2023年福建省福州市高考物理質(zhì)檢試卷（5月份）

2023年福建省福州市高考物理質(zhì)檢試卷（5月份）

一、單選題（本大題共4小題，共16.0分）

1.2022年9月中國自主研制的全世界最大噸位2600t全地面起重機在超大型裝備調(diào)試試驗

基地下線。如圖該起重機能夠?qū)崿F(xiàn)160m高度吊重173t（相當于100多輛家用汽車加起來的重

量）的極限工況，它轉(zhuǎn)臺轉(zhuǎn)場時可以攜帶的總重達317t,最高車速可達lOkm/h,可以通過更

狹窄、起伏的山地。起重機（）

A.相關參數(shù)中的單位“t”、“km/h”、“rn”，均為國際單位制的基本單位

B.將貨物從地面吊起瞬間，貨物加速度為零

C.將貨物吊起全過程，貨物都處于超重狀態(tài)

D.將貨物吊起過程中，貨物相對于起重機車頭是運動的

2.如圖，一根粗細均勻的繩子，右側(cè)固定在墻上，4是繩子

上的一個質(zhì)點.一位同學握住繩子左側(cè)的S點，讓其上下振動,

某時刻波形如圖。下列關于該機械波的說法正確的是（）

A.波速不變B.頻率不變

C.此時質(zhì)點4的速度方向向下D.此時質(zhì)點4的加速度方向向上

3.如圖在某次投籃表演中，運動員在空中一個漂亮的投籃，籃

球以與水平面成45。的傾角準確落入籃筐，這次跳起投籃時，投

球點和籃筐正好在同一水平面上，設投球點到籃筐距離為10m,

不考慮空氣阻力，g取10m/s2?；@球（）

A.在空中做變加速曲線運動

B.在最高點時動能為零

C.投出后在空中飛行時間為1s

D.進筐的速度大小是10m/s

4.2022年11月，我國獨立自主研制的全球單機容量最大的

16兆瓦海上風電機組在福建下線。如圖每臺風力發(fā)電機的葉

片轉(zhuǎn)動時可形成圓面，當?shù)仫L向可視為與葉片轉(zhuǎn)動的圓面垂

直，發(fā)電機將此圓面內(nèi)氣流動能轉(zhuǎn)化為輸出電能的效率

20%<>風速在8?15m/s范圍內(nèi)，〃可視為不變。設風通過葉

片后速度減為零。已知風速u=l（hn/s時每臺發(fā)電機輸出電功率為6000kW,空氣的密度為

p=1.2kg/m3,貝U（）

A.該風力發(fā)電機的輸出電功率與風速成正比

B.每秒鐘流過面積S的氣流動能;pS〃2

C.每臺發(fā)電機葉片轉(zhuǎn)動時形成的圓面面積約為5x104m2

D.當風速為15m/s時每臺發(fā)電機的輸出電功率約為6800kW

二、多選題（本大題共4小題，共24.0分）

5.2022年11月30日，神舟十五號載人飛船與“天和”核心艙成功對接，6名宇航員首次實

現(xiàn)“太空會師”。如圖，對接前神舟十五號飛船在圓形/軌道運動，核心艙在距地面400kni高

度的軌道n運行。飛船從I軌道加速到達n軌道與核心艙對接，對接后共同沿軌道n運行，

則下列說法正確的是（）

A.對接后飛船的運行速度小于7.9km/s

B.對接后核心艙的運行周期將增大

C.考慮稀薄大氣阻力，若核心艙不進行干預，運行速度將越來越大

D.飛船在軌道I與地心連線和在軌道n與地心連線在相同時間內(nèi)掃過的面積相同

6.新一代標準動車組“復興號”是中國自主研發(fā)、集成了大量現(xiàn)代國產(chǎn)高新技術的新一代

高速列車。如圖“復興號”高鐵的供電流程是將電網(wǎng)高壓U1經(jīng)過牽引變電所進行變壓（可視作

理想變壓器）降至小,通過接觸網(wǎng)上的電線與車頂上的受電器進行接觸完成受電，機車最終獲

得4的電壓使高鐵機車運行，牽引變電所到機車之間線路的電阻不可忽略。根據(jù)上述信息可

知（）

牽

引

供

電

系

統(tǒng)

