四川達州市2018中考物理試題和答案及解析(word版)

./2018年XX省達州市中考物理試卷〔解析版一．選擇題1．〔2018?達州關于聲現象的說法正確的是〔A．物體的振幅越大音調越高B．聲音在真空中的傳播速度是340m/sC．打雷時捂住耳朵可以防止雷聲的產生D．地震、火山噴發(fā)等自然現象都伴有次聲波的產生2．〔2018?達州學校大門旁豎直放置了一塊平面鏡,小張同學逐漸靠近平面鏡的過程中,下列說法正確的是〔A．小張的像逐漸變大B．小張想通過平面鏡看完自己的全身像,則平面鏡的高度至少為整個身高的一半C．小張在平面鏡中看見了小王,則小王在平面鏡中看不見小張D．小張在平面鏡中所成的像是實像3．〔2018?達州對于圖中所示的四幅圖,下列說法中正確的是〔A．甲圖中軟木塞飛出時,管內水蒸氣的內能增加B．乙圖中兩個壓緊的鉛塊能吊起鉤碼,主要是因為分子間存在引力C．丙圖中活塞向上運動是內燃機的做功沖程D．丁圖中小朋友下滑時,內能轉化為機械能4．〔2018?達州一輛小轎車在一段平直的公路上勻速行駛的過程中,下列說法正確的是〔A．小轎車受到的牽引力與阻力是一對相互作用力B．小轎車行駛的速度越大,小轎車對地面的壓力越大C．由于慣性,即使緊急剎車,也會向前運動一段距離才能停下來D．發(fā)動機運轉時小轎車才能運動,說明力是維持物體運動狀態(tài)的原因5．〔2018?達州如圖所示,用一個帶正電的物體a去接觸不帶電的驗電器的金屬球b時,金屬球b也帶上正電,則下列說法正確的是〔A．a上的一些電子轉移到b上,瞬時電流方向b→aB．b上的一些電子轉移到a上,瞬時電流方向a→bC．b上的一些電子轉移到a上,瞬時電流方向b→aD．a上的一些電子轉移到b上,瞬時電流方向a→b6．〔2018?達州甲乙兩地相距30km,在甲、乙兩地之間沿直線架設了兩條輸電線,已知輸電線的電阻與其長度成正比,現輸電線在某處發(fā)生了短路,為確定短路位置,甲地檢修員先用如圖所示的測量儀接入AB時,電流表的示數為0.2A,乙地檢修員后用相同的測量儀接人CD時,電流表的示數為0.3A．則短路位置離甲地〔A．18km B．15km C．12km D．10km7．〔2018?達州如圖所示電路,電源兩端電壓保持不變,閉合開關S,當滑動變阻器的滑片向右滑動時,下列判斷正確的是〔A．電壓表V1示數與電流表A的比值變大B．電壓表V2示數與電流表A的比值不變C．電壓表V1示數的變化量大于電壓表V2示數的變化量D．電壓表V1示數的變化量小于電壓表V2示數的變化量8．〔2018?達州兩個底面積相同形狀不同的容器A、B〔GA=GB,盛有不同的液體放置在水平桌面上,現將甲、乙兩個相同的物塊分別放入兩容器中,當兩物塊靜止時,兩容器中液面恰好相平,兩物塊所處的位置如圖所示〔忽略液體的損失,下列說法正確的是〔A．甲物塊受到的浮力大于乙物塊受到的浮力B．兩容器底受到的液體壓強相等C．取出兩物塊后,B容器底受到液體的壓強大于A容器底受到液體的壓強D．取出兩物塊后,B容器對桌面的壓強小于A容器對桌面的壓強9．〔2018?達州如圖所示,光滑帶槽的長木條AB〔質量不計可以繞支點O轉動,木條的A端用豎直細線連接在地板上,OA=0.6m,OB=0.4m。在木條的B端通過細線懸掛一個長方體木塊C,C的密度為0.8×103kg/m3,B端正下方放一盛滿水的溢水杯。現將木塊C緩慢浸入溢水杯中,當木塊浸入水中一半時,從溢水口處溢出0.5N的水,杠桿處于水平平衡狀態(tài),然后讓質量為300g的小球從B點沿槽向A端勻速運動,經4s的時間系在A端細繩的拉力恰好等于0,下列結果不正確的是〔忽略細線的重力,g取10N/kg〔A．木塊受到的浮力為0.5NB．木塊C受到細線的拉力為0.3NC．小球剛放在B端時A端受到細線的拉力為2.2ND．小球的運動速度為0.2m/s10．〔2018?達州如圖所示電路,電源電壓不變,閉合開關S,當滑片P置于變阻器的B端時,電壓表的示數為6V,在10s內定值電阻R1產生的熱量為36J；當滑片P置于變阻器的中點時,電壓表的示數變化了2V．下列結果正確的是〔A．R1先后兩次消耗的電功率之比為3：4B．滑動變阻器R2的最大阻值為10ΩC．電源電壓為10VD．R1的阻值為20Ω二．填空題11．〔2018?達州滑板車是小學生喜愛的玩具之一。用腳向后蹬地,滑板車會沿地面向前運動,這說明力的作用是的；如果不再蹬地,滑板車的速度會越來越慢,最后停下來,這表明力可以改變物體的；滑板車在水平地面上靜止且人的兩腳站立在滑板車上時,滑板車受到的支持力與是平衡力〔選填"人的重力"、"車的重力"、"人與車的總重力"12．〔2018?達州如圖所示是小李同學在一個標準大氣壓下探究某物質熔化時溫度隨時間變化的圖象,第6min時的內能第8min時的內能〔選填"大于"、"等于"或"小于"；該物質在CD段的比熱容是AB段比熱容的倍〔被加熱物質的質量和吸、放熱功率不變。13．〔2018?達州某同學在"探究凸透鏡成像規(guī)律"的實驗中,繪制了如圖所示的圖象〔v表示像到凸透鏡的距離,u表示物體到凸透鏡的距離,用該凸透鏡作放大鏡使用時,被觀察的物體到透鏡的距離在m以內；把物體從距凸透鏡5cm處移動到距凸透鏡20cm處的過程中,像的大小將〔選填"變大"、"變小"、"先變小再變大"、"先變大再變小"。14．〔2018?達州小張駕駛一輛額定功率為35千瓦、效率為30%的汽車在一段平直的公路上勻速行駛,在額定功率下行駛1小時至少需要L汽油〔汽油的熱值為3.5×107J/L；若行駛的速度為72km/h,則汽車受到的阻力為N,汽油屬于能源〔選填"可再生"或"不可再生"。15．〔2018?達州如圖所示,完全相同的圓柱形容器中,裝有不同的兩種液體甲、乙,在兩容器中,距離同一高度分別有A、B兩點。若兩種液體的質量相等,則A、B兩點的壓強關系是pApB；若A、B兩點的壓強相等,則兩種液體對容器底的壓強關系是p甲p乙〔兩空選填"＞"、"="或"＜"。16．〔2018?達州兩個標有"5Ω1A"和"10Ω0.6A"的定值電阻,將它們串聯(lián)起來使用時等效電阻為Ω,電源電壓最多為V；若將它們并聯(lián)時干路電流最大是A。17．〔2018?達州如圖所示的電路,當S1、S2都閉合時,R1的電功率為25W,當把S2斷開時,R1的電功率為4W,則此時R2的電功率為W。