北京市第66中學(xué)2022年高考物理二模試卷含解析

2021-2022學(xué)年高考物理模擬試卷

注意事項(xiàng)：

1.答卷前，考生務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)填寫在答題卡上。

2.回答選擇題時(shí)，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對(duì)應(yīng)題目的答案標(biāo)號(hào)涂黑，如需改動(dòng)，用橡皮擦干凈后，再

選涂其它答案標(biāo)號(hào)。回答非選擇題時(shí)，將答案寫在答題卡上，寫在本試卷上無效。

3.考試結(jié)束后，將本試卷和答題卡一并交回。

一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。

1、如圖所示，豎直面內(nèi)有一光滑半圓，半徑為R,圓心為0。一原長(zhǎng)為2R的輕質(zhì)彈簧兩端各固定一個(gè)可視為質(zhì)點(diǎn)的

小球P和Q置于半圓內(nèi)，把小球P固定在半圓最低點(diǎn)，小球Q靜止時(shí)，Q與。的連線與豎直方向成夾角夕=60。，現(xiàn)

在把Q的質(zhì)量加倍，系統(tǒng)靜止后，PQ之間距離為（)

D.|R

B.-RC.|R

35

2、慣性制導(dǎo)系統(tǒng)的原理如圖所示。沿導(dǎo)彈長(zhǎng)度方向安裝的固定光滑桿上套一個(gè)質(zhì)量為機(jī)的滑塊，滑塊的兩側(cè)分別與

勁度系數(shù)均為k的彈簧相連，兩彈簧的另一端與固定壁相連。滑塊原來靜止，彈簧處于自然長(zhǎng)度?；瑝K上有指針，可

通過標(biāo)尺測(cè)出滑塊的位移，然后通過控制系統(tǒng)進(jìn)行制導(dǎo)。設(shè)某段時(shí)間內(nèi)導(dǎo)彈沿水平方向運(yùn)動(dòng)，指針向左偏離。點(diǎn)的距

離為s,則這段時(shí)間內(nèi)導(dǎo)彈的加速度（）

標(biāo)尺

彈簧滑塊彈簧

,…ks

A.方向向左,大小為一

m

,…ks

B.方向向右,大小為一

m

,,“2ks

C.方向向右,大小為一

m

.,2ks

D.方向向左,大小為——

m

3、2019年4月20日22時(shí)41分，我國(guó)在西昌衛(wèi)星發(fā)射中心用長(zhǎng)征三號(hào)乙運(yùn)載火箭，成功發(fā)射第四十四顆北斗導(dǎo)航衛(wèi)

星。它是北斗三號(hào)系統(tǒng)首顆傾斜地球同步軌道衛(wèi)星，經(jīng)過一系列在軌測(cè)試后，該衛(wèi)星將與此前發(fā)射的18顆中圓地球軌

道衛(wèi)星和1顆地球同步軌道衛(wèi)星進(jìn)行組網(wǎng)。已知中圓地球軌道衛(wèi)星的軌道半徑是地球同步軌道衛(wèi)星的半徑的中圓

n

地球軌道衛(wèi)星軌道半徑為地球半徑的&倍，地球表面的重力加速度為g,地球的自轉(zhuǎn)周期為7,則中圓地球軌道衛(wèi)星

在軌運(yùn)行的（）

T

A.周期為一

n

B.周期為「7

n~

C.向心加速度大小為條

D.向心加速度大小為與

K

4、肩扛式反坦克導(dǎo)彈發(fā)射后，噴射氣體產(chǎn)生推力F,一段時(shí)間內(nèi)導(dǎo)彈在豎直面內(nèi)沿下列圖中虛線向前運(yùn)動(dòng)。其中導(dǎo)彈

