2023年四川省成都名校高考物理三模試卷含解析

2023學(xué)年高考物理模擬試卷

注意事項：

1.答卷前，考生務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號填寫在答題卡上。

2.回答選擇題時，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對應(yīng)題目的答案標(biāo)號涂黑，如需改動，用橡皮擦干凈后，再

選涂其它答案標(biāo)號。回答非選擇題時，將答案寫在答題卡上，寫在本試卷上無效。

3.考試結(jié)束后，將本試卷和答題卡一并交回。

一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。

1、如圖所示，從高/?=L8m的A點將彈力球水平向右拋出，彈力球與水平地面碰撞兩次后與豎直墻壁碰撞，之后恰能

返回A點。已知彈力球與接觸面發(fā)生彈性碰撞，碰撞過程中，平行于接觸面方向的速度不變，垂直于接觸面方向的速

度反向但大小不變，A點與豎直墻壁間的距離為4.8m,重力加速度g=10m/s2,則彈力球的初速度大小為（）

/IP—*J

A.1.5m/sB.2m/sC.3.5m/sD.4m/s

2、如圖所示為剪式千斤頂?shù)慕孛鎴D。四根等長的支持臂用光滑較鏈連接，轉(zhuǎn)動手柄，通過水平螺紋軸減小間的

距離，以抬高重物。保持重物不變，MP和PN夾角為120。時N點受到螺紋軸的作用力為尸1；MP和尸N夾角為60。

時N點受到螺紋軸的作用力為尸2。不計支持臂和螺紋軸的重力，則凡與尸2大小之比為（）

3、一物體沿豎直方向運動，以豎直向上為正方向，其運動的u-f圖象如圖所示.下列說法正確的是（"）

B.4?L時間內(nèi)物體機械能守恒

C.與?，3時間內(nèi)物體向下運動

D.0?與時間內(nèi)物體機械能一直增大

4、如圖所示，兩根相距為L的平行直導(dǎo)軌水平放置，R為固定電阻，導(dǎo)軌電阻不計。電阻阻值也為R的金屬桿MN

垂直于導(dǎo)軌放置，桿與導(dǎo)軌之間有摩擦，整個裝置處在豎直向下的勻強磁場中，磁感應(yīng)強度大小為瓦Q0時刻對金屬

桿施加一水平外力F作用，使金屬桿從靜止開始做勻加速直線運動。下列關(guān)于通過R的電流/、桿與導(dǎo)軌間的摩擦生

熱。、外力F、外力F的功率P隨時間t變化的圖像中正確的是（）

5、如圖所示，一個質(zhì)量為，〃的鐵球處于靜止?fàn)顟B(tài)，鐵球與斜面的接觸點為A,推力廠的作用線通過球心。，假設(shè)斜面、

墻壁均光滑，若讓水平推力緩慢增大，在此過程中，下列說法正確的是（）

A.力尸與墻面對鐵球的彈力之差變大

B.鐵球?qū)π泵娴膲毫徛龃?/p>

C.鐵球所受的合力緩慢增大

D.斜面對鐵球的支持力大小等于罟

6、在2019年武漢舉行的第七屆世界軍人運動會中，21歲的邢雅萍成為本屆軍運會的“八冠王”。如圖是定點跳傘時邢

雅萍運動的X圖像，假設(shè)她只在豎直方向運動，從0時刻開始先做自由落體運動，有時刻速度達(dá)到0時打開降落傘后

做減速運動，在&時刻以速度吟著地。已知邢雅萍（連同裝備）的質(zhì)量為機，則邢雅萍（連同裝備）（）

A.072內(nèi)機械能守恒

1,

B.0~f2內(nèi)機械能減少了2"碼

C.《時刻距地面的高度大于+“卜一"

D.fl~t2內(nèi)受到的合力越來越小

二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。

全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。

7、如圖M和N是兩個帶有異種電荷的帶電體，（M在N的正上方，圖示平面為豎直平面）尸和Q是"表面上的兩點,

S是N表面上的一點。在M和N之間的電場中畫有三條等差等勢線?，F(xiàn)有一個帶正電的液滴從E點射入電場，它經(jīng)

