2022年高考物理押題卷（全國(guó)乙卷）06（解析版）

絕密★啟用前I點(diǎn)石成金工作室命制

2022年普通高等學(xué)校招生全國(guó)統(tǒng)一考試

物理押題卷06

（考試時(shí)間：65分鐘試卷滿分：110分）

一'選擇題：本題共8小題，每小題6分，共48分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第14?18題只有一項(xiàng)符合

題目要求，第19?21題有多項(xiàng)符合題目要求。全部選對(duì)的得6分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得。分。

14.如圖所示，質(zhì)量為m的光滑圓弧形槽靜止在光滑水平面上，質(zhì)量也為用的小鋼球從槽的頂端A處由靜止釋

A.小球和槽組成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒

B.小球可以到達(dá)與A等高的C點(diǎn)

C.小球下滑到底端8的過(guò)程中，小球?qū)Φ氐倪\(yùn)動(dòng)軌跡為圓

D.小球下滑到底端B的過(guò)程中，小球所受合力的瞬時(shí)功率增大

【答案】B

【解析】A.小球有豎直方向的分加速度，小球和槽在豎直方向上系統(tǒng)的合力不為零，則小球和槽組成的系統(tǒng)動(dòng)

量不守恒，故A錯(cuò)誤；

B.小球和槽組成的系統(tǒng)水平方向上不受外力，所以系統(tǒng)在水平方向上動(dòng)量守恒，由題意知水平方向上初動(dòng)量為

零，所以小球上滑到最高點(diǎn)時(shí)系統(tǒng)的動(dòng)量也為零，又因?yàn)檎麄€(gè)過(guò)程系統(tǒng)機(jī)械能守恒，初動(dòng)能和末動(dòng)能都為零，所

以初末狀態(tài)系統(tǒng)重力勢(shì)能相同，小球可以到達(dá)與A等高的C點(diǎn)，故B正確；

C.小球下滑到底端8的過(guò)程中，小球?qū)Σ鄣倪\(yùn)動(dòng)軌跡為圓，而槽相對(duì)于地面在水平方向上運(yùn)動(dòng)，所以小球?qū)Φ?/p>

的運(yùn)動(dòng)軌跡不是圓，故C錯(cuò)誤；

D.小球開始下滑時(shí)，速度為零，根據(jù)尸=Fvcos6,合力的瞬時(shí)功率為零，小球滑到底端B時(shí)，速度與合力垂直，

合力的瞬時(shí)功率也為零，故D錯(cuò)誤。故選B。

15.如圖甲所示，三個(gè)電量相等的點(diǎn)電荷位于等邊三角形的三個(gè)頂點(diǎn)上，其中x=0處電荷帶負(fù)電，其余兩電荷

帶正電且關(guān)于x軸對(duì)稱。一試探電荷沿x軸正方向運(yùn)動(dòng)，所受電場(chǎng)力隨位置的變化圖像如圖乙所示（以x軸正向

為電場(chǎng)力的正方向）。設(shè)無(wú)窮遠(yuǎn)處電勢(shì)為零。則（）

八yM

4-----------7］、

甲乙

A.試探電荷帶負(fù)電B.乙圖中的々與甲圖中的％相等

C.在X軸正半軸上，X2處電勢(shì)最高D.試探電荷在4處電勢(shì)能最大

【答案】D

【解析】A.在X4玉時(shí)，三個(gè)點(diǎn)電荷對(duì)試探電荷的電場(chǎng)力向左，則該試探電荷帶正電，故A錯(cuò)誤；

B.在x=/時(shí)，試探電荷所受電場(chǎng)力向左，在工=西時(shí)，試探電荷所受電場(chǎng)力為0,則乙圖中的玉與甲圖中的與不

相等，故B錯(cuò)誤；

CD.試探電荷沿x軸正方向運(yùn)動(dòng)，在04x4%時(shí)，試探電荷所受電場(chǎng)力做負(fù)功，電勢(shì)能增大，在KN%時(shí)，試

