在正方體的。、b兩個頂點上，電荷量分別為q和一（a>0）,c、d為正方

體的另外兩個頂點，則下列說法正確的是

A.c、"兩點的電勢相等

B.c、d兩點的電場強度相同

C.將一正電荷從c點移到d點，電場力做負功

D.將一負電荷從c點移到d點，電勢能增加

8.如圖所示，一光滑絕緣足夠長的斜面與兩個等量同種正點電荷連線的中垂面重合，。為兩點電荷連線的中點。A、

3為斜面上的兩點，且一個帶電荷量為外質量為機，可視為質點的小物塊，從A點以初速度丫。開始沿

斜面下滑，到達3點速度恰好為零。（斜面對電場無影響）以下說法正確的是（）

A.小物塊帶正電，從4運動到8點，加速度先增大后減小

B.小物塊帶負電，從4運動到8點，電勢能先減小后增大

C.小物塊運動到。點時具有最大速度

D.小物塊能回到A點，且速度大小等于均

9.如圖所示，兩束單色光。、分從水下面射向A點，光線經折射后合成一束光c,則下列說法正確的是

A.用同一雙縫干涉實驗裝置分別以?光做實驗，a光的干涉條紋間距大于5光的干涉條紋間距

B.。比力更容易發(fā)生衍射現(xiàn)象

C.在水中"光的速度比b光的速度小

D.在水中a光的臨界角大于力光的臨界角

E.若。光與b光以相同入射角從水射向空氣，在不斷增大入射角時水面上首先消失的是?光

10.下列說法正確的是（）

A.外界對氣體做功，氣體的內能可能減少

B.單晶體有固定的熔點，多晶體和非晶體沒有固定的熔點

C.空氣中水蒸氣的壓強越大，空氣的相對濕度就越小

D.內能不同的物體，它們分子熱運動的平均動能可能相同

E.一定質量的理想氣體的內能隨溫度的升高而增大

三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。

11.（6分）某小組要測定某金屬絲的電阻率。

（1）用螺旋測微器測量金屬絲的直徑。為防止讀數(shù)時測微螺桿發(fā)生轉動，讀數(shù)前應先旋緊如圖甲所示的部件（選填

“A，,、"8"、"C"或"從圖中的示數(shù)可讀出金屬絲的直徑為mm.

甲乙丙

（2）某同學采用如圖乙所示電路進行實驗。測得金屬絲45的直徑為d,改變金屬夾尸的位置，測得多組金屬絲接入電

路的長度乙及相應電壓表示數(shù)U、電流表示數(shù)/,作出一―心如圖丙所示，測得圖線斜率為我,則該金屬絲的電阻率「

為______

（3）關于電阻率的測量，下列說法中正確的有

A.開關S閉合前，滑動變阻器拈的滑片應置于最右端

B.實驗中，滑動變阻器R的滑片位置確定后不可移動

C.待測金屬絲A3長時間通電，會導致電阻率測量結果偏小

D.該實驗方案中電流表A的內阻對電阻率測量結果沒有影響

12.（12分）在沒有電壓表的情況下，某物理小組借助于一個阻值島=15。，最大阻值50。的滑動變阻器和兩個電流

表及一個不計內阻、電動勢E=6V的電源，成功測出了一個阻值大約為幾十歐姆的電阻阻值，實驗電路如圖甲所示，

若你為該小組成員，請完善探究步驟：

圖甲圖乙

（1）現(xiàn)有四只可供你選擇的電流表：

A.電流表（0-0.3A,內阻為5.0C）B.電流表（0~3mA,內阻為2.0Q）

C.電流表（0~3mA,內阻未知）D.電流表（0-0.6A,內阻未知）

則電流表Ai你會選；電流表A2你會選________o(填器材前的字母)

(2)滑動變阻器的阻值變化則電流表A2的示數(shù)也隨之發(fā)生變化，X表示接入電路的滑動變阻器長度，表示電流表A2

的示數(shù)，則下列四個選項中能正確反映這種變化關系的是.