過了F點和W點已知油滴在尸點時的機械能大于在W點的機械能。（E、W兩點在同一等勢面上，不計油滴對原電場

的影響，不計空氣阻力）則以下說法正確的是（）

A.尸和。兩點的電勢不相等

B.P點的電勢低于S點的電勢

C.油滴在F點的電勢能高于在E點的電勢能

D.尸點的電場強度大于E點的電場強度

8、A、B兩物體質(zhì)量均為其中A帶正電，帶電量為g,B不帶電，通過勁度系數(shù)為A的絕緣輕質(zhì)彈簧相連放在水

4me

平面上，如圖所示，開始時兩者都處于靜止?fàn)顟B(tài)?，F(xiàn)在施加豎直向上的勻強電場，電場強度6=式中g(shù)為重

q

力加速度，若不計空氣阻力，不考慮A物體電量的變化，則以下判斷正確的是（）

A.從開始到B剛要離開地面過程，A物體速度大小先增大后減小

B.剛施加電場的瞬間，A的加速度為4g

C.從開始到B剛要離開地面的每段時間內(nèi)，A物體的機械能增量一定等于電勢能的減少量

D.B剛要離開地面時，A的速度大小為2g4仄

9、如圖所示，一根水平橫桿上套有4、5兩個輕環(huán)，拴柱水杯的等長細(xì)繩系在兩環(huán)上，整個裝置處于靜止?fàn)顟B(tài)，現(xiàn)緩

慢增大兩環(huán)距離，則下列說法正確的是

A.桿對A環(huán)的支持力逐漸增大

B.桿對A環(huán)的摩擦力保持不變

C.桿對3環(huán)的支持力保持不變

D.細(xì)繩對5環(huán)的拉力逐漸增大

10、如圖，理想變壓器上接有3個完全相同的燈泡，其中1個燈泡與原線圈串聯(lián)，另外2個燈泡并聯(lián)后接在副線圈兩

端。已知交流電源的電壓“=18播sinlOOW（V）,3個燈泡均正常發(fā)光，忽略導(dǎo)線電阻，則變壓器（）

A.副線圈電壓的頻率為100Hz

B.原線圈兩端的電壓為12V

C.原副線圈的電流比為2：1

D.原副線圈的匝數(shù)比為2：1

三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。

11.（6分）電壓表滿偏時通過該表的電流是半偏時通過該表電流的兩倍。某同學(xué)利用這一事實測盤電壓表的內(nèi)阻（半

偏法）。實驗室提供的器材如下：待測電壓表V（量程3V.內(nèi)阻約為3000。），電阻箱Ro（最大組值為99999.9C）,滑

動變阻器拈（最大阻值100。，額定電流2A）。電源E（電動勢6V,內(nèi)阻不計），開關(guān)兩個，導(dǎo)線若干。

（1）虛線框內(nèi)為該同學(xué)設(shè)計的測量電壓表內(nèi)阻的電路圖的一部分。將電路圖補充完整_______。

（2）將這種方法測出的電壓表內(nèi)阻記為R3則RW=.與電壓表內(nèi)阻的真實值凡相比，R'vRv.（選填“〉

或"V”）

12.（12分）某同學(xué)用圖甲所示的電路測量電阻尺的阻值（約幾百歐）。滑動變阻器R,電阻箱K。（0~9999Q）,S2是

單刀雙擲開關(guān)，量程3V的電壓表（內(nèi)阻約3k。），電源電動勢約6V

圖乙

圖丙

（1）根據(jù)圖甲實驗電路，在圖乙中用筆畫線代替導(dǎo)線將實物圖連接完整______;