探電荷所受電場(chǎng)力做正功，電勢(shì)能減小，則試探電荷在七處電勢(shì)能最大，由電勢(shì)定義*=生可知，對(duì)于正電荷，

q

電勢(shì)能越大，所在位置的電勢(shì)越大，則在4處電勢(shì)最大。故C錯(cuò)誤D正確。故選D。

16.如圖所示，在空間中存在垂直紙面向里的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為8的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，其邊界。自、生打足夠長(zhǎng)且寬度

為d,P為邊界。占上的一點(diǎn)。一帶負(fù)電的粒子以初速度％沿與上邊界成30。角的方向由尸點(diǎn)射入磁場(chǎng)，恰好能垂

直下邊界射出磁場(chǎng)，不計(jì)粒子重力。若改變粒子的發(fā)射速度，使同一粒子從P點(diǎn)沿。向方向以某一速度發(fā)射出去，

粒子運(yùn)動(dòng)中恰好與死打相切，則粒子第1次與第2次的發(fā)射速度大小之比為（）

生b?

A.2:6B.4:石C.2：1D.4：1

【答案】B

【解析】一帶負(fù)電的粒子以初速度％沿與上邊界成30。角的方向由P點(diǎn)射入磁場(chǎng)，恰好能垂直下邊界射出磁場(chǎng)，

由幾何關(guān)系可知4=22

因?yàn)槁鍌惼澚μ峁┫蛐牧Γ礊閃=,〃江

得片=駟

m

若改變粒子的發(fā)射速度，使同一粒子從P點(diǎn)沿。也方向以某一速度發(fā)射出去，粒子運(yùn)動(dòng)中恰好與生H相切，由幾

何關(guān)系可知2a=4

則消

粒子第1次與第2次的發(fā)射速度大小之比為匕：彩=，；：4=4：若

B正確。故選B。

17.如圖所示，圖甲為原子核的比結(jié)合能與質(zhì)量數(shù)關(guān)系曲線，圖乙為原子核的平均核子質(zhì)量與原子序數(shù)的關(guān)系曲

線，根據(jù)兩曲線，下列說(shuō)法正確的是（）

A.根據(jù)圖甲可知，gHe核的結(jié)合能約為7MeV

B.根據(jù)圖甲可知，核的結(jié)合能比果Kr核的結(jié)合能更大

C.根據(jù)圖乙可知，核D裂變成核E和F的過(guò)程中，比結(jié)合能減小

D.根據(jù)圖乙可知，若A、B能結(jié)合成C,結(jié)合過(guò)程一定要吸收能量

【答案】B

【解析】A.圖甲中；He核的比結(jié)合能約為7MeV,但圖中不能看出汨e核的比結(jié)合能，不能計(jì)算；He核的結(jié)合能,

故A錯(cuò)誤；

B.分析圖甲可知，核比;:Kr核的比結(jié)合能略小，但核子數(shù)遠(yuǎn)大于；：Kr核，根據(jù)結(jié)合能等于比結(jié)合能與核子

數(shù)的乘積可知，%U核的結(jié)合能比北Kr核的結(jié)合能更大，故B正確;

C.將D分裂成E、F,由圖可知是重核的裂變，因此核子的比結(jié)合能將增大，故C錯(cuò)誤；

D.若A、B能結(jié)合成C,平均核子質(zhì)量減少，會(huì)有質(zhì)量虧損，釋放出核能，故D錯(cuò)誤。故選B。

18.我國(guó)發(fā)射的“嫦娥三號(hào)”衛(wèi)星是登月探測(cè)器。該衛(wèi)星先在距月球表面高度為人的軌道上繞月球做周期為7的勻

速圓周運(yùn)動(dòng)，再經(jīng)變軌后成功落月。已知月球的半徑為R,萬(wàn)有引力常量為G,忽略月球自轉(zhuǎn)及地球?qū)πl(wèi)星的影

響。則以下說(shuō)法正確的是（）

乃2(/?+〃)2

A.物體在月球表面自由下落的加速度大小為

T-R1-

2乃(R+。)

B.“嫦娥三號(hào)”繞月球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)時(shí)的線速度大小為

儲(chǔ)(R+〃)3

C.月球的平均密度為

GTW

在月球上發(fā)射月球衛(wèi)星的最小發(fā)射速度為竿卷^

D.

