湖北省小池濱江高級中學2022年高三第二次調研物理試卷含解析

2021-2022學年高考物理模擬試卷

注意事項

1.考試結束后，請將本試卷和答題卡一并交回.

2.答題前，請務必將自己的姓名、準考證號用0.5毫米黑色墨水的簽字筆填寫在試卷及答題卡的規(guī)定位置.

3,請認真核對監(jiān)考員在答題卡上所粘貼的條形碼上的姓名、準考證號與本人是否相符.

4.作答選擇題，必須用2B鉛筆將答題卡上對應選項的方框涂滿、涂黑；如需改動，請用橡皮擦干凈后，再選涂其他

答案.作答非選擇題，必須用05毫米黑色墨水的簽字筆在答題卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律無效.

5.如需作圖，須用2B鉛筆繪、寫清楚，線條、符號等須加黑、加粗.

一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。

1、如圖甲所示為用伏安法測量某合金絲電阻的實驗電路。實驗中分別用最大阻值是5。、50C、500。的三種滑動變

YX

阻器做限流電阻。當滑動變阻器的滑片由一端向另一端移動的過程中，根據實驗數據，分別作出電流表讀數/隨一（一

LL

指滑片移動的距離X與滑片在變阻器上可移動的總長度L的比值）變化的關系曲線a、6、C,如圖乙所示。則圖乙中

的圖線。對應的滑動變阻器及最適合本實驗的滑動變阻器是（）

A.最大阻值為5。的滑動變阻器：圖線。對應的滑動變阻器

B.最大阻值為50。的滑動變阻器；圖線B對應的滑動變阻器

C.最大阻值為500。的滑動變阻器；圖線力對應的滑動變阻器

D.最大阻值為500C的滑動變阻器；圖線c對應的滑動變阻器

2、如圖所示，在屏MN的上方有磁感應強度為8的勻強磁場，磁場方向垂直紙面向里。P為屏上的一小孔，PC與

MN垂直。一群質量為機、帶電荷量為一〃（g>0）的粒子（不計重力），以相同的速率也從P處沿垂直于磁場的方向

射入磁場區(qū)域。粒子入射方向在與磁場8垂直的平面內，且散開在與尸C夾角為，的范圍內。則在屏上被粒子打

中的區(qū)域的長度為（）

MN

2mv(\-cos6)2mvcos^2mv2mv(l-sin0)

qBqBqBqB

3、晁核發(fā)生夕衰變除了產生少粒子和新核外，還會產生質量數和電荷數都是0的反中微子Ve。若晁核在云室中發(fā)生少

衰變后，產生的反中微子和少粒子的運動方向在同一條直線上，設反中微子的動量為少粒子動量為尸2,則。

A.上述核反應方程為:H+：）nf：e+；He+Ve

B.p粒子在云室中穿過會留下清晰的路徑，此體現了粒子的波動性

C.氟核內部某個中子轉變?yōu)橘|子時，會向外發(fā)射/粒子

D.新核的動量為《-鳥

4、某同學手持籃球站在罰球線上，在裁判員示意后將球斜向上拋出，籃球剛好落入籃筐。從手持籃球到籃球剛好落入

籃筐的過程中，已知空氣阻力做功為W”重力做功為WG,投籃時該同學對籃球做功為W?；@球可視為質點。則在此

過程中

A.籃球在出手時刻的機械能最大

B.籃球機械能的增量為Wc-Wf

C.籃球動能的增量為W+%-Wf

D.籃球重力勢能的增量為W-WG+W.

