2023年云南省曲靖重點中學高考物理聯(lián)考試卷

2023年云南省曲靖重點中學高考物理聯(lián)考試卷

一、單選題（本大題共5小題，共20.0分）

1.2023年的春節(jié)，高三學生嚴潔用一根輕質(zhì)細繩將一幅重為24N的全

家福像框?qū)ΨQ懸掛在墻壁上，像框上兩個掛釘間的距離為0.8m。已知細

繩總長為1.0m,如圖所示，則細繩的張力為（）

A.10NB.12NC.20/VD.24N

2.春暖花開，惠風和暢，自駕出游。在平直公路上，甲、乙

兩車同向行駛，其u-t圖像如圖所示。已知兩車在t=3s時并

排行駛，則（）

A.在t=0.5s時，乙車在甲車前

B.在t=0時，甲車在乙車前12.5m

C.兩車另一次并排行駛的時刻是1=2s

D.甲、乙車兩次并排行駛的位置之間沿公路方向的距離為40小

3.一個同學在足球場上練習足球推射，他用大小約為5N的力把足球推出了20m,則該同學

對足球做功大約為（）

A.0.1/B.1/C.107D.100/

4.2021年10月16日，長征二號F遙十三運載火箭在酒泉衛(wèi)星發(fā)射

中心點火起飛，托舉載有翟志剛、王亞平、葉光富3名航天員的神舟

十三號載人飛船進入太空。如圖，若神舟十三號飛船4和空間站B都

繞地球作做勻速圓周運動時，其軌道半徑之比為4：5,則4、B與地

球中心連線在相同時間內(nèi)掃過的面積之比為（）

A.1：1B,4：5C.16：25D.2：7~5

5.小明運動出汗較多，他想喝一杯淡鹽水，在攪拌鹽水時，看到筷子在液面處出現(xiàn)“折斷”

現(xiàn)象。杯子是薄壁圓柱體玻璃杯，當他沿水平方向（垂直于紙面）觀看時，與實際情況相符合

的是（）

二、多選題（本大題共3小題，共12.0分）

6.下列說法正確的是（）

A.a射線與y射線一樣都是電磁波，但a射線的穿透本領遠比y射線弱

B.玻爾將量子觀念引人原子領域，其理論能夠解釋氫原子光譜的特征

C.氣體壓強是由于氣體分子受到重力作用而產(chǎn)生的

D.一定質(zhì)量的理想氣體，如果等壓膨脹，則一定吸熱

7.如圖所示，S是上、下振動的振源，頻率為100Hz,所激發(fā)的波]

向左、右方向傳播，波速為80m/s,其振動先后傳到P、Q兩點。己P§

知SP=16.2m,SQ=17.6m。當S通過平衡位置向上振動時，P、Q兩個質(zhì)點（）

A.P在波谷B.P在波峰C.Q的速度方向向下D.Q的速度方向向上

8.一臺理想變壓器的原、副線圈的匝數(shù)比是5：1.原線圈接

入電壓為220U的正弦交流電，各元件正常工作，一只理想二

極管和一個滑動變阻器R串聯(lián)接在副線圈上，如圖所示，電壓

表和電流表均為理想交流電表。當R=100時，則（）

A.電流表的讀數(shù)4約為440mAB.電流表的讀數(shù)

42約為3.14

C.電壓表的讀數(shù)約為31UD.電壓表的讀數(shù)約為44U

三、簡答題（本大題共5小題，共48.0分）

9.某同學利用如圖1所示裝置研究小車的勻變速直線運動。

（1）實驗中必要的措施是。

圖2

4長木板上方的細線必須與長木板平行

A先接通電源再釋放小車

C.小車的質(zhì)量遠大于鉤碼的質(zhì)量

。.平衡小車與長木板間的摩擦力

(2)他實驗時將打點計時器接到為50Mz的交流電源上，得到一條紙帶，打出的部分計數(shù)點如

圖2所示(每相鄰兩個計數(shù)點審還有4個點未畫出)。S]=0.96cm,s2=2.88cm,s3=4.60cm,

2

s4=6.88cm,s5—8.64cm,s6—10.56cm。則小車的加速度a=m/s,打點計時器

在打F點時小車的速度"=m/s。(結(jié)果均保留三位有效數(shù)字

)