【答案】B

【解析】A.在月球表面，重力等于萬(wàn)有引力，則得G戈=nzg①

對(duì)于“嫦娥三號(hào)”衛(wèi)星繞月球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)過(guò)程，由萬(wàn)有引力提供向心力得根冬（R+3②

（R+n）T

由①②解得g=色黑史,A錯(cuò)誤；

B.“嫦娥三號(hào)”衛(wèi)星繞月球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，軌道半徑為r=/?+〃

則它繞月球做與速圓周運(yùn)動(dòng)的線速度大小為咤半「=網(wǎng)箸2,B正確;

C.由②得：月球的質(zhì)量為*熱號(hào)空

月球的平均密度為夕=卷

而4

3%(7?+加3

解得月球的平均密度為夕=,C錯(cuò)誤;

GT2Ry

D.設(shè)在月球上發(fā)射衛(wèi)星的最小發(fā)射速度為%則有G絲=mg

R2R

即丫=嫻=當(dāng)也晤,D錯(cuò)誤。故選B。

TV/?

19.如圖所示，單匝線圈必cd在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中繞垂直于磁場(chǎng)的秘邊以角速度。勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，其線圈中感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的

峰值為生,，閉合回路中兩燈泡均能發(fā)光。則（）

A.減小電容器C兩極板的正對(duì)面積時(shí)，燈泡A1變亮

B.減小電容器C兩極板間的距離時(shí)，燈泡A1變亮

C.增加線圈abed的匝數(shù)，其余條件不變，兩燈泡變暗

D.抽去電感器L的鐵芯時(shí)，燈泡A?變亮

【答案】BD

【解析】A.根據(jù)0=嘉

可知，減小電容器C兩極板的正對(duì)面積時(shí)C減小，電容器的容抗變大，則燈泡Ai變暗，選項(xiàng)A錯(cuò)誤;

cq

B.根據(jù)。=痛

可知，減小電容器C兩極板間的距離時(shí)C變大，電容器容抗減小，則燈泡Ai變亮，選項(xiàng)B正確;

C.根據(jù)E,“=N80S

可知，增加線圈“ad的匝數(shù)，則線圈產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)變大，頻率不變，其余條件不變，則通過(guò)兩燈電流變大，

則兩燈泡變亮，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；

D.抽去電感器L的鐵芯時(shí)，自感系數(shù)減小，感抗減小，則燈泡A2變亮，選項(xiàng)D正確。故選BD。

20.如圖，兩水平金屬板間距為4,板間電場(chǎng)強(qiáng)度的變化規(guī)律如圖所示。f=0時(shí)刻，質(zhì)量為，〃的帶電微粒以初

速度%=總沿中線射入兩板間，y,時(shí)間內(nèi)微粒勻速運(yùn)動(dòng)，T時(shí)刻微粒恰好經(jīng)金屬板邊緣飛出。微粒運(yùn)動(dòng)

過(guò)程中未與金屬板接觸，重力加速度的大小為g,關(guān)于微粒在0~7時(shí)間內(nèi)運(yùn)動(dòng)的描述，正確的是()

2E0

T2T

TT

運(yùn)動(dòng)過(guò)程中的最大速度為5=等

A.末速度沿水平方向

板的長(zhǎng)度為》

C.克服電場(chǎng)力做功為mgd

【答案】AC

TT2T

【解析】A.在0?§內(nèi)只受重力，做平拋運(yùn)動(dòng)，3■時(shí)間內(nèi)微粒勻速運(yùn)動(dòng)，則有=

在竺~T時(shí)間內(nèi)，微粒的加速度4=翌匚空=g

方向豎直向上，微粒在豎直方向上做勻減速運(yùn)動(dòng)，T時(shí)刻豎直分速度為零，所以末速度的方向沿水平方向，大小

為vo,A正確：

B.豎直方向速度隨時(shí)間變化的圖象如圖

工紅T

TT

11|T

豎直方向的總位移為,則;d=；(g+T)%

解得％=存,B錯(cuò)誤;