A.牽引變電所變壓器的原、副線圈匝數(shù)比%：n2=y1：U2

B.機車獲得的電壓為與牽引變電所輸出的電壓外相等

2

C.如果高鐵機車功率為P,則牽引變電所到機車之間線路的等效電阻為「=止里

P

D.如果高鐵機車功率為P,牽引變電所到機車之間線路損耗的電功率為P頗=幺*2

7.如圖，勁度系數(shù)為k的輕質(zhì)彈簧左端固定在墻上，處于原長時右端恰到。點，與可視為質(zhì)

點的質(zhì)量為皿的物塊接觸（末連接）。用水平力尸緩慢推動物體到位置4撤去尸后，物體開始

向右運動，最遠到達位置已知4。=和，0B=2%0,物體與水平面間的動摩擦因數(shù)處處相同。

物塊從4到B運動過程中的速度以加速度a、滑塊的機械能E、滑塊與彈簧的總機械能E'隨位

移x變化如圖所示，其中正確的是（）

A0B

8.1909年密立根通過油滴實驗測得電子的電荷量，因此獲得1923年諾貝爾物理學獎，實驗

裝置如圖。兩塊水平放置相距為d的金屬板4、8分別與電源正、負兩極相接，從4板上小孔進

入兩板間的油滴因摩擦帶上一定的電荷量。兩金屬板間未加電壓時，通過顯微鏡觀察到某帶

電油滴P以速度大小力豎直向下勻速運動；當油滴P經(jīng)過板間”點（圖中未標出）時，給金屬板

加上電壓U,經(jīng)過一段時間，發(fā)現(xiàn)油滴P恰以速度大小火豎直向上勻速經(jīng)過M點。己知油滴運

動時所受空氣阻力大小為/=kvr，其中k為比例系數(shù)，"為油滴運動速率，r為油滴顯微鏡的

半徑，不計空氣浮力，重力加速度為g。下列說法正確的是（）

噴霧器

A.油滴P帶負電

B.油滴P所帶電荷量的值為心「：2）川

C.從金屬板加上電壓到油滴向上勻速運動的過程中，油滴的加速度先增大后減小

D.油滴先后兩次經(jīng)過M點經(jīng)歷的時間為吟誓

三、填空題（本大題共2小題，共8.0分）

9.2022年，中國新一代“人造太陽”科學研究取得突破性進展，HL-2M等離子體電流突

破100萬安培，創(chuàng)造了我國可控核聚變裝置運行新記錄。其中，氫核聚變的核反應方程為

jH+lHHe+X,則X為,已知：/質(zhì)量為Tn】，出質(zhì)量為62,匆e質(zhì)量為m3,X的

質(zhì)量為瓶4，光速C，則該核反應釋放的核能大小為（請用血1、徵2、m3'加4、C表示）

10.一束紅光從真空射入玻璃，光路圖如圖所示，則玻璃的

折射率為。若改用綠光在同一位置同一角度從真空入

射，出射光線可能是（選填“①”、"②”或“③”）。

四、實驗題（本大題共2小題，共12.0分）

11.如圖甲是某實驗小組利用氣體壓強傳感器探究“溫度不變時，一定質(zhì)量的氣體壓強與體

積關系”的實驗裝置。

（1）主要操作步驟如下：

①把注射器活塞推至注射器某一位置，將注射器與壓強傳感器、數(shù)據(jù)采集器、計算機逐一連

接；

②緩慢移動活塞，記錄注射器的刻度值V,同時記錄對應的氣體壓強值p；

③重復上述步驟②，多次測量；

④根據(jù)記錄的數(shù)據(jù)，作出P-：圖線。如果該圖線為直線且反向延長線過坐標原點，就說明氣

體壓強與體積成（選填“正比”或“反比”）。

（2）關于該實驗的操作，下列說法正確的是o（填寫選項前的字母）

A.實驗中一定要測量空氣柱的橫截面積

8.實驗中一定要測量環(huán)境的溫度

C.為了減小實驗誤差，在活塞上均勻涂抹潤滑油，主要是為了避免漏氣

D為方便推拉活塞，應用手握緊注射器再推拉活塞

(3)某次實驗中，一實驗小組做出的P-：圖像如圖乙所示，圖線發(fā)生彎曲，造成該現(xiàn)象的原

因可能是。

12.某同學要測量一新材料制成的圓柱形元件。的電阻率p,需要測量其尺寸和電阻。

(1)用游標卡尺測量其長度，如圖甲，則其長度乙=mm.