10.某物理興趣小組設計的電路如圖所示(多用電表歐姆擋),

所用器材如下：

A.干電池：電動勢E=1.5V,內(nèi)阻r=0.50；

8.電流表G：滿偏電流右=1M4，內(nèi)阻灰=1000；

C.定值電阻&=1000/2；

。.電阻箱&和的，最大阻值為999.90；

￡開關一個，紅、黑表筆各一支，導線若干。

(1)該實驗小組正確連接好電路，當開關S斷開時，將紅、黑筆短接，調(diào)節(jié)電阻箱/?2=，

使電流表達到滿偏。再用紅、黑表筆接一定值電阻的兩端，電流表的示數(shù)人=0.5mA,則定

值電阻的測量值為0。(結(jié)果均保留一位小數(shù))

(2)閉合開關$2,要使“歐姆表”中的倍率為(1)中的A，則當電流表的示數(shù)為0.6mA時，外接

電阻為,此時通過電阻箱的電流為mA,R3=0。(結(jié)果均保留一位

小數(shù)

)

11.如圖所示，物塊4的質(zhì)量機刊=2kg,小物塊B的質(zhì)量根夕=Ik。，4與桌面間的動摩擦因

數(shù)〃=0.2,按住A時，B與地面間的距離h=lzn,A和B靜止，釋放4后，求：

(1)B落到地面時的速度的大??；

(2?落地后，力在桌面上能再滑行多遠才靜止下來？(未碰到滑輪、g取10m/s2)。

12.如圖所示，兩平行且無限長光滑金屬導軌MN、PQ與水

平面的夾角為。=30。，兩導軌之間的距離為L=1m,兩導軌

M、P之間接入電阻R=0.2。，導軌電阻不計，在abed區(qū)域內(nèi)

有一個方向垂直于兩導軌平面向下的磁場I,感應強度當=

17.磁場的寬度與=1m,在cd連線以下的區(qū)域有一個方向也

垂直于導軌平面向下的磁場口，感應強度為=0.57。一個質(zhì)

量為m=2kg的金屬棒垂直放在金屬導軌上，與導軌接觸良好，金屬棒的電阻r=0.20,若

將金屬棒在離ab連線上端殉處自由釋放，則金屬棒進入磁場II恰好做勻速直線運動，金屬棒

進入磁場II后，經(jīng)過e/時系統(tǒng)達到穩(wěn)定狀態(tài)，cd與e/之間的距離%2=8m。(g取lOzn/s?)

(1)求金屬棒釋放點到磁場I邊界ab的距離xo；

(2)求金屬棒穿過磁場I的這段時間中電阻R產(chǎn)生的熱量；

(3)求金屬棒在磁場H中從cd到ef所經(jīng)過的時間。

13.如圖所示，寬為L,長為2L的矩形區(qū)域內(nèi)，有相互垂直Y

的勻強電場和勻強磁場，磁感應強度為8,磁場方向垂直于

XXxXXAXX

B

xOy平面向里。一帶正電的粒子(不計重力)從長邊中點。沿yXXXXXXX'X

英*XXHXxXA

軸正方向以某一速度射入，帶電粒子恰好做勻速直線運動，

0X

經(jīng)片時間從P點射出。求：

(1)求電場強度的大小和方向；

(2)若僅撤去磁場，帶電粒子仍從。點以相同的速度射入，恰好從矩形頂角Q點射出。求粒子

運動加速度的大?。?/p>

(3)若僅撤去電場，帶電粒子仍從。點射入，且速度為原來的4倍，求粒子在磁場中運動的時

間。

答案和解析

1.【答案】C

【解析】解：設細繩與水平方向的夾角為仇如下圖所示:

