2022屆新高三物理綜合創(chuàng)新卷4（解析卷老高考）

高三綜合創(chuàng)新卷（四）

一、選擇題：本題共8小題，每小題6分。在每小題給出的四個選項中，第14~18題只有一

項符合題目要求，第19~21題有多項符合題目要求。全部選對的得6分，選對但不全的得3

分，有選錯的得0分。

14.關(guān)于原子核、原子核的衰變、核能，下列說法正確的是（）

A.原子核的結(jié)合能越大，原子核越穩(wěn)定

B.任何兩個原子核都可以發(fā)生核聚變

C.2昭u衰變成2能Pb要經(jīng)過8次B衰變和6次a衰變

D.發(fā)生a衰變時，新核與原來的原子核相比，中子數(shù)減少了2

14.D【解析】A.比結(jié)合能越大原子核越穩(wěn)定，原子核的結(jié)合能越大，原子核不一定越穩(wěn)

定，故A錯誤；

B.入射光頻率大于極限頻率能產(chǎn)生光電子，故B正確；

C.鈾核（昭叼）衰變?yōu)殂U核（第6pb）的過程中，a衰變一次質(zhì)量數(shù)減少4個，次數(shù)n=

238-206=8；￡衰變的次數(shù)為n=2x8-（92-82）=6,要經(jīng)過8次a衰變和6次0衰變，故

C錯誤；

D.a粒子為氫核，由兩個質(zhì)子和兩種中子組成，所以發(fā)生a衰變時，新核與原來的原子核

相比，中子數(shù)減少了2,故D正確.

故選：BD

15.如圖所示，光滑直角三角形支架A8C豎直固定在水平地面上，B、C兩點均在地面

上，AB與BC間的夾角為仇分別套在43、AC上的小球。和b用輕繩連接，系統(tǒng)處于靜

止?fàn)顟B(tài)，輕繩與CA間的夾角為a.a、〃的質(zhì)量之比為（）

tanatan6sinasin。

A.--------B.--------C.-------D.

tan0tanacos0cos<z

A【解析】對4、b兩球分別受力分析，建立沿支架和垂直于支架的坐標(biāo)系，如圖所示:

對。由平衡條件：Na=magcos3-^FTCOSa,m(lgsin0=FTsina,可得

magsin0

sina

對b由平衡條件：Nh=mhgsmO+FTsina,mhgcos0^Frcosa,可得

F=cos?

cosa

同-根繩的張力處處相同，聯(lián)立可得處嚨=耍叱，有

sinacosa

ma_sina-cos6_tana

mhsin0-cosatan0

16..如圖所示，在同一豎直線上有A、B兩點，相距為h,B點離地高度為H?，F(xiàn)從A、B

兩點分別向P點安放兩個光滑的固定斜面AP和BP,并讓兩個小物塊（可看成質(zhì)點）從兩

斜面的A、B點同時由靜止滑下，發(fā)現(xiàn)兩小物塊同時到達(dá)P點，則

A.0P間距離為+

B.OP間距離為半

C.兩小物塊運動到P點速度相同

D.兩小物塊的運動時間均為陛

16oA【解析】

【分析】

物塊沿光滑斜面下滑，根據(jù)牛頓第二定律可求出下滑的加速度，用底邊0P的長度表示斜

面的長度，運用運動公式求解時間關(guān)系式，由于時間相等，則可找到邊長時間的關(guān)系；根

據(jù)機(jī)械能守恒定律可知判斷物塊滑到P點的速度關(guān)系；對比自由落體運動的時間判斷選項

D.

AB.設(shè)斜面的傾角為9,則物體下滑的加速度為a=gsin。，設(shè)OP的距離為x,則啖=

22

|at=|5sinet,因兩物體在斜面上下滑的時間相等，則sin9cos9相等，由圖可知:

H++x_H號,解得、=同許,選項A正確,B錯誤;

V(H+h)2+x2y/(H+h,)2+x2~Vw2+x2

C.根據(jù)機(jī)械能守恒定律可知：mgHiJmv2可知，兩物塊開始下落的高度Hi不同，則下落

到底端的速度不同，選項C錯誤;

是物體從A點做自由落體運動到。點的時間，可知兩小物塊的運動時間均大于

，選項D錯誤;

故選A.