5、如圖為模擬遠距離輸電的部分測試電路。4、?端接電壓穩(wěn)定的正弦交變電源，定值分別為N、&,且凡＜&，理想

變壓器的原、副線圈匝數比為A且攵＜1,電流表、電壓表均為理想表，其示數分別用/和U表示。當問下調節(jié)電滑動

變阻器心的滑動端尸時，電流表、電壓表示數變化分別用//和/U表示。則以下說法錯誤的是（）

C.電源的輸出功率一定減小D.電壓表示數一定增加

6、AC、CD為兩個傾斜角度不同的固定光滑斜面，其中NACB<45。，水平距離均為5G兩個完全相同且可視為質

點的物塊分別從A點和。點由靜止開始下滑，不計一切阻力，則（）

K

A.沿AC下滑的物塊到底端用時較少

B.沿AC下滑的物塊重力的沖量較大

C.沿AC下滑的物塊到底端時重力功率較小

D.沿AC下滑的物塊到底端時動能較小

二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。

全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。

7、如圖所示，甲圖為沿x軸傳播的一列簡諧橫波在U0時刻的波動圖象，乙圖為參與波動質點尸的振動圖象，則下列

判斷正確的是

A.該波的傳播速率為4m/s

B.該波的傳播方向沿x軸正方向

C.經過0.5s,質點P沿波的傳播方向向前傳播2m

D.該波在傳播過程中若遇到4m的障礙物，能發(fā)生明顯衍射現象

E.經過0.5s時間，質點尸的位移為零，路程為0.4m

8、如圖，空間存在方向豎直向上、場強大小為E的勻強電場；傾角為30°的光滑絕緣斜面固定在地面上，絕緣輕彈簧

的下端連接斜面底端的擋板，上端連接一帶電量為+g的小球，小球靜止時位于M點，彈簧長度恰好為原長。某時刻

將電場反向并保持電場強度大小不變，之后彈簧最大壓縮量為，重力加速度為g。從電場反向到彈簧壓縮至最短的

過程中，小球（）

A.機械能一直減少

B.電勢能減少了;EqL

C.最大加速度為g

D.最大速度為瘋

9、如圖所示，理想變壓器原、副線圈的匝數比是2：1,A8兩點之間始終加“=2200sin100加（V）的交變電壓。

K是輸電線的電阻，L是標有“100V、100W”的白熾燈。M是標有“100V、200W”的電動機，其線圈電阻r=10Q。開

關S斷開時，電動機正常工作。下列說法正確的是（）

A.輸電線的電阻阻值R=20。

B.電動機的輸出功率為180W

C.開關S閉合后，電動機的電功率減小

D.開關S閉合后，白熾燈的功率為100W

10、如圖所示，一條形磁鐵豎直放置，金屬線圈從磁鐵正上方某處下落，經條形磁鐵4、8兩端時速度分別為白、也,

線圈中的電流分別為八、h,線圈在運動過程中保持水平，貝！1（）

Cb

A.和的方向相同B.八和/2的方向相反

C.h：/2=V|：V2D.Zl：h=Vl：V2

三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。

11.（6分）如圖所示，將打點計時器固定在鐵架臺上，用重物帶動紙帶從靜止開始自由下落，利用此裝置可驗證機械

能守恒定律.

JI

臾一

紙帶一

打點計

時器

\

TT

（1）已準備的器材有打點計時器（帶導線）、紙帶、復寫紙、帶鐵夾的鐵架臺和帶夾子的重物，此外還需要的器材是

（填字母代號）.

A.直流電源、天平及硅碼B.直流電源、毫米刻度尺

C.交流電源、天平及祛碼D.交流電源、毫米刻度尺

（2）實驗中需要測量物體由靜止開始自由下落到某點時的瞬時速度u和下落高度瓦某同學對實驗得到的紙帶，設計了

以下四種測量方案，這些方案中合理的是（填字母代號）.

A.用刻度尺測出物體下落的高度區(qū)由打點間隔數算出下落的時間。通過哼gf算出瞬時速度v

B.用刻度尺測出物體下落的高度/?,并通過U=J麗計算出瞬時速度v

C.根據做勻變速直線運動時，紙帶上某點的瞬時速度等于這點前后相鄰兩點間的平均速度，測算出瞬時速度V,并通

V2

過〃=丁計算得出高度〃

2g

D.用刻度尺測出物體下落的高度兒根據做勻變速直線運動時，紙帶上某點的瞬時速度等于這點前后相鄰兩點間的平

均速度，測算出瞬時速度v

（3）實驗結果往往是重力勢能的減少量略大于動能的增加量，關于這個誤差下列說法正確的是（填字母代

號）.

