2022年福建省高考物理適應性試卷（一）（附答案詳解）

2022年福建省高考物理適應性試卷（一）

一、單選題（本大題共4小題，共16.0分）

1.一定質量的理想氣體從狀態(tài)M經(jīng)歷過程1或者過程2到達

狀態(tài)N,其p-V圖像如圖所示。在過程1中，氣體始終與

外界無熱量交換；在過程2中，氣體先經(jīng)歷等容變化再經(jīng)

歷等壓變化。狀態(tài)M、N的溫度分別為7”、TN，在過程1、

2中氣體對外做功分別為叫、W2,則（）

A.TM-TNB.TM<TNC.Wr>W2D.Wr<W2

2.下列四幅圖依次涉及到不同的物理知識，其中說法正確的是（）

圖甲圖乙圖丙圖:

A.用回旋加速器加速粒子的過程中，粒子獲得的最大動能與電壓U的大小有關

B.重核裂變產(chǎn)生中子使裂變反應一代接一代繼續(xù)下去的過程，叫核裂變的鏈式反應

C.湯姆孫通過研究陰極射線精確測定出電子所帶的電荷量

D.泊松亮斑說明光具有粒子性

3.某同學參加編程機器人大賽,該參賽機器小車（視為質

點）的質量為2kg,設定該參賽機器小車的速度大小始

終為lm/s?，F(xiàn)小車要通過一個半徑為0.2m的圓弧凸

橋，取重力加速度大小g=10m/s2,下列說法正確的

是（）

A.小車通過圓弧凸橋的過程中機械能守恒

B.小車通過圓弧凸橋的過程中所受合力始終為零

C.小車通過圓弧凸橋的最高點時，橋受到的壓力大小為10N

D.小車通過圓弧凸橋的最高點時，橋受到的壓力大小為30N

4.已知通電長直導線在周圍空間某位置產(chǎn)生的磁感應

強度大小與電流強度成正比，與該位置到長直導線

的距離成反比。如圖所示，現(xiàn)有通有電流大小相同

的兩根長直導線分別固定在正方體的兩條邊dh和M上，彼此絕緣，電流方向分別

由d流向九、由九流向g,則頂點a和c兩處的磁感應強度大小之比為（）

A.>/6：4B.V2：2C.V3：4D.4：V3

二、多選題（本大題共4小題，共24.0分）

5.2021年3月15日13時29分，嫦娥五號軌道器在地面飛控人員精確控制下成功被日地

拉格朗日人點捕獲，這也是我國首顆進入日地人點探測軌道的航天器。已知太陽和

地球所在的連線上有如圖所示的3個拉格朗日點，飛行器位于這些點上時，會在太

陽與地球引力的共同作用下，可以保持與地球同步繞太陽做勻速圓周運動。下列說

法正確的是（）

L）日Li地Lz

A.飛行器在刀點繞太陽飛行的加速度小于地球繞太陽飛行的加速度

B.飛行器在Li點處于平衡狀態(tài)