C.根據(jù)豎直方向速度時(shí)間圖像可知，在0~(內(nèi)豎直方向的位移:*■|=；g(?)2

微粒在水平方向勻速直線運(yùn)動(dòng)，則板長(zhǎng)L=%T

解得L=C正確；

D.T時(shí)刻微粒恰好經(jīng)金屬板邊緣飛出，根據(jù)動(dòng)能定理;，咫"-叱乜=0

克服電場(chǎng)力做功為;叫“，D錯(cuò)誤。故選AC。

21.如圖所示，A是靜止在光滑水平地面上的長(zhǎng)木板，質(zhì)量為例=4.0kg,長(zhǎng)度為/=2.0m,B是一質(zhì)量為,"=1.0kg

的小滑塊，現(xiàn)給它以初速度%=2.0m/s,使它從長(zhǎng)木板的左端開始向右滑動(dòng)。B與A之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為〃=0.1,

g取lOm/s?。則（）

Vo

-----?

B

A

///////////////////////////////////////////////////

A.滑塊B最終將以某一速度離開長(zhǎng)木板A

B.滑塊B在減速階段的加速度大小為lm/s2

C.整個(gè)運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，滑塊B對(duì)長(zhǎng)木板A做了0.32J的功

D.滑行過(guò)程中系統(tǒng)損失的機(jī)械能為2.0J

【答案】BC

【解析】AB.滑塊在木板上做勻減速運(yùn)動(dòng)，根據(jù)牛頓第二定律，對(duì)滑塊有4=憶=二儂

mm

對(duì)木板有4=3=警

MM

代入數(shù)據(jù)解得4=-lm/s?

2

a2=0.25m/s

假設(shè)經(jīng)過(guò)相同時(shí)間都達(dá)到共速由％+卬=

O

代入數(shù)據(jù)解得f=￡s

相對(duì)位移Av=vat——a2t~,代入數(shù)據(jù)解得Ax=1.6m<2.0m

故假設(shè)成立，所以B正確，A錯(cuò)誤；

C.滑塊對(duì)木板做功等于木板增加的動(dòng)能v="=0-4m/s,則W=gM/=o32J,故C正確；

D.損失的機(jī)械能等于加說(shuō)—］加+"）口2

代入數(shù)據(jù)解得△W=1.6J,故D錯(cuò)誤。故選BC。

二'非選擇題：共174分。第22?25題為必考題，每個(gè)試題考生都必須作答。第33~34題為選考題，考生根據(jù)

要求作答。

(-)必考題：共47分。

22.(5分)未來(lái)在一個(gè)未知星球上用如圖甲所示的裝置研究平拋運(yùn)動(dòng)的規(guī)律。懸點(diǎn)。正下方尸點(diǎn)處有水平放置

的熾熱電熱絲，當(dāng)懸線擺至電熱絲處時(shí)能輕易被燒斷，小球由于慣性向前飛出做平拋運(yùn)動(dòng)?，F(xiàn)對(duì)小球采用頻閃數(shù)

碼照相機(jī)連續(xù)拍攝。在有坐標(biāo)紙的背景屏前，拍下了小球在做平拋運(yùn)動(dòng)過(guò)程中的多張照片，經(jīng)合成后，照片如圖

乙所示?a、b、c、d為連續(xù)四次拍下的小球位置，已知照相機(jī)連續(xù)拍照的時(shí)間間隔是0.10s,照片大小如圖中坐

標(biāo)所示，(已知0=1.414,6=1.732)則：

y/cm

甲乙

(1)由以上信息，可知。點(diǎn)(選填“是”或"不是”)小球的拋出點(diǎn)；

(2)由乙圖信息，可以推算出該星球表面的重力加速度為m/s2;