(2)某同學先利用多用電表粗測其阻值：選擇x100倍率，用正確的操作步驟測量時，其指針

偏轉(zhuǎn)如圖乙中所示，測量值為。。

(3)某同學再用圖丙所示電路測量其電阻值，匕、瞑是規(guī)格相同的兩個電壓表，內(nèi)阻可視為無

窮大；尺為定值電阻。

①實驗要求滑動變阻器的滑片從左到右移動過程中，電壓表的示數(shù)從零開始逐漸增大。請按

此要求用筆畫線代替導線在圖丙實物接線圖中完成余下導線的連接；②實驗室有三種規(guī)格的

定值電阻，阻值分別為80000、1500。、10012,A。應選擇阻值為。的定值電阻；

③Ui、/分別為匕、匕兩電壓表讀數(shù)，乙和d分別為圓柱形元件。的長度和直徑，%為定值電

阻。則元件。的電阻率表達式p=(用已知物理量的字母表示)；

④若電壓表內(nèi)阻不是無窮大，元件。的電阻率p測量值真實值(選填“大于”“等于"

或“小于”）。

丙

五、計算題（本大題共3小題，共40.0分）

13.“福建艦”是我國完全自主設計建造的首艘彈射形航空母艦，計劃2023年開展新階段海

試工作，海試中包括艦載機攔阻索降落測試。某次測試時，艦載機著陸后鉤住阻攔索（如圖甲

）.阻攔索將對飛機施加一作用力，使飛機滑行較短距離就能停止，艦載機著陸后滑行的u-t

圖象如圖乙所示（其中0.4?2.4s內(nèi)圖線為直線）。已知艦載機（包括飛行員）的總質(zhì)量M=2x

104kg,重力加速度g=10m/s2。（乙圖中信息為已知量）求：

（1）艦載機著陸后到停止的過程，阻力對艦載機做的功；

（2）已知飛行員的質(zhì)量為m=70kg,艦載機著陸后勻減速滑行過程中，座椅對飛行員的作用

力大小。（結(jié)果可帶根號）

14.如圖，足夠長的固定粗糙絕緣斜面，傾角為0=37。，平行于斜面底邊的邊界PQ下側(cè)有

垂宜斜面向下的勻強磁場，磁感應強度B=1T。一質(zhì)量為M=0.2kg的U形金屬框MMWN'靜

置于斜面上，其中MN邊長L=0.4根，處在磁場中與斜面底邊平行，框架與斜面間的動摩擦

因數(shù)為4=0.75,框架電阻不計且足夠長。質(zhì)量m=0.1kg,電阻R=0.60的金屬棒ab橫放在

U形金屬框架上從靜止釋放，釋放位置與邊界PQ上方距離為d=0.75m。已知金屬棒在框架

上無摩擦地運動，且始終與框架接觸良好，設框架與斜面間最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，g

取10m/s2。(sin370=0.6,cos370=0.8)

求：

(1)金屬棒ab剛進入磁場時，通過框架MN邊的電流大小和方向；

(2)金屬棒ab剛進入磁場時，框架的加速度大小a；

(3)金屬棒ab進入磁場最終達到穩(wěn)定運動時，金屬棒重力的功率P。

15.如圖甲，一質(zhì)量為m足夠長的絕緣板靜止在光滑水平面上，板的左端有一個質(zhì)量也為m的

帶電小物塊，其電荷量為-q(q>0)。距絕緣板左端“到2。之間存在電場和磁場，勻強磁場

方向垂直于紙面向里，勻強電場方向豎直向現(xiàn)讓帶電小物塊在水平恒力的作用下從靜止開始

向右運動。小物塊到達電、磁場區(qū)域的左邊界時刻，撤去水平恒力，此時絕緣板的速度大小

為?！?。帶電小物塊從開始運動到前進2"的過程中，速度隨位移變化的u-x圖像如圖乙，其

中AB段為直線。求：

(1)帶電小物塊從開始運動到電、磁場左邊界的時間t；

(2)水平恒力尸的大??；

(3)電場強度E和磁感應強度B的大小。

甲乙

答案和解析

1.【答案】D

【解析】解：4、題中提供的相關參數(shù)中，單位“m”為國際單位制的基本單位，單位“t”、“km/h”