18．〔2018?達州如圖所示是某同學設計的一臺浮力電子秤,其結構由浮力秤和電路兩部分組成,小筒底面積為10cm2,大筒底面積為50cm2,裝有適量水,金屬滑片P固定在托盤下面并隨托盤一起自由滑動〔滑片質量和滑片受到導線的拉力均忽略不計,定值電阻R0=8Ω,AB是一根長為20cm的均勻電阻絲,其阻值為20Ω,電源電壓為6V．當托盤中不放物體時,P位于A端,小筒浸入水中5cm〔稱量過程中大筒水未溢出,則：R0在電路中的作用是,托盤和小筒的總質量為g,當開關S閉合且在托盤中放入質量為100g的物體時,R0消耗的功率為W。19．〔2018?達州如圖所示,電源電壓保持不變,電阻R1為20Ω,小燈泡L標有"6V3W"字樣。閉合S,斷開S1、S2,滑動變阻器滑片P移至最右端時,小燈泡L恰好正常發(fā)光；閉合S、S1、S2,滑片P移至最左端時,電路消耗的總功率為5.4W,忽略小燈泡電阻隨溫度的變化,則小燈泡L的電阻為Ω,滑動變阻器的最大阻值為Ω；閉合S,斷開S1、S2,移動滑片P,使滑動變阻器的電功率為0.72W時,電流表的示數為A。三．作圖題20．〔2018?達州完成光路圖,根據圖中的入射光線或折射光線作出相應的折射光線或入射光線。21．〔2018?達州如圖所示是小明同學在研究通電螺線管極性時的情形,請標出開關閉合后通電螺線管的N極、螺線管內小磁針的N極和磁感線上A點的磁場方向。四．實驗探究題22．〔2018?達州小陳同學在老師的指導下完成了以下實驗：①用彈簧測力計測出一個帶蓋子的空玻璃瓶的重力,如圖甲所示；②用手拿著這個蓋緊瓶蓋的空玻璃瓶浸沒在水中,放手后發(fā)現玻璃瓶上浮；③將一個鐵塊裝入玻璃瓶并蓋緊蓋子,放入水中放手后發(fā)現玻璃瓶下沉；④取出玻璃瓶并擦干瓶上的水,掛在彈簧測力計上,保持玻璃瓶豎直,然后從圖乙所示位置慢慢浸入水中,并根據實驗數據繪制了彈簧測力計的示數F與玻璃瓶下表面浸入水中深度h的關系圖象如圖丙所示。〔1裝有鐵塊的玻璃瓶全部浸沒在水中時受到的浮力是N?！?BC段說明物體受到的浮力大小與浸沒的深度〔選填"有關"、"無關?！?在第②操作步驟中空玻璃瓶浸沒在水中時受到的浮力為N?！?小陳認真分析以上實驗數據和現象后發(fā)現,物體的沉浮與物體的重力和所受浮力有關,其中上浮的條件是?！?若圓柱形容器的底面積為100cm2,在乙圖中,當玻璃瓶浸沒后,水又對容器底的壓強增加了Pa。〔6細心的小陳同學發(fā)現玻璃瓶上還標有100ml的字樣,于是在裝有鐵塊的玻璃瓶內裝滿水并蓋上瓶蓋,再用彈簧測力計測出總重力,如圖丁所示,此時彈簧測力計示數為3.1N,根據以上數據他算出了鐵塊的密度為kg/m3。23．〔2018?達州某實驗小組的同學在進行"測量小燈泡的額定功率"的實驗中,現有器材：電源〔電壓恒為6V、開關、電壓表、電流表各一個,導線若干,額定電壓為3.8V的待測小燈泡〔電阻約為12Ω,滑動變阻器兩個〔A："5Ω2A"；B："20Ω0.5A"。〔1該實驗的實驗原理是；實驗中,應選用的滑動變阻器是〔選填"A"或"B"?！?如圖甲所示是小田同學連接的實物電路圖,圖中只有一根導線連接錯誤,請你在圖中用"×"標出這根錯接的導線,只改接一根導線使電路成為正確的電路〔不能與其他導線交叉。〔3小田確認電路連接無誤后閉合開關,無論怎樣移動滑動變阻器的滑片,小燈泡始終不發(fā)光且電壓表的示數都接近電源電壓,則電路的故障是?！?排除故障后,移動滑動變阻器的滑片,并繪制出了小燈泡的電流隨電壓變化的圖象如圖乙所示,則該小燈泡的額定功率為W?！?該組的另一同學接著實驗時,發(fā)現電壓表0～15V量程已經損壞,0～3V量程還可以正常使用,在不添加器材的情況下,為了測出該小燈泡的額定功率,請你在丙圖中的虛線框內畫出正確的電路圖?！?由圖乙推知：小燈泡的實際電壓是額定電壓一半時的電功率為P1,小燈泡的實際電流是額定電流一半時的電功率為P2,則P1P2〔選填"大于"、"小于或"等于"。五．計算題24．〔2018?達州如圖所示的電路中,小燈泡上標有"6V3.6W"字樣,滑動變阻器R1的最大電阻為40Ω．當只閉合S、S2,滑動變阻器的滑片P在中點時,小燈泡正常發(fā)光；當所有開關都閉合,滑片滑到A端時,A1、A2的示數之比是3：1〔燈的電阻保持不變。求：〔1電源電壓〔2當只閉合S、S2,滑動變阻器的滑片P在A端時,小燈泡兩端的實際電壓?！?小燈泡消耗的最小電功率〔不能為025．〔2018?達州如圖是利用滑輪組打撈水中物體的簡化模型示意圖,工人用一滑輪組從水中打撈物體。已知：物體的質量為90kg且以恒定速度勻速上升,當物體完全露出水面,工人對滑輪組繩子自由端的拉力F1為400N,此時滑輪組的機械效率η1為75%〔繩的質量、滑輪與軸的摩擦以及水的阻力均忽略不計,g=10N/kg。〔1請你根據題目中的條件,判斷出工人所使用的滑輪組是下列中的圖?！?工人的質量為60kg,雙腳與地面接觸面積為2.5×10﹣3m2,物體浸沒在水中和完全被打撈出水面時工人對地面的壓強變化了4×104Pa,求物體浸沒在水中時受到的浮力?！?若物體完全浸沒在水中時,工人拉力的功率為180W,求物體上升的速度。2018年XX省達州市中考物理試卷參考答案與試題解析一．選擇題1．〔2018?達州關于聲現象的說法正確的是〔A．物體的振幅越大音調越高B．聲音在真空中的傳播速度是340m/sC．打雷時捂住耳朵可以防止雷聲的產生D．地震、火山噴發(fā)等自然現象都伴有次聲波的產生[分析]〔1音調的高低與物體的振動頻率有關,響度大小與振幅有關；〔2聲音不能在真空中傳播；〔3減弱噪聲的途徑有三個,即在聲源處減弱、在傳播過程中減弱、在人耳處減弱；〔4據課本可知,地震、火山噴發(fā)等自然現象都伴有次聲波產生；[解答]解：A、物體的振幅越大,響度越大,故A錯誤；B、聲音不能在真空中傳播,故B錯誤；C、打雷時捂住耳朵可以減弱進入耳朵的聲音,不能防止雷聲的產生,故C錯誤；D、據課本可知,地震、火山噴發(fā)等自然現象都伴有次聲波產生,故D正確。故選：D。[點評]此題考查了聲音的產生、聲音的傳播、響度的影響因素等知識點,是一道綜合題。2．〔2018?達州學校大門旁豎直放置了一塊平面鏡,小張同學逐漸靠近平面鏡的過程中,下列說法正確的是〔A．小張的像逐漸變大B．