飛行姿勢(shì)可能正確的是（）

5、如圖，理想變壓器原、副線圈匝數(shù)之比為1：2,原線圈與固定電阻拈串聯(lián)后，接入輸出電壓有效值恒定的正弦交

流電源。副線圈電路中負(fù)載電阻為可變電阻Ri,A、V是理想電表。當(dāng)&=2品時(shí)，電流表的讀數(shù)為1A,電壓表的讀

數(shù)為4V,則（）

B.電源輸出功率為4W

C.當(dāng)&=8。時(shí)，變壓器輸出功率最大

D.當(dāng)&=8。時(shí)，電壓表的讀數(shù)為3V

6、如圖所示，勻強(qiáng)磁場(chǎng)中有一電荷量為g的正離子，由a點(diǎn)沿半圓軌跡運(yùn)動(dòng)，當(dāng)它運(yùn)動(dòng)到方點(diǎn)時(shí)，突然吸收了附近若

干電子，接著沿另一半圓軌跡運(yùn)動(dòng)到c點(diǎn)，已知a、方、c在同一直線上，且訛=上必。電子的電荷量為e,質(zhì)量可忽

2

略不計(jì)，則該離子吸收的電子個(gè)數(shù)為

q

B.

二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。

全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得。分。

7、如圖所示，MN是一半圓形絕緣線，O點(diǎn)為圓心，P為絕緣線所在圓上一點(diǎn)，且OP垂直于MN,等量異種電荷

分別均勻分布在絕緣線上、下I圓弧上.下列說法中正確的（）

A.O點(diǎn)處和尸點(diǎn)處的電場(chǎng)強(qiáng)度大小相等，方向相同

B.O點(diǎn)處和P點(diǎn)處的電場(chǎng)強(qiáng)度大小不相等，方向相同

C.將一正點(diǎn)電荷沿直線從O移動(dòng)到P,電場(chǎng)力始終不做功

D.將一正點(diǎn)電荷沿直線從O移動(dòng)到P,電勢(shì)能增加

8、如圖，平行金屬板中帶電質(zhì)點(diǎn)P原處于靜止?fàn)顟B(tài)，不考慮電流表和電壓表對(duì)電路的影響，選地面的電勢(shì)為零，當(dāng)

滑動(dòng)變阻器R4的滑片向b端移動(dòng)時(shí)，下列說法正確的是（）

A.電壓表讀數(shù)減小

B.小球的電勢(shì)能減小

C.電源的效率變高

D.若電壓表、電流表的示數(shù)變化量分別為AU和AZ,則/<r+A

IM

9、下列說法正確的是

A.飽和汽壓與溫度和體積都有關(guān)

B.絕對(duì)濕度的單位是Pa,相對(duì)濕度沒有單位

C.空氣相對(duì)濕度越大時(shí)，空氣中水蒸氣壓強(qiáng)越接近飽和汽壓，水蒸發(fā)越快

D.氣體做等溫膨脹，氣體分子單位時(shí)間對(duì)汽缸壁單位面積碰撞的次數(shù)一定變少

E.飽和汽和液體之間的動(dòng)態(tài)平衡，是指汽化和液化同時(shí)進(jìn)行的過程，且進(jìn)行的速率相等

10、如圖甲所示，門式起重機(jī)又叫龍門吊，門式起重機(jī)的場(chǎng)地利用率高、作業(yè)范圍大，在港口得到廣泛使用。其簡(jiǎn)易

圖如圖乙所示，假設(shè)長(zhǎng)為乙的鋼繩能承受的最大拉力為7,鋼繩的上端栓接在滑輪上，另一端連接質(zhì)量為機(jī)的集裝箱,

開始整個(gè)裝置在橫臂上以共同的速度做勻速直線運(yùn)動(dòng)，當(dāng)其運(yùn)動(dòng)到圖中O'位置時(shí)，繩子上端的滑輪突然被鎖定，集

裝箱開始以0'為圓心擺動(dòng)，假設(shè)滑輪與集裝箱的大小可忽略不計(jì)，重力加速度為g。下列說法正確的是（）

B.如果裝置勻速運(yùn)動(dòng)的速度大小為用則集裝箱允許的最大質(zhì)量為F—-

V+gL

C.如果集裝箱的質(zhì)量為2m,則裝置勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)的最大速度為二I

D.如果保持上端滑輪靜止，加速向上提升集裝箱（不擺動(dòng)），集裝箱加速上升允許的最大加速度為衛(wèi)-g

m

三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。

11.（6分）某同學(xué)設(shè)計(jì)出如圖所示的實(shí)驗(yàn)裝置來“驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律”，讓小球從A點(diǎn)自由下落，下落過程中經(jīng)過A

