2022年天津市和平區(qū)高考物理一模試卷（附答案詳解）

2022年天津市和平區(qū)高考物理一模試卷

一、單選題（本大題共5小題，共25.0分）

1.在近代物理發(fā)展的過程中，實(shí)驗和理論相互推動，促進(jìn)了人們對世界的認(rèn)識。對下

列實(shí)驗描述正確的是（）

A.盧瑟福通過4圖所示的實(shí)驗,發(fā)現(xiàn)了質(zhì)子和中子

B.湯姆孫通過B圖所示的氣體放電管，提出了原子的核式結(jié)構(gòu)模型

C.C圖所示的實(shí)驗中，驗電器因為帶上負(fù)電指針張開

D.。圖放射源產(chǎn)生的三種射線中，射線1的電離本領(lǐng)最強(qiáng)

2.雨后太陽光射入空氣中的水滴，先折射一次，然后在水滴

的背面發(fā)生反射，最后離開水滴時再折射一次，就形成了

彩虹。如圖，太陽光從左側(cè)射入球形水滴，a、b是其中的

兩條出射光線，在這兩條出射光線中，一條是紅光，另一

條是紫光，下列說法正確的是（）

A.a光線是紅光，b光線是紫光

B.遇到同樣的障礙物，b光比a光更容易發(fā)生明顯衍射

C.a光在水滴中的傳播時間比b光在水滴中的傳播時間短

D.增大太陽光在水滴表面的入射角，則可能沒有光線從水滴中射出

3.2022年1月22日，我國實(shí)踐二H■"一號衛(wèi)星（S/—21）將一

顆失效的北斗2號衛(wèi)星從擁擠的地球同步軌道上拖拽到

了航天器稀少的更高的軌道上，此舉標(biāo)志著航天器被動

移位和太空垃圾處理新方式的成功執(zhí)行。這顆失效的北

斗2號衛(wèi)星原本運(yùn)行在高度約36000公里的地球同步靜止

軌道上，S/-21在失效衛(wèi)星旁邊進(jìn)行了近距離操作，幾個小時后將其拖離了同步

軌道，經(jīng)過轉(zhuǎn)移軌道抬升了1500km高度后，最終將其送到圓形衛(wèi)星墓地軌道，完

成任務(wù)后，-21隨即返回到地球靜止軌道。如圖所示為這個過程中幾個軌道示意

圖，其中1為地球同步靜止軌道，2為轉(zhuǎn)移軌道，3為墓地軌道，M為1、2軌道的切

點(diǎn)，N為2、3軌道的切點(diǎn)，下列判斷正確的是（）

A.北斗2號在軌道1運(yùn)行時的速度為7.9/cm/s

B.北斗2號在軌道1運(yùn)行時的周期大于在軌道3運(yùn)行時的周期

C.SJ-21俘獲北斗2號后需要在M點(diǎn)加速才能進(jìn)入軌道2

D.S/-21返回時需要在N點(diǎn)加速才能進(jìn)入軌道2

4.如圖甲所示，氣缸內(nèi)封閉了一定質(zhì)量的氣體（可視為理想氣體），可移動活塞與容器

壁光滑接觸，開始時活塞處于I位置靜止，經(jīng)歷某個過程后，活塞運(yùn)動到n位置（圖

中未標(biāo)出）重新靜止，活塞處于這兩個位置時，氣缸內(nèi)各速率區(qū)間的氣體分子數(shù)n占

總分子數(shù)N的百分比100%）與分子速率。之間的關(guān)系分別如圖乙中I（實(shí)線）和

口（虛線）所示，忽略大氣壓強(qiáng)的變化，則下列說法中正確的是（）

甲

A.氣體在狀態(tài)I時溫度較高

C.在此過程中外界對氣體做正功D.在此過程中氣體從外界吸熱

5.如圖所示，向前行駛的車廂內(nèi)有一面向行駛方向的乘

客,乘客在自身重力G與車廂（含座椅）的作用力尸的作

用下與車廂保持相對靜止，座椅旁邊有一小球用細(xì)線

懸掛在車廂的天花板上，懸線與豎直方向成。角也與

車廂相對靜止，下列說法中正確的是（）

A.乘客受到的合力方向與運(yùn)動方向相同

B.車廂的速度越大，懸線與豎直方向的夾角。越大

C.車廂對乘客的作用力F一定大于乘客的重力G