小張想通過平面鏡看完自己的全身像,則平面鏡的高度至少為整個身高的一半C．小張在平面鏡中看見了小王,則小王在平面鏡中看不見小張D．小張在平面鏡中所成的像是實像[分析]平面鏡成像特點：物體在平面鏡中成虛像,物像大小相等,物像連線與鏡面垂直,物像到平面鏡的距離相等。平面鏡中成像大小跟物體大小有關,跟物體到平面鏡的距離無關。[解答]解：A、小張同學逐漸靠近平面鏡的過程中,其大小不變,根據平面鏡成像特點知物像大小相等,故小張的像大小不變。故A錯誤；B、人若能從鏡中看到自己的全身像,需滿足的條件是：人的頭項和腳射出的光,經鏡子反射后都能進入人的眼睛,即人像的上、下兩端與眼睛的連線必須都穿過鏡子。假設小張的身高為1.6m。如圖所示,AB表示人的全身,C點表示人眼的位置。根據平面鏡成像的特點,作出人的像A'B'．將A'和C,B'和C分別用直線連接起來。則EF就是鏡子至少應具有的長度。因為A′B′∥EF∥AB,且D為AA′的中點；所以E、F分別為A′C、B′C的中點；所以EF為△A′B′C的中位線；所以EF=A′B′=AB=×1.6m=0.8m。故小張想通過平面鏡看完自己的全身像,則平面鏡的高度至少為整個身高的一半,故B正確；C、因為光路是可逆的,所以小張在平面鏡中看見了小王,小王也能在平面鏡中看見小張。故C錯誤；D、根據平面鏡成像特點知,小張在平面鏡中所成的像是虛像。故D錯誤。故選：B。[點評]此題主要考查了平面鏡成像的特點,要理解成正立、等大虛像的真正含義,并做到靈活運用。3．〔2018?達州對于圖中所示的四幅圖,下列說法中正確的是〔A．甲圖中軟木塞飛出時,管內水蒸氣的內能增加B．乙圖中兩個壓緊的鉛塊能吊起鉤碼,主要是因為分子間存在引力C．丙圖中活塞向上運動是內燃機的做功沖程D．丁圖中小朋友下滑時,內能轉化為機械能[分析]〔1物體對外做功,內能減小,溫度降低；〔2分子間存在引力；〔3在做功沖程中,燃氣推動活塞向下運動,內能轉化為機械能；壓縮沖程機械能轉化為內能；〔4改變物體內能的方式：做功和熱傳遞。[解答]解：A、甲圖中軟木塞飛出時,管內水蒸氣的內能減少,故A錯誤；B、丙圖中兩個壓緊的鉛塊能吊起鉤碼,主要是因為分子間存在引力,故B正確；C、乙圖中活塞向上運動時,進氣門、排氣門都關閉,是內燃機的壓縮沖程,故C錯誤；D、丁圖中小朋友下滑時,機械能轉化為內能,故D錯誤；故選：B。[點評]本題考查的知識點比較多,主要考查學生對所學物理知識的綜合應用能力。4．〔2018?達州一輛小轎車在一段平直的公路上勻速行駛的過程中,下列說法正確的是〔A．小轎車受到的牽引力與阻力是一對相互作用力B．小轎車行駛的速度越大,小轎車對地面的壓力越大C．由于慣性,即使緊急剎車,也會向前運動一段距離才能停下來D．發(fā)動機運轉時小轎車才能運動,說明力是維持物體運動狀態(tài)的原因[分析]〔1根據相互作用力與平衡力的條件可做出判斷；〔2根據流體壓強與流速的關系,判斷升力的情況,再進一步得出壓力的大?。弧?一切物體都有保持原來運動狀態(tài)不變的性質,叫慣性；〔4力是改變物體運動狀態(tài)的原因,維持物體運動不需要力。[解答]解：A、小轎車勻速行駛的過程中,受到的牽引力與阻力大小相等、方向相反、作用在同一直線上、作用在同一物體上,是一對平衡力,故A錯誤；B、小轎車呈流線型,行駛時上方空氣流速大、壓強小,下方空氣流速小、壓強大,產生向上的升力,因此,小轎車行駛的速度越大,小轎車對地面的壓力越小,故B錯誤；C、由于慣性,即使緊急剎車,小轎車也會保持原來的運動狀態(tài),向前運動一段距離才能停下來,故C正確；D、發(fā)動機運轉時小轎車才能運動,說明力是改變物體運動狀態(tài)的原因,而不是說明力是維持物體運動狀態(tài)的原因,故D錯誤。故選：C。[點評]本題主要考查了平衡力與相互作用力的辨別、流體壓強與流速關系的運用、慣性的理解、力與運動關系的理解等,屬力學綜合題。5．〔2018?達州如圖所示,用一個帶正電的物體a去接觸不帶電的驗電器的金屬球b時,金屬球b也帶上正電,則下列說法正確的是〔A．a上的一些電子轉移到b上,瞬時電流方向b→aB．b上的一些電子轉移到a上,瞬時電流方向a→bC．b上的一些電子轉移到a上,瞬時電流方向b→aD．a上的一些電子轉移到b上,瞬時電流方向a→b[分析]〔1一般情況下物體不帶電顯中性,當物體失去電子因缺少電子帶正電,當物體得到電子因多余電子帶負電。中性物體,帶正電物體,帶負電物體奪得電子的本領是：帶正電物體奪得電子的本領大于中性的物體,中性物體奪得電子的本領大于帶負電的物體?！?正電荷定向移動的方向為電流的方向。[解答]解：原來金屬球b不帶電,對外顯中性,金屬球b與帶正電的a物體接觸時,帶正電a物體奪得電子的本領大于不帶電的金屬球b,帶正電的a物體奪得電子,金屬球b失去電子帶正電,電子的移動方向為b→a,所以瞬時電流的方向為a→b。故選：B。[點評]知道帶正電的物體缺少電子,帶負電的物體有多余的電子,物體帶電是因為電子的轉移,此題即可得出答案。6．〔2018?達州甲乙兩地相距30km,在甲、乙兩地之間沿直線架設了兩條輸電線,已知輸電線的電阻與其長度成正比,現輸電線在某處發(fā)生了短路,為確定短路位置,甲地檢修員先用如圖所示的測量儀接入AB時,電流表的示數為0.2A,乙地檢修員后用相同的測量儀接人CD時,電流表的示數為0.3A．則短路位置離甲地〔A．18km B．15km C．12km D．10km[分析]根據歐姆定律可計算電路中的電阻,進一步計算短路位置離甲地的距離。[解答]解：由題知,甲乙兩地相距30km,輸電線的電阻與其長度成正比,設每km輸電線的電阻為R0,短路位置離甲地的距離為s,則短路位置離乙地的距離為30km﹣s,則AB間的總電阻〔兩條輸電線的總長度為2s：Rab=2sR0,同理可得,CD間的總電阻：Rcd=2〔30km﹣sR0,用如圖所示的測量儀進行檢測時,電源電壓不變,所以由歐姆定律得：U=IabRab,U=IcdRcd,因電源電壓不變,所以可得IabRab=IcdRcd,代入數據有：0.2A×2sR0=0.3A×2〔30km﹣sR0,解得：s=18km。故選：A。[點評]本題考查學生運用歐姆定律解決實際問題的能力。能根據題意求從檢修點到短路處的總電阻是關鍵的一步,再進一步根據總電阻得出導線的總長度,值得注意的是：短路處距甲處的距離則是導線總長度的一半。