是常用單位，故A錯誤；

8、將貨物從地面吊起瞬間，貨物受到的拉力大于重力，合力不為零，加速度不為零，故B錯誤；

C、將貨物吊起全過程，貨物開始階段向上做加速運動，加速度向上，處于超重狀態(tài)。最后貨物

向上做減速運動，加速度向下，處于失重狀態(tài)，故C錯誤；

。、將貨物吊起過程中，根據(jù)運動的相對性可知，貨物相對于起重機車頭是運動的，故。正確。

故選：D。

m為國際單位制的基本單位；將貨物從地面吊起瞬間，分析貨物的受力情況，確定貨物的加速度。

將貨物吊起全過程，分析貨物的運動情況，判斷加速度方向，再判斷其運動狀態(tài)。根據(jù)運動的相

對性分析貨物相對于起重機車頭的運動情況。

本題的關鍵要明確貨物的受力情況和運動情況，根據(jù)加速度方向判斷貨物的運動狀態(tài)。

2.【答案】A

【解析】解：4、波速和介質(zhì)有關，在同一種介質(zhì)中傳播的速度不會發(fā)生變化，故A正確；

8、根據(jù)題意可知，波是向右傳播的，根據(jù)波形圖可知，波源出來的波波長在變小，根據(jù)公式”=

彳=4/可知頻率變大，故8錯誤；

CD、根據(jù)同側(cè)法可知質(zhì)點A的速度方向向上，因為質(zhì)點4在平衡位置的上方，所以加速度方向向下，

故C。錯誤；

故選：Ao

根據(jù)圖像得出波長的變化，在同一介質(zhì)中波速不變，從而得出頻率的變化；

根據(jù)同側(cè)法分析出質(zhì)點的速度方向，根據(jù)質(zhì)點A的位置得出其加速度方向。

本題考查學生對題意的分析能力，對波速與介質(zhì)關系的掌握，以及波速與頻率關系的掌握，是一

道基礎題。

3.【答案】D

【解析】解：4、籃球在空中只受重力的作用，所以籃球的運動是勻變速曲線運動，故A錯誤；

以斜拋運動在最高點的速度方向沿水平方向，速度不為零，動能也不為零，故B錯誤；

C、將籃球的運動看成逆向的平拋運動，則

x=vxt

_QxX

tan450=―-

以

x=10m

聯(lián)立解得：t=V_2s;vx=5\Z~~27n/s,故。錯誤；

。、進筐的速度大小為：

v=J避+(g)/2

代入數(shù)據(jù)解得：v=10m/s,故。正確；

故選：Do

根據(jù)籃球在空中的受力特點得出其運動類型；

斜拋運動的問題在最高點的豎直速度為零，水平速度不為零；

根據(jù)不同方向上的運動特點，結(jié)合運動學公式和矢量合成的特點完成分析.

本題主要考查了斜拋運動的相關應用，理解斜拋運動在不同方向上的運動特點，結(jié)合運動學公式

即可完成分析。

4.【答案】C

【解析】解：AB,每秒沖擊風車車葉的氣體體積為：

V=SL=Sv

氣流的質(zhì)量為：

m—pV

氣流的動能為：

23

Ek-|mv=pSv,可知動能與/成正比，即輸出功率與。3成正比，故A3錯誤；

CD、當風速為10m/s時每臺發(fā)電機的輸出功率約為6000k〃，當風速為15m/s時每臺發(fā)電機的輸

出功率約為20250/(〃，風的動能轉(zhuǎn)化的電能為：

E電=r]Ek

則每秒輸出電功率為:

PT

3

Ek=1?pSv

聯(lián)立解得：S=5xl04m2,故C正確，。錯誤；

故選：Co

根據(jù)題意得出每秒的氣體體積，結(jié)合動能的計算公式完成分析；

根據(jù)能量的轉(zhuǎn)化特點結(jié)合功率的計算公式完成解答。

本題主要考查了能量守恒定律,理解能量的轉(zhuǎn)化特點，結(jié)合動能和功率的計算公式即可完成分析。

5.【答案】AC

【解析】解：47.9krn/s為第一宇宙速度，為最大的環(huán)繞速度，即對接后飛船的運行速度將小于

7.9km/s,故A正確；

8.根據(jù)公式G綏=m（爺Ar可知，核心艙的周期大小與質(zhì)量無關，取決于軌道半徑，軌道半徑不

變，因此周期不變，故B錯誤；

C.考慮稀薄大氣阻力，若核心艙不進行干預，由于阻力做負功使得核心艙先減速，核心艙將做近

心運動，萬有引力做正功，核心艙的線速度將越來越大，故C正確；

D根據(jù)開普勒第二定律，在同一軌道上飛船與地心連線在相同時間內(nèi)掃過的面積相等，但現(xiàn)飛船

處于兩個不同軌道，所以飛船在軌道I與地心連線和在軌道口與地心連線在相同時間內(nèi)掃過的面

積不相同，故。錯誤。

故選:AC.

根據(jù)第一宇宙速度的雙重含義即可分析4選項，再根據(jù)萬有引力提供向心力可知對接和核心艙的

周期，由于核心艙做近心運動，因此速度會越來越大，再根據(jù)開普勒第二定律即可分析。選項。

該題考查對第一宇宙速度的理解，萬有引力提供向心力以及開普勒第二定律的運用，題目具有一

定的綜合性，難度適中。

6.【答案】AD

【解析】解：2、電網(wǎng)的電壓為Ui，牽引變電所進行變壓降至“，則變電所的變壓器原、副線圈

匝數(shù)比為%：n2=Ur：U2,故A正確；

以由題，饋線的電阻不能忽略不計，所以機車獲得的電壓/小于牽引變電所輸出的電壓小，故8

錯誤；

C、若高鐵機車功率為P,則機車獲得的電流：/=《，所以牽引變電所到機車之間線路的等效電

U3

2

阻為廠=蟲盧=空鏟a,故c錯誤；

D、若高鐵機車功率為P,則牽引變電所到機車之間線路損耗的電功率為：P損=/2「=里*復，

故。正確。

故選：AD.

根據(jù)電壓之比等于匝數(shù)之比進行求解；根據(jù)功率關系求解電流，根據(jù)歐姆定律求解牽引變電所至

機車間的等效電阻。

本題主要是考查了變壓器的知識；解答本題的關鍵是知道變壓器的電壓之比等于匝數(shù)之比，知道

理想變壓器的輸出功率決定輸入功率且相等。

7.【答案】BD

【解析】解：4、物塊從4到B,由功能關系可得：〃mg(Xo+2xo)=gkxQ可得彈簧的勁度系數(shù)