C.飛行器4在5點繞太陽飛行的動能小于飛行器B在心2點繞太陽飛行的動能

D.飛行器4在■點繞太陽飛行的角速度等于飛行器B在員點繞太陽飛行的角速度

6.A、B兩物體沿同一直線同向運動，0時刻開始計時，2、

B兩物體的2-t圖像如圖所示，已知在t=10s時4、B在

同一位置，根據(jù)圖像信息，下列正確的是（）

A.B做勻加速直線運動，加速度大小為lm/s2

B.t=6s時，A在前、B在后，8正在追趕4

C.A、B在零時刻相距30m

D.在0?10s內(nèi)，4、B之間的最大距離為49nl

7.如圖，水平放置的輕彈簧左端固定，右端連接質量為小的小球，小球靜止在光滑水

平面上?在水平向右的恒力F作用下小球由靜止開始運動，某時刻速度大小為

方向向右，經(jīng)時間t后，小球向右移動了X,速度大小仍為以方向向左。不計空氣

阻力，彈簧一直在彈性限度內(nèi)。則此過程中（）

A.彈簧彈力對小球做的功為零B.彈簧的彈性勢能增加了Fx

C.小球的重力的沖量為零D.彈簧彈力的沖量大小為Ft+2mv

第2頁，共17頁

8.如圖所示，一傾角為。=37。的足夠長斜面體固定在水平地面上，質量為M=2kg的

長木板B沿著斜面以速度%=9m/s勻速下滑，現(xiàn)把質量為m=1kg的鐵塊4輕輕放

在長木板B的左端，鐵塊最終恰好沒有從長木板上滑下。已知力與B之間、B與斜面

之間的動摩擦因數(shù)均為〃，最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，取重力加速度g=

10m/s2,sin37°=0.6,cos37°=0.8,則下列判斷正確的是（）

A.動摩擦因數(shù)〃=0.5

B.鐵塊4和長木板B共速后的速度大小為6m/s

C.長木板的長度為2.25m

D.從鐵塊放上到鐵塊和長木板共速的過程中，鐵塊4和長木板8減少的機械能等于4、B

之間摩擦產(chǎn)生的熱量

三、填空題（本大題共2小題，共8.0分）

9,一簡諧橫波以4m/s的速度沿x軸正方向傳播，t=0時刻的波形如圖所示，此時質

點P的位移為0.15m,M、N兩點間距離為2m,則這列波的周期為s,再經(jīng)

10.跳遠原是人類獵取食物和逃避狂獸侵害的一種生活技能，后又成為挑選與訓練士兵

的條件和手段。在古希臘奧林匹克運動會中跳遠即己作為比賽項目之一。一位同學

在水平面上進行跳遠訓練，該同學以與水平面成37。、大小為5m/s的速度離開地面

騰空（如圖所示），不計空氣阻力，取g=l（hn/s2,該同學可視為質點。則該同學

到達最高點時的速度大小為m/s,在空中運動的時間為s。（s譏37。=

0.6)

四、實驗題(本大題共2小題，共12.0分)

11.一種新的短途代步工具一一電動平衡車，被稱為站著騎的電動車。某同學為了探究

該車在平直水泥路面上的運動情況，設計了如下實驗：將輸液用的塑料瓶裝適量水

后，連同輸液管一起綁在平衡車的扶手上，調(diào)節(jié)輸液管的滴水速度。某滴水剛落地

開始計時，從下一滴水落地開始依次計數(shù)為1、2、3……，當?shù)?0滴水剛好落地時

停止計時，測得時間為25.0s。該同學騎上平衡車后，先加速到某一速度，然后關

閉動力，讓平衡車沿著直線滑行。如圖所示是某次實驗中在水泥路面上的部分水滴

及測出的間距值(左側是起點，單位：m),當?shù)刂亓铀俣萭取10m/s2,根據(jù)該同

學的測量結果可得出：

up￡2c-e

：rOI：'l.SQ:'l.9S：'2.47::02,36,:-2.26;2.16：?075

(1)平衡車經(jīng)過路面上相鄰兩水滴間的時間間隔T=s；

(2)平衡車加速過程的加速度大小a=m/s2,運動到。點的速度大小

v=m/s；(結果均保留三位有效數(shù)字)

(3)設平衡車運動過程中所受阻力的大小是人與車總重力的k倍，則k=。(結

果保留兩位有效數(shù)字)

12.電話手表越來越受兒童的青睞，某同學要測某品牌電話手表的電池的電動勢和內(nèi)阻,

設計了如圖甲所示的電路，電路中為定值電阻，阻值大小為0.50。

(1)請按圖甲所示的電路圖完成圖乙中實物圖的連接。

(2)閉合開關S前，應先將滑動變阻器的滑片移到(填“左”或“右”)端。

(3)實驗過程中，若某次電壓表的示數(shù)如圖丙所示，則該示數(shù)為乙

(4)閉合開關S,調(diào)節(jié)滑動變阻器的滑片，記錄多組電壓表U和電流表/的示數(shù)，作出

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U-/圖像如圖丁所示，則電池的電動勢E=大結果保留三位有效數(shù)字),