7．〔2018?達州如圖所示電路,電源兩端電壓保持不變,閉合開關S,當滑動變阻器的滑片向右滑動時,下列判斷正確的是〔A．電壓表V1示數與電流表A的比值變大B．電壓表V2示數與電流表A的比值不變C．電壓表V1示數的變化量大于電壓表V2示數的變化量D．電壓表V1示數的變化量小于電壓表V2示數的變化量[分析]由電路圖可知,R0與R1、滑動變阻器R2串聯(lián),電壓表V1測R1兩端的電壓,電壓表V2測變阻器兩端的電壓,電流表測電路中的電流。〔1根據滑片的移動可知接入電路中電阻的變化,根據歐姆定律可知電路中電流的變化和R0與R1兩端的電壓變化,根據串聯(lián)電路的電壓特點可知滑動變阻器兩端的電壓變化,然后判斷電壓表V1與電流表A的比值變化以及電壓表V2示數與電流表示數的比值的變化；〔2根據串聯(lián)電路的特點和歐姆定律分別表示出兩電壓表示數的變化量,然后比較兩者的絕對值得出答案。[解答]解：由電路圖可知,R0與R1、滑動變阻器R2串聯(lián),電壓表V1測R1兩端的電壓,電壓表V2測變阻器兩端的電壓,電流表測電路中的電流?！?當滑動變阻器的滑片P向右滑動時,接入電路中的電阻變大,電路中的總電阻變大,由I=可知,電路中的電流變小,即電流表的示數變小,因為R1為定值電阻,電壓表V1與電流表A的比值為R1,所以電壓表V1與電流表A的比值不變,故A錯誤；由R0與R1的電阻不變和U=IR可知,R0和R1兩端的電壓變小,即電壓表V1的示數變小,因串聯(lián)電路中總電壓等于各分電壓之和,所以,滑動變阻器兩端的電壓變大,即電壓表V2的示數變大；因電壓表V2的示數變大,電流表的示數變小,所以,電壓表V2示數與電流表示數的比值變大,故B錯誤；〔2設滑片移動前后電路中的電流為I、I′,電壓表V1示數的變化量：△UV1=U1′﹣U1=I′R1﹣IR1=〔I′﹣IR1=△IR1,電壓表V2示數的變化量：△UV2=U滑′﹣U滑=[U﹣I′〔R1+R2]﹣[U﹣I〔R1+R2]=〔I﹣I′〔R1+R2=﹣△I〔R1+R2因|△IR1|＜|△I〔R1+R2|所以,電壓表V1示數變化量的絕對值小于電壓表V2示數變化量的絕對值,故C錯誤,D正確。故選：D。[點評]本題考查了電路的動態(tài)分析,涉及到串聯(lián)電路的特點和歐姆定律的應用,會正確的表示兩電壓表示數的變化量是關鍵。8．〔2018?達州兩個底面積相同形狀不同的容器A、B〔GA=GB,盛有不同的液體放置在水平桌面上,現將甲、乙兩個相同的物塊分別放入兩容器中,當兩物塊靜止時,兩容器中液面恰好相平,兩物塊所處的位置如圖所示〔忽略液體的損失,下列說法正確的是〔A．甲物塊受到的浮力大于乙物塊受到的浮力B．兩容器底受到的液體壓強相等C．取出兩物塊后,B容器底受到液體的壓強大于A容器底受到液體的壓強D．取出兩物塊后,B容器對桌面的壓強小于A容器對桌面的壓強[分析]〔1根據物體的浮沉條件判斷浮力與重力的關系；〔2根據p=ρ液gh得出容器底受到壓強的關系；〔3取出物塊后,由于容器底所受壓力減少量△F=△G,由此即可判斷；〔4根據壓強公式p=求出壓強的大小。[解答]解：A、甲懸浮,F浮甲=G排甲=G；乙漂浮,則F浮乙=G排乙=G,可知F浮甲=F浮乙,故A錯誤；B、物體在甲中懸浮,則ρ甲=ρ物,在乙中漂浮,則ρ乙＞ρ物,可知乙的密度較大,已知深度相同,由p=ρ液gh可知,B液體對容器底的壓強大,故B錯誤；C、取出物塊后,由于容器底所受壓力減少量△F=△G,放入兩容器中兩個的物塊相同,所以減少的壓力△F甲=△F乙,所以減少的壓強△p甲=△p乙,故取出兩物塊后,B容器底受到液體的壓強大于A容器底受到液體的壓強,故C正確；D、B容器液體密度大于A液體密度,甲排開A的體積大于乙排開B的體積,取出后物體后B液體體積大于A液體體積,B液體的重力大于A液體重力,由壓強公式p=得,取出兩物塊后,B容器對桌面的壓強大于A容器對桌面的壓強。故D錯誤。故選：C。[點評]本題主要考查了物體浮沉條件及液體壓強公式的應用,以及固體壓強公式,是一道綜合題。9．〔2018?達州如圖所示,光滑帶槽的長木條AB〔質量不計可以繞支點O轉動,木條的A端用豎直細線連接在地板上,OA=0.6m,OB=0.4m。在木條的B端通過細線懸掛一個長方體木塊C,C的密度為0.8×103kg/m3,B端正下方放一盛滿水的溢水杯。現將木塊C緩慢浸入溢水杯中,當木塊浸入水中一半時,從溢水口處溢出0.5N的水,杠桿處于水平平衡狀態(tài),然后讓質量為300g的小球從B點沿槽向A端勻速運動,經4s的時間系在A端細繩的拉力恰好等于0,下列結果不正確的是〔忽略細線的重力,g取10N/kg〔A．木塊受到的浮力為0.5NB．木塊C受到細線的拉力為0.3NC．小球剛放在B端時A端受到細線的拉力為2.2ND．小球的運動速度為0.2m/s[分析]〔1溢水杯內裝滿水,當物體放入后,根據阿基米德原理即可求出物體受到的浮力；〔2根據F浮=ρ水V排g求排開水的體積；此時木塊浸入體積為木塊體積的一半,可求木塊的體積,又知道木塊的密度,利用密度公式和重力公式求木塊重；根據FB=G﹣F浮求杠桿B端受到的拉力FB,〔3根據杠桿平衡條件得出關系式FA×OA=FB×OB求出小球剛放在B端時A端受到細線的拉力；〔4知道小球的質量可求重力,設小球的運動速度為v,則小球滾動的距離s=vt,可求當A端的拉力為0時,小球到O點距離〔s﹣OB=vt﹣OB=v×4s﹣0.4m,再根據杠桿平衡條件得出G球×s′=FB×OB,據此求小球運動速度。[解答]解：〔1溢水杯內盛滿水,當物體放入后,物體受到的浮力：F浮=G排=0.5N,故A正確；〔2根據F浮=ρ液gV排可得排開水的體積：V排===5×10﹣5m3；因為一半浸入水中,所以物體的體積：V物=2V排=2×5×10﹣5m3=1×10﹣4m3；由G=mg和ρ=可得,物體的重力：G=mg=ρ物?V物g=0.8×103kg/m3×1×10﹣4m3×10N/kg=0.8N,則B端木塊C所受的拉力：FB=G﹣F浮=0.8N﹣0.5N=0.3N,故B正確；〔3小球的質量為：m球=300g=0.3kg,小球的重：G球=m球g=0.3kg×10N/kg=3N,小球剛放在B端時,B端受到的力為3N+0.3N=3.3N,根據杠桿平衡條件得出關系式：FA×OA=FB×OB則A端受到細線的拉力：FA===2.2N,故C正確?！?