（2）正確連接電路后，斷開Si、S2.調(diào)節(jié)好多用電表，將兩表筆接觸&兩端的接線柱，正確操作后，使用xlO的倍率粗

測其電阻，指針指示如圖丙，粗測得到&=

（3）該同學(xué)通過下列步驟，較準(zhǔn)確地測出&的阻值

①將滑動變阻器的滑片尸調(diào)至圖甲中的A端。閉合Si,將S2撥至1,調(diào)節(jié)變阻器的滑片尸至某一位置，使電壓表的示

數(shù)滿偏；

②斷開Si,調(diào)節(jié)電阻箱Ro,使其阻值最大；

③將S2撥至“2”，閉合S“保持變阻器滑片尸的位置不變，調(diào)節(jié)電阻箱的阻值，使電壓表再次滿偏，此時電阻箱示數(shù)

為Ri,則瓜=o

(4)關(guān)于本實驗

①該同學(xué)在⑶②的步驟中操作不妥，可能會在步驟③中造成;

②為了減小實驗誤差：下列方法最可行的是。(填正確答案標(biāo)號)

A.選用量程不變，內(nèi)阻更大的電壓表

B.選用量程不變，內(nèi)阻更小的電壓表

C.選用總電阻遠(yuǎn)大于&的滑動變阻器

D.選用總電阻遠(yuǎn)小于&的滑動變阻器

四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算

步驟。

13.(10分)如圖所示，在直角坐標(biāo)xOy平面內(nèi)，第一、二象限有平行y軸的勻強電場，第三、四象限有垂直坐標(biāo)平

面的勻強電磁場。一質(zhì)量為機、電荷量為g的正電粒子，從坐標(biāo)原點。以大小為環(huán)),方向與x軸正方向成37°的速度

沿坐標(biāo)平面射入第一象限，粒子第一次回到x軸時，經(jīng)過x軸上的P點(圖中未標(biāo)出)，已知電場強度大小為E,粒子

重力不計，sin37=0.6,cos37°=0.8

(1)求P點的坐標(biāo)；

(2)若粒子經(jīng)磁場偏轉(zhuǎn)后，第二次回到x軸的位置與坐標(biāo)原點O的距離為OP的一半，求磁場的磁感應(yīng)強度大小和方向。

14.(16分)如圖甲是某型號無人機在水平地面沿直線加速滑行和離開地面以固定仰角沿直線勻速爬升的示意圖，無

人機在滑行和爬升兩個過程中：所受推力大小均為其重力的1倍，方向與速度方向相同；所受升力大小與其速率的比

值均為依，方向與速度方向垂直；所受空氣阻力大小與其速率的比值均為幻，方向與速度方向相反。幺、42未知；己

724

知重力加速度為g,無人機質(zhì)量為機，勻速爬升時的速率為為，仰角為仇且sin，=A，cos0=—?

(1)求M?2的值。

(2)若無人機受到地面的阻力等于壓力的A3倍，無人機沿水平地面滑行時能做勻加速直線運動，求心的值。

(3)若無人機在水平地面由靜止開始沿直線滑行，其加速度a與滑行距離s的關(guān)系如圖乙所示，求so~2so過程與0~s。過

程的時間之比。(無人機在so~2so這段滑行過程中的平均速度可用該過程始末速度的算術(shù)平均值替代)

15.（12分）如圖所示，兩氣缸A8粗細(xì)均勻，等高且內(nèi)壁光滑，其下部由體積可忽略的細(xì)管連通；A的直徑為5的2

倍，4上端封閉，3上端與大氣連通；兩氣缸除A頂部導(dǎo)熱外，其余部分均絕熱.兩氣缸中各有一厚度可忽略的絕熱

輕活塞a、b,活塞下方充有氮氣，活塞a上方充有氧氣；當(dāng)大氣壓為尸o,外界和氣缸內(nèi)氣體溫度均為7c且平衡時,

活塞a離氣缸頂?shù)木嚯x是氣缸高度的活塞b在氣缸的正中央.

4

①現(xiàn)通過電阻絲緩慢加熱氮氣，當(dāng)活塞6恰好升至頂部時，求氮氣的溫度；

②繼續(xù)緩慢加熱，使活塞a上升，當(dāng)活塞〃上升的距離是氣缸高度的二時，求氧氣的壓強.