掛釘?shù)綉覓禳c的距離4P等于繩長的一半,由圖可知cos。=黑=。8可知0=37。

像框受力分析如下圖所示：

繩子拉力沿著繩子方向，可知拉力與水平方向的夾角為0,則有：Tsin0=?,代入數(shù)據(jù)，可得7=

20N,故ABZ)錯誤，C正確。

故選：Co

根據(jù)題意可知細繩與水平方向的夾角的余弦值，可得夾角大小，則可知細繩拉力與水平方向的夾

角，對像框受力分析，兩拉力大小相等，兩者的合力與重力等大反向，由幾何關系可得拉力的大

小。

本題考查了共點力的平衡，注意三個共點力的合力為零，則任意兩力的合力與第三個力等大反向。

2.【答案】D

【解析】解：AC,u-t圖像與坐標軸所圍的面積表示位移，由圖像得，1?3s內(nèi)兩車位移相同，

由題意可知，3s時兩車并排行駛，則1s時兩車并排行駛。由圖像得，0.5s?1s內(nèi)，乙的位移大于

甲的位移，在0.5s時，甲車在乙車前，故AC錯誤：

8、1s時,甲車的速度為__-=0+20m/s=10m/s

中22

乙車的速度為Uy=—=15m/s

0?1s內(nèi)，甲車的位移為％尹=1(v0甲+u1x(04-10)xlm=5m

乙車的位移為X/=g(%n+u4)「=|x(10+15)xIm=12.5m

則t=0時，甲車在乙車前方，距離為Ax=Xz-x伊=12.5m-57n=7.5m

故8錯誤；

。、1~3s內(nèi)甲車的位移為x=vt'=20x(3—l)m=40m

即甲、乙車兩次并排行駛的位置之間沿公路方向的距離為40m,故。正確。

故選：。。

u-t圖像與坐標軸所圍面積表示位移，根據(jù)圖像分析輛車并排行駛的時間及兩車的位置關系；根

據(jù)中間時刻的瞬時速度等于平均速度求解1s時兩車的速度，根據(jù)平均速度公式求解兩車的位移，

進而求解兩車的距離；1?3s內(nèi)兩車的位移即為甲、乙車兩次并排行駛的位置之間沿公路方向的距

離，根據(jù)平均速度公式求解即可。

本題考查追及相遇問題和。-t圖像，知道u-t圖像與坐標軸所圍的面積表示位移，注意兩車不是

從同一位置出發(fā)，結(jié)合勻變速直線運動公式列式求解即可。

3.【答案】B

【解析】解：根據(jù)實際情況可知，該同學對足球作用力的作用距離約為x=0.2m,根據(jù)功的計算

公式可知該同學對足球做功大約為：W=Fx=5x0.2J=1/,故B正確、ACO錯誤。

故選：B。

根據(jù)實際情況確定同學對足球作用力的作用距離，根據(jù)功的計算公式求解該同學對足球做的功。

解答本題的關鍵是知道人對足球的作用力作用的距離不是20m,不能根據(jù)力乘以足球的位移進行

解答。

4.【答案】D

【解析】解：由萬有引力提供向心力有：粵=小貯，解得：”叵

rLryjr

在很短時間t內(nèi)衛(wèi)星通過的弧長：L=vt

衛(wèi)星與地心連線在t內(nèi)掃過的面積：S=^Lr=1ty/~GMr

所以衛(wèi)星與地心連線在相等時間內(nèi)掃過的面積之比：要=/=￡,故ABC錯誤，。正確。

SBVrBv5

故選：Do

萬有引力提供向心力，應用萬有引力公式與牛頓第二定律求出線速度，然后根據(jù)扇形面積公式分

析答題。

本題考查了萬有引力定律的應用，知道萬有引力提供向心力是解題的前提，應用萬有引力公式與

牛頓第二定律、扇形面積公式即可解題。

5.【答案】A

【解析】解：以A圖為例，作出筷子上S點發(fā)出的兩條光線，經(jīng)過液面折射的光路，如圖:

將兩條折射光線反向延長，交于S',S’就是人觀看到的筷子上S點的虛像，依此類推，4圖是人向

左看到的水中“筷子”，故A正確，8。錯誤。

故選：4。

筷子插入液體中，由于光的折射現(xiàn)象，出現(xiàn)“折斷”現(xiàn)象，作出光路圖，結(jié)合折射定律進行分析。

本題考查運用物理規(guī)律分析和理解生活中光現(xiàn)象的能力，作光路圖是常用的方法，要掌握折射定

律。

6.【答案】BD

【解析】解：4、a射線是實物粒子氨原子核組成的，y射線的實質(zhì)是電磁波，y射線的穿透本領比

較強，a射線的穿透本領遠比y射線弱，故A錯誤；

8、玻爾將量子觀念引入原子領域，其理論能夠解釋氫原子光譜的特征，故8正確；

C、大量做無規(guī)則熱運動的分子對器壁頻繁、持續(xù)地碰撞產(chǎn)生了氣體的壓強，與重力無關，故C

錯誤；

。、一定質(zhì)量的理想氣體等壓膨脹，體積增大，溫度升高，則氣體內(nèi)能增加，此過程氣體對外做

功，根據(jù)熱力學第一定律：AU=W+Q,其中4U>0,W<0,可得Q<0,故氣體一定從外界

吸熱，故。正確。

故選：BD.