17.如圖所示，A、B、C是水平面上同一直線上的三點，其中AB=BC,在A點正上方

的0點以初速度vO水平拋出一小球，剛好落在B點，小球運動的軌跡與OC的連線交

于D點，不計空氣阻力，重力加速度為g,下列說法正確的是（）

A.小球從O到D點的水平位移是從O到B點水平位移的1:3

B.小球經(jīng)過D點與落在B點時重力瞬時功率的比為2:3

C.小球從O到D點與從D到B點兩段過程中重力做功的比為1/3

D.小球經(jīng)過D點時速度與水平方向夾角的正切值是落到B點時速度與水平方向夾角的正

切值的1/4

17.C【解析】A.設(shè)小球做平拋運動的時間為t,位移為L,則有：LcosO=v°t；Lsin0=-

2

cIvJanOhh

gt2,聯(lián)立解得：t=———，設(shè)/OBA=a,ZC=p,則tana=——，tanp=——，由于

gABAC

IVntanBIvJana

5

AB=BC,可知tana=2tan0,因在D點時：tD=-在B點時：tB=—^----,則

gg

落到D點所用時間是落到B點所用時間的,，即小球經(jīng)過D點的水平位移是落到B點水

2

平位移的,，故A錯誤；

2

B.由于落到D點所用時間是落到B點所用時間的,，故D點和B點豎直方向的速度之比

2

為1：2,故小球經(jīng)過D點與落在B點時重力瞬時功率的比為,，故B錯誤；

2

C.小球從0到D點與從D到B點兩段過程中時間相等，則豎直位移之比為1:3,則重

力做功的比為1:3,選項C正確；

D.小球的速度與水平方向的夾角tanO=史，故小球經(jīng)過D點時速度與水平方向夾角的正

%

切值是落到B點時速度與水平方向夾角的正切值的,，故選項D錯誤；

2

18.如圖所示，傾角為30。的光滑斜面底端固定一輕彈簧，。點為原長位置。質(zhì)量為

0.5依的滑塊從斜面上A點由靜止釋放，物塊下滑并壓縮彈簧到最短的過程中，最大動能

為&/?，F(xiàn)將物塊由A點上方0.4機(jī)處的3點由靜止釋放，彈簧被壓縮過程中始終在彈性限

度內(nèi)，g取10機(jī)//,則下列說法正確的是

A.A點到。點的距離小于32m

B.從3點釋放后滑塊運動的最大動能為9J

C.從8點釋放滑塊被彈簧彈回經(jīng)過A點的動能小于

D.從3點釋放彈簧最大彈性勢能比從A點釋放增加了\J

18.B【解析】物塊從。點時開始壓縮彈簧，彈力逐漸增大，開始階段彈簧的彈力小于滑塊的

重力沿斜面向下的分力，物塊做加速運動.后來，彈簧的彈力大于滑塊的重力沿斜面向下的分

力，物塊做減速運動，所以物塊先做加速運動后做減速運動，彈簧的彈力等于滑塊的重力沿斜

面向下的分力時物塊的速度最大設(shè)此過程中A運動的位移為與根據(jù)能量守恒可知

J+￡p=〃2gXASin3O最大動能為8J,若Ep=O,則解得XA=3.2m,實際若Ep>0,所以A

點到。點的距離大于3.2m,故A錯誤；設(shè)物塊動能最大時彈簧的彈性勢能為Ep從A釋放

到動能最大的過程，由系統(tǒng)的機(jī)械能守恒得：Eki+Ep=mgxAsin30。從8釋放到動能最

大的過程，由系統(tǒng)的機(jī)械能守恒得：Ek2+Ep=mgxBsin30°且乙一%=0.4m所以得

從B點釋放滑塊最大動能為：

耳2=EH+叫(/-xjsin30°=8+0.5x10x0.4x0.5=9/故B正確；根據(jù)能量守恒可

知，從從8點釋放滑塊被彈簧彈回經(jīng)過A點時：線=mg(XB-XA)sin30'=U,故C錯

誤；根據(jù)物塊和彈簧的系統(tǒng)機(jī)械能守恒知，彈簧最大彈性勢能等于物塊減少的重力勢能，

由于從B點釋放彈簧的壓縮量增大，所以從B點釋放彈簧最大彈性勢能比從A點釋放增加

為：>w^(xB-xx)sin30°=0.5xl0x().4x0.5J=1J故D錯誤；故選B

19.2018年6月14日II時06分，探月工程嫦娥四號任務(wù)“鵲橋”中繼星成為世界首顆成