參考答案

一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。

1、B

【解析】

由題意可知，小球在豎直方向做自由落體運動，則

少=0.6s

10

由對稱性可知，小球第一次落地時的水平位移為

x=—x4.8m=1.2m

4

則初速度

v=—=m/s=2m/s

t0.6

故選B。

2、D

【解析】

當(dāng)兩臂間的夾角為120。時，兩臂受到的壓力為

M=--—=G

12cos60°

對N點分析，N點受到螺紋軸的作用力為

耳=22cos30。=6G

當(dāng)兩臂間的夾角為60。時，兩臂受到的壓力為

zG6心

N、=------=-----G

-2cos3003

對N點分析，N點受到螺紋軸的作用力為

凡=2N,cos600=±G

3

則有

二=3:1

故A、B、C錯誤，D正確；

故選D。

3、D

【解析】4、以豎直向上為正方向，在丫-，圖象中，斜率代表加速度，可知0?4時間內(nèi)物體向上做加速運動，加速度

的方向向上，處于超重狀態(tài).故A錯誤；

8、由圖可知，乙?&時間內(nèi)物體向上做勻速直線運動，動能不變，重力勢能增大，所以機械能增大.故8錯誤；

a由圖可知，L?八時間內(nèi)物體向上做減速運動?故c錯誤；

。、o?：時間內(nèi)物體向上做加速運動，動能增大，重力勢能也增大；乙?L時間內(nèi)物體向上做勻速直線運動，動能不

變，重力勢能增大，所以0?&時間內(nèi)物體機械能一直增大.故。正確.

故選：D

4、B

【解析】

A.，時刻桿的速度為

產(chǎn)生的感應(yīng)電流

,EBLvBLa

/=—=-----=------1

2R2R2R

則故A錯誤。

B.摩擦生熱為

1,1,

Q=找=t--ar^-fat-

則。“尸，故B正確。

C.桿受到的安培力

B2l?v

F,.=BIL=

2R

根據(jù)牛頓第二定律得

F-f-F安二〃za

得

B-I}yB213a

F=+f+ma=t+f+ma

2R2R

產(chǎn)隨，的增大而線性增大，故C錯誤。

D.外力F的功率為

p=Fv=（擔(dān)巴t+f+ma）at

2R

P4圖象應(yīng)是曲線，故D錯誤。

故選B。

5、D

【解析】

對小球受力分析，受推力尸、重力G、墻壁的支持力N、斜面的支持力V,如圖:

N

根據(jù)共點力平衡條件，有:

X方向：

FWsinO-N=O

豎直方向：

N'co§0=mg

解得：

N，二%

COS0

A^=F-mgtan0；

A.故當(dāng)尸增加時，墻壁對鐵球的作用力不斷變大，為心尸加gtan。；可知尸與墻面對鐵球的彈力之差不變，故A錯誤;

BD.當(dāng)尸增加時，斜面的支持力為鳥，保持不變，故球?qū)π泵娴膲毫σ脖３植蛔儯蔇正確，B錯誤；

COS0

C.鐵球始終處于平衡狀態(tài)，合外力始終等于0；故C錯誤；

6、D

【解析】

A.0F時間內(nèi)，邢雅萍做自由落體，機械能守恒，fi~f2由于降落傘的作用，受到空氣阻力的作用，空氣阻力做負(fù)功,

故072內(nèi)機械能不守恒，故A錯誤；

B.機械能損失發(fā)生在的時間段內(nèi)，設(shè)有時刻物體距離地面高度為九則有

M+mgh--mv[--mv^

解得

2

W(=—mv[--mV1-mgh

阻力做負(fù)功，故機械能的減小量為

^mv^mgh-^mv；

\E=-Wf

故B錯誤;

C.丫-/圖象與時間軸圍成面積表示位移大小，如圖

若物體做勻減速直線運動，則有彳時間里平均速度

2

由圖可知運動員4時間里位移小于紅線表示的勻減速運動的位移，故彳兩段時間里，邢雅萍的平均速度小于

絲絲，故”時刻距地面的高度小于鋁士“&二外；故c錯誤；

22

D.VT圖象的斜率表示加速度，由圖像可知，在4~4時間內(nèi)運動員做加速度不斷減小的減速運動，故D正確。

故選D。

二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。

全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。

7,BD

【解析】

A.尸和。兩點在帶電體M的表面上，M是處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體，其表面是一個等勢面，故尸和。兩點的電勢