(3)由乙圖信息，可以算出小球平拋的初速度是m/s；

(4)由乙圖信息，可以算出小球在b點(diǎn)時(shí)的速度是m/s(此空保留三位有效數(shù)字)。

【答案】是20.2也

5

【解析】由初速度為零的勻加速直線運(yùn)動(dòng)經(jīng)過(guò)相鄰的相同時(shí)間間隔內(nèi)通過(guò)位移之比為1：3：5可知，。點(diǎn)

是拋出點(diǎn)。

⑵⑵由詒、be、cd水平距離相同可知，a到從人到c運(yùn)動(dòng)時(shí)間相同為T=0.10s

平拋運(yùn)動(dòng)在豎直方向?yàn)閯蜃兯僦本€運(yùn)動(dòng)，根據(jù)\h=gT2

解得g=?"二為=依一011s2=2向s，

T20.102mz

(3)[3]平拋運(yùn)動(dòng)在水平方向上的分運(yùn)動(dòng)為勻速直線運(yùn)動(dòng)，根據(jù)x=

得水平速度為%="=2；；：m/s=0.2m/s

(4)[4]b點(diǎn)豎直分速度為ac間的豎直平均速度，根據(jù)速度的合成求b點(diǎn)的合速度

4x10-2

=%=m/s=0.2m/s

2T2x0.10

所以％=J%?+-Jo2?+0.22m/s=m/s

23.（10分）熱敏電阻有很多的應(yīng)用領(lǐng)域，如家電、開關(guān)電源、新能源汽車等。某實(shí)驗(yàn)小組的同學(xué)為了研究某保

溫式自動(dòng)電飯鍋中用于監(jiān)測(cè)溫度的熱敏電阻Rr的特性設(shè)計(jì)了以下實(shí)驗(yàn)。

（1）首先利用多用電表粗略測(cè)量與電飯鍋中型號(hào)相同的熱敏電阻常溫狀態(tài)下的阻值，多用電表的旋鈕置于“xl00”

的擋位時(shí)示數(shù)如圖甲所示，則該熱敏電阻的阻值為（保留2位有效數(shù)字）

（2）該實(shí)驗(yàn)小組的同學(xué)為了進(jìn)一步探究熱敏電阻的特性，設(shè)計(jì)了圖乙所示的電路，電路中的電壓表均可看成理

想電壓表，定值電阻的阻值為2kC。

①開關(guān)閉合前，滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)觸頭應(yīng)置于最（填“左''或"右"）端。

②某次實(shí)驗(yàn)時(shí)，電壓表Vi,V2的示數(shù)分別為3.0V、4.5V,則熱敏電阻的阻值應(yīng)為kQ?

（3）通過(guò)多次實(shí)驗(yàn)，得出熱敏電阻的阻值隨溫度變化的規(guī)律圖像如圖丙所示，當(dāng)熱敏電阻的阻值為R產(chǎn)2k"時(shí),

熱敏電阻所處環(huán)境的溫度約為

（4）該種保溫式自動(dòng)電飯鍋，采用感溫磁控元件（可視為用熱敏電阻控制的電磁鐵開關(guān)，通過(guò)的電流大于某一

值時(shí)開關(guān)斷開）控制電路閉合與斷開，從而控制加熱電路，鍋內(nèi)米飯溫度低于60℃后，加熱電路開始工作，則

下列電路圖可能是該電飯鍋中加熱電路的是

【答案】3.2x103左338（37~38均可）A

【解析】（1）［1］由多用電表的測(cè)電阻讀數(shù)規(guī)則可知，該熱敏電阻的阻值為32x1000=3.2x1（）3。

（2）①⑵為了保護(hù)實(shí)驗(yàn)器材，開關(guān)閉合后應(yīng)使兩電壓表的讀數(shù)均為零，所以滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)觸頭應(yīng)置于最左