A.該誤差屬于偶然誤差

B.該誤差屬于系統(tǒng)誤差

C.可以通過多次測量取平均值的方法來減小該誤差

D.可以通過減小空氣阻力和摩擦阻力的影響來減小該誤差

12.（12分）（1）同學們通過查閱資料知道，將鋅、銅兩電極插入水果中，電動勢大約會有IV多一點。小明同學找來

了一個土豆做實驗，如圖所示，當用量程為0-3V、內阻約50k￡l的伏特表測其兩極電壓時讀數為0.96V,用歐姆表直

接測“土豆電池”的兩極，測得內阻r的讀數為30Q。小麗同學用靈敏電流表直接接“土豆電池”的兩極，測得電流為

0.32mA.糧據前面小明用伏特表測得的0.96V電壓，由全電路歐姆定律得內阻為3k￡）。小明認為上豆的內阻為30Q,

小麗則認為其內阻為3kC。以下關于兩位同學實驗過程的分析，正確的是

A.小明的方法不正確，因水果電池本身有電動勢，故不能用歐姆表直接測其內阻

B.小明的方法正確。因水果電池本身也是一個導體，可以用歐姆表直接測其電阻

C.小麗的測量結果十分準確，除了讀數方面的偶然誤差外，系統(tǒng)誤差很小

D.小麗的測量結果不準確，因為水果電池內阻很大，用伏特表測得的電動勢誤差很大，因此計算出的內限誤差也很

大

（2）為盡可能準確地測定一個電動勢和內阻未知的電源，實驗室除了導線和開關外，還有以下一此器材可供選擇：

A.電流表Ai（量程為0-0.6A,內阻約為1Q）

B.靈敏電流表A2（量程為0-0.6mA,內阻約為800Q）

C.靈敏電流表A3（量程為0-30|iA,內阻未知）

D.滑動變阻器Ri,（最大阻值約100）

E.滑動變阻器出,（最大阻值約2kD）

F.定值電阻（阻值為2kQ）

G.電阻箱R（0-9999）

①實驗中應選擇的器材是（填器材前的字母代號）。

②在方框中畫出應采用的電路圖____________________o

③實驗時，改交電阻箱R的阻值，記錄下電流表的示數/得到若干組R、1的數據，根據實驗數據繪出如圖所示的

圖線，由此得出其電源的電動勢為V（保留兩位有效數）。按照此實驗方法請分析內電限的測量值與真實值大

小關系，并給由必要的說明：.