設小球的運動速度為v,則小球滾動的距離s=vt,當A端的拉力為0時,杠桿再次平衡,此時小球到O點距離：s′=s﹣OB=vt﹣OB=v×4s﹣0.4m,根據杠桿平衡條件可知：G球×s′=FB×OB,即：3N×〔v×4s﹣0.4m=0.3N×0.4m,解得：v=0.11m/s。故D錯誤。故選：D。[點評]該題考查浮力、重力的計算以及杠桿的平衡條件,屬于對初中內容的考查,解答的關鍵是對公式和變形公式的理解與應用能力。10．〔2018?達州如圖所示電路,電源電壓不變,閉合開關S,當滑片P置于變阻器的B端時,電壓表的示數為6V,在10s內定值電阻R1產生的熱量為36J；當滑片P置于變阻器的中點時,電壓表的示數變化了2V．下列結果正確的是〔A．R1先后兩次消耗的電功率之比為3：4B．滑動變阻器R2的最大阻值為10ΩC．電源電壓為10VD．R1的阻值為20Ω[分析]由電路分析可知,R1與滑動變阻器串聯(lián),電壓表測量滑動變阻器兩端的電壓；由滑片的移動和電壓表示數變化可知滑片滑到B點時電壓表的示數,則由歐姆定律可表示出滑片在不同位置時滑動變阻器兩端的電壓與電源電壓電阻間的關系,聯(lián)立可解得R1與R2最大值之間的關系及電源的電壓；由功率公式可求得R1的阻值,則可求得R2的最大阻值；最后由功率公式分別求得R1先后兩次消耗的電功率,即可求得比值。[解答]解：由電路圖可知,R1與滑動變阻器串聯(lián),電壓表測量滑動變阻器兩端的電壓；當滑片在B端時,由歐姆定律可知,電流中的電流：I1=,則滑動變阻器兩端的電壓〔電壓表的示數：U2=I1×R2==6V﹣﹣﹣﹣﹣﹣①由題意知,當滑片滑到中點處時,滑動變阻器接入電阻變小,變阻器分得電壓變小,即電壓表示數應減小,所以,滑片滑到中點時,滑動變阻器兩端電壓為U2′=6V﹣2V=4V；同理可得,滑動變阻器兩端的電壓〔電壓表的示數：U2′==4V﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣②①：②可得：=,解得R1=R2﹣﹣﹣﹣﹣﹣③將③代入①：==6V,可得電源電壓：U=12V,故C錯誤；當滑片滑到B端時,R1兩端電壓為：U1=U﹣U2=12V﹣6V=6V；由Q=t=36J可得：R1=×10s=10Ω,故D錯誤；因R2=R1,所以變阻器R2的最大阻值為10Ω,故B正確；滑片在中點時,R1兩端的電壓為U1′=U﹣U2′=12V﹣4V=8V,則R1先后兩次的電壓之比為：==,由P=可得R1先后兩次消耗的電功率之比：====,故A錯誤。故選：B。[點評]本題已知量較少,故無法直接求出結果,所以其難點在于學生能否準確地建立方程；在電學中此類采用方程法求解的題目較多,應根據題意靈活設定未知量,列出方程才能準確求解。二．填空題11．〔2018?達州滑板車是小學生喜愛的玩具之一。用腳向后蹬地,滑板車會沿地面向前運動,這說明力的作用是相互的；如果不再蹬地,滑板車的速度會越來越慢,最后停下來,這表明力可以改變物體的運動狀態(tài)；滑板車在水平地面上靜止且人的兩腳站立在滑板車上時,滑板車受到的支持力與人與車的總重力是平衡力〔選填"人的重力"、"車的重力"、"人與車的總重力"[分析]〔1物體間力的作用是相互的,物體受到力的同時,也對另一個物體施加了力；〔2力的作用效果有兩個：①力可以改變物體的形狀即使物體發(fā)生形變。②力可以改變物體的運動狀態(tài),包括物體的運動速度大小發(fā)生變化、運動方向發(fā)生變化?！?靜止的物體受到平衡力作用,其大小相等、方向相反。[解答]解：〔1用腳向后蹬地,滑板車會沿地面向前運動,這說明力的作用是相互的?！?如果不再蹬地,滑板車的速度會越來越慢,最后停下來,這表明力可以改變物體的運動狀態(tài)?！?滑板車在水平地面上靜止且人的兩腳站立在滑板車上時,滑板車受到的支持力與"人與車的總重力"是一對平衡力,其大小相等,方向相反。故答案為：相互；運動狀態(tài)；人與車的總重力。[點評]深入理解物體間力的作用的相互性、力的兩個作用效果、平衡力與物體運動狀態(tài)間關系；可解答此題。12．〔2018?達州如圖所示是小李同學在一個標準大氣壓下探究某物質熔化時溫度隨時間變化的圖象,第6min時的內能小于第8min時的內能〔選填"大于"、"等于"或"小于"；該物質在CD段的比熱容是AB段比熱容的2倍〔被加熱物質的質量和吸、放熱功率不變。[分析]〔1晶體熔化的過程中吸熱而不升溫,但內能增大；〔2晶體熔化前處于固態(tài),晶體熔化過程中質量不變,吸收熱量的多少與加熱時間成正比,根據Q=cm△t可判斷比熱容的比值。[解答]解：〔1晶體熔化過程要吸收熱量,內能增加。所以第6min時的內能小于第8min時的內能；〔2根據圖中坐標信息可知,該物質在AB段溫度升高10℃,被加熱4min；在CD段溫度升高5℃,被加熱4min；則該物質在AB段吸熱與CD段吸熱之比為1：1,根據Q=cm△t可得,====,所以該物質在CD段的比熱容是AB段比熱容的2倍。故答案為：小于；2。[點評]此題的關鍵在于理解：相同加熱器加熱相同時間,被加熱物質吸收相同的熱量。13．〔2018?達州某同學在"探究凸透鏡成像規(guī)律"的實驗中,繪制了如圖所示的圖象〔v表示像到凸透鏡的距離,u表示物體到凸透鏡的距離,用該凸透鏡作放大鏡使用時,被觀察的物體到透鏡的距離在0.05m以內；把物體從距凸透鏡5cm處移動到距凸透鏡20cm處的過程中,像的大小將變小〔選填"變大"、"變小"、"先變小再變大"、"先變大再變小"。[分析]〔1根據凸透鏡成像的幾種情況和應用進行判斷：u＜f,成正立、放大的虛像,應用于放大鏡和老花鏡?！?當物距大于焦距時,凸透鏡成實像；凸透鏡成實像時,物距增大,像距減小,像變??；凸透鏡成需像時,物距增大,像變大。[解答]解：由凸透鏡成像規(guī)律可知,u=v=2f,凸透鏡成倒立、等大的實像,由圖象可知,u=v=2f=10cm時,所以f=5cm=0.05m,用該凸透鏡作放大鏡使用時,u＜f,成正立、放大的虛像,即被觀察的物體到透鏡的距離在0.05m以內；把物體從距凸透鏡5cm處移動到距凸透鏡20cm處的過程中,物距增大,像距減小,像變小；故答案為：0.05；變小。