點(diǎn)正下方的光電門B時(shí)，光電計(jì)時(shí)器記錄下小球通過光電門時(shí)間，，當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣葹間,

（1）為了驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律，該實(shí)驗(yàn)還需要測(cè)量下列哪些物理量_________o

A.小球的質(zhì)量m

B.AB之間的距離V

C.小球從A到B的下落時(shí)間以B

D.小球的直徑d

（2）小球通過光電門時(shí)的瞬時(shí)速度，=（用題中所給的物理量表示）。

（3）調(diào)整AB之間距離“，多次重復(fù)上述過程，作出:隨”的變化圖象如圖所示，當(dāng)小球下落過程中機(jī)械能守恒時(shí),

該直線斜率公=o

（4）在實(shí)驗(yàn)中根據(jù)數(shù)據(jù)實(shí)際繪出:一”圖象的直線斜率為4則實(shí)驗(yàn)過程中所受的平均阻力/與小球重力

的比值V=SxP￡）=（用A、Ao表示）。

3344

12.（12分）某同學(xué)采用圖甲所示的電路完成“描繪小燈泡的伏安特性曲線”實(shí)驗(yàn)，實(shí)驗(yàn)中用電壓表測(cè)量小燈泡的電壓,

用多用電表的直流擋測(cè)量通過小燈泡的電流。

R

圖卬

（1）圖甲中多用電表的黑表筆是（填“產(chǎn)，或“?！保?，用多用電表的直流電流擋測(cè)量通過小燈泡的電流時(shí),

需要將多用電表的兩個(gè)表筆連接到。、b兩處，其中黑表筆應(yīng)與（填%”或濘"）連接。

（2）實(shí)驗(yàn)配備的器材如下：

A.待測(cè)小燈泡L（“2.5V,0.2W”）

B.電壓表V（量程0-3V,阻值約3二二）

C.多用電表（三個(gè)直流電流擋量程分別為1mA,10mA,100mA）

D.滑動(dòng)變阻器二,，（阻值范圍070二額定電流2A）

E.滑動(dòng)變阻器二；（阻值范圍0~50。二，額定電流1A）

F.電池組（電動(dòng)勢(shì)4.5V,內(nèi)阻約為j二）

G開關(guān)一只，導(dǎo)線若干

為了使測(cè)量盡可能地準(zhǔn)確且能方便地進(jìn)行調(diào)節(jié)，多用電表直流電流擋量程應(yīng)選一，滑動(dòng)變阻器應(yīng)選______o

（3）該同學(xué)選取合適的器材后，用導(dǎo)線將器材按圖甲所示的電路連接起來，如圖乙所示。他在實(shí)驗(yàn)前進(jìn)行電路檢查時(shí)

發(fā)現(xiàn)漏接了一根導(dǎo)線，請(qǐng)你在乙圖上用筆畫上這根漏接的導(dǎo)線o

//mA

圖乙

(4)該同學(xué)糾正連線錯(cuò)誤后，通過實(shí)驗(yàn)測(cè)得多組八U值并描繪出小燈泡的1-U曲線如圖丙所示。由LU曲線可以看

出：當(dāng)燈泡兩端電壓二=2.2外,時(shí)小燈泡的電阻二二=。(保留兩位有效數(shù)字)；

(5)我們知道，多用電表用久以后，表內(nèi)電池的電動(dòng)勢(shì)會(huì)減小而內(nèi)阻會(huì)增大。那么用久以后的多用電表電流擋測(cè)得的

電流與真實(shí)值相比(填“偏大”，"偏小”或“相同

四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算

步驟。

13.(10分)電磁軌道炮的加速原理如圖所示金屬炮彈靜止置于兩固定的平行導(dǎo)電導(dǎo)軌之間，并與軌道良好接觸。開

始時(shí)炮彈在導(dǎo)軌的一端，通過電流后炮彈會(huì)被安培力加速，最后從導(dǎo)軌另一端的出口高速射出。設(shè)兩導(dǎo)軌之間的距離