根據(jù)三種射線的性質(zhì)分析；根據(jù)玻爾理論分析；明確氣體壓強和大氣壓的區(qū)別；根據(jù)熱力學第一

定律分析。

本題考查三種射線的性質(zhì)、玻爾理論、分子動理論、熱力學定律等內(nèi)容，知識點多，內(nèi)容廣泛。

7.【答案】AD

【解析】解：根據(jù)a/得，波長；1=0.8m

則SP=16.2m=2OA+7A

4

P、S相當于相距;;I時的關系

4

SQ=17.6m=22A,Q、S相當于波源的振動情況，

結(jié)合如圖波形可知，當S通過平衡位置向上運動，P質(zhì)點在波谷，Q在平衡位置向上振動，故

正確，8c錯誤。

故選：4D。

由振動的頻率和波速，根據(jù)波速公式求出波長，分析PS、QS與波長的關系，結(jié)合波形，確定此時

刻P、Q兩質(zhì)點所處的位置。

本題關鍵確定PS、QS與波長的關系，結(jié)合波形進行分析是常用的方法。

8.【答案】BC

【解析】解：4、原、副線圈的電壓與匝數(shù)成正比卷/所以副線圈兩端電壓為“=4",

由于副線圈接著二極管，它具有單向?qū)щ娦?，根?jù)電流的熱效應知

竺.工=史丁

R2R

解得

U=22<7y?31.11K

若滑動變阻器接入電路的阻值為100,則副線圈上電流表4示數(shù)=2=誓4a3.14原、副

K1U

線圈的匝數(shù)比是5：1,原、副線圈中的電流與匝數(shù)成反比，所以電流之比為1：5,

則電流表示數(shù)4=1/=1x3.14=0.624

15z25

A,故4錯誤；

8、若滑動變阻器接入電路的阻值為100,則副線圈上電流表出示數(shù)/2=2=誓入=3.L4,故8

H1U

正確；CD、原、副線圈的電壓與匝數(shù)成正比，所以副線圈兩端電壓為44%由于副線圈接著二極

管，它具有單向?qū)щ娦?，根?jù)電流的熱效應知

442TU2?

------—=—?/

R2T

解得

U=22yf~2V?31.11K.故C正確，。錯誤；

故選：BC.

根據(jù)圖象可以求得輸出電壓的有效值、周期和頻率等，二極管的作用是只允許正向的電流通過,

再根據(jù)電壓與匝數(shù)成正比即可求得結(jié)論.

本題需要掌握變壓器的電壓之比和匝數(shù)比之間的關系，同時對于二極管和電容器的作用要了解.

9.【答案】AB1.960.960

【解析】解：(1)4為了使拉力在水平方向，長木板上方的細線必須與長木板平行，故A正確；

8.先接通電源再釋放小車，故B正確；

C.為了方便數(shù)據(jù)處理，小車的質(zhì)量應小于鉤碼的質(zhì)量，故C錯誤；

D實驗不用平衡小車與長木板間的摩擦力，故。錯誤；

故選：AB。

(2)根據(jù)逐差法可解得a=丫6+&+丫氏312Tl=10.56+8.64+6北■：z60-2.88-0.96、1Q-2m^2=

1.96m/s2；

打點計時器在打尸點時小車的速度f=&6f56*io-27n/s=o.96Om/s；

N/NXU.JL

故答案為:(1)AB；(2)1.96,0.960

(1)根據(jù)實驗原理掌握正確的實驗操作；

(2)根據(jù)運動學公式得出紙帶的瞬時速度和加速度。

本題主要考查了研究小車的勻變速直線運動的實驗，根據(jù)實驗原理掌握正確的實驗操作，掌握加

速度和速度的計算方法。

10.【答案】399.51500.0100.05.4122.2

【解析】解：(1)開關&斷開時，根據(jù)閉合電路的歐姆定律/g=

E15

電阻箱的電阻&=合-G+r+Ri)=-3n-(100+0.5+1000)/2=399.50

lg1X10

Fiq

因此歐姆表的內(nèi)阻Rc=1+r+Ri+R2=廠=-77=3^=1500.00

ig1X10

p1

當紅黑表筆接一定值電阻的兩端時，根據(jù)閉合電路的歐姆定律A=不溫而市=

代入數(shù)據(jù)聯(lián)立解得定值電阻R=1500.00

(2)根據(jù)閉合電路的歐姆定律，歐姆表的內(nèi)阻22=廠

19

閉合開關S后，要使歐姆表的倍率變?yōu)樵瓉淼拇?，則中值電阻變?yōu)樵瓉淼谋?/p>

歐姆表的內(nèi)阻R/=得==x1500.0/2=150.0/2

因此滿偏電流要變?yōu)樵瓉淼?0倍，即%'=10%

根據(jù)并聯(lián)電阻的分流原理，通過電阻色的電流/R3=91g

根據(jù)歐姆定律/g(o+RJ=>R3-危

代入數(shù)據(jù)解得7?3"122.2。

當電流表的示數(shù)為，2=0.6m4時，干路中的電流為/=10x0.6mA=6mA

此時通過電阻R3的電流，R3'=卯2=9x0.6mA=5.4mA

根據(jù)閉合定律的歐姆定律，外接電阻％=y-Rn'=已於。-150.00=100.0。

故答案為：(1)399.5；1500.0；(2)100.0；5.4；122.2.