[點評]凸透鏡成像的四種情況和應用,以及凸透鏡成實像時,物距、像距、像之間的關系,是凸透鏡成像習題的重要依據,一定要熟練掌握。14．〔2018?達州小張駕駛一輛額定功率為35千瓦、效率為30%的汽車在一段平直的公路上勻速行駛,在額定功率下行駛1小時至少需要12L汽油〔汽油的熱值為3.5×107J/L；若行駛的速度為72km/h,則汽車受到的阻力為525N,汽油屬于不可再生能源〔選填"可再生"或"不可再生"。[分析]〔1根據W=Pt求出小汽車以額定功率勻速直線行駛1h牽引力所做的功,用η=求出放出的熱量,再利用Q放=Vq可求出完全燃燒多少升汽油放出熱量；〔2利用效率公式η=的變形公式W=ηQ放可求出牽引力做的功；知道前進的距離,利用公式W=Fs求出汽車的牽引力,知道汽車做勻速直線運動,受到的牽引力等于阻力,可求阻力；〔3像煤、石油、天然氣等,一旦消耗很難再生的能源屬于不可再生能源。[解答]解：小汽車以額定功率勻速直線行駛1h牽引力所做的功：W=Pt=3.5×104W×3600s=1.26×108J,完全燃燒汽油放出熱量Q放=Vq,小汽車發(fā)動機的效率η=,所以ηQ放=W,ηVq=W,V===12L；〔2由η=得,汽油機的有用功：W=ηQ放=30%×1.26×108J=3.78×107J；因為72km/h=20m/s,由W=Fs得汽車發(fā)動機的牽引力：F====525N,因為汽車在平直公路上勻速行駛,所以汽車受到的阻力：f=F=525N；〔3汽油屬于不可再生能源,一旦消耗很難再生；故答案為：12；525；不可再生。[點評]知道功率的計算、熱量的計算和效率的計算是,以及能源的分類,是一道綜合題。15．〔2018?達州如圖所示,完全相同的圓柱形容器中,裝有不同的兩種液體甲、乙,在兩容器中,距離同一高度分別有A、B兩點。若兩種液體的質量相等,則A、B兩點的壓強關系是pA＜pB；若A、B兩點的壓強相等,則兩種液體對容器底的壓強關系是p甲＞p乙〔兩空選填"＞"、"="或"＜"。[分析]〔1已知液體內A、B兩點到容器底部的距離相等,根據m=ρV、V=Sh可知A、B兩點以下液體質量的大小關系；根據液體的質量相等可知A、B兩點上液體的質量關系,因液體對A、B所在液面的壓力和液體自身的重力相等,根據壓強公式即可得出這兩處的液體壓強大小關系?！?若A、B兩點的壓強相等,可判斷出A、B兩點上液體的質量關系,進一步確定A、B兩點以下液體質量的大小關系,最后得出容器中液體質量關系,根據壓強公式即可得出容器底液體壓強大小關系。[解答]解：〔1∵A、B兩點到容器底的距離相等,∴根據m=ρV=ρSh可知,A、B兩點以下m甲＞m乙；又∵因為完全相同的容器中,分別盛有質量相等的兩種液體甲、乙,∴A、B兩點上液體的質量：mB＞mA,即GB＞GA；∴根據p=可知,pB＞pA?！?若A、B兩點的壓強相等,則A、B兩點上液體的質量：mB=mA,因為A、B兩點到容器底的距離相等,則有mB′＜mA′,故有m甲＞m乙,G甲＞G乙；根據p=可知,p甲＞p乙。故答案為：＜；＞。[點評]解決本題的關鍵是知道固體壓強公式p=適用于固體、液體以及氣體壓強的計算。16．〔2018?達州兩個標有"5Ω1A"和"10Ω0.6A"的定值電阻,將它們串聯(lián)起來使用時等效電阻為15Ω,電源電壓最多為9V；若將它們并聯(lián)時干路電流最大是1.5A。[分析]〔1〔2串聯(lián)電路電流處處相等；為了不損壞電阻,比較兩電阻允許通過的最大電流,選其中較小的電流；然后根據串聯(lián)電路電阻的特點求出總電阻,再利用U=IR即可求出電源電壓的最大值；〔3并聯(lián)電路兩端電壓相等；為了不損壞電阻,根據U=IR分別求出各電阻兩端允許的最大電壓,然后比較,選其中較小的電壓,再利用I=分別求出各支路電流,最后利用并聯(lián)電路電流的特點求出干路上允許的最大電流。[解答]解：〔1串聯(lián)電路的等效電阻〔總電阻等于各個電阻之和,所以R=R1+R2=5Ω+10Ω=15Ω；〔2由題知,兩電阻允許通過的最大電流分別為：I1=1A,I2=0.6A,則I1＞I2,因串聯(lián)電路電流處處相等,所以為了不損壞電阻,串聯(lián)電路中的最大電流為0.6A；則電源電壓的最大值：U大=I大〔R1+R2=0.6A×〔5Ω+10Ω=9V；〔3兩電阻兩端允許的最大電壓分別為：U1=I1R1=1A×5Ω=5V,U2=I2R2=0.6A×10Ω=6V,比較可知U1＜U2,為使兩電阻都不燒壞,則電路兩端允許加的最大電壓是5V；此時通過R1電阻的電流為1A,通過R2電阻的電流：I2′===0.5A,則并聯(lián)電路中干路上允許的最大電流為：I大′=I1+I2′=1A+0.5A=1.5A。故答案為：；15；9；1.5A。[點評]本題考查串并聯(lián)電路電壓和電流的特點以及歐姆定律計算公式的靈活應用情況。17．〔2018?達州如圖所示的電路,當S1、S2都閉合時,R1的電功率為25W,當把S2斷開時,R1的電功率為4W,則此時R2的電功率為6W。[分析]根據電路圖分析電路結構,由R1的功率求出R1的實際電壓之比,根據串聯(lián)電路的電壓特點得出功率之比,即可根據燈泡實際功率求出R2上的功率。[解答]解：由電路圖可知,當閉合開關S1、S2時,電阻R2被短路,電路為R1的簡單電路,則R1兩端電壓等于電源電壓為U,且R1的功率P=25W；由P=可得,R1的電阻為：R1=；由圖可知,當把S2斷開時,R1與R2串聯(lián),設此時R1兩端電壓為U1,且R1的功率P'=4W,R1的電阻為：R1=；R1的阻值不變,則：=；變形可得：==,解得：=,所以U1=U；串聯(lián)電路的總電壓等于各分電壓之和,即U=U1+U2,則此時R2兩端的電壓為：U2=U﹣U1=U﹣U=U；根據P=UI可得,此時R1的電功率與R2的電功率之比為：=====,則：P2=P'=×4W=6W。故答案為：6。[點評]本題考查了判斷電阻工作情況,求電阻消耗的功率；分析清楚電路結構、知道R1的功率與兩端的電壓的關系是正確解題的關鍵。18．〔2018?