電池的內(nèi)阻r=0(結果保留兩位有效數(shù)字)。

五、計算題(本大題共3小題，共40.0分)

13.黨的十八大以來，中國交通發(fā)展取得歷史性成就，現(xiàn)在全國鐵路營業(yè)里程13.9萬公

里，其中高鐵超過3.5萬公里，位居世界第一；公路里程501.3萬公里，其中高速公

路15萬公里，位居世界第一。一輛質量為zn=2000kg的汽車以%=30m/s的速度

在平直的高速公路上勻速直線行駛，當駕駛員發(fā)現(xiàn)前方有事故時，立即進行剎車，

已知司機的反應時間為0.7s。若汽車剎車后的剎車制動力尸與剎車后的時間t成線性

變化關系，如圖所示，且在t=10s時刻汽車剛好完全停止運動，汽車運動可視為

直線運動。求：

(1)司機的反應時間內(nèi)汽車行駛的距離；剎車后的最大制動力片;

(2)當［=5s時,汽車的速度。

14.質量為mi的長木板4靜止放在水平地面上,其左端位于。點，質量為加2的小滑塊B放

在木板的右端，如圖所示，。點左側的地面光滑，右側的地面粗糙。質量為的物

體C以初速度%=8m/s從左側向。點運動，與木板發(fā)生彈性碰撞。已知m°=1.0kg,

mr-3.0kg,m2=1.0kg,長木板與滑塊間的動摩擦因數(shù)血=0.4,重力加速度g=

10m/s2,最大靜摩擦力等于滑動摩擦力。求：

(1)物體C與木板4碰撞后瞬間木板的速度也；

(2)當木板4與滑塊B共速之后有兩種可能的運動情況，第一種運動情況是一起相對

靜止在地面上減速滑行，第二種運動情況繼續(xù)發(fā)生相對滑動，直至都停下來。試分

析發(fā)生第一種運動情況時，。點右側地面動摩擦因數(shù)內(nèi)的取值范圍；

(3)若最終滑塊B停在木板A的左端，經(jīng)測量木板的長度L=1.0m,若滑塊可視為質

點，請計算0點右側地面與木板間的動摩擦因數(shù)內(nèi)的數(shù)值。

B

15.如圖甲所示，在。-xyz三維坐標系的空間內(nèi)有平行z軸向上且交替變化的勻強電場、

勻強磁場，電場、磁場隨時間變化的規(guī)律分別如圖乙、丙所示，t=0時，一帶正

電的粒子以初速度%從0點沿x軸正方向射入，在1=白1寸粒子恰經(jīng)過點P(L、0、L)(

圖中未畫出)。已知電場強度大小為比,磁感應強度大小為等,粒子重力不計，求：

(1)粒子的荷質比；

(2)粒子在t=時的位置坐標；

(3)粒子在t=中時的速度；

為整數(shù))時，粒子所處位置的軸坐標值。

(4)t=^(nzzn

VO

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答案和解析

1.【答案】c

【解析】解：AB,在過程1中，氣體始終與外界無熱量交換，即Q=0,氣體體積增大，

氣體對外做功，有W<0,根據(jù)熱力學第一定律得：△(/=(2+勿=W<0,氣體內(nèi)能

減小，氣體溫度降低，即加>加，故A8錯誤；

CD,p-1/圖象與坐標軸圍成圖形的面積等于氣體做的功，根據(jù)圖象可知，過程1中p-K

圖象的面積大于過程2中p-V圖象的面積，則1%>明，故C正確，。錯誤。

故選：Co