A/kQ

四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算

步驟。

13.（10分）1932年美國物理學家勞倫斯發(fā)明了回旋加速器，巧妙地利用帶電粒子在磁場中運動特點，解決了粒子的

加速問題?，F在回旋加速器被廣泛應用于科學研究和恢學設備中?；匦铀倨鞯墓ぷ髟砣鐖D甲所，置于真空中的D

形金屬盒半徑為R,兩盒間的狹縫很小，帶電粒子穿過的時間可以忽略不計。磁感應強度為B的勻強磁場與盒面垂直,

加速器按一定頻率的高頻交流電源，保證粒子每次經過電場都被加速，加速電壓為U。D形金屬盒中心粒子源產生的

粒子，初速度不計，在加速器中被加速，加速過程中不考慮相對論效應和重力作用。

（1）求把質量為機、電荷量為q的靜止粒子加速到最大動能所需時間；

（2）若此回旋加速器原來加速質量為2%,帶電荷量為q的a粒子（：He），獲得的最大動能為心,?,現改為加速氣核（：H）,

它獲得的最大動能為多少？要想使氣核獲得與a粒子相同的動能，請你通過分析，提出一種簡單可行的辦法；

（3）已知兩D形盒間的交變電壓如圖乙所示，設a粒子在此回旋加速器中運行的周期為7,若存在一種帶電荷量為《、

質量為川的粒子器X,在/=工時進入加速電場，該粒子在加速器中能獲得的最大動能？（在此過程中，粒子未飛出

乙

14.（16分）如圖所示，在豎直面內有一個光滑弧形軌道，其末端水平，且與處于同一豎直面內光滑圓形軌道的最低

端相切，并平滑連接.A,B兩滑塊（可視為質點）用輕細繩拴接在一起，在它們中間夾住一個被壓縮的微小輕質彈

簧.兩滑塊從弧形軌道上的某一高度P點處由靜止滑下，當兩滑塊剛滑入圓形軌道最低點時拴接兩滑塊的繩突然斷開,

彈簧迅速將兩滑塊彈開，其中前面的滑塊A沿圓形軌道運動恰能通過圓形軌道的最高點，后面的滑塊B恰能返回P

點.己知圓形軌道的半徑R=0.72m,滑塊A的質量=0.4kg,滑塊B的質量mK=0.1kg,重力加速度g取10m/s),

空氣阻力可忽略不計.求：

(1)滑塊A運動到圓形軌道最高點時速度的大小;

(2)兩滑塊開始下滑時距圓形軌道底端的高度h；

(3)彈簧在將兩滑塊彈開的過程中釋放的彈性勢能.

15-分)如圖所示‘一絕緣水平桌面'空間存在一廣域勻強電場'強度大小為E學,現同時將兩個質量均為〃，

的滑塊A、B由靜止釋放在桌面上。已知兩滑塊A5均帶正電，電荷量大小為q,且A3間的距離為L=1m。已知滑

塊A、3與軌道間的動摩擦因數分別為〃.=04和〃B=0.85,重力加速度lOm/s"設最大靜摩擦力等于滑動摩擦力,

滑塊之間發(fā)生的碰撞為彈性碰撞，且無電荷轉移，滑塊可視為質點。求:

(1)兩滑塊從靜止釋放開始經過多長時間，滑塊之間發(fā)生第二次碰撞;

(2)A從釋放到最終停止所運動的位移。

E

AB

參考答案

一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。

1、C

【解析】

從圖乙中可以看出a曲線在滑片移動很小距離，就產生了很大的電流變化，說明該滑動變阻器阻值遠大于被測量電阻

阻值，所以a圖對應500?；瑒幼冏杵?，c圖線電流幾乎不隨著距離x變化，說明該滑動變阻器是小電阻，所以對應是

5。的圖像，本實驗采用的是伏安法測量電阻，為了減小實驗誤差，應該要保證被測電阻中的電流變化范圍適當大一些,

所以選擇圖中b所對應的滑動變阻器，故ABD錯誤，C正確。

故選C。

2、A

【解析】

粒子做勻速圓周運動，洛倫茲力提供向心力,由牛頓第二定律得

V2

qvB=tn—

解得

mv

r=——

qB

粒子沿著右側邊界射入，軌跡如圖1

xxqxx

1

、?1/

XX?X/X

圖1

此時出射點最近，與邊界交點與P間距為

1]=2rcos。

粒子沿著左側邊界射入，軌跡如圖2

'、

Xi

圖2

此時出射點最近，與邊界交點與尸間距為

/2=2rcos6

粒子垂直邊界MN射入，軌跡如3圖

圖3

此時出射點最遠，與邊界交點與P間距為2r,故范圍為在熒光屏上尸點右側，將出現一條形亮線，其長度為

2r-2/ros<9=2r（1-cos。）=癡貝-

qB

故A正確，BCD錯誤。

故選Ao

3、C

【解析】

A.晁核在云室中發(fā)生“衰變，沒有中子參與，故核反應方程為：Hf；H+：e+Ve，故A錯誤；

B.0粒子在云室中穿過會留下清晰的路徑，此體現了粒子的粒子性，故B錯誤；

C.航核內部某個中子轉變?yōu)橘|子時，會發(fā)射電子，即￡射線，故C正確；

D.由于不知道晁核的初始動量，故由動量守恒無法求出新核的動量，故D錯誤；

故選C。

4、A

【解析】

A.由于籃球有空氣阻力做功，則籃球在出手時刻的機械能最大，選項A正確；

B.籃球機械能的增量等于阻力做功，即為選項B錯誤；

C.根據動能定理可知，籃球動能的增量等于合外力的功，即為-WG-M,選項C錯誤；

D.籃球重力勢能的增量等于克服重力做功，即為-WG,選項D錯誤。

5、B

【解析】

A.理想變壓器初、次級線圈電壓變化比

△U初一勺

△U次〃2

電流變化比為

AZ次嗎

則

△4不

A/次“A/初

將"視為輸入端電源內阻，則

所以

RAU次_裕AU初=4

1Z雙m初后2

這也是R1耦合到次級線圖電阻值為患，即為等效電源內阻，故A正確;