端。

幺3

②⑶由電路圖乙可知，熱敏電阻的阻值應(yīng)為4q

代入數(shù)據(jù)解得%=3000Q=3kQ

（3）［4］由圖丙可知，熱敏電阻的阻值為Rr=2kQ時(shí)，熱敏電阻所處環(huán)境的溫度約為38℃。

(4)[5]當(dāng)電飯鍋內(nèi)溫度降低時(shí)，熱敏電阻的阻值增大，根據(jù)串并聯(lián)電路的規(guī)律可知A滿足要求，A正確，B錯(cuò)

誤。故選A。

24.(12分)光滑圓弧形軌道固定在水平地面上，高度/j=0.8m,在8點(diǎn)與長(zhǎng)為L(zhǎng)=lm的水平粗糙軌道BC相切，

如圖所示。小球從A點(diǎn)由靜止滑下沿軌道ABC運(yùn)動(dòng)，在C點(diǎn)與豎直墻發(fā)生碰撞，碰后速度方向反向，到熊為碰

的的二半，已知小球質(zhì)量相=lkg,。為圓弧軌道圓心，圓心角ZAO8=60,取g=10m/s、

(1)求小球第一次沿圓弧軌道運(yùn)動(dòng)到H時(shí)對(duì)軌道的壓力大小;

(2)若小球與墻只發(fā)生一次碰撞，試計(jì)算小球與水平軌道BC間的動(dòng)摩擦因數(shù)〃的取值范圍。

【答案】(1)20N；(2)0.16<//<0.8

【解析】(1)由A到B的過(guò)程中，根據(jù)動(dòng)能定理有相4

解得力=4m/s

在8點(diǎn)，根據(jù)牛頓第二定律有mg=〃，苓

又/?(1-cos60)=h

聯(lián)立解得外=20N

根據(jù)牛頓第三定律得：小球第一次沿圓弧軌道運(yùn)動(dòng)到B時(shí)刻軌道的壓力大小為20N。

(2)若小球與墻碰撞，則滿足>〃/咫乙

解得〃<0.8

設(shè)小球與墻碰撞前速度為V,由功能關(guān)系〃〃7gL=g〃％-g，〃/

,121

X--mvx—

若小球只與墻碰撞一次，則x<2L

2

彳mgmvB=/jmgL+2/.imgx<5jumgL

解得〃20.16

綜上，滿足條件的動(dòng)摩擦因數(shù)〃的取值范圍為0.164〃<0.8

25.(20分)間距為/的兩平行金屬導(dǎo)軌由水平部分和傾斜部分平滑連接而成，如圖所示。傾角為，的導(dǎo)軌處于

大小為8,方向垂直導(dǎo)軌平面向上的有界勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)間I中，磁場(chǎng)下邊界距離水平面〃=1.4m。水平導(dǎo)軌上的無(wú)磁

場(chǎng)區(qū)間靜止放置一質(zhì)量為3m的“聯(lián)動(dòng)雙桿”(金屬桿〃和長(zhǎng)度為I,它們之間用長(zhǎng)度為d的剛性絕緣桿連接構(gòu)

成)，在“聯(lián)動(dòng)雙桿''右側(cè)存在大小為B2、方向垂直導(dǎo)軌平面向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)間H,其長(zhǎng)度為抽。質(zhì)量為，隊(duì)長(zhǎng)

為/的金屬桿面從傾斜導(dǎo)軌上端釋放，達(dá)到勻速后離開磁場(chǎng)區(qū)間I。桿油進(jìn)入水平導(dǎo)軌無(wú)能量損失，桿外與“聯(lián)

動(dòng)雙桿”發(fā)生彈性碰撞，已知碰后在“聯(lián)動(dòng)雙桿”通過(guò)磁場(chǎng)區(qū)間n過(guò)程中，桿外和“聯(lián)動(dòng)雙桿”不會(huì)同時(shí)處于磁場(chǎng)中，

運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，桿"、cd和與導(dǎo)軌始終接觸良好，且保持與導(dǎo)軌垂直。已知：公30。，g=10m/s2,桿岫、4和