L=0.10m,導(dǎo)軌長(zhǎng)s=5.0m,炮彈質(zhì)量根=O.O3kg。導(dǎo)軌上電流/的方向如圖中箭頭所示?？梢哉J(rèn)為，炮彈在軌

道內(nèi)勻加速運(yùn)動(dòng)，它所在處磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度始終為B=2.0T,方向垂直于紙面向里。若炮彈出口速度為

v=2.OxlO3m/s,忽略摩擦力與重力的影響。求：

(1)炮彈在兩導(dǎo)軌間的加速度大小

(2)炮彈作為導(dǎo)體受到磁場(chǎng)施加的安培力大小尸；

(3)通過導(dǎo)軌的電流/,

14.(16分)如圖所示，在紙面內(nèi)建立直角坐標(biāo)系xOy,以第HI象限內(nèi)的直線OM(與負(fù)x軸成45。角)和正y軸為界,

在x<0的區(qū)域建立勻強(qiáng)電場(chǎng)，方向水平向左，場(chǎng)強(qiáng)大小E=2V/m；以直線OM和正x軸為界，在y<0的區(qū)域建立垂直

紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度B=0.1T.一不計(jì)重力的帶負(fù)電粒子從坐標(biāo)原點(diǎn)O沿y軸負(fù)方向以vo=2xl03m/s的初

速度射入磁場(chǎng).己知粒子的比荷為q/m=5xl()4c/kg,求：

(1)粒子經(jīng)過1/4圓弧第一次經(jīng)過磁場(chǎng)邊界時(shí)的位置坐標(biāo)？

(2)粒子在磁場(chǎng)區(qū)域運(yùn)動(dòng)的總時(shí)間？

(3)粒子最終將從電場(chǎng)區(qū)域D點(diǎn)離開電，則D點(diǎn)離O點(diǎn)的距離是多少？

■?'XX

------------7ZB

XXX

/

/XXXX

15.(12分)如圖甲所示，單匝正方形線框abed的電阻R=0.5。，邊長(zhǎng)L=20cm,勻強(qiáng)磁場(chǎng)垂直于線框平面，磁感應(yīng)

強(qiáng)度B隨時(shí)間t的變化規(guī)律如圖乙所示，求：

XXxxt'GlgD

*xxx8,

XIxxx4

XXCX

(1)0?2s內(nèi)通過ab邊橫截面的電荷量q；

(2)3s時(shí)ab邊所受安培力的大小F；

(3)0?4s內(nèi)線框中產(chǎn)生的焦耳熱Q.

參考答案

一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。

1、D

【解析】

開始小球Q處于靜止?fàn)顟B(tài)，彈簧的形變量x=-H=彈簧彈力耳=丘=父？，對(duì)Q進(jìn)行受力分析可知

kR=mg

Q的質(zhì)量加倍后，設(shè)OQ與豎直方向的夾角為a,對(duì)Q進(jìn)行受力分析，設(shè)彈簧的彈力為尸2,根據(jù)力的三角形與邊的

三角形相似有

2mg_R

鳥27?sin-

2

又

原=（2R-2Rs嗚）

聯(lián)立解得

.a1

sin-=-

23

則PQ之間距離

A=2/?sin-=-/?

23

故選D。

2、C

【解析】

導(dǎo)彈的速度與制導(dǎo)系統(tǒng)的速度始終相等，則其加速度相等?；瑝K受到左、右兩側(cè)彈簧的彈力方向均向右，大小均為公。

則合力方向向右，加速度方向向右。由牛頓第二定律得

2ks=ma

解得

2ks

ci-----

m

故ABD錯(cuò)誤，C正確。

故選C。

3、C

【解析】

AB.中圓地球軌道衛(wèi)星和同步衛(wèi)星均繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，已知中圓地球軌道衛(wèi)星的軌道半徑是地球同步軌道衛(wèi)星

的半徑的工，地球的自轉(zhuǎn)周期為7,根據(jù)開普勒第三定律可知：

n

戲圓二后步

72*T?2

/中圓/同步

解得

故AB錯(cuò)誤;