B.因

卜&+火3

故B錯誤;

C.當向下調節(jié)滑動變阻器用的滑動端尸時，負載電阻變大，電源電壓不變，電流減小，故電源輸出功率減小，故C

正確;

D.當向下調節(jié)滑動變阻器心的滑動端尸時，負載電阻變大，則回路中電流變小，則原線圈電流也減小，那么電阻

拈上的電壓減小，電源電壓不變，所以原線圈的電壓變大，根據匝數比可知副線圈的電壓也變大，故D正確。

故選B。

6、A

【解析】

A.由于兩者水平距離相同，均可用水平距離表示出運動時間，設水平距離為x,斜面傾角為則:

X1.八2

k5gsm夕廠

得:

t=2x4x

Vgsin8cos04gsin26

則傾角越大用時越少，A正確；

B.重力沖量：

I=mgt

沿軌道AC下滑的物塊到底端用時較小，重力的沖量較小，B錯誤；

CD.由動能定理：

.1，

mgh=-mv~

可知沿軌道AC下滑的物塊重力做功大，所以到底端時速度大，動能較大；沿軌道AC下滑的物塊到底端時速度大，

傾斜角度，大，由重力瞬時功率功率：

P=mgvsin0

可知其重力瞬時功率較大，C錯誤，D錯誤。

故選Ao

二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。

全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。

7、ADE

【解析】

A.由甲讀出該波的波長為；.=4m,由乙圖讀出周期為T=ls,則波速為

v=—=4m/s

T

故A正確；

B.在乙圖上讀出U0時刻P質點的振動方向沿y軸負方向，在甲圖上判斷出該波的傳播方向沿x軸負方向。故B錯

誤；

C.質點尸只在自己的平衡位置附近上下振動，并不波的傳播方向向前傳播。故C錯誤。

D.由于該波的波長為4m,與障礙物尺寸相差不多，能發(fā)生明顯的衍射現象，故D正確；

E.經過t=0.5.V=—,質點尸又回到平衡位置，位移為零，路程為S=2A=2x0.2m=0.4m?故E正確。

2

故選ADE.

8、BC

【解析】

B.電勢能的減小量等于電場力做的功，即為

Wr=qELsm30°=^qEL

故B正確；

C.小球在M點時有

從電場反向到彈簧壓縮至最短的過程中，小球先做加速度減小的加速運動，再做加速度反向增大的減速運動，由彈簧

振子對稱性可知，小球在M點開始運動時的加速度最大即為

qE+mg..

a=----------sin30=g

maxm

故C正確；

D.小球速度最大時合力為0,由平衡可得

心=(mg+qE)sin30,-mg

由對稱性可知，速度最大時，小球運動的距離為

L

x=—

2

由動能定理有

得

故D錯誤；

A.小球速度最大時合力為0,由平衡可得

%=(mg+qE)sin30'=mg

此過程小球克服彈力做功為

蟹x"皿

戶224

電場力做功為

WF-mg人sin30=

小球克服彈力做功與電場力做功相等，說明小球機械能不是一直減小，故A錯誤。

故選BCo

9、AC

【解析】

A.開關S斷開時，電動機正常工作，副線圈兩端電壓100V,副線圈電流

，2=/2A

根據變壓器原理可知，原線圈兩端電壓200V,原線圈電流1A,在原線圈回路

解得

R=20Q

故A正確

B.電動機的輸出功率為

%=4%=160W

故B錯誤;

CD.開關S閉合后，副線圈回路電流變大，則原線圈回路電流變大，電阻R上分壓變大，則原線圈兩端電壓減小,

根據變壓器原理，副線圈兩端電壓減小，小于100V,則電動機的電功率減小，白熾燈的功率小于100W,故C正確D

錯誤。

故選ACo

10、BD

【解析】

AB.金屬線圈經條形磁鐵A、5兩端時，磁通量先向上的增大后向上減小，依據楞次定律“增反減同”，導致感應電流

產生的磁場方向先向下，后向上，根據右手螺旋定則可知，則人和/2感應電流的方向先順時針，后逆時針(從上向下),

即它們的方向相反，故A錯誤，B正確;

CD.依據法拉第電磁感應定律，及閉合電路歐姆定律，則有

1=—E=-BL-v

RR

即/與v成正比，故C錯誤，D正確。

故選BD?