D.懸線與豎直方向夾角0增大，車廂對乘客作用力F可能不變

二、多選題（本大題共3小題，共15.0分）

第2頁，共18頁

6.直角坐標(biāo)系的y軸為兩種均勻介質(zhì)的分界線，由位于坐標(biāo)原點(diǎn)。的一波源發(fā)出的兩

列機(jī)械波a、b同時分別在兩種介質(zhì)中傳播，某時刻的波形如圖所示，此刻a波恰好

A.波源的起振方向沿y軸正方向

B.兩列波的頻率關(guān)系為人=4fb

C.此亥Ub波傳到x=處

D.質(zhì)點(diǎn)P在這段時間內(nèi)通過的路程為50cm

7.如圖所示，KLMN是一個豎直的匝數(shù)為ri的矩形線框，全

部處于磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的水平方向的勻強(qiáng)磁場中，線框面

積為S,電阻為R,線框繞豎直固定軸以角速度3勻速轉(zhuǎn)

動（俯視逆時針方向），當(dāng)MN邊與磁場方向的夾角為30。

時（圖示位置），下列說法正確的是（）

A.導(dǎo)線框中產(chǎn)生的瞬時感應(yīng)電動勢大小是遺nBSs

2

B.導(dǎo)線框中電流的方向是KTLTMTNTK

C.再轉(zhuǎn)過60。時導(dǎo)線框中產(chǎn)生的電流達(dá)到最大值

D.再轉(zhuǎn)過60。時穿過導(dǎo)線框的磁通量變化率為0

8.如圖所示，由兩水平面（虛線）所夾的區(qū)域內(nèi)，有水平向,L

?B

右的勻強(qiáng)電場，自該區(qū)域上方的4點(diǎn)，將質(zhì)量相等、帶二一二萬

------------------J

等量異種電荷的小球a、b先后以相同的初速度沿平行于------------------->

------------------->

電場的方向射出。小球在重力的作用下從B點(diǎn)進(jìn)入電場....................

區(qū)域，并從該區(qū)域的的下邊界離開，已知a球在電場中做直線運(yùn)動之后從M點(diǎn)離開

電場，b球從N點(diǎn)離開電場且離開電場時速度方向豎直向下，根據(jù)上述信息，下列

判斷正確的是（）

A.a球帶負(fù)電，b球帶正電

B.a球和b球在電場中運(yùn)動的時間相等

C.M點(diǎn)到B點(diǎn)的水平距離是N點(diǎn)到B點(diǎn)的水平距離的3倍

D.b球離開電場時比其進(jìn)入電場時電勢能大

三、簡答題(本大題共2小題，共6.0分)

9.利用如圖所示的裝置可以驗證動量守恒定律，即研究半徑相同的小球在軌道水平部

分碰撞前后的動量關(guān)系。先安裝好實(shí)驗裝置，在地上鋪一張白紙，白紙上鋪放復(fù)寫

紙，記下重垂線所指的位置。。

(1)為完成此實(shí)驗，以下提供的測量工具中，必須使用的是:

A.刻度尺

8.天平

C.打點(diǎn)計時器

D秒表

(2)關(guān)于本實(shí)驗，下列說法正確的是；

4.同一組實(shí)驗中，入射小球必須從同一位置由靜止釋放

B.入射小球的質(zhì)量必須小于被碰小球的質(zhì)量

C.軌道傾斜部分必須光滑

D軌道末端必須水平放置

(3)實(shí)驗時先讓入射球多次從斜軌上位置S由靜止釋放，通過白紙和復(fù)寫紙找到其平

均落地點(diǎn)的位置P。然后，把被碰球靜置于軌道的水平部分末端，仍將入射球從斜

軌上位置S由靜止釋放，與被碰球相碰，并多次重復(fù)該操作，兩小球平均落地點(diǎn)位

置分別為M、N。不同小組的同學(xué)分別進(jìn)行實(shí)驗，所用的入射球質(zhì)量均為被碰球質(zhì)