CD.物體在地球表面受到的重力等于萬(wàn)有引力，有

Mm

G不二mg

中圓軌道衛(wèi)星有

GMm

7W=ma

解得

故C正確，D錯(cuò)誤。

故選C。

4、B

【解析】

A.A圖中導(dǎo)彈向后噴氣，產(chǎn)生沿虛線向右的作用力，重力豎直向下，則合力方向向右下方，不可能沿虛線方向，故

導(dǎo)彈不可能沿虛線方向做直線運(yùn)動(dòng)，故A不符合題意；

B.B圖中導(dǎo)彈向后噴氣，產(chǎn)生斜向右上方的作用力，重力豎直向下，則合力方向有可能沿虛線方向，故導(dǎo)彈可能沿虛

線方向做直線運(yùn)動(dòng)，故B符合題意；

C.C圖中導(dǎo)彈向后噴氣，產(chǎn)生斜向右下方的作用力，重力豎直向下，則合力方向不可能沿虛線方向，故導(dǎo)彈不可能

沿虛線方向做直線運(yùn)動(dòng)，故c不符合題意；

D.D圖中導(dǎo)彈做曲線運(yùn)動(dòng)，導(dǎo)彈向后噴氣，產(chǎn)生斜向右上方的作用力，重力豎直向下，此時(shí)則合力方向不可能沿虛

線凹側(cè)，故導(dǎo)彈不可能沿虛線方向做曲線運(yùn)動(dòng)，故D不符合題意。

故選B。

5、C

【解析】

A.當(dāng)&=2R時(shí)，電流表的讀數(shù)為1A,電壓表的讀數(shù)為4V,所以&=4。，拈=2。，理想變壓器原、副線圈匝數(shù)之比

為1：2,根據(jù)電壓與匝數(shù)成正比得原線圈電壓是S=2V,根據(jù)電流與匝數(shù)成反比得原線圈電流是/i=2A,所以電源輸

出電壓為

U=Ui+/iRi=2+2x2=6V

故A錯(cuò)誤；

B.電源輸出功率為

P=t//i=12W

故B錯(cuò)誤；

u,、u,

C.根據(jù)歐姆定律得副線圈電流為所以原線圈電流是2『，所以

6=2生為+生，U,=~^-

變壓器輸出的功率

cU：

P———=1-4-4-/-?-,---=-----1-4-4-----

63+8）264+]6

?&

9

所以當(dāng)R2=8C時(shí)，變壓器輸出的功率P2最大，即為一W,故C正確；

2

D.當(dāng)&=8。時(shí)，5=6V,即電壓表的讀數(shù)為6V,故D錯(cuò)誤。

故選C。

6,D

【解析】

正離子由。到b的過程，軌跡半徑（=弛，根據(jù)牛頓第二定律：qvB^m—,正離子在5點(diǎn)吸收“個(gè)電子，因電子

24

be3

質(zhì)量不計(jì)，所以正離子的速度不變，電荷量變?yōu)間—“e,正離子從》到c的過程中，軌跡半徑r2=上=—ad且@一

24

V2

ne）vB=m一,解得：

r2

〃=2

3e

A.包。故A不符合題意。

2e

B.幺。故B不符合題意。

e

c.2。故C不符合題意。

3e

D.—.故D符合題意。

3e

二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。

全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。

7、BC

【解析】

分別畫出正、負(fù)電荷產(chǎn)生的電場(chǎng)強(qiáng)度的方向如圖,

由圖可知，o點(diǎn)與尸點(diǎn)的合場(chǎng)強(qiáng)的方向都向下，同理可知，在。尸的連線上，所以各點(diǎn)的合場(chǎng)強(qiáng)的方向均向下。

AB.由庫(kù)侖定律可知：E=坐,。點(diǎn)到兩處電荷的距離比較小，所以兩處電荷在。點(diǎn)產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)都大于在尸處產(chǎn)生

r

的場(chǎng)強(qiáng)，而且在。點(diǎn)兩處電荷的場(chǎng)強(qiáng)之間的夾角比較小，所以。點(diǎn)的合場(chǎng)強(qiáng)一定大于尸點(diǎn)的合場(chǎng)強(qiáng)。故A錯(cuò)誤，B