功進(jìn)入地月拉格朗日心點的Hal。使命軌道的衛(wèi)星，為地月信息聯(lián)通搭建“天橋如圖所

示，該小點位于地球與月球連線的延長線上，“鵲橋''位于該點，在幾乎不消耗燃料的情況

下與月球同步繞地球做圓周運動。已知地球、月球和“鵲橋”的質(zhì)量分別為Me、Mm、m,地

球和月球之間的平均距離為R,七點離月球的距離為x,則

A.“鵲橋”的線速度大于月球的線速度

B.“鵲橋”的向心加速度小于月球的向心加速度

19.AC【解析】根據(jù)題意“鵲橋”與月球運動的角速度相等，中繼星繞地球轉(zhuǎn)動的半徑比月球

繞地球的半徑大，根據(jù)線速度u=oR可知“鵲橋”中繼星繞地球轉(zhuǎn)動的線速度比月球繞地

球轉(zhuǎn)動的線速度大，故A正確；向心加速度a=32R.鵲橋“中繼星統(tǒng)地球轉(zhuǎn)動的向心加速

度比月球繞地球轉(zhuǎn)動的向心加速度大，故B錯誤：中繼衛(wèi)星的向心力由月球和地球引力的

合力提供則有：（.+；）?+=加3-（R+x）對月球而言則有-『=M,浦R兩

MMM

式聯(lián)立可解得：-F+T=r（R+x）故C正確：D錯誤；故選AC

20.兩帶電量均為+Q的點電荷分別固定于x軸上的一Zro和2ro處，將一帶+q的試探電

荷從一次處由靜止釋放，試探電荷只受電場力的作用，從x軸上的一回到xo的過程中，場

強(qiáng)E、試探電荷的加速度。、速度丫、電勢能心等隨x坐標(biāo)的變化圖象大致正確的是（E、

4、V選X軸正向為正方向，無窮遠(yuǎn)處為零電勢能點）

20.AC【解析】A.等量同種電荷的連線上場強(qiáng)在-沏~0段方向向右（為正），大小逐漸減小到

零；0ro段場強(qiáng)方向向左（為負(fù)），大小逐漸增大，其中原點的場強(qiáng)為零；故A正確；

B.正的試探電荷受電場力方向與場強(qiáng)E的方向相同，由牛頓第二定律。=處可知，正的

m

試探電荷所受的合力、加速度的變化與場強(qiáng)的圖象完全相同；故B錯誤.

C.正的試探電荷在-X0~。段電場力做正功，做加速度逐漸減小的加速運動，在0~羽段電場

力做負(fù)功，做加速度逐漸增大的減速運動，而k0時場強(qiáng)為零，加速度為零速度最大；故

C正確.

D.在-xo~O段電場力做正功，電勢能逐漸減??；在O~xo段電場力做負(fù)功，電勢能逐漸增

大；但無窮遠(yuǎn)處為零電勢能點，故尸0處的電勢能不為零；故D圖象錯誤.

21.如圖所示，在邊長為L的正方形PQMN區(qū)域內(nèi)存在垂直紙面向外、磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為

B的勻強(qiáng)磁場，在邊界放一剛性擋板，粒子能碰到擋板則能夠以原速率彈回。一質(zhì)量

為同機(jī)、帶電荷量為4的粒子以某一速度從P點射入，恰好從。點射出，下列說法正確的

是（）

Q

V

A.帶電粒子一定帶負(fù)電荷

B.帶電粒子的速度最小值為避

m

C.若帶電粒子與擋板碰撞，則受到擋板作用力的沖量為名也

2

7tm

D.帶電粒子在磁場中運動時間可能為丁^

3qB

21.CD【解析】若粒子運動軌跡如圖所示:

由左手定則可知，粒子帶負(fù)電，粒子做圓周運動的軌道半徑最?。河膳ｎD第二

定律得：qvxB=m^.解得：匕=幽，故8正確；若粒子帶正電，粒子與擋板MN碰

r\2m

撞后恰好從。點射出，粒子運動軌跡如圖所示:

由幾何知識得：Z?+g-().5L)2=方，解得：弓=；小，由牛頓第二定律得：

2

=m與；解得：匕=必也，由動量定理得：/=2加匕=2些，故A錯誤，C正

r24根2

TT

確；若粒子正電，粒子在磁場中的運動軌跡對應(yīng)的圓心角為一，粒子在磁場中的運動時

3

1f7tm

間：才二27=丁￡，故。正確.