量的2倍，下列各組白紙上記錄的小球落點(diǎn)位置結(jié)果，由于誤差較大明顯不符合動

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10.在學(xué)校社團(tuán)活動中，某實(shí)驗小組欲將一只量程為0?250必1的微安表頭G改裝為量程

為0?151/的電壓表，首先利用如圖所示的電路測量微安表的內(nèi)阻，可供選擇的實(shí)

驗器材有：

人待改裝的微安表頭G（量程為0?250必1,內(nèi)阻約為幾百歐姆）

B.微安表G］（量程為0?300〃4）

C.滑動變阻器&（0?10k。）

D滑動變阻器/?2（。?50k0）

￡電阻箱R（0?99990）

立電源E（電動勢約為9V）

G.開關(guān)、導(dǎo)線若干

（1）為順利完成實(shí)驗，變阻器1應(yīng)選擇,變阻器2應(yīng)選擇（填器材前序號

）：

（2）實(shí)驗時，除了微安表Gi的示數(shù)A和微安表G的示數(shù)￡還需要記錄的數(shù)據(jù)是

（3）改裝完成后，實(shí)驗小組利用電流表4和改裝后的電壓表V,用伏安法測量某未知

電阻的阻值，測量時電流表的示數(shù)為0.24,改裝的電壓表指針指在原200/M處，則

該電阻的測量值為_____0。

四、計算題(本大題共3小題，共30.0分)

11.遙控F3P模型是一種固定翼模型飛機(jī)，通過安裝在機(jī)頭位置的電機(jī)帶動螺旋槳轉(zhuǎn)動

向后推動空氣為飛機(jī)提供動力，可以通過控制副翼和尾翼實(shí)現(xiàn)各種復(fù)雜的3。動作,

因此目前正得到越來越多航模愛好者的喜愛。現(xiàn)對模型進(jìn)行飛行試驗，已知模型的

質(zhì)量為TH=0.2kg,取g=lOm/s?,sin37°=0.6,cos37°=0.8,求：

(1)通過控制，使無人機(jī)在某一高度沿水平面做勻速圓周運(yùn)動，需要使機(jī)翼與水平

方向成一定的角度“側(cè)身”飛行。如圖所示，機(jī)翼與水平方向的夾角為。=37。，

若想無人機(jī)在半徑不超過R=4.8m的范圍內(nèi)運(yùn)動，其飛行速度不能超過多少；

(2)控制模型使其沿豎直方向爬升，在地面上從靜止開始以恒定升力豎直向上運(yùn)動,

經(jīng)時間t=2s時離地面的高度為h=8m,設(shè)運(yùn)動過程中所受空氣阻力大小恒為/=

2N,求此過程動力系統(tǒng)的升力F；

(3)從(2)中達(dá)到的狀態(tài)開始，模型通過不斷調(diào)整升力繼續(xù)上升，在距離地面高度為

H=18m處速度恰為0,求無人機(jī)從八上升到，的過程中，動力系統(tǒng)所做的功W為多

少？

力￡靠、機(jī)H所在平面.“八?

f............................、/

'、、J....