”電阻均為/f=0.02d/n=0.1kg,/=0.5m,d=0.3m,xo=O.6m,B/=0.1T,&R.2T。不計(jì)摩擦阻力和導(dǎo)軌電阻，忽

略磁場(chǎng)邊界效應(yīng)。求

(1)桿ab在傾斜導(dǎo)軌上勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)的速度"：

(2)“聯(lián)動(dòng)雙桿”進(jìn)入磁場(chǎng)區(qū)間II前的速度大小以；

(3)碰后在“聯(lián)動(dòng)雙桿”通過(guò)磁場(chǎng)區(qū)間II過(guò)程中桿M產(chǎn)生的焦耳熱Q。

【解析】(1)桿仍在傾斜導(dǎo)軌上.勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)，由平衡條件可知〃2gsin?=0#

R

%=穴+萬(wàn)

代入數(shù)據(jù)解得%=6m/s

(2)桿出7和聯(lián)動(dòng)雙桿碰撞前，由動(dòng)能定理可知相=

代入數(shù)據(jù)解得W=8m/s

桿訪和聯(lián)動(dòng)雙桿產(chǎn)生彈性碰撞，動(dòng)量守恒，機(jī)械能守恒，則有加匕=根匕'+3機(jī)匕

111

—mv.2=—mvr,2H--3/nv,2

2'2,22

代入數(shù)據(jù)解得V2=4m/s

(3)碰后聯(lián)動(dòng)雙桿入磁場(chǎng)區(qū)間II,有三個(gè)過(guò)程，由動(dòng)量定理和能量守恒定律，第一過(guò)程則有

-B2//I?A.=3/?IV3-3mv2

入B/d

1=/|r加I=-^—

代入數(shù)據(jù)解得b=^m/s

產(chǎn)生的焦耳熱。1=；-3桃￥-：3機(jī)v；

23

2=十

O

在磁場(chǎng)中第二過(guò)程則有一層〃2=3，叫-3加匕

，入，B/d

q2=l2\t2=^-—

R總

代入數(shù)據(jù)解得匕*m/s

產(chǎn)生的焦耳熱Q=；，3/w；

0丹1

第三過(guò)程出磁場(chǎng)則有一紇〃3?維=3根y-3相！

,AfB/d

%=，3頌=-^―

R&

代入數(shù)據(jù)解得%=3m/s

產(chǎn)生的焦耳熱Q,=；，3zw；

最后由串并聯(lián)關(guān)系得桿浦產(chǎn)生的焦耳熱2=；12+1：。3+?3。,=192牛311+919?」+2/0￥740.351

663666632

二'非選擇題：共174分。第22?25題為必考題，每個(gè)試題考生都必須作答。第33~34題為選考題，考生根據(jù)

要求作答。

（-）必考題：共47分。

33.[物理——選修3-3]（15分）

（1）（5分）根據(jù)有關(guān)物理知識(shí)，下列說(shuō)法正確的是（）

A.若僅知道水的摩爾質(zhì)量和水分子的質(zhì)量，無(wú)法計(jì)算出阿伏加德羅常數(shù)

B.0℃的冰中的水分子和0℃的液態(tài)水中的水分子平均動(dòng)能相同

C.用阿伏加德羅常數(shù)和某種氣體的密度，就可以求出該種氣體的分子質(zhì)量

D.由于液體表面分子間距離大于液體內(nèi)部分子間距離，液面分子間表現(xiàn)為引力，所以液體表面具有收縮趨勢(shì)

E.氣體分子各速率區(qū)間的分子數(shù)占總分子數(shù)的百分比與溫度有關(guān)

【答案】BDE

,,M

【解析】A.只要知道水的摩爾質(zhì)量和水分子的質(zhì)量，根據(jù)'”=嬴

可以計(jì)算出阿伏加德羅常數(shù)，A錯(cuò)誤；

B.溫度是分子平均動(dòng)能的標(biāo)志，0。＜2的冰中的水分子和0。（2的液態(tài)水中的水分子平均動(dòng)能相同，B正確；

C.用阿佛加德羅常數(shù)和某種氣體的密度，再加上氣體的摩爾質(zhì)量，才能求出該種氣體的分子質(zhì)量，c錯(cuò)誤；

D.由于液體表面分子間距離大于液體內(nèi)部分子間的距離，液面分子間表現(xiàn)為引力，所以液體表面具有收縮的趨

勢(shì)，D正確；

E.氣體分子無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)，但是速率有大有小，大量分子的速率按一定的規(guī)律分布，呈現(xiàn)出“中間多，兩頭少”的