63qB

二、非選擇題：共62分，第22~25題為必考題，每個試題考生都必須作答。第

33~34題為選考題，考生根據(jù)要求作答。

(-)必考題：共47分

22.(5分)如圖，把兩個大小相同、質(zhì)量不等的金屬球。、人用細(xì)線連接，中間夾一被壓

縮了的輕彈簧，置于水平桌面上，兩球到桌邊距離相等。燒斷細(xì)線，觀察兩球的運動情

況，進(jìn)行必要的測量，可以驗證兩球相互作用過程中動量是否守恒。

■>

H

*,.,<>"

，〃加ZWZW〃加/加〃ZW〃，加〃〃/W〃〃波/〃〃〃//

(1)本實驗必須測量的物理量是

A,桌面到水平地面的高度”

B.小球〃、匕的質(zhì)量%、mb

C.小球。、。的半徑，

D.小球。、匕離開桌面后空中飛行的時間/

E.記錄紙上01點到a球落地點A的距離OiA,。2點到b球落地點B的距離ChB

(2)用測得的物理量驗證動量守恒的關(guān)系式是

(3)事實證明，空氣阻力對球的運動影響可以忽略，但本實驗中多次測量均發(fā)現(xiàn)質(zhì)量大的球

的動量略小于質(zhì)量小的球的動量，造成這一結(jié)果的原因是

【答案】BE（2分）milOiA=mhO2B（2分）摩擦力對質(zhì)量大的球的沖量大（1

分）

【解析】（1）.以向右為正方向，由動量守恒定律得：fn?vb-mavti=0

小球離開桌面后做平拋運動，由于球的半徑相等、拋出點高度相同，球在空中做平拋運動

的時間f相等，則：mhvht-mavat=0,即：mhO2B-maO]A=0,實驗需要驗證的表達(dá)

式為：maOiA^mhO2B,實驗需要測量兩小球的質(zhì)量與小球做平拋運動的水平位移，故

選BE；

⑵由⑴可知，實驗需要驗證的表達(dá)式為：maO{A=mhO2B-

（3）小球與彈簧脫離后在桌面上運動過程受到摩擦力/=的作用，小球質(zhì)量加越大，

小球受到的阻力越大，桌面對質(zhì)量大的球的沖量大，小球離開桌面時，質(zhì)量大的球的動量

小于質(zhì)量小的球的動量；所以造成這一結(jié)果的原因是摩擦力對質(zhì)量大的球的沖量大；

23.（10分）某物理興趣小組準(zhǔn)備測量一節(jié)干電池的電動勢和內(nèi)阻實驗室提供了如下器

材：

A.電流表A（量程3/M,內(nèi)阻為199Q）

B.電流表4（量程1500〃泊，內(nèi)阻為1O）

C.電壓表V（量程3V,內(nèi)阻很大）

D.滑動變阻器與（阻值范圍0~5Q，額定電流2A）

E.滑動變阻器Rz（阻值范圍0?500c.額定電流1A）

F.定值電阻眉=1。

G.定值電阻R4=M。

以及待測干電池，開關(guān)、導(dǎo)線若干。

同學(xué)們根據(jù)提供的器材，設(shè)計了如圖的實驗電路圖。

（1）請根據(jù)電路圖，將實物圖中連線補(bǔ)充完整—

（2）為了盡量減小誤差且方便操作，圖中電流表應(yīng)選擇（填4或42）,滑動變

阻器應(yīng)選擇（填用或&）,定值電阻應(yīng)選擇（填4或4）。

（3）同學(xué)們利用上述實驗裝置測得了多組實驗數(shù)據(jù)，并將電流表的讀數(shù)作為橫坐標(biāo)，電壓

表的讀數(shù)作為縱坐標(biāo)，選取合適的標(biāo)度，繪制了如圖的圖線。則該小組同學(xué)測定的干電池

電動V,內(nèi)阻r=（填含有“、b、c的表達(dá)式）

分）%（1分）（3）"（2分）5-（2分）

c

【解析】（1）實物連線圖如圖：

（2）因測量一節(jié)干電池的電動勢，干電池的電阻約為3。，因此電路的最大電流約為

500mA,因此選A2量程過大，因此要選擇Ai并聯(lián)電阻改裝電流表即可；則電流表選擇4

即可；滑動變阻器&阻值過大，不方便操作，則滑動變阻器選擇％即可；定值電阻選擇

心以后可將電流表Ai改為600mA量程，滿足實驗要求，因此選R3即可：

（3）若設(shè)電流表的讀數(shù)為/,電壓表讀數(shù)為U,則電路中的總電流為200/,由閉合電路的

a—b

歐姆定律：U=E-200r-I,由圖像可知E=a；k=200r=-----解得

5(<a-Z?)