三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。

11、DDBD

【解析】

(1)打點計時器需接交流電源.機械能守恒中前后都有質量，所以不要天平和祛碼.計算速度需要測相鄰計數的距離,

需要刻度尺，故選D.

(2)在驗證機械能守恒時不能用有關g值來計算速度，利用v=g/、v2=2gh,在計算高度時直接測量距離，在計

算速度時利用中點時刻的速度等于平均速度求解，故ABC錯誤；D正確

(3)由于系統(tǒng)內不可避免的存在阻礙運動的力，比如空氣阻力，紙帶與限位孔之間的摩擦力等系統(tǒng)誤差導致重力勢能

的減小量與動能的增加量不相等，可以通過減小空氣阻力和摩擦阻力的影響來減小該誤差，故BD正確

12、ADBG3.0偏大，內電阻的測量值包含電流表內阻，所以大于真實值

ES

_||~<<--------------

【解析】

(1)[1]AB.因水果電池本身有電動勢，故不能用歐姆表直接測其內阻，故A正確，B錯誤；

CD.水果電池內阻很大，用有內阻的伏特表測得的電動勢誤差很大，故C錯誤，D正確。

故選AD。

(2)[2]所給儀器沒有電壓表，定值電阻也較小，若通過串聯(lián)定值電阻改裝成電壓表，根據(1)的分析知測量值也不準確,

所以選用安阻法測量電源電動勢和內阻，因靈敏電流表直接接電源的兩極，測得電流為0.32mA,選靈敏電流表A2和

變阻箱測量，所以實驗中應選擇的器材是BG。

[3]本題是利用安阻法測電源內阻及電動勢，測量電路如圖所示

⑷由閉合電路歐姆定律E=/(R+r),變形得

R^--r

根據圖象的斜率表示電動勢，得電池組的電動勢為

25-0

E=---------?3.OV

10.4-2.0

⑸按照此實驗方法，測出的電源內阻是電流表A2和電源兩部分電阻之和，因此內電阻的測量值與真實值相比偏大。

四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算

步驟。

嚼;(2)日，見解析；(3)100/4

13、(1)

【解析】

(1)由洛倫茲力提供向心力得

粒子每旋轉一周動能增加2qU,則旋轉周數

qB'R1

n=--------

4mU

周期

丁2TTR

1=----

匕”

粒子在磁場中運動的時間

TIBR2

鼠=仃=

2U

一般地可忽略粒子在電場中的運動時間，t微可視為總時間

(2)對a粒子，由速度

v=儂

ma2cm

得其最大動能為

&=1x2晟

""2"口4〃1

對抗核，最大動能為

22

1(-)"BR2B2R2

L12

Ekm=3m%nH—xmx———----=---------

2m8m

若兩者有相同的動能，設磁感應強度變?yōu)樾?、由a粒子換成負核，有

q2B2R\q2B，2R2

4m8"2

解得6'=03,即磁感應強度需增大為原來的0倍

高頻交流電源的原來周期

T4萬加

1=-------

qB

故

/_2兀m_26■兀m_叵4乃加_及丁

qqB2qB2

2

由a粒子換為氣核時，交流電源的周期應為原來的正

2

(3)對粒子;:;;X分析，其在磁場中的周期

2/cm_2017

7T=麗

每次加速偏移的時間差為

T-T

△丁二

2400

加速次數

T

〃=-4-=100

AT

所以獲得的最大動能

￡由=應4=100d00

14、(1)鼠lm/s；(2)0.8m；(3)4J

5

【解析】

(1)設滑塊A恰能通過圓形軌道最高點時的速度大小為V2,

2

根