氣體體積變大，氣體對外做功，氣體體積減小，外界對氣體做功；根據(jù)題意應用熱力學

第一定律判斷氣體內(nèi)能變化情況，然后判斷氣體溫度關系；p-U圖象與坐標軸圍成圖

形的面積等于氣體做功，根據(jù)圖示圖象比較做功關系。

本題考查了熱力學第一定律、P-V圖象等知識點。這道題的關鍵是能夠通過P-V圖象

看出過程1、2中氣體對外做功的大小的關系。易錯點：學生容易認為過程1為等溫變化，

其實由于氣體始終與外界無熱量交換，有△U=W<0,內(nèi)能減小，溫度也會相應降低。

2.【答案】B

【解析】解：

A.粒子在磁場中做圓周運動的軌道半徑越大，粒子動能越大，粒子做圓周運動的最大軌

道半徑為R,

粒子在磁場中做勻速圓周運動，洛倫茲力提供向心力，由牛頓第二定律得：qvB=m9,

2

粒子的最大動能珠=|mv=勺?普2,

粒子獲得的最大動能與加速電壓無關，故4錯誤；

8.鏈式反應是指由重核裂變產(chǎn)生的中子使裂變反應一代接一代繼續(xù)下去的過程，故8正

確；

C.湯姆孫發(fā)現(xiàn)電子，電子的發(fā)現(xiàn)使人類認識到分子是可以分割的，而密立根通過油滴實

驗精確測得電子的電荷量，故C錯誤；

D泊松亮斑說明光具波動性，故。錯誤。

故選：Bo

根據(jù)洛倫茲力提供向心力，qvB=粒子的最大動能取=-mv2=迪空，可知與

rRK22m

什么因素有關；

鏈式反應是指由重核裂變產(chǎn)生的中子使裂變反應一代接一代繼續(xù)下去的過程；

根據(jù)物理學史和常識解答，記住著名物理學家的主要貢獻即可；

泊松亮斑說明光具波動性.

考查了回旋加速器最大動能的影響因素，掌握鏈式反應判定方法，注意其產(chǎn)生條件，理

解光的波動性與粒子性的不同，本題關鍵要熟悉教材，牢記這些基礎知識點。

3.【答案】C

【解析】解：4、小車在通過圓弧凸橋的過程中速度大小不變，所以動能不變，小車的

重力勢能先變大后變小，機械能不守恒，故A錯誤；

3、小車做勻速圓周運動，合外力不為零，合外力充當向心力，故8錯誤；

C、。、小車通過圓弧凸橋最高點時，由牛頓第二定律得：

V2

mg—N=m—

R

解得：N=10N,

由牛頓第三定律可知，橋受到的壓力大小為10N,故C正確，。錯誤.

故選:Co

小車運動過程中動能不變，重力勢能改變，所以機械能不守恒；

小車做勻速圓周運動，合外力充當向心力，合外力不等于零；

小車通過圓弧凸橋的最高點時，利用牛頓第二定律列式求解，結合牛頓第三定律找出最

終結果.

本題考查圓周運動與機械能守恒，小車勻速運動動能不變，但是需要注意重力勢能發(fā)生

改變，機械能隨之改變，小車通過最高點注意先受力分析，然后再結合牛頓第二定律列

式求解.

4.【答案】A

【解析】解：設正方體的邊長為r,流過棱長的電流大

小為/

由題意可知，通電長直導線在周圍空間某位置產(chǎn)生的磁

感應強度大小為8=/c（可知：

由d流向九的電流在a點產(chǎn)生的磁感應強度a=弓,方向

從a指向匕；

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由無流向g的電流在a點產(chǎn)生的磁感應強度/=k言=今卜j方向垂直于ha斜向左下;