.............................................水平面

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12.兩根平行相距為L的足夠長的金屬直角導(dǎo)軌如圖所示放置，它們各有一邊在同一水

平面內(nèi)，另一邊垂直于水平面，導(dǎo)軌的水平部分光滑。金屬細(xì)桿必靜止在水平導(dǎo)軌

上，金屬桿cd緊貼豎直導(dǎo)軌，兩金屬桿與導(dǎo)軌垂直接觸形成閉合回路，整個裝置處

于磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B,方向豎直向上的勻強(qiáng)磁場中。已知兩根金屬細(xì)棒的質(zhì)量均

為m、電阻均為R,cd桿與豎直導(dǎo)軌之間的動摩擦因數(shù)為〃，導(dǎo)軌電阻不計?，F(xiàn)用平

行于水平導(dǎo)軌的恒力F(大小未知)作用在必桿上使必桿由靜止開始向右運(yùn)動，同時

由靜止放cd桿，過一段時間后，兩金屬桿同時達(dá)到最大速度，重力加速度為g,求：

(1)桿ab的最大速度也

(2)拉力產(chǎn)的大小；

(3)若ab桿從開始運(yùn)動到獲得最大速度移動過的距離為x,求此過程中cd桿上產(chǎn)生的

焦耳熱Q。

13.質(zhì)譜儀是一種檢測同位素的儀器，利用電場和磁場可以將同位素進(jìn)行分離。現(xiàn)有氣

C")、笊6")兩種帶電粒子從容器4下方的狹縫S1飄入電勢差為4的加速電場，其

初速度幾乎為零，然后沿著與磁場垂直的方向進(jìn)入磁感應(yīng)強(qiáng)度為無的足夠大勻強(qiáng)磁

場中，最后打到照相底片上。已知帶電粒子從狹縫S3進(jìn)入磁場時與垂直磁場邊界方

向存在一個很小的散射角依所有粒子均打在底片區(qū)域內(nèi)，所能到達(dá)的最遠(yuǎn)點(diǎn)為M。

己知笊粒子的質(zhì)量為m、電荷量為q,忽略帶電粒子的重力及粒子間相互作用力，

求：

(1)M點(diǎn)與狹縫S3之間的距離d；

(2)若某些笊粒子進(jìn)入磁場后，形成等效電流為/的粒子束，最終垂直打在照相底片

上的P點(diǎn)(圖中未畫出)形成一個曝光點(diǎn)，粒子均被吸收。求笊粒子束單位時間內(nèi)對P

點(diǎn)的沖擊力大小產(chǎn)；

(3)若考慮磁感應(yīng)強(qiáng)度在(Bo-4B)到(％+4B)之間波動,要使在底片上能完全分辨

氣、笊兩種粒子，求4B應(yīng)滿足的條件。

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答案和解析

1.【答案】D

【解析】解：4、盧瑟福通過a圖所示的實(shí)驗確立了原子的核式結(jié)構(gòu)理論，并沒有發(fā)現(xiàn)