(3)該課外活動小組利用圖甲所示的電路，通過改變滑動變阻器接入電路中的阻值，得到了若干組電流表Ai、A2的示

數(shù)八、12,然后在坐標紙上描點、連線，得到的八一/2圖線如圖乙所示，由圖可知，該待測電阻及的阻值為。

(結果保留三位有效數(shù)字)。這樣測得的心的阻值有無系統(tǒng)誤差________o(填有或無)

四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算

步驟。

13.(10分)如圖所示，直角坐標系xOy處于豎直平面內，x軸沿水平方向，在y軸右側存在電場強度為Ei、水平向

左的勻強電場，在y軸左側存在勻強電場和勻強磁場，電場強度為E2,方向豎直向上，勻強磁場的磁感應強度8=6T,

方向垂直紙面向外。在坐標為(0.4m,0.4m)的A點處將一帶正電小球由靜止釋放，小球沿直線4。經原點O第一次

穿過y軸。已知g=區(qū)=4.5N/C,重力加速度為g=10m/s2,求:

⑴小球的比荷(幺)及小球第一次穿過y軸時的速度大??；

m

(2)小球第二次穿過y軸時的縱坐標；

(3)小球從O點到第三次穿過y軸所經歷的時間。

14.(16分)在某次學校組織的趣味運動會上，某科技小組為大家展示了一個裝置，如圖所示，將一質量為0.1kg的鋼

球放在。點，用彈射器裝置將其彈出，使其沿著光滑的半圓形軌道和A8運動，8c段為一段長為L=2.0m的粗

糙平面，OEFG為接球槽。圓弧OA和A8的半徑分別為r=0.2m,R=0.4m,小球與BC段的動摩擦因數(shù)為“=0.5,

C點離接球槽的高度為人=1.25m,水平距離為x=0.5m,接球槽足夠大，g10m/s2,求：

(1)鋼球恰好不脫離圓弧軌道，鋼球在4點的速度以多大；

(2)滿足⑴時，鋼球在圓軌道最低點B對軌道的壓力；

⑶要使鋼球最終能落入槽中，彈射速度至少多大。

15.(12分)如圖所示，豎直平面MN與紙面垂直，MN右側的空間存在著垂直紙面向內的勻強磁場和水平向左的勻

強電場，MN左側的水平面光滑，右側的水平面粗糙.質量為m的物體A靜止在MN左側的水平面上，已知該物體

帶負電，電荷量的大小為為q.一質量為g，〃的不帶電的物體B以速度V。沖向物體A并發(fā)生彈性碰撞，碰撞前后物體

A的電荷量保持不變.求：

(1)碰撞后物體A的速度大?。?/p>

(2)若A與水平面的動摩擦因數(shù)為口，重力加速度的大小為g,磁感應強度的大小為8=幽，電場強度的大小為

夕?

E=%儂.已知物體A從MN開始向右移動的距離為/時，速度增加到最大值.求：

q

a.此過程中物體A克服摩擦力所做的功W；

b.此過程所經歷的時間t.

MB

:XXXX

!xxx“x

、E

!xxxx

mXxxx

參考答案

一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。

1、A

【解析】

試題分析：根據電容器的決定式：C=當上極板向下移動時，d減小,電容變大，又c=g,電壓U不變，

4兀kdU

因此電容器帶電量增多，D錯誤；根據電容器內部電場強度E=與可知，d減小，電場強度增加，這樣油滴受到向上

a

的電場力增加，將向上運動，A正確，B錯誤；由于場強增大，由U=“E”d可知，P與下極板電勢差變大，P點電勢

升高，C錯誤.