故a點的磁感應強度為Ba=+或=*.電

同理可得：

由d流向九的電流在b點產(chǎn)生的磁感應強度B2=B[=fcp方向從b指向c；

由人流向g的電流在b點產(chǎn)生的磁感應強度B4=B[=*方向從b指向c；

故c點的磁感應強度為殳=B2+B4=2-k^

所以包=』=在，故A正確，BCD錯誤。

Be24

故選：Ao

根據(jù)題意通電導體在某一點的磁感應強度大小為B=kg利用幾何知識和矢量的平行四

邊形法則解題。

本題考查了通電直導線磁場的分布與計算、矢量的平行四邊形法則等知識點。利用矢量

運算的平行四邊形法則是解題的關鍵。

5.【答案】AD

【解析】解：4、因為飛行器在拉格朗日點上與地球同步繞太陽做勻速圓周運動，故飛

行器在拉格朗日點上繞太陽做勻速圓周運動的角速度與地球繞太陽做勻速圓周運動的

2

角速度相同，其加速度可表示為：an=a）r,因飛行器在4點繞太陽運動的半徑小于地

球繞太陽做圓周運動的半徑，所以飛行器在人點繞太陽飛行的加速度小于地球繞太陽飛

行的加速度，故A正確；

8、行器在■點繞太陽做圓周運動，受到的合力充當向心力，飛行器受到的合力并不等

于零，因此飛行器并不處于平衡狀態(tài)，故B錯誤；

C、飛行器在拉格朗日點繞太陽運動的動能為：Ek=^m（3r）2,雖然5點對應的軌道半

徑小于乙2點對應的軌道半徑，但由于題目沒，有告知飛行器4和飛行器B的質量，因此

無法判斷兩飛行器動能的大小，故C錯誤；

。、因為飛行器在拉格朗日點上與地球同步繞太陽做勻速圓周運動，故飛行器在不同的

拉格朗日點上繞太陽做勻速圓周運動的角速度與地球繞太陽做勻速圓周運動的角速度

相同，故。正確。

故選：AD.