分布規(guī)律，如圖

氧氣分子速率分布圖

是氧氣在CCfil100℃兩種不同情況下各速率區(qū)間的分子數(shù)占總分子數(shù)的百分比與分子速率間的關(guān)系，可知?dú)?/p>

體分子各速率區(qū)間的分子數(shù)占總分子數(shù)的百分比與溫度有關(guān)，E正確。故選BDE。

（2）（10分）疫情期間，需要使用消毒噴霧壺對(duì)公共場(chǎng)合進(jìn)行消毒，其結(jié)構(gòu)如圖所示，內(nèi)部可用容積為3L,工

作時(shí)，工作人員裝入稀釋過(guò)的2L藥液后旋緊壺蓋，關(guān)閉噴水閥門，拉動(dòng)手柄打氣10次，假設(shè)每次打入壓強(qiáng)為

105Pa,體積為（ML的氣體，大氣壓強(qiáng)為105pa,在整個(gè)過(guò)程中可認(rèn)為壺內(nèi)溫度不變，不考慮管內(nèi)的藥液體積和

管內(nèi)藥液產(chǎn)生的壓強(qiáng)。

（1）求打氣10次后壺內(nèi)氣體的壓強(qiáng)；

（2）現(xiàn)打開閥門，消毒液噴出，當(dāng)壺內(nèi)不再噴出消毒液時(shí)，求壺內(nèi)剩余消毒液的體積。

消

毒

噴

霧

壺

【解析】（1）打氣10次前后，壺內(nèi)氣體等溫變化，打氣前“=10'pa,K=lL+10x0.1L=2L

打氣后2=?，匕=1

根據(jù)玻意耳定律

解得P?=2xl（ySpa

（2）壺內(nèi)氣體在藥液噴出過(guò)程中等溫變化，噴前P2=2xl（）5pa,V2=1L

噴出后Pa=10’pa,V3=?

根據(jù)玻意耳定律PM=P.M

解得匕=2L

剩余消毒液體積丫=3L-2L=IL

34.[物理——選修3-4]（15分）

（1）（5分）如圖所示的直角坐標(biāo)系中，。點(diǎn)有一波源，7=0時(shí)刻，波源從。點(diǎn)開始沿著y軸正方向振動(dòng)，形成

沿x軸正方向傳播的簡(jiǎn)諧橫波，經(jīng)半個(gè)周期后剛好傳播到P點(diǎn)。已知該波的周期為0.4s,振幅為8cm,OP間的

距離為0.6m,PQ間的距離為0.7m。則下列說(shuō)法正確的是（）

J本

pQ

A.該波的傳播速度為3m/s

B.。點(diǎn)開始振動(dòng)時(shí)，尸點(diǎn)的位移為4cm

C.。點(diǎn)開始振動(dòng)時(shí)，。點(diǎn)的位移為4cm

D.P點(diǎn)第一次到波谷時(shí)，。點(diǎn)正在做加速運(yùn)動(dòng)

E.Q點(diǎn)開始振動(dòng)后，P,Q兩點(diǎn)在同一時(shí)刻的速度不可能相等

【答案】ACE

【解析】A.由題可知，波從O傳播到P的過(guò)程，波的傳播速度v=§"=E1m/s=3m/s

故A正確；

B.由題意T=0.4s

_2乃

1——

co

69=5OTad/s

2=1.2m,A=8cm,P點(diǎn)與。點(diǎn)間距半個(gè)波長(zhǎng)，是反相點(diǎn)的關(guān)系，所以P質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)方程為孫=-8sin（5R-乃）