質(zhì)子和中子，故A錯誤；

8、湯姆孫通過B圖所示的氣體放電管發(fā)現(xiàn)了電子，故8錯誤；

C、C圖所示的實(shí)驗中，從鋅板中逸出光電子，則鋅板帶上正電，驗電器因為帶上正電

指針張開，故C錯誤；

D、。圖放射源產(chǎn)生的三種射線中，射線1是a粒子，其電離本領(lǐng)最強(qiáng)，故。正確。

故選：Do

普朗克通過研究黑體輻射提出能量子的概念；電子的發(fā)現(xiàn)提示了原子內(nèi)有復(fù)雜結(jié)構(gòu)；盧

瑟福通過分析a粒子散射實(shí)驗結(jié)果，提出了原子的核式結(jié)構(gòu)模型；根據(jù)電子束通過鋁箔

后的衍射圖樣，說明電子具有波動性。

弄清楚每個圖象的作用及代表的物理知識，熟練掌握物理規(guī)律的來龍去脈是掌握此類知

識的前提。

2.【答案】B

【解析】解：小由光路圖可知，a光線的偏折程度較大，則折射率較大，頻率較大，

則a是紫光，b光線是紅光，故A錯誤；

B、紅光的波長比紫光長，則遇到同樣的障礙物，b光比a光更容易發(fā)生明顯衍射，故8

正確；

C、根據(jù)"=京可知，a光在水滴中的傳播速度較小，但是在水滴中傳播距離較大，貝必

光在水滴中的傳播時間比b光在水滴中的傳播時間長，故C錯誤；

。、增大太陽光在水滴表面的入射角，則光線在水滴的背面的入射角變大，光線仍能在

水滴的背面發(fā)生全反射，從而從水滴中射出，故。錯誤。

故選：

太陽光在水滴表面發(fā)生折射現(xiàn)象，入射角相同，根據(jù)折射角以及折射定律分析a、b兩中

光的折射率以及兩種光的波長大小關(guān)系，依據(jù)波長越長的，越容易發(fā)生衍射現(xiàn)象；分析

兩種色光在水滴中傳播的路徑大小關(guān)系以及傳播速度的大小關(guān)系，根據(jù)x=a分析兩種

光的傳播時間。

解決該題的關(guān)鍵是能根據(jù)圖象分析兩種色光的折射角的大小關(guān)系，知道紅光與紫光的折

射率以及波長的大小關(guān)系。

3.【答案】C

【解析】解：4、北斗2號在軌道1運(yùn)行時，運(yùn)行軌道半徑遠(yuǎn)大于地球的半徑，根據(jù)G^=

7n9,解得-=秒，可知，其速度小于7.9km/s,故A錯誤；

B、根據(jù)開普勒第三定律可知，軌道半徑越大，則周期越大，則北斗2號在軌道1運(yùn)行時

的周期小于在軌道3運(yùn)行時的周期，故8錯誤；

C、S/-21俘獲北斗2號后需要在M點(diǎn)加速做離心運(yùn)動，才能進(jìn)入軌道2,故C正確；

。、S/-21返回時需要在N點(diǎn)減速做向心運(yùn)動才能進(jìn)入軌道2,故O錯誤。

故選：C。

考查變軌問題，從1軌道變到2軌道時需要點(diǎn)火加速，在2軌道的Q點(diǎn)再次點(diǎn)火加速才能

穩(wěn)定在3軌道上.

本題考查變軌問題，明確衛(wèi)星從低軌道進(jìn)入高軌道時需要點(diǎn)火加速.

4.【答案】D

【解析】解：4、由圖像乙可知，氣體在狀態(tài)口時，速率較大的分子占據(jù)的比例較大，

則分子平均速率較大，溫度較高，故A錯誤；

8、氣體發(fā)生的是等壓變化，則氣體在兩個狀態(tài)的壓強(qiáng)相等，故8錯誤；

C、在此過程中氣體的體積變大，則氣體對外界做功，即外界對氣體做負(fù)功，故C錯誤；

。、在此過程中氣體對外做功，溫度升高，內(nèi)能變大，根據(jù)熱力學(xué)第一定律可知，氣體

從外界吸熱，故。正確。

故選：Do

根據(jù)溫度是分子平均動能的標(biāo)志及分子運(yùn)動速率的統(tǒng)計規(guī)律判斷；根據(jù)等壓變化判斷；

體積變大，即外界對氣體做負(fù)功；根據(jù)熱力學(xué)第一定律判斷。

本題考查了溫度是分子平均動能的標(biāo)志、等壓變化、熱力學(xué)第一定律等基礎(chǔ)知識，關(guān)鍵

是熟悉教材，牢記并理解這些基本概念和基本規(guī)律，并能熟練運(yùn)用。

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5.【答案】C

【解析】解、4由圖可知，小球受合外力方向與車廂運(yùn)動方向相反，可知車廂做勻減速

運(yùn)動，乘客受到的合力方向與運(yùn)動方向也相反，故A錯誤；

B、對小球，根據(jù)牛頓第二定律可知：mgsind=ma,得：a=gsind

則車廂的加速度越大，懸線與豎直方向的夾角。越大，但是速度大，。不一定大，故B

錯誤；

C、對乘客受力分析可知，車廂對乘客的作用力：F—J(mg)2+(zna)2>mg,即F一

定大于乘客的重力G,故C正確；

。、懸線與豎直方向夾角。增大，則加速度a變大，車廂對乘客作用力尸增大，故。錯誤。

故選：C。

乘客與球都相對于車靜止，它們的加速度與車的加速度相同.首先選擇球研究，根據(jù)牛

頓第二定律求出加速度，人的加速度就知道了.再對人分析受力，作出力圖，應(yīng)用牛頓

第二定律，求出汽車對乘客產(chǎn)生的作用力的大小和方向.