k-64mg

一沏

從4到力。間某一位置時，由功能關系得：1kxQ=/irngx+1mv2,可知u與x是非線性關系，v-x

圖像是曲線，故A錯誤；

B、物塊從4到加速度為0的過程，由牛頓第二定律得：kx-iimg=ma,結(jié)合k="也，得。=

華

x0

當物塊剛到8點時，有一卬ng=-ma0,則a。=ng,可得a=等x-a。，a-x是線性關系，且x=0

x0

時.，a=5a0；

物塊從加速度為0的位置到0點的過程，由牛頓第二定律得:kx-〃mg=ma,聯(lián)立得a=等％-a。；

x0

物塊從。到由牛頓第二定律得：一卬ng=nrn,聯(lián)立可得。=一劭，故B正確；

C、對滑塊，由功能關系可得：4E=-F為向x,則F碘=1受I，其中尸其建滑動摩擦力與彈簧

彈力的合力大小，則E-x圖像切線斜率的大小等于尸其禮從。到B,滑動摩擦力不變，E-x圖像

的斜率不變，圖線應為直線，故C錯誤；

D、對滑塊與彈簧系統(tǒng)，由功能關系可得：AE'=-iimgAx,則p?g=|相E—%圖像的斜率不

變，圖線為向下傾斜的直線，故O正確。

故選：BD。

先根據(jù)功能關系列式，求出彈簧的勁度系數(shù)k,根據(jù)功能關系列式，得到速度與位移的關系，分析

v-x圖像的形狀。由牛頓第二定律列式，分析a-乂圖像的形狀。由功能關系分析滑塊的機械能E、

滑塊與彈簧的總機械能E'與位移x的關系。

解答本題的關鍵要根據(jù)牛頓第二定律、動能定理、功能關系得到各個量的表達式，分析圖像斜率

的意義，來確定圖像的形狀。

8.【答案】AD

【解析】解：4、由于加上電壓時，經(jīng)過一段時間，發(fā)現(xiàn)油滴P恰以速度大小w豎直向上勻速運動，

說明油滴受到的電場力方向向上，所以油滴帶負電，故A正確；

B、設油滴P所帶電荷量的值為q,沒有加電壓時，根據(jù)平衡條件可得：mg=kv^r

施加電壓后勻速向上運動時，根據(jù)平衡條件可得：q^=mg+kv2r

聯(lián)立解得：q="上產(chǎn)，故B錯誤；

C、從金屬板加上電壓到油滴速度減為零的過程中，根據(jù)牛頓第二定律可得：qE+f-mg=ma,

解得加速度大小為：a=&+細二也，隨著速度的減小、加速度逐漸減??；

mdm

向上加速運動的過程中，根據(jù)牛頓第二定律可得：qE-ag-f=巾優(yōu)，解得加速度大小為：a'=

qu_kvr+mg隨著速度的增大、加速度逐漸減?。?/p>

mdmf

綜上所述，從金屬板加上電壓到油滴向上勻速運動的過程中，油滴的加速度一直減小，故c錯誤：

。、油滴經(jīng)過M點向下運動到速度為零過程中，取向上為正方向，根據(jù)動量定理可得：qgti+

1ax

ku1yti-mgti=0—mv1

油滴從速度為零到達到M點的過程中，根據(jù)動量定理可得：q^t2-kv,rt2-mgt2=mv2

其中q=卜9岑?)4,171t2t2，mg=k%r

聯(lián)立解得油滴先后兩次經(jīng)過M點經(jīng)歷的時間為1=G+t2=嗎抖，故。正確。

9V2

故選：AD.

根據(jù)油滴的運動情況分析電性；B根據(jù)平衡條件求解電荷量大小；根據(jù)牛頓第二定律得到加速度

表達式進行分析：根據(jù)動量定理求解油滴先后兩次經(jīng)過M點經(jīng)歷的時間。

本題主要是考查帶電油滴在電場中的運動，關鍵是弄清楚油滴的受力情況和運動情況，根據(jù)牛頓

第二定律、平衡條件進行解答。

9.【答案】中子（mi+Tn2-加3-mQc?

【解析】解：粒子X的質(zhì)量數(shù)：m=2+3-4=1

核電荷數(shù)：z=1+1-2=0,所以X是中子

2

根據(jù)愛因斯坦質(zhì)能方程可得核反應所釋放核能的表達式為：（Hi1+譏2-巾3-m4）c

故答案為：中子；（根1+巾2-63—64）。2。

根據(jù)質(zhì)量數(shù)守恒與電荷數(shù)守恒即可判斷出產(chǎn)生的粒子；根據(jù)愛因斯坦質(zhì)能方程即可寫出上述核反

應所釋放核能的表達式.