飛行器在拉格朗日點上與地球同步繞太陽做勻速圓周運動，兩者的角速度相同，再結合

向心加速度和動能的表達式分析求解。

解決本題的關鍵抓住飛行器在拉格朗日點上與地球同步繞太陽做勻速圓周運動，兩者的

角速度相同，再結合圓周運動的有關知識求解，同時考查了平衡態(tài)和動能的知識，是一

道好題。

6.【答案】BD

【解析】解:4、根據(jù)#=9+1尸可得：=%+

由圖像可知，B的斜率k=芍言=1,

1U—o

又k=1a,

故a=2m/s2

故A錯誤；

B、根據(jù)圖像由三角形相似性可以得出B圖線與縱軸交點為4m/s,即B初速度%=4m/s

在前六秒時間內(nèi)，4B位移均為60m,故A在前，B在后，B正在追趕4,故B正確；

C、已知在t=10s時4、8在同一位置，在10s內(nèi)48通過的位移分別為

=10x10m=100m

1,1

2

xB—vot+-at=4X10m+-x2x100m—140m

已知在t=10s時4、B在同一位置，故在零時刻相距40m.故C錯誤；

D、當4、B速度相等時，相距最遠，有

v0+atr=v

代入數(shù)據(jù)得ti=3s

此時4、B位移分別為30m、21m,故此時4、B之間的最大距離為

△x=40m+30m-21m—49m

故。正確；

故選：BD。

4、由位移公式得出圖像的函數(shù)表達式，結合圖像斜率求出加速度大?。?/p>

8、根據(jù)圖像和函數(shù)表達式求出B的初速度，求出前六秒內(nèi)的位移，進而判斷運動情況；

C、根據(jù)公式求出10s內(nèi)的位移，結合題意求出零時刻的位置關系；

根據(jù)速度相等，相距最遠，先求出最遠距離對應的時刻，再根據(jù)位移關系求出最大

距離。

本題考查勻變速直線運動的圖像，要先寫出對應的函數(shù)表達式，再結合圖像求出相關信

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息，進而解決問題。

7.【答案】BD

【解析】解：力、根據(jù)動能定理得航+必期=0,恒力尸做功為心=尸乃故彈簧彈力

對小球做的功為W舛=—Fx,故A錯誤；

B、根據(jù)彈性勢能變化與彈簧彈力做功的關系△Ep=EP2-Epi=-W^,所以彈性勢能

增加了Fx,故B正確；

C、根據(jù)沖量定義/=Ft,故小球重力的沖量為mgt,故C錯誤；

D、根據(jù)動量定理，取向左為正方向，I^-Ft=mv-(-mv),即彈簧彈力的沖量/建=

Ft+2mv,方向向左，大小為Ft+,故。正確.

故選：BD。

根據(jù)動能定理作答4根據(jù)彈力做功與彈性勢能變化關系作答B(yǎng),根據(jù)沖量定義作答C,

根據(jù)動量定理作答D.