本題關(guān)鍵在于研究對象的選擇，要抓住小球與乘客均相對于車靜止，加速度相同的特點(diǎn),

也就是分析挖掘題目隱含的條件，常常是解決物理問題的關(guān)鍵.

6.【答案】CD

【解析】解：4、因此刻a波恰好傳到x=4m處，可知該質(zhì)點(diǎn)起振方向沿y軸負(fù)向，則波

源的起振方向也是沿y軸負(fù)方向，故A錯誤；

8、兩列波由同一波源發(fā)出，則頻率相等，故B錯誤；

C、此刻a波向右傳播4左，則b波向左傳播4兒=16m,即此亥的波傳到x=-16m處，

故C正確；

D、此刻質(zhì)點(diǎn)P振動了2.5個周期，則質(zhì)點(diǎn)P在這段時間內(nèi)通過的路程為s=102=10x

5cm=50cm,故。正確。

故選：CD。

當(dāng)波傳播到x=4m時，根據(jù)質(zhì)點(diǎn)運(yùn)動的時間和周期的關(guān)系，得出質(zhì)點(diǎn)P振動的路程和振

幅的關(guān)系；每個質(zhì)點(diǎn)起振的方向與波源起振方向相同，結(jié)合質(zhì)點(diǎn)的起振方向得出波源的

起振方向，同一波源發(fā)出的波，則頻率相等。

解決本題的關(guān)鍵掌握波速、波長、頻率之間的關(guān)系，知道同一波源產(chǎn)生的波，頻率相同；

以及知道質(zhì)點(diǎn)的起振方向和波源起振方向相同。

7.【答案】AD

【解析】解：4、導(dǎo)線框中產(chǎn)生的瞬時感應(yīng)電動勢大小是e=nBS3cos30。=逅nBSs,

2

故A正確；

B、根據(jù)右手定則可知，導(dǎo)線框中電流的方向是K—>NTMTLTK,故B錯誤；

CD,再轉(zhuǎn)過60。時導(dǎo)線框到達(dá)中性面位置，此時線框中磁通量的變化率為零，產(chǎn)生的電

流為零，故C錯誤，O正確。

故選：AD.