正確；

CD.由于在。尸的連線上，所以各點(diǎn)的合場(chǎng)強(qiáng)的方向均向下，將一正試探電荷沿直線從。運(yùn)動(dòng)到P電場(chǎng)力始終與運(yùn)動(dòng)

的方向垂直，不做功，電勢(shì)能不變。故C正確，D錯(cuò)誤。

8、AD

【解析】

A項(xiàng)：由圖可知，R2與滑動(dòng)變阻器R」串聯(lián)后與心并聯(lián)后，再由Ri串連接在電源兩端；電容器與R3并聯(lián)；當(dāng)滑片向

b移動(dòng)時(shí)，滑動(dòng)變阻器接入電阻減小，則電路中總電阻減??；由閉合電路歐姆定律可知，電路中電流增大；路端電壓

減小，同時(shí)Ri兩端的電壓也增大；所以并聯(lián)部分的電壓減小，故A正確;

B項(xiàng):由A項(xiàng)分析可知并聯(lián)部分的電壓減小，即平行金屬板兩端電壓減小，根據(jù)E,平行金屬板間的場(chǎng)強(qiáng)減小,

小球?qū)⑾蛳逻\(yùn)動(dòng)，由于下板接地即下板電勢(shì)為0,由帶電質(zhì)點(diǎn)P原處于靜止?fàn)顟B(tài)可知，小球帶負(fù)電，根據(jù)負(fù)電荷在電

勢(shì)低的地方電勢(shì)能大，所以小球的電勢(shì)能增大，故B錯(cuò)誤;

%IUU

C項(xiàng)：電源的效率：7貴=正=五'由A分析可知'路端電壓減小'所以電源的效率變低'故C錯(cuò)誤;

D項(xiàng)：將Ri和電源等效為一個(gè)新的電源，新電源的內(nèi)阻為r+Ri,電壓表測(cè)的為新電源的路端電壓，如果電流表測(cè)的

也為總電流，則=「+K,由A分析可知△〃=△/%+M，由于總電流增大，并聯(lián)部分的電壓減小，所以R3中的

△U

電流減小，則IA增大，所以△，>△%，所以<r+A，故D正確.

點(diǎn)晴：解決本題關(guān)鍵理解電路動(dòng)態(tài)分析的步驟：先判斷可變電阻的變化情況，根據(jù)變化情況由閉合電路歐姆定律

E=U+IR確定總電流的變化情況，再確定路端電壓的變化情況，最后根據(jù)電路的連接特點(diǎn)綜合部分電路歐姆定律

進(jìn)行處理.

9、BDE

【解析】

飽和汽壓與溫度有關(guān)，和體積無關(guān)，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；絕對(duì)濕度及壓強(qiáng)表示其單位是Pa,相對(duì)濕度沒有單位，則B正確;

空氣相對(duì)濕度越大時(shí)，空氣中水蒸氣壓強(qiáng)越接近飽和汽壓，水蒸發(fā)越慢，則C錯(cuò)誤；氣體做等溫膨脹，分子密度變小,

氣體分子單位時(shí)間對(duì)汽缸壁單位面積碰撞的次數(shù)一定變少，則D正確；飽和汽和液體之間的動(dòng)態(tài)平衡，是指汽化和液

化同時(shí)進(jìn)行的過程，且進(jìn)行的速率相等，則E正確；故選BDE。

10、BC

【解析】

A.裝置被鎖定后集裝箱做圓周運(yùn)動(dòng)，那么在裝置鎖定瞬間，由牛頓第二定律得：

2

T-mg=m—

即

v2

T=mg

顯然集裝箱的重量等于T時(shí)，鋼繩斷裂，故A錯(cuò)誤；

B.如果裝置勻速運(yùn)動(dòng)的速度大小為匕由：

2

T-mg=m—

可知：

TL

m=-------

v-+gL

故B正確；

C.如果集裝箱的質(zhì)量為2m,由：

T-2mg=2m

可知該裝置勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)的最大速度為：

故C正確；

D.加速向上提升集裝箱，由牛頓第二定律有：

T—mg=ma

可得允許的最大加速度為:

T

?=----g

m

故D錯(cuò)誤。

故選BC?