考點：電容器

2、B

【解析】

設。點電勢更高，由右手螺旋定則可知，。點磁感應強度方向豎直向上，大小為若在。點水平固定一個閉合導體

小圓環(huán)，當Ufi時穿過閉合導體小圓環(huán)的磁通量增大，由楞次定律可知，從上往下看，小圓環(huán)有順時針的感應電流，

由右手螺旋定則可知，小圓環(huán)中感應電流產生的磁場方向豎直向下，由矢量合成得

B=B0-B感

則圓環(huán)中感應電流在0點產生的磁感應強度大小為

8感=為

故B正確，ACD錯誤。

故選B。

3、C

【解析】

A.陰極射線的本質是高速電子流，不是高頻電磁波，選項A錯誤；

B.玻爾提出的原子模型，成功解釋了氫原子發(fā)光現(xiàn)象，但是沒有否定盧瑟福的核式結構模型，故B錯誤。

C.貝克勒爾發(fā)現(xiàn)了天然放射現(xiàn)象，揭示了原子核內部有復雜結構，選項C正確；

239_207

D.2；：Pu變成駕Pb,經歷了二-------=8次a衰變，8X2-(94-82)=4次p衰變，選項D錯誤。

4

故選C。

4、B

【解析】

A.由圖象可知，斜率表示加速度，則之時刻兩物體的加速度方向相反，選項A錯誤；

B.M圖象中速度在時間軸的同一側表示速度方向相同，則小時刻兩物體的速度方向相同，選項B正確；

C.由斜率表示物體的加速度可知，甲物體的切線斜率越來越大，即加速度逐漸增大，選項C錯誤；

D.v”圖象所圍面積表示位移，相遇表示位移相等，由圖象可得，2fo時刻兩物體不相遇，選項D錯誤。

故選B。

5、C

【解析】

A.電池的最大重力勢能為：

Ep=/7/gft=0.1xl0xl.25J=1.25J

故A錯誤。

B.最大動能與最大重力勢能相等，為1.25J,故B錯誤。

CD.選向下為正，接觸地面過程中動量的變化量為：

△P=mv'-mv=-m32gh'-m12gh=O.lx(-J2x10x1.25-J2x10x0.2)kgm/s=-7kgm/s

由動量定理：

Gng-kmg)At=&p

代入數(shù)據得：

K=71

故C正確，D錯誤。

故選C。

6、A

【解析】

C.將乒乓球的運動反向處理，即為平拋運動，由題知，兩次的豎直高度不同，所以兩次運動時間不同，故C錯誤；

B.在豎直方向上做自由落體運動，因兩次運動的時間不同，故初速度在豎直方向的分量不同，故B錯誤；

D.撞擊墻壁的速度，即可視反向平拋運動的水平初速度，兩次水平射程相等，但兩次運動的時間不同，故兩次撞擊

墻壁的速度不同，故D錯誤；

A.由上分析，可知豎直速度大的，其水平速度速度就小，所以根據速度的合成可知，飛出時的初速度大小可能相等,

故A正確。

故選A。

二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。

全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。

7、BD

【解析】

A.由幾何關系可知，由于c點離正電荷更近，則c點的電勢比d點高，故A錯誤；

B.c、d兩點關于/對稱，且電荷量相同，由電場強度的疊加可知，c、d兩點的電場強度相同，故B正確；

C.由于c點的電勢比d點高，將一正電荷從c點移到d點，正電荷電勢能減小，則電場力做正功，故C錯誤；

D.由于c點的電勢比d點高，將一負電荷從c點移到d點，負電荷電勢能增大，故D正確。

故選BD.

8、BD

【解析】

AB.從A到8,物塊的動能和重力勢能均減小，則機械能減小，電勢能變大，電場力對滑塊做負功，可知滑塊帶負電,

從A到0,電場力做正功，電勢能減??；從。到8電場力做負功，電勢能變大；因在。點兩側斜面上都存在一個場

強最大的位置，此位置與A3兩點的位置關系不確定，則不能確定滑塊加速度的變化情況，選項A錯誤，B正確；

C.因滑塊在。點以下某位置時，受到向下的重力、垂直斜面的支持力以及沿斜面向上的電場力，三力平衡時加速度

為零，速度最大，可知小物塊運動到。點以下某位置時具有最大速度，選項c錯誤；

D.小物塊到達最低點后，加速度沿斜面向上，由能量關系可知，滑塊能回到A點，且速度大小等于%,選項D正確。

故選BD?

9、ABD

【解析】

cinK

由圖可知，單色光。偏折程度小于5的偏折程度，根據折射定律〃=——知，。光的折射率小于6光的折射率，則知

sinz

a光的波長大.根據雙縫干涉條紋的間距公式?=^彳，可得，干涉條紋間距與波長成正比，所以a光的干涉條紋間距

a

大于分光的干涉條紋間距，故A正確；a光的波長長，波動性強，更容易發(fā)生衍射現(xiàn)象，故B正確；由v=￡知，在

n

水中a光的速度大，故C錯誤；由全反射臨界角公式SinC=L,知折射率〃越大，臨界角C越小，則知在水中〃光

n

的臨界角大于b光的臨界角，故O正確；若。光與6光以相同入射角從水射向空氣時，由于在水中。光的臨界角大于

6光的臨界角，所以6光的入射角先達到臨界角，則b光先發(fā)生全反射，首先消失的是分光，故E錯誤.