寫出瞬電動勢的表達(dá)式就可求出瞬時值了；根據(jù)楞次定律和安培定則可判斷感應(yīng)電流的

方向；再轉(zhuǎn)過60。正好轉(zhuǎn)到中性面位置，感應(yīng)電動勢為零；導(dǎo)線框在磁場中勻速轉(zhuǎn)動過

程中，穿過導(dǎo)線框的磁通量隨時間做周期性變化，其磁通量的變化率也隨時間做周期性

變化。

這類題目一定要記住以下幾點(diǎn)：一個是順時值的表達(dá)式；第二個是中性面的特點(diǎn)；第三

個是楞次定律的應(yīng)用。

8.【答案】BCD

【解析】解：小由題意可知，b球進(jìn)入水平電場后在水平方向做減速運(yùn)動，出離電場

時水平速度減為零，則b球帶負(fù)電，a球帶正電，故4錯誤；

8、從開始拋出到出離電場，兩球在豎直方向只受重力作用，加速度相同，則兩球在豎

直方向的運(yùn)動相同，即a球和b球在電場中運(yùn)動的時間相等，故B正確；

C、設(shè)兩粒子進(jìn)入電場時水平速度為火,經(jīng)過電場的時間為t,則對a球從M點(diǎn)射出時水

2

平位移式MB=Vot4-jat

2

對b球從N點(diǎn)射出時水平位移%NB=vot-|at

其中對b球%=at

解得％MB~3XNB

即M點(diǎn)到B點(diǎn)的水平距離是N點(diǎn)到B點(diǎn)的水平距離的3倍，故C正確；

。、b球在電場中運(yùn)動時，電場力做負(fù)功，則電勢能增加，即離開電場時比其進(jìn)入電場

時電勢能大，故。正確。

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故選：BCD。

研究“、N在電場中豎直方向的運(yùn)動：知道運(yùn)動時間t相等。研究M、N在電場中水平方

向的運(yùn)動，在電場力作用下產(chǎn)生的加速度沿水平方向，大小相等。對兩球水平方向的運(yùn)

動分別根據(jù)速度一時間公式列式解得，電場力做負(fù)功，則電勢能增加。

本題考查了帶電小球在復(fù)合場中的運(yùn)動，理清兩球在整個過程中的運(yùn)動規(guī)律，將運(yùn)動分

解為水平方向和豎直方向，結(jié)合運(yùn)動學(xué)公式靈活求解。

9.【答案】ABADAD

【解析】解：(1)要測量碰撞前后的動量，在質(zhì)量要用天平測量，而速度是用水平位移

代替，刻度尺也是必須的，而打點(diǎn)計時器和秒表在此實(shí)驗中用不上，故選：AB-,

(2)AC.同一組實(shí)驗中，入射小球必須從同一位置釋放，才能保證兩次碰撞前的速度相同，

軌道傾斜部分不必光滑，故A正確，C錯誤；

8.為了避免入射球反彈，入射球的質(zhì)量必須大于被碰小球的質(zhì)量，故B錯誤：

D軌道末端必須水平，才能使小球做平拋運(yùn)動，故。正確；

故選：AD；

(3)根據(jù)題意結(jié)合動量守恒定律，結(jié)合此實(shí)驗是用水平位移等效替代碰撞前后的速度，

所以得出：

2mOP=2mOM=mON?整理得：20P—20M=0N,即：2MP=ON

結(jié)合圖象可知，4。明顯不符合。

故選：AD.

故答案為：(1)4B：(2)AD；(3)ZD

(1)根據(jù)實(shí)驗需要測量的量分析答題；

(2)為了保證碰撞前后使入射小球不反彈，故必須使入射小球的質(zhì)量大于被碰小球的質(zhì)