本題主要是考查原子核的聚變，解答本題的關鍵是知道反應過程中質(zhì)量數(shù)和電荷數(shù)均守恒，掌握

核能的計算方法。

10.【答案】—①

cosa

【解析】解：根據(jù)折射定律有幾=黑圖

解得

cosO

n=-----

cosa

若改用綠光在同一位置同一角度從真空入射，綠光的頻率較大，折射程度更大，所以出射光線可

能是①

故答案為：—,①

cosa

根據(jù)折射定律解得折射率，綠光的頻率較大，折射程度更大。

本題考查折射定律的應用，解題關鍵掌握折射率的計算公式，注意折射率與光頻率的關系。

11.【答案】反比C氣體溫度升高

【解析】解：（1）作出圖線。如果該圖線為直線且反向延長線過坐標原點，就說明氣體壓強

與體積成正比；

（2）4、由于注射器是圓柱形的，橫截面積不變，所以只需要測量空氣柱的長度即可，故4錯誤；

B、本實驗探究采用的方法是控制變量法，所以要保持被封閉氣體的質(zhì)量和溫度不變，故溫度保持

不變即可，不需要測量，故5錯誤；

C、涂潤滑油主要是防止漏氣，使被封閉氣體的質(zhì)量不發(fā)生變化，也可以減小摩擦，故C正確：

。、手握緊活塞會導致溫度的變化，從而影響實驗，故。錯誤；

故選：Co

(3)一實驗小組做出的圖像如圖乙所示，圖線發(fā)生彎曲，造成該現(xiàn)象的原因可能是氣體溫度

升高。

故答案為：(1)反比；(2)C；(3)氣體溫度升高

(1)根據(jù)圖像的特點得出氣體壓強與體積的關系；

(2)根據(jù)實驗原理掌握正確的實驗操作；

(3)理解圖像的物理意義，分析出圖線發(fā)生彎曲的原因。

本題主要考查了理想氣體的實驗規(guī)律，根據(jù)實驗原理掌握正確的實驗操作，結(jié)合圖像的物理意義

即可完成分析。

2

12.【答案】11.6010001500%曬大于

4卬2

【解析】解：(1)由圖甲所示游標卡尺可知，其精度是0.05nun,主尺讀數(shù)是llnun,游標尺讀數(shù)

為12x0.05mm—0.60mm,則長度L=11.60mm；

(2)由圖乙選擇x100倍率的倍率，可知測量值為10000；

(3)①根據(jù)實驗要求連接實物圖如圖所示：

②定值電阻Ro應選擇阻值接近。的電阻，故選1500。的定值電阻;

③根據(jù)串聯(lián)電路關系有

魚=支

RoRD

根據(jù)電阻定律有

RD=

其中

S=嗎)2

聯(lián)立解得

7rd2R()%

④若電壓表內(nèi)阻不是無窮大，由于電壓表的分流作用，流過待測電阻的電流大于器，即電流的測

量值小于真實值，由歐姆定律可知，電阻測量值大于真實值。

故答案為：(1)11.60；(2)1000；(3見解析，②1500，③嚓陰，④大于

(1)根據(jù)游標卡尺讀數(shù)方法讀得數(shù)據(jù)；

(2)根據(jù)歐姆表倍率讀得待測電阻值；

(3)根據(jù)實驗原理與規(guī)定連接實物圖，根據(jù)串聯(lián)電路規(guī)律解得待測電阻的電阻率，根據(jù)實驗原理分

析誤差。

要掌握常用器材的使用方法與讀數(shù)方法；分析清楚電路結(jié)構(gòu)、應用歐姆定律即可解題。

13.【答案】解：(1)由圖乙知，艦載機著陸時速度%=70zn/s,由動能定理得

小第=0_"M詔

代入數(shù)據(jù)解得：V/^=-4.9x1077

(2)由u-t圖象可知，艦載機著陸后做勻減速運動的加速度大小為：

&=吃1=奈言m/s2=30m/s2

設艦載機對飛行員的作用力為F,對飛行員受力分析如圖所示，F(xiàn)的豎直分力與等于重力，F(xiàn)的水

平分力且產(chǎn)生加速度，由牛頓第二定律得：

水平方向，有雙=mJ

豎直方向，有0=mg

則有：F=VFx+Py

代入數(shù)據(jù)解得：F=700\TWN

答：(1)艦載機著陸后到停止的過程，阻力對艦載機做的功為-4.9x1077；

(2)艦載機著陸后勻減速滑行過程中，座椅對飛行員的作用力大小為700CUN。

【解析】(1)由v-t圖象可讀出艦載機的初速度和末速度，根據(jù)動能定理求阻力對艦載機做的功;

(2)根據(jù)v-t圖象的斜率求出勻減速運動的加速度大小，根據(jù)牛頓第二定律求出座椅對飛行員水平

方向和豎直方向的作用力，再合成求座椅對飛行員的作用力。

本題要能根據(jù)u-t圖象分析出飛機的運動情況，知道飛機做勻減速運動時，座椅對飛行員的作用

力是水平方向和豎直方向兩個分力的合力。

14.【答案】解：(1)金屬棒在框架上無摩擦地運動，設剛進入磁場的速度為火

根據(jù)動能定理得：mgdsin37°=-0

代入數(shù)據(jù)可解得：v0=3m/s

進入磁場后，根據(jù)法拉第電磁感應定律E=

根據(jù)閉合電路歐姆定律

K

代入數(shù)據(jù)解得/=2A

電流方向：由N流向M

(2)框架受到斜面的摩擦力方向沿斜面向上，大小為

/=+m)gcos37。

框架MN邊受到的安培方向沿斜面向下，大小為尸=BIL

根據(jù)牛頓第二定律，框架的加速度為a

Mgsind+?交-f=Afa

代入數(shù)