達州如圖所示是某同學設計的一臺浮力電子秤,其結構由浮力秤和電路兩部分組成,小筒底面積為10cm2,大筒底面積為50cm2,裝有適量水,金屬滑片P固定在托盤下面并隨托盤一起自由滑動〔滑片質量和滑片受到導線的拉力均忽略不計,定值電阻R0=8Ω,AB是一根長為20cm的均勻電阻絲,其阻值為20Ω,電源電壓為6V．當托盤中不放物體時,P位于A端,小筒浸入水中5cm〔稱量過程中大筒水未溢出,則：R0在電路中的作用是保護電路,托盤和小筒的總質量為50g,當開關S閉合且在托盤中放入質量為100g的物體時,R0消耗的功率為0.72W。[分析]〔1串聯(lián)電路,各電阻起到分壓的作用,從而保護電路；〔2根據漂浮時,浮力等于重力分析解答；〔3托盤中放入100g的物體時,仍然處于漂浮狀態(tài),浮力仍等于重力,所以增加的浮力等于增加的重力,根據F浮=ρ液gV排求出增加的排開水的體積,再根據V=Sh算出增加的深度；根據"AB是一根長為20cm的均勻電阻絲,其阻值為20Ω"求出電阻的變化值,得出連入電路的電阻,根據歐姆定律求出電路的電流,最后根據P=I2R算出電阻R0消耗的功率。[解答]解：〔1當滑片P在最下端時,R的電阻為零,若電路中沒有R0,將會造成電源短路,故R0在電路中起到保護電路的作用；〔2托盤中不放物體時,小筒浸入水中5cm,排開水的體積為：V排=S小筒h=10cm2×5cm=50cm3=5×10﹣5m3；小桶受到的浮力為：F浮=ρ液gV排=1.0×103kg/m3×10N/kg×5×10﹣5m3=0.5N；托盤和小筒處于漂浮狀態(tài),浮力等于重力,則托盤和小筒的總重力：G=F浮=0.5N；托盤和小筒的總質量為：m===0.05kg=50g；〔3在托盤中放入質量為100g的物體時,托盤和小筒仍處于漂浮狀態(tài),浮力仍等于重力,所以增加的浮力等于增加的重力,即△F浮=△G=△mg=0.1kg×10N/kg=1N,根據F浮=ρ液gV排可得,增加的排開水的體積：△V排===10﹣4m3；根據V=Sh可得,增加的浸入深度：△h浸===0.1m；大筒中水面上升的高度：△h上升===0.02m；因為：△h浸=△h上升+d,其中d為小筒向下移動的距離,所以小桶向下移動的距離：d=△h浸﹣△h上升=0.1m﹣0.02m=0.08m；小桶下降0.08m,滑片也跟著下滑0.08m=8cm,則變阻器連入電路的長度變?yōu)?0cm﹣8cm=12cm,因為AB是一根長為20cm的均勻電阻絲,其阻值為20Ω,即1cm的電阻絲的電阻為1Ω,所以12cm的電阻絲的電阻為12Ω,即R=12Ω,因為R和R0串聯(lián),由歐姆定律可得,此時電路的電流為：I===0.3A；R0消耗的功率：P0=I2R0=〔0.3A2×8Ω=0.72W故答案為：保護電路；50；0.72。[點評]本題考查了串聯(lián)電路電壓的規(guī)律,浮沉條件、阿基米德原理、歐姆定律的應用、電功率的計算等知識,是一道綜合題,難度較大。19．〔2018?達州如圖所示,電源電壓保持不變,電阻R1為20Ω,小燈泡L標有"6V3W"字樣。閉合S,斷開S1、S2,滑動變阻器滑片P移至最右端時,小燈泡L恰好正常發(fā)光；閉合S、S1、S2,滑片P移至最左端時,電路消耗的總功率為5.4W,忽略小燈泡電阻隨溫度的變化,則小燈泡L的電阻為12Ω,滑動變阻器的最大阻值為10Ω；閉合S,斷開S1、S2,移動滑片P,使滑動變阻器的電功率為0.72W時,電流表的示數為0.3A。[分析]〔1閉合S,斷開S1、S2,滑動變阻器滑片P移至最右端時,電路為小燈泡L的簡單電路,且小燈泡L恰好正常發(fā)光,故可判斷電源電壓,同時據燈泡正常發(fā)光,據P=可計算小燈泡的電阻；〔2閉合S、S1、S2,滑片P移至最左端時,小燈泡發(fā)生短路,定值電阻R1與滑動變阻器R的最大阻值并聯(lián)；根據電路消耗的總功率為5.4W,可計算出總電流,進而利用歐姆定律可以計算出R1的電流,進而計算出滑動變阻器R的電流,據R的電流和電壓,結合歐姆定律可以計算R電阻。〔3閉合S,斷開S1、S2,移動滑片P,燈泡和滑動變阻器串聯(lián),使滑動變阻器的電功率為0.72W時,設此時電流表的示數為I,根據UL+U滑=U列出方程解答即可。[解答]解：〔1閉合S,斷開S1、S2,滑動變阻器滑片P移至最右端時,電路為小燈泡L的簡單電路,且小燈泡L恰好正常發(fā)光,則電源電壓U=U額=6V；由P=可得,小燈泡的電阻：RL===12Ω；〔2閉合S、S1、S2,滑片P移至最左端時,小燈泡發(fā)生短路,定值電阻R1與滑動變阻器R的最大阻值并聯(lián)；電路消耗的總功率為5.4W,由P總=U總I總可得干路中的電流：I總===0.9A；通過R1的電流：I1===0.3A；由并聯(lián)電路的電流特點可得,通過滑動變阻器的電流：I滑=I總﹣I1=0.9A﹣0.3A=0.6A；則滑動變阻器的最大電阻：R滑大===10Ω；〔3閉合S,斷開S1、S2,移動滑片P,燈泡和滑動變阻器串聯(lián),由題知,移動滑片使滑動變阻器的電功率為0.72W,設此時電流表的示數為I,由P=UI可得,此時滑動變阻器兩端的電壓：U滑=,燈泡兩端的電壓：UL=IRL,根據串聯(lián)電路的電壓特點可得：UL+U滑=U,即IRL+=U,帶入數據得：I×12Ω+=6V,化簡得2I2﹣I+0.12=0,解方程得：I=0.2A或0.3A,當滑片移至最左端時,電流最小為I最小==≈0.27A,所以I=0.2A舍去,I只能取0.3A,即電流表示數為0.3A。故答案為：12；10；0.3。[點評]本題考查了串并聯(lián)電路的特點和歐姆定律、電功率公式的應用,關鍵是開關閉合、斷開時電路連接方式的辨別,要注意燈泡正常發(fā)光時的電壓和額定電壓相等。三．作圖題20．〔2018?達州完成光路圖,根據圖中的入射光線或折射光線作出相應的折射光線或入射光線。[分析]觀察入射光線和折射光線的特點,根據凸透鏡的光學特點作圖；根據凸透鏡成像時,物體在二倍焦距處,所成的像是等大倒立的實像,像在二倍焦距處,所以過二倍焦距處的入射光線經凸透鏡折射后一定過另一側二倍焦距處,畫出折射光線。[解答]解：平行于主光軸的光線經凸透鏡折射后將過焦點,過光心的光線經凸透鏡折射后傳播方向不變,過二倍焦距處的折射光線的入射光線通過凸透鏡另一側二倍焦距處,如圖所示：[點評]凸透鏡三條特殊光線的作圖：①通過焦點的光線經凸透鏡折射后將平行于主光軸。