(1)根據(jù)閉合電路的歐姆定律求電阻箱電阻和歐姆表內(nèi)阻以及定值電阻；

(2)歐姆表的倍率變?yōu)樵瓉淼募闭f明開關閉合后中值電阻變化為原來的春改裝后電流表的滿偏

電流變?yōu)樵瓉淼?0倍，根據(jù)并聯(lián)電路的分流特點，通過電阻/?3的電流為表頭滿偏電流的9倍，再

結(jié)合歐姆定律求解電阻/?3的阻值；當電流表的示數(shù)為0.6巾4時，根據(jù)并聯(lián)電路的電流特點求通過

電阻/?3的電流，再根據(jù)閉合電路的歐姆定律求待測電阻值。

本題考查了對歐姆表內(nèi)部結(jié)構(gòu)及實驗原理的理解，要掌握電流表的改裝，要能靈活運用閉合電路

的歐姆定律和并聯(lián)電路的電流特點；要理解開關S閉合后，歐姆表內(nèi)阻變?yōu)樵瓉淼谋恚瑥亩_定改

裝電流表的量程變?yōu)楸眍^滿偏電流的10倍，這也是解題的關鍵。

11.【答案】解：(1)設繩子拉力為F,對4根據(jù)牛頓第二定律可得：F-iimAg=mAa

對B：根據(jù)牛頓第二定律可得：mBg-F=mBa,解得：a=一譬北=-10-%，2乂10山52=

7/1(4?TilB十乙

2m/s2

根據(jù)/—VQ=2ax可得：vj=2ah,解得：vB=2m/s

22

(2)4在桌面上滑行：根據(jù)牛頓第二定律可得：itmAg=mAaA,aA=fig=0.2x10m/s=2m/s

根據(jù)"2—VQ=2ax可得：若=2aAx

因為孫=%=2m/s,解得：x=抖==7nl=1m

2a42x2

答：(1)B落到地面時的速度的大小為2m/s；

(2)B落地后，4在桌面上能再滑行1m才靜止下來。

【解析】(1)分別以4、B為研究對象，根據(jù)牛頓第二定律列式求解加速度，再根據(jù)運動學公式求

得B落到地面時的速度的大?。?/p>

(2)以4為研究對象，根據(jù)牛頓第二定律列式求解加速度，再根據(jù)運動學公式求得B落地后，A在桌

面上能再滑行的距離。

本題主要考查牛頓第二定律在連接體中的應用。正確選取研究對象，牛頓第二定律和運動學公式

相結(jié)合是解題關鍵。

12.【答案】解：(1)設金屬棒進入磁場I恰好做勻速直線運動的速度大小為%,由平衡條件得：

尸妥1—B1I1L—mgsind

金屬棒切割磁感線產(chǎn)生的感應電動勢為：Ei=BXLV1

由閉合電路歐姆定律得感應電流為：A=a=誓i

1R+rR+r

聯(lián)立解得：=4m/s

金屬棒從釋放點到磁場I邊界好的過程，由動能定理得：

17

mgxosin0=-mpf—0

解得：x0=1.6m

(2)金屬棒勻速穿過磁場I,由能量守恒定律可得此過程回路中產(chǎn)生的焦耳熱為：

Q=mgx^ind

電阻R產(chǎn)生的熱量為：

P

QR=*Q

YRR+”

代入數(shù)據(jù)解得：QR=5J

(3)設金屬棒進入磁場n中后經(jīng)過e/時系統(tǒng)達到穩(wěn)定狀態(tài)時的速度為為，由平衡條件得：

F安2=B2I2L=mgsind

同理可得：，2=警

聯(lián)立解得：v2=16m/s

設金屬棒在磁場n中運動時間為t,以沿導軌向下為正方向，根據(jù)動量定理得:

mgsind-t—B2I2L-t=mv2—mv1

其中：/；＜=且.￡=空_="組