24.（10分）如圖所示，質(zhì)量為1.5kg的木塊m以8m/s的速度水平地滑上靜止在光滑水平

地面上的平板小車M,車的質(zhì)量為4.5kg,木塊與小車之間的摩擦系數(shù)為0.2（g取

10m/s2）o設(shè)小車足夠長，求:

（1）木塊和小車相對靜止時小車的速度

（2）從木塊滑上小車到它們處于相對靜止所經(jīng)歷的時間

（3）從木塊滑上小車到它們處于相對靜止時木塊相對小車滑行的距離。

【答案】⑴2m/s；（2）2m/s2,3s；（3）.12m

【解析】

（1）以木塊和小車為研究對象，方向為正方向，

由動量守恒定律可得：mV0=（M+m）v,（2分）

解得v=2m/s（1分）

（2）.根據(jù)牛頓第二定律可得

，〃的加速度大小。=竺翌=2m/s2（2分）

m

由運動學(xué)公式可得

v?-v

t=-^—=3s,（2分）

a

（3）.根據(jù)能量守恒定律可知

2

/jmgL=gWVQ-^（A7+m）v（2分）

相對靜止時木塊相對小車滑行的距離L=12m（1分）

25.（22分）如圖所示，虛線與水平線相交于。，二者夾角抬30。，在左側(cè)存

在電場強(qiáng)度為E、方向豎直向下的勻強(qiáng)電場，M。右側(cè)某個區(qū)域存在磁感應(yīng)強(qiáng)度為8、垂直

紙面向里的勻強(qiáng)磁場，。點處在磁場的邊界上?，F(xiàn)有一群質(zhì)量為機(jī)、電量為+4的帶電粒子

E

在紙面內(nèi)以不同的速度（把區(qū)下）垂直于“。從O點射入磁場，所有粒子通過直線

時，速度方向均平行于P。向左。不計粒子的重力和粒子間的相互作用力，求：

（1）粒子在磁場中的運動時間。

（2）速度最大的粒子從0開始射入磁場至返回水平線POQ所用時間。

（3）磁場區(qū)域的最小面積。

,一、2兀m2（3^3+7i~）m?6^3+ITIm/八

【答案】（1）—（2）r=-----L或二----------（3）

3qBqB3qB

AC.4^-373,W2E2或?qū)М?dāng)nvE2

而

【解析】（1）粒子的運動軌跡如圖所示，設(shè)粒子在勻強(qiáng)磁場中做勻速圓周運動的半徑為

R，周期為T,粒子在勻強(qiáng)磁場中運動時間為小

即尺=不，（1分）

FITTR27Vm

7=『人”分）

1用2兀m

分）

（2）設(shè)粒子自N點水平飛出磁場，出磁場后應(yīng)做勻速運動至。M,設(shè)勻速運動的距離為

X

‘2=一，（1分）

V

8n/,八、

t,=----（1分）

qB

過M。后粒子做類平拋運動，設(shè)運動的時間為』3,則：AR=L嗎;（2分）

22m

F

又：v=—,（1分）

B

“回（1分）

3qB

則速度最大的粒子自。進(jìn)入磁場至重回水平線POQ所用的時間，=4+與+/3（2分）

聯(lián)立解得：1=2（3G+"）2或6昌2萬里。分）

qB3qB

（3）由題知速度大小不同的粒子均要水平通過0M,其飛出磁場的位置均應(yīng)在ON的連線

上，故磁場范圍的最小面積A5是速度最大的粒子在磁場中的軌跡與ON所圍成的面積。

扇形OOW的面積S=g萬R2仁分）

△OO'N的面積為：S'=R2cos30°sin30°=—R2（2分）

4

又AS=S-S'（1分）

?4^-373.m2E2V3.nrE2...

聯(lián)”解得AS=（------或（一——）。（1分）

12q2B434q-B4

（-）選考題：共15分，請考生從兩道物理題中任選一題作答。如果多做，則按所做的第

一個題目計分。

33.[物理一選修3-3]（15分）

（1）.下列說法不正確的是（）（填正確的答案標(biāo)號，選對1個得2分，選對2個得4

分，選對3個得5分，每選錯1個扣3分，最低得分為。分）

A.兩個接觸在一起的固體間不可能發(fā)生擴(kuò)散現(xiàn)象

B.布朗運動指的是懸浮在液體里的花粉中的分子運動

C.溫度相同的物體的分子平均速率相同

D.無論今后科技發(fā)展到什么程度，都不可能達(dá)到絕對零度

E.一定質(zhì)量的理想氣體分子內(nèi)能增加，溫度一定升高

【答案】ABC【解析】A、固體的分子也在不停的做無規(guī)則運動，同時固體的分子之間也

存在間隙，所以擴(kuò)散現(xiàn)象不僅發(fā)生在氣體和液體之間，固體之間也會發(fā)生擴(kuò)散現(xiàn)象；故A

錯誤.