10、ADE

【解析】

A.如果氣體吸熱的同時對外做功，吸收的熱量小于對外所做的功，則內能可能減小，故A正確；

B.晶體都有固定的熔點，故B錯誤；

C.空氣的相對濕度定義為空氣中所含水蒸氣的壓強與相同溫度時水的飽和蒸汽壓之比，故C錯誤；

D.內能是所有分子動能和分子勢能之和。內能不同的物體，當它們的溫度相同時，則它們分子熱運動的平均動能可

能相同，故D正確；

E.一定質量的理想氣體的內能只與溫度有關，溫度越高，內能越大，故E正確。

故選ADE,

三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。

冗kd2

11>B0.410--------D

4

【解析】

⑵為防止讀數(shù)時測微螺桿發(fā)生轉動，讀數(shù)前應先轉動鎖緊手柄部件B,合金絲的直徑為

0.0mm+41.0x0.01mm=0.410mm；

(2)⑶設電流表內阻為RA,根據歐姆定律可知待測電阻：

1

根據電阻方程：R=P*,截面積：

kJ

S=乃|一

聯(lián)立解得：

，空L+RA

I乃屋A

圖像斜率：

k=￡

7vd~

所以電阻率

7ikd2

p=-

(3)[4]A.為了保護電路，實驗開始前應使待測回路電流最小，滑動變阻器滑片處于最左端，故A錯誤；

B.實驗要測量多組電壓、電流值，通過改變滑片位置，改變電壓表示數(shù)，滑動變阻器滑片需要移動，故B錯誤；

C.待測金屬絲AB長時間通電，因為電流熱效應存在，溫度升高，電阻率變大，故C錯誤。

D.根據3=起乙+&可知，電流表的內阻存在不會改變圖像的斜率，對電阻率沒有影響，故D正確。

I71(1"

故選D。

12、ADD46.6。(45.0-50.0。均可)無

【解析】

(1)[1][2].由于在該實驗電路中沒有電壓表，所以要將定值電阻Ro和電流表改裝成電壓表使用，因此電流表4的內阻

應已知，通過該電流表的最大電流約為：

6

=0.3A

15+5

4應選用A電流表.由于電流表4的內阻不是必須要知道的，其量程要大于電流表4的量程，所以電流表4應選

擇D電流表.

(2)[3],流經電流表A2的電流為電路中的總電流，設滑動變阻器單位長度的電阻為r,則有

I=_____________2_____________

2的f應+

&+RAI+RX

又因為Ro、Rx、RfRA2等均為定值，令k=(V??+七2,則上式可變?yōu)?/p>

%+41+8

12=-^~

-k+rx

由數(shù)學關系可知，D正確，故選D.

(3)[4][5].根據圖示電路圖，由歐姆定律可知

(Z?o+/?A1)Il=Rx(/2-/1)

整理可得

Rx」

&++區(qū)川，2

而《即題圖中八七圖線的斜率，由圖可知

/,_0.28_7

/2—0.4—10

解得

&=46.6。.

由于實驗中考慮到了電流表內阻，則這樣測得的Rx的阻值無系統(tǒng)誤差。

四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算

步驟。

13、(1)幺=當C/kg,4m/s；(2)0.3^m：(3)(—+—)s

m9805

【解析】

(1)由題可知，小球受到的合力方向由A點指向。點，則

qE]=mg①

解得

q20〃八人

—=-C/kg@

m9

由動能定理得

1

mgyx+玉=—mV—0③

解得

v=4m/s④

(2)小球在y軸左側時

洛=mS

故小球做勻速圓周運動，其軌跡如圖，設小球做圓周運動的半徑為R,由牛頓第二定律得

.2

解得

H=0.3m⑥

由幾何關系可知，第二次穿過y軸時的縱坐標為

必=0R=O.30m⑦

(3)設小球第一次在y軸左側運動的時間為乙，由幾何關系和運動規(guī)律可知

3nR9兀-

t.=——=—s⑧

'2v80

小球第二次穿過)軸后，在第一象限做類平拋運動(如圖所示)，由幾何關系知，此過程小球沿速度v方向的位移和垂

直，方向的位移大小相等，設為r,運動時間為，2,則

r-vt2?

r=-at；⑩

由①式可得

a=>/2g?

可得

V半s?

小球從0點到第三次穿過y軸所經歷的時間

,9兀20