三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。

2gk「k

11、BD；彳；下'

【解析】

該題利用自由落體運(yùn)動(dòng)來驗(yàn)證機(jī)械能守恒，因此需要測(cè)量物體自由下落的高度hAB,以及物體通過B點(diǎn)的速度大小，

在測(cè)量速度時(shí)我們利用小球通過光電門的平均速度來代替瞬時(shí)速度，因此明白了實(shí)驗(yàn)原理即可知道需要測(cè)量的數(shù)據(jù)；

由題意可知，本實(shí)驗(yàn)采用光電門利用平均速度法求解落地時(shí)的速度；則根據(jù)機(jī)械能守恒定律可知，當(dāng)減小的機(jī)械能應(yīng)

等于增大的動(dòng)能；由原理即可明確注意事項(xiàng)及數(shù)據(jù)的處理等內(nèi)容。

【詳解】

(D根據(jù)機(jī)械能守恒的表達(dá)式可知，方程兩邊可以約掉質(zhì)量，因此不需要測(cè)量質(zhì)量，故A錯(cuò)誤；根據(jù)實(shí)驗(yàn)原理可知,

需要測(cè)量的是A點(diǎn)到光電門B的距離H,故B正確；利用小球通過光電門的平均速度來代替瞬時(shí)速度，不需要測(cè)量下

落時(shí)間，故C錯(cuò)誤；利用小球通過光電門的平均速度來代替瞬時(shí)速度時(shí)，需要知道擋光物體的尺寸，因此需要測(cè)量小

球的直徑，故D正確。故選BD。

(2)已知經(jīng)過光電門時(shí)的時(shí)間小球的直徑；則可以由平均速度表示經(jīng)過光電門時(shí)的速度；

乂

故丫=一d；

t

2

(3)若減小的重力勢(shì)能等于增加的動(dòng)能時(shí)，可以認(rèn)為機(jī)械能守恒；則有：mgH=1mv;

即：2gH=(-)2

t

解得：4=學(xué).〃，那么該直線斜率k產(chǎn)手。

tdd~

(4)乙圖線，=kH,因存在阻力，則有：mgH-fH=1mv2；

所以重物和紙帶下落過程中所受平均阻力與重物所受重力的比值為工f=k一0-k；

mgk0

【點(diǎn)睛】

考查求瞬時(shí)速度的方法，理解機(jī)械能守恒的條件，掌握分析的思維，同時(shí)本題為創(chuàng)新型實(shí)驗(yàn)，要注意通過分析題意明

確實(shí)驗(yàn)的基本原理才能正確求解。

12、尸b100mARi28相同

【解析】

(1)口][2]多用電表黑表筆接表的負(fù)插孔，故由圖可知P為多用電表的黑表筆；對(duì)于多用電表測(cè)量時(shí)因遵循電流由紅表筆

進(jìn)表，由黑表筆出表，故可知黑表筆應(yīng)與》連接；

(2)[3][4]根據(jù)小燈泡的規(guī)格可知電路中電流約為

燈泡電阻約為

□□=^=Q=32,25Q

故為了測(cè)量準(zhǔn)確減小誤差多用電表直流電流擋量程應(yīng)選100mA；滑動(dòng)變阻器應(yīng)選R；

(3)⑸滑動(dòng)變阻器是采用的分壓式接法，故連接圖如圖所示

(4)⑹根據(jù)圖丙可知當(dāng)燈泡兩端電壓二=二二0V,電流/=78mA=0.078A,故此時(shí)小燈泡的電阻

(5)[7]使用多用電表電流檔測(cè)電流時(shí)并不會(huì)用到表內(nèi)的電池，即表內(nèi)電池電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻的大小對(duì)多用電表電流檔的測(cè)量

無影響，故測(cè)得的電流與真實(shí)值相比是相同的。

四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算

步驟。

13、(1)4.0x10sm/s2?(2)1.2X104N；(3)6.0xl04A

【解析】

(1)炮彈在兩導(dǎo)軌間做勻加速運(yùn)動(dòng)，因而