量；為了使兩球發(fā)生正碰，兩小球的半徑相同；

(3)兩球碰撞過程系統(tǒng)動量守恒，應(yīng)用動量守恒定律與機(jī)械能守恒定律分析答題。

解決本題的關(guān)鍵掌握實(shí)驗的原理，以及實(shí)驗的步驟，在驗證動量守恒定律實(shí)驗中，無需

測出速度的大小，可以用位移代表速度。

10.【答案】DE變阻器2的阻值60

【解析】解：(1)在該實(shí)驗中，首先要閉合工，斷開S2,調(diào)節(jié)變阻器1使得，電流計Gi和

G2偏轉(zhuǎn)到滿刻度的|以上(設(shè)為/1),然后閉合S2,保持變阻器1的電阻不變,調(diào)節(jié)變阻器2,

使得電流計G讀數(shù)為/2,則通過變阻器2的電流為人-％，通過變阻器2的阻值以及電流

關(guān)系可求解電流G的內(nèi)阻；則認(rèn)為當(dāng)閉合S2時，電路中的電流A保持不變，這就需要變

阻器1的阻值較大，因不需要讀出變阻器1的阻值，則變阻器1可選擇阻值較大的。；變

阻器2必須要用電阻箱，故選E；

(2)由上述分析可知，實(shí)驗時，除了微安表Gi的示數(shù)4和微安表G的示數(shù)與，還需要記錄

的數(shù)據(jù)是變阻器2的阻值；

(3)將滿偏電流為250/M的電流計改裝為15V量程的電壓表，當(dāng)電流計讀數(shù)為200/M時，

對應(yīng)的電壓值為12心則待測電阻阻值為

U12

R=-I=—0.2n=600

故答案為：⑴D;E；(2)變阻器2的阻值；(3)60

(1)根據(jù)實(shí)驗原理選擇合適的電學(xué)儀器；

(2)根據(jù)實(shí)驗原理分析出還需要記錄的數(shù)據(jù)；

(3)根據(jù)歐姆定律結(jié)合電路結(jié)構(gòu)計算出電阻的測量值。

本題主要考查了伏安法測電阻的相關(guān)實(shí)驗，根據(jù)實(shí)驗原理掌握正確的實(shí)驗操作，結(jié)合歐

姆定律和電路結(jié)構(gòu)完成分析即可。

11.【答案】解：(1)無人機(jī)在水平面內(nèi)做勻速圓周運(yùn)動，其做圓周運(yùn)動的向心力由重力

和機(jī)翼升力的合力提供，則

廿2

mgtan37°=m—

解得u=y/gRtan370=J10x4.8x^m/s=6m/s

故無人機(jī)飛行速度不能超過6/n/s。

(2)無人機(jī)做初速度為零的勻加速直線運(yùn)動，有八=［砒2

可得無人機(jī)上升的加速度a=雀=簽m/s2=4m/s2

根據(jù)牛頓第二定律可知

F—mg—f=ma

解得F=4.8N

(3)無人機(jī)在h=8m處的速度D=at=4x2m/s=8m/s

由動能定理得

第14頁，共18頁

W—mg(H—K)—f(H—K)=0—|mv2

解得W=33.6/

答：(1)其飛行速度不能超過6m/s；

(2)此過程動力系統(tǒng)的升力尸為4.8N；

(3)無人機(jī)從h上升到H的過程中，動力系統(tǒng)所做的功W為33.6/。

【解析】(1)無人機(jī)在水平面內(nèi)做勻速圓周運(yùn)動，其向心力由重力和機(jī)翼升力的合力提

供，由牛頓第二定律求飛行速度最大值。

(2)根據(jù)運(yùn)動學(xué)位移一時間公式求出無人機(jī)的加速度，再由牛頓第二定律求升力尸的大小。

(3)無人機(jī)從九上升到//的過程中，重力做功為-h)，阻力做功為-/(4一九)，由

動能定理求動力系統(tǒng)所做的功

本題是動能定理和牛頓第二定律、運(yùn)動學(xué)公式的綜合應(yīng)用，要理清無人機(jī)的運(yùn)動情況，

分析其受力情況，靈活選擇運(yùn)動學(xué)公式求解加速度和速度，應(yīng)用動能定理求動力系統(tǒng)做

功。

12.【答案】解：(1)取cd棒為研究對象，設(shè)當(dāng)兩金屬桿同時達(dá)到最大速度加寸，回路中

的電流為/,她桿產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢為E,則根據(jù)平衡條件有

IJ.BIL=mg①

根據(jù)閉合電路歐姆定律有

1②

根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律有

E=BLv(3)

聯(lián)立①②③解得

(2)取協(xié)棒為研究對象，當(dāng)兩金屬桿同時達(dá)到最大速度"時，根據(jù)平衡條件有

F=B1L⑤

聯(lián)立①⑤解得

昨詈⑥

(3)設(shè)防桿從開始運(yùn)動到獲得最大速度的過程中，系統(tǒng)產(chǎn)生的總焦耳熱為Q總，則由能量

守恒定律得

fx=<2,s+imv2@

由于通過兩金屬桿的電流始終相等，則根據(jù)焦耳定律可得

Q=M⑧

聯(lián)立④⑥⑦解得

C_mgx_m3g2R2

Q-2〃n2B4L4

答：(1)桿ab的最大速度u為群；

(2)拉力F