本題考查了功、沖量、動能定理、動量定理等基本概念和基本規(guī)律的運用。上述概念和

規(guī)律是歷年高考考查的重點，要求學生能夠準確把握其含義，并能進行綜合的分析與運

用。本題小巧精致，考查全面，是一道非常不錯的題目。

8.【答案】BC

【解析】解：4、長木板B沿著斜面勻速下滑時，根據(jù)平衡條件得:Mgsin37°=fiMgcos37°,

解得“=0.75,故4錯誤；

B、將鐵塊4放在長木板B上，兩者組成的系統(tǒng)合外力為F^=(M+Tn)gsin37o-〃(M+

m}gcos37°=0,所以鐵塊4與長木板B組成的系統(tǒng)動量守恒，取沿斜面向下方向為正方

向，由動量守恒定律得用%=("+山川共，解得"共=6m/s,即鐵塊4和長木板B共速

后的速度大小為6m/s,故B正確；

C、設鐵塊4從放在B上到兩者共速的時間為t,對4,由動量定理得：(加外勿37。+

fimgcos37°)t=mv^-0,解得t=0.5s。長木板的長度為L=xB-xA==

^t=|x0.5m=2.25m,故C正確；

。、從鐵塊放上到鐵塊和長木板共速的過程中，鐵塊4和長木板B的機械能轉化為系統(tǒng)因

摩擦產(chǎn)生的內(nèi)能，根據(jù)能量守恒定律可知，鐵塊4和長木板B減少的機械能等于4、B之

間摩擦產(chǎn)生的熱量和B、斜面之間摩擦產(chǎn)生的熱量之和，故D錯誤。

故選：BCo

長木板B沿著斜面勻速下滑時受力平衡，根據(jù)平衡條件和滑動摩擦力公式相結合求動摩

擦因數(shù)；將鐵塊4放在長木板B上，兩者組成的系統(tǒng)合外力為零，系統(tǒng)的動量守恒，由

動量守恒定律求鐵塊4和長木板B共速后的速度大??；對4利用動量定理求出鐵塊A從

放在B上到兩者共速的時間，再由運動學公式求長木板的長度；結合能量的轉化情況分

析鐵塊4和長木板B減少的機械能與4、B之間摩擦產(chǎn)生的熱量的關系。

解決本題的關鍵要知道鐵塊4與長木板B組成的系統(tǒng)合外力為零，遵守動量守恒定律，

同時，還遵守能量守恒定律。

9.【答案】10.15

【解析】解：由圖可知，MN=2m=g所以a=4mo根據(jù)u=:得7=$==1s。

由圖可知，波向x軸正方向傳播，根據(jù)同側法，P點將向上振動，此時P位置為振幅的一

半，貝UP到達波峰用時t=9x?x=?=：s,故P點到達波峰的路程是0.15m。

32.oo

故答案為：1、0.15

由MN之間的距離可知波長;I的大小，根據(jù)。=:可以求出周期。根據(jù)同側法可以判斷出P

點振動方向向上，然后可以求出經(jīng)過t=J的總路程。

本題需要同學們可以根據(jù)傳播方向判斷出P點的振動方向，本題的關鍵點在于，當質點

從平衡位置向上振動!（即30。）時，質點的位移是打。到達波峰還要2=:的時間。

1ZL1ZO

10.【答案】40.6

【解析】解：已知該同學離開地面時的速度v=5m/s,將其在水平方向和豎直方向分

解，如圖所示。

上彳：VX

該同學到達最高點時豎直方向的分速度為0,水平方向的分速度為以="OS37。=5x

0.8m/s=4m/s；

該同學在豎直方向做上拋運動，故在空中運動的時間為t=管=2吧詈=當竺5=

0.6so

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故答案為:4；0.6?

該同學到達最高點時豎直方向的分速度為0,只有水平方向的分速度，依據(jù)初速度的大

小和方向進行分解即可求出。依據(jù)物體做豎直上拋運動的規(guī)律可直接求解。

本題考查拋體運動的處理規(guī)律，要注意運動員在水平方向做勻速直線運動，在豎直方向

做豎直向上拋運動。

11.【答案】0.501.944.450.039

【解析】解：⑴平衡車經(jīng)過路面上相鄰兩水滴間的時間間隔為T=金=0.50s。

(2)根據(jù)逐差法，可知加速度大小為a=花潸，代入數(shù)據(jù)解得a=1.94m/s2；運動到。

點的速度大小為女=籌，解得知=4.45m/s.

(3)在減速階段，根據(jù)逐差法得加速度大小為優(yōu)=等坦，解得a'=0.39m/s2,根據(jù)牛

頓第二定律，有/=kmg=rna',解得k=0.039。

答案:(1)0.50；(2)1.94；4.45；(3)0.039

根據(jù)已知條件可知當?shù)?0滴水剛好落地時停止計時，測得時間為25.0s,則相鄰兩水滴

間的時間間隔是0.5s。根據(jù)逐差法求得加速度，利用中間時刻的速度等于平均速度求出

。點速度。利用牛頓第二定律求得阻力。利用數(shù)據(jù)分析位移差值可知E尸段開始關閉動力。

本題考查勻變速宜線運動的規(guī)律，要掌握用逐差法求加速度的方法，會熟練計算。

12.【答案】左2.402.940.97

【解析】解：(1)順著電流方向或逆著電流方向連線，注意

電表的接線規(guī)則，根據(jù)電路圖連接實物圖如圖所示；

(2)為了讓電流由最小值開始調(diào)節(jié)，滑動變阻器的滑片開始

時應滑到最左端；

電路中定值電阻的作用是保護電路，防止電源發(fā)生短路；

(3)電壓表量程是3.0叭最小分度是0.1V,由圖示可讀出電壓示數(shù)為2.40匕

(4)根據(jù)閉合電路歐姆定律可知，U=E—/(R()+r),由圖可知，電源的電動勢E=2.94乙

圖象的斜率的絕對值表示內(nèi)電阻與定值電阻之和，故r+&=絲^=1470,所以:

r=0.97。。

故答案為：(1)如圖所示；(2)左；(3)2.40；(4)2.94、0.97。

(1)根據(jù)電路圖連接實物圖；

(2)明確電路結構，根據(jù)安全要求進行分析，明確電阻的作用以及滑片開始時的位置；

(3)根據(jù)電壓表的量程及最小分度進行讀數(shù)；

(4)17-/圖線的縱軸截距表示電源的電動勢，圖線斜率的絕對值表示等效內(nèi)阻，將保護

電阻等效到電源的內(nèi)部；

解決本題的關鍵會從U-/圖線獲取電源的電動勢和內(nèi)阻，注意將保護電阻等效到電源

的內(nèi)部，最終電源的內(nèi)阻等于圖線的斜率絕對值減去保護電阻的阻值。還要注意實物連

接順著或逆著電流方向進行，不能交叉，最后接電壓表，接線之前應使開關斷開。

13.【答案】解：由題意知，汽車剎車過程a-t圖像如圖所示：

a

(1)司機反應過程，汽車做勻速直線運動，位移為％=為3解得：x=21m；

剎車過程，最大制動力為開始剎車時的力，由a-t圖像與坐標軸圍成的面積表示速度

變化量大小可知，大小為30m/s,由得：a?i=6m/s2,Fm=mam,解得

Fm=12000/V；

(2)由a-t圖得：口=5s時，面積等于速度變化量大小，△。大小為22.5m/s,即速度減

小了22.5m/s,則此時速度大小為7.5m/s。

答:(1)司機的反應時間內(nèi)汽車行駛的距離為21m；剎車后的最大制動力7為12000N；

(2)當口=5s時，汽車的速度為7.5m/s。

【解析】由F-t圖像得到a-t圖像，根據(jù)a-t圖像面積表示速度變化量大小即可進行

求解。力為變力，也可根據(jù)動量定理進行求解。

本題考查圖像問題，根據(jù)F-t圖像得到a-t圖像，即可進行求解，圖像與坐標軸圍成

面積表示表示速度變化量的大小。

14.【答案】解：(1)4、C發(fā)生彈性碰撞，碰撞過程系統(tǒng)動量守恒、機械能守恒，

設碰撞后C的速度為"or4的速度為巧，以向右為正方向，由動量守恒定律得：movo=

m0v01+m1v1

由機械能守恒定律得：詔=+

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代入數(shù)據(jù)解得：Vol=-4zn/s,%=4m/s,

(2)4、B共速后相對靜止一起做勻減速直線運動，

對4、B整體，由牛頓第二定律得：+m{)g=(mx+m2)a

設二者間靜摩擦力大小為f,對滑塊8,由牛頓第二定律得：f=m2a

由于二者間為靜摩擦力/<n2mg

代入數(shù)據(jù)解得：Mi<0.4

(3)由第(2)問可知，若的滑塊相對木板向左滑動到共速后會相對靜止。

若為>〃2,滑塊相對木板向左滑動到共速后會繼續(xù)相對木板向右滑動，不可能停止板

的左端，

所以地面動摩擦因數(shù)%W0.4。設滑塊滑動到共速經(jīng)歷時間為3共速速度為〃

木板長度為二者位移只差：竽t—=L

對滑塊B，由動量定理得：l^2m29t=m2V

木板位移：％=歿4

對木板，由動能定理得：一%01+m2)gx-42m2gX=：小巡2-|^11謚

代入數(shù)據(jù)解得：%=0.2

答：(1)物體C與木板4碰撞后瞬間木板的速度%大小是4m/s,方向向右。

(2)。點右側地面動摩擦因數(shù)出的取值范圍是由<0,4；

(3)。點右側地面與木板間的動摩擦因數(shù)〃［的數(shù)值是0.2。

【解析】(1)4、C發(fā)生彈性碰撞，碰撞過程系統(tǒng)動量守恒，機械能守恒，應用動量守恒

定律與機械能守恒定律可以求出碰撞后A、C的速度。

(2)4、B相對靜止，力、B間的摩擦力是靜摩擦力，小于等于最大靜摩擦力，應用牛頓第

二定律求出動摩擦因數(shù)的范圍。

(3)應用運動學公式、動量定理與動能定理可以求出木板與地面間的動摩擦因數(shù)。

本題是一道力學綜合題，根據(jù)題意分析清楚運動過程與受力情況是解題的前提，應用動

量守恒定律、機械能守恒定律、牛頓第二定律、運動學公式、動能定理即可解題。

15.【答案】解：(1)粒子在。?!時間內(nèi)在尤。z平面內(nèi)做類平拋