相等，故A錯誤；

B.帶正電的油滴在尸點時的機械能大于在W點的機械能，故從尸點到印點，機械能減小，電場力做負(fù)功，說明電

場力向上，故電場線垂直等勢面向上，而沿著電場線電勢逐漸降低，故尸點的電勢低于S點的電勢，故B正確；

C.由于電場線垂直等勢面向上，故E點的電勢大于廠點的電勢，根據(jù)Ep=00,油滴在尸點的電勢能低于在E點的電

勢能，故C錯誤；

D.因尸點等勢面密集，則電場線也密集，可知F點的電場強度大于E點的電場強度，選項D正確；

故選BD.

8、BD

【解析】

AB.在未施加電場時，A物體處于平衡狀態(tài)，當(dāng)施加上電場力瞬間，A物體受到的合力為施加的電場力，故有：

qE=4mg=nta

解得：

a=4g,方向向上

B剛要離開地面時，彈簧的拉力為mg,此時A物體合力為2mg,加速度為2g,向上，從開始到B剛要離開地面過程,

A物體做加速度逐漸變小的加速運動，即A物體速度一直增大，故A錯誤B正確；

C.從開始到彈簧恢復(fù)原長的過程，A物體的機械能增量等于電勢能與彈性勢能的減少量的和，從彈簧恢復(fù)原長到B

剛要離開地面的過程，A物體的機械能增量等于電勢能的減少量與彈性勢能的增加量的差值，故C錯誤；

D.當(dāng)B離開地面時，此時B受到彈簧的彈力等于B的重力，從施加電場力到B離開地面，彈簧的彈力做功為零，A

上升的距離為：

k

根據(jù)動能定理可知：

{qE-mg)x=—mv2

解得：

故D正確。

故選：BD?

9、CD

【解析】

AC.設(shè)水杯的質(zhì)量為以兩個輕環(huán)和水杯組成的系統(tǒng)為研究對象，豎直方向受到重力和水平橫梁對鐵環(huán)的支持力

FN,力圖如圖所示，根據(jù)平衡條件得：

2FN=Mg

可得:

廣1

FN=~MS

可見，水平橫梁對鐵環(huán)的支持力也不變，故A錯誤、C正確；

Mg

B.以A環(huán)為研究對象，豎直方向:

FN=Esina

水平方向：

Ff=Fcosa

聯(lián)立解得：

Ff=-^-

tana

a減小時，與變大，故B錯誤；

D.設(shè)與8環(huán)相連的細(xì)繩對水杯的拉力為T,根據(jù)豎直方向的平衡條件可得：

27cos0=mg

由于繩子與豎直方向的夾角。增大，貝!Icos。變小，繩子拉力變大，故D正確.

10、BD

【解析】

A.根據(jù)交流電源的電壓〃=18&sinl00m(V),可知角速度為：6O=l(X)^rad/s,則頻率為：

f==50Hz

17t

A錯誤；

CD.設(shè)每只燈的額定電流為/,額定電壓為U,因并聯(lián)在副線圈兩端的兩只小燈泡正常發(fā)光，所以副線圈中的總電流

為21,原副線圈電流之比為1：2,根據(jù)原副線圈中電流之比與匝數(shù)成反比

得原、副線圈的匝數(shù)之比為：

_/2_2

〃241

故C錯誤，D正確；

B.根據(jù)電壓與匝數(shù)成正比：

U、_旦

02“2

fl

得原線圈兩端電壓為：Ut=^-U2=2U

根據(jù)閉合電路歐姆定律得交流電源電壓為：

U'=U+2U=3U

該交流電的最大值為18后V,則有效值為18V,所以

3U=18V

則燈泡的額定電壓為6V,原線圈兩端得電壓等于2U=12V,B正確;

故選BD?