B、布朗運動指的是懸浮在液體里的花粉微粒的運動，不是分子的無規(guī)則運動，故B錯誤.

C、溫度是分子平均動能的標(biāo)志，溫度相同說明分子的平均動能相等，而不是速率相

等.故C錯誤.

D、由熱力學(xué)第三定律可知無論今后科技發(fā)展到什么程度，都不可能達(dá)到絕對零度，故D

正確.

E、一定質(zhì)量的理想氣體的內(nèi)能由溫度決定，故內(nèi)能增加時溫度升高；故E正確.

（2）.（2019年廣西八市高考物理四月調(diào)研）如圖所示，質(zhì)量相同的活塞4、B將開口向上

的氣缸分為I、H兩部分氣室，已知活塞8到氣缸底部的距離為，勁度系數(shù)為k的輕彈

簧被壓縮在兩活塞之間。氣缸和活塞的導(dǎo)熱性能良好，活塞與氣缸內(nèi)壁間無摩擦且氣密性

3

好。大氣壓強(qiáng)為po,溫度為T；開始時，氣室I中氣體的壓強(qiáng)為一po、氣室II中氣體的壓

4

3

強(qiáng)為］Po.從某時刻起緩慢升高環(huán)境溫度，當(dāng)環(huán)境溫度為T時，彈簧恰好處于原長。已知

活塞的截面積為S,重力加速度為g,求：

百

①每個活塞的質(zhì)量及開始時彈簧的壓縮量X；

②當(dāng)溫度為7時，活塞A上移的距離

【答案】①每個活塞的質(zhì)量為翌，開始時彈簧的壓縮量x為名田；②當(dāng)溫度為T時，

4g2k

活塞A上移的距離H為“?—"）十四

"2k

3

【解析】①對兩個活塞整體研究，根據(jù)力的平衡可知，p0S+2mg=7P0S（2分）

求得每個活塞的質(zhì)量m=綃（1分）

3

對活塞A研究，根據(jù)力的平衡〃oS+mg=Ax+z〃oS（2分）

求得x=23（1分）

2k

②在溫度由"緩慢升到T的過程中，氣室H中氣體發(fā)生等壓變化。

設(shè)活塞8上升的高度為/?,其初狀態(tài)體積匕=LS,初7；=品,末狀態(tài)體積

%=（L+〃）S,末溫7；=T（1分）

由蓋-呂薩克定律：工=二（1分）

得L萬S=—（L+h}SU分）

求得聯(lián)生g

丁。

則活塞A上移的距離H=h+x^從7—八）+4苴（1分）

K2k

34.[物理一選修3-4]（15分）

（1）.下列說法正確的是（填正確的答案標(biāo)號，選對1個得2分，選對2個得4分，選對3

個得5分，每選錯1個扣3分，最低得分為0分）

A.在雙縫干涉實驗中，其他條件不變，僅用黃光代替紅光作為入射光可增大干涉條紋間

距

B.電磁波在真空中傳播時，其傳播方向與電場強(qiáng)度、磁感應(yīng)強(qiáng)度的方向均垂直

C.雨后天空出現(xiàn)彩虹是光的衍射現(xiàn)象

D.橫波能發(fā)生偏振，縱波不能發(fā)生偏振

E.聲源與觀察者相對靠近時，觀察者所接收的頻率大于聲源的頻率

【答案】BDE

【解析】在雙縫干涉實驗中，其他條件不變，僅用黃光代替紅光作為入射光，因黃光的波

長小于紅光，則根據(jù)Ax=,4,則可減小干涉條紋間距，選項A錯誤；電磁波在真空中

傳播時，其傳播方向與電場強(qiáng)度、磁感應(yīng)強(qiáng)度的方向均垂直，選項B正確；雨后天空出現(xiàn)

彩虹是光的折射產(chǎn)生的色散現(xiàn)象，選項c錯誤；橫波能發(fā)生偏振，縱波不能發(fā)生偏振，選

項D正確；根據(jù)多普勒效應(yīng)可知，聲源與觀察者相對靠近時，觀察者所接收的頻率大