三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。

S,

(1)[1].待測電壓表電阻(3000歐姆)遠(yuǎn)大于滑動變阻器R的電阻值(100歐姆)，故滑動變阻器R采用分壓式接

(2)[2][3].根據(jù)設(shè)計的電路進(jìn)行的實驗步驟是：移動滑動變阻器的滑片，以保證通電后電壓表所在的支路分壓最小;

閉合開關(guān)Sl、S2,調(diào)節(jié)使電壓表的指針滿偏；

保持滑動電阻器滑片位置不變，斷開S2,調(diào)節(jié)電阻箱使電壓表的指針半偏；

讀取電阻箱所示的電阻值，此即為測得的電壓表內(nèi)阻；

電壓表串聯(lián)電阻箱后認(rèn)為電壓不變，而實際該支路電壓變大，則電阻箱分壓大于計算值，則會引起測量值的偏大，故

RVRJ

12、240Q與電壓表超偏而損壞C

【解析】

⑴[1]實物圖如圖所示

⑵[2]多用電表讀數(shù)為

=24.0x10=240C

粗測讀數(shù)為240Q。

(3)[3]S2接1時電壓表測量尺的電壓，S2接2時電壓表測量《兩端電壓，兩種情況下，滑動變阻器的滑片位置相同,

由于電壓表示數(shù)相同，所以有

&=&

即被測電阻的阻值大小為

(4)[4]當(dāng)將變阻器阻值調(diào)到最大阻值時，由于最大阻值大于被測電阻，當(dāng)開關(guān)閉合后，導(dǎo)致與電壓表并聯(lián)的總電阻增大,

其分壓增大，就會出現(xiàn)電壓表超偏而損壞。

[5]AB.該實驗中沒有電流表的分壓也沒有電壓表的分流，所以電壓表準(zhǔn)確測量的是被測電阻兩端電壓，所以AB不符

合題意；

CD.滑動變阻器采用的是分壓接法，其阻值的大小影響電壓表示數(shù)的變化，阻值小不利于操作，所以選用阻值較大的

滑動變阻器，C正確D錯誤。

故選C。

四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算

步驟。

24???v35E5E

13、(1)(——0)；(2)5n=—,方向垂直坐標(biāo)平面向外；B=丁，方向垂直坐標(biāo)平面向外

25Eq2%6%

【解析】

(1)由運動的獨立性可知，粒子運動可以看成沿j軸向上先做勻減速后做勻加速直線運動和x軸勻速直線運動合成的。

設(shè)回到r軸過程所需要的時間為f,y軸：

vy=%sin370

加速度

Eq

a=----

m

時間

t=2—

a

X軸：

yv=v0cos37,x=vxt

聯(lián)立上式，可解得

24,??V3

x=-------

25Eq

24/7W?

即P點的坐標(biāo)為(=U，0)

25Eq

(2)第二次回到x軸的位置與坐標(biāo)原點O的距離為OP的一半，滿足題意得有兩種情況。

①回到x軸時在。點右側(cè)。如圖所示，由幾何關(guān)系，可知軌跡半徑

R;丁”-52加）

1sin37°125qE

由

2

解得:

B啜

方向垂直坐標(biāo)平面向外;

②回到X軸時在。點左側(cè)，如圖所示，由幾何關(guān)系，可知軌跡半徑

（XH--）<A2

R_2_56/nv0

~2sin3745qE

由

“2

解得：

【解析】

(1)無人機以速度均勻速爬升階段，受力平衡，沿速度方向有

3

—mg-mgsin0+k2Vo

垂直速度方向有

mgcos0-kyvQ

聯(lián)立得

,mgcos024mg

K=----------=--------

,%25%

,Q.6mg-mgsin0Smg

h=--------------------=------

%25%

(2)設(shè)無人機在地面滑行時速度為v,受到地面彈力為FN,受力分析可知豎直方向平衡

FN+ktv=mg

水平方向勻加速

3，L,

-mg-k3r^-k2v=ma

得

3v

Q=(二一&3)g+(23%1-h)一

5m

無人機能做勻加速直線運動，。不變，方