②平行于主光軸的光線經凸透鏡折射后將過焦點。③過光心的光線經凸透鏡折射后傳播方向不改變。21．〔2018?達州如圖所示是小明同學在研究通電螺線管極性時的情形,請標出開關閉合后通電螺線管的N極、螺線管內小磁針的N極和磁感線上A點的磁場方向。[分析]從電流的方向入手,利用右手螺旋定則判斷出螺線管的極性,然后根據磁體外部磁感線總是從N極指向S極確定A點磁感線的方向,再利用內部磁感線方向確定小磁針的磁極。[解答]解：由右手螺旋定則可得,右手握住螺線管,四指指向電流的方向,大拇指指向螺線管的右端為N極,外部磁感線由N極指向S極,故A點磁感線向左,內部磁感線方向由S極指向N極,故小磁針右側為N極,左側為S極。故答案如圖：[點評]此題考查了磁極間的相互作用規(guī)律和安培定則的應用以及磁感線的特點。利用右手螺旋定則既可由電流的方向判定磁極磁性,也能由磁極極性判斷電流的方向和線圈的繞法；要注意外部磁感線由N極指向S極以及磁感線的特點。四．實驗探究題22．〔2018?達州小陳同學在老師的指導下完成了以下實驗：①用彈簧測力計測出一個帶蓋子的空玻璃瓶的重力,如圖甲所示；②用手拿著這個蓋緊瓶蓋的空玻璃瓶浸沒在水中,放手后發(fā)現玻璃瓶上??；③將一個鐵塊裝入玻璃瓶并蓋緊蓋子,放入水中放手后發(fā)現玻璃瓶下沉；④取出玻璃瓶并擦干瓶上的水,掛在彈簧測力計上,保持玻璃瓶豎直,然后從圖乙所示位置慢慢浸入水中,并根據實驗數據繪制了彈簧測力計的示數F與玻璃瓶下表面浸入水中深度h的關系圖象如圖丙所示。〔1裝有鐵塊的玻璃瓶全部浸沒在水中時受到的浮力是1.6N。〔2BC段說明物體受到的浮力大小與浸沒的深度無關〔選填"有關"、"無關?！?在第②操作步驟中空玻璃瓶浸沒在水中時受到的浮力為1.6N?！?小陳認真分析以上實驗數據和現象后發(fā)現,物體的沉浮與物體的重力和所受浮力有關,其中上浮的條件是F?。綠?！?若圓柱形容器的底面積為100cm2,在乙圖中,當玻璃瓶浸沒后,水又對容器底的壓強增加了160Pa?！?細心的小陳同學發(fā)現玻璃瓶上還標有100ml的字樣,于是在裝有鐵塊的玻璃瓶內裝滿水并蓋上瓶蓋,再用彈簧測力計測出總重力,如圖丁所示,此時彈簧測力計示數為3.1N,根據以上數據他算出了鐵塊的密度為0.8×103kg/m3。[分析]〔1分析圖象,由根據F浮=G﹣F求浮力大??；〔2根據圖象分析解答即可；〔3根據浮力大小的影響因素分析解答；〔4根據浮沉條件解答；〔5由阿基米德原理計算瓶子浸入水中體積,從而得出液面上升的高度,可計算壓強的增加量；〔6由圖甲知,瓶子重力,從而計算鐵塊重力,計算出瓶中加入水的重力,由密度公式可得加入水的體積,從而得到鐵塊體積,由密度公式計算鐵塊的密度大小。[解答]解：〔1由圖象知,當瓶子浸入深度為0時,彈簧測力計示數為瓶子和鐵塊的總重力,即G=2.2N；當瓶子浸入深度達到6cm后彈簧測力計不再減小,說明瓶子浸沒在水中,示數為0.6N,所以受到的浮力：F浮=G﹣F=2.2N﹣0.6N=1.6N；〔2由圖象知,BC段瓶子受到的彈簧測力計拉力不變,所以受到的浮力不變,說明物體受到的浮力大小與浸沒的深度無關；〔3浮力的大小與液體密度和物體浸入液體的體積有關,空玻璃瓶浸沒在水中與裝有鐵塊的瓶子浸沒在水中時浸入水中體積相等,所以受到的浮力相等,都為1.6N；〔4物體上浮的條件是物體受到浮力大于物體重力,即F?。綠；〔5由阿基米德原理可得,當玻璃瓶浸沒后,瓶子排開水中體積：V排===1.6×10﹣4m3,容器中水面上升體積與V排相等,即：△V=V排=S△h,所以容器中水面上升高度：△h===1.6×10﹣2m,所以水又對容器底的壓強增加了：△p=ρ水g△h=1.0×103kg/m3×10N/kg×1.6×10﹣2m=160Pa；〔6由圖甲知,空瓶的重力G瓶=1.4N,瓶子和鐵塊的總重力G=2.2N,鐵塊重力：G鐵=G﹣G瓶=2.2N﹣1.4N=0.8N,由題知,圖丁中時彈簧測力計示數,即瓶子、水和鐵塊的總重力：G總=3.1N,所以裝入水的重力：G水=G總﹣G=3.1N﹣2.2N=0.9N,加入水的體積：V水===9×10﹣5m3=90cm3,鐵塊的體積：V=V容積﹣V水=100cm3﹣90cm3=10cm3,所以鐵塊密度：ρ===0.8×103kg/m3。故答案為：〔11.6；〔2無關；〔31.6；〔4F?。綠；〔5160〔60.8×103。[點評]本題通過實驗考查了浮力的因素的認識、浮力的計算、液體壓強以及物體密度的計算等,考查知識點多,綜合性強,是一道好題。23.〔2018?達州某實驗小組的同學在進行"測量小燈泡的額定功率"的實驗中,現有器材：電源〔電壓恒為6V、開關、電壓表、電流表各一個,導線若干,額定電壓為3.8V的待測小燈泡〔電阻約為12Ω,滑動變阻器兩個〔A："5Ω2A"；B："20Ω0.5A"?！?該實驗的實驗原理是P=UI；實驗中,應選用的滑動變阻器是B〔選填"A"或"B"?！?如圖甲所示是小田同學連接的實物電路圖,圖中只有一根導線連接錯誤,請你在圖中用"×"標出這根錯接的導線,只改接一根導線使電路成為正確的電路〔不能與其他導線交叉?！?小田確認電路連接無誤后閉合開關,無論怎樣移動滑動變阻器的滑片,小燈泡始終不發(fā)光且電壓表的示數都接近電源電壓,則電路的故障是燈泡斷路?！?排除故障后,移動滑動變阻器的滑片,并繪制出了小燈泡的電流隨電壓變化的圖象如圖乙所示,則該小燈泡的額定功率為1.14W?！?該組的另一同學接著實驗時,發(fā)現電壓表0～15V量程已經損壞,0～3V量程還可以正常使用,在不添加器材的情況下,為了測出該小燈泡的額定功率,請你在丙圖中的虛線框內畫出正確的電路圖?！?由圖乙推知：小燈泡的實際電壓是額定電壓一半時的電功率為P1,小燈泡的實際電流是額定電流一半時的電功率為P2,則P1大于P2〔選填"大于"、"小于或"等于"。[分析]〔1該實驗的實驗原理是P=UI；小燈泡額定電壓為3.8V,燈絲電阻約為12Ω,由歐姆定律求燈的額定電流；根據串聯(lián)電路的規(guī)律及歐姆定律求燈正常發(fā)光時,變阻器連入電路中的電阻,確定選用的滑動變阻器；〔2燈的額定電壓為3.8V,故電壓表應選用大量程與燈并聯(lián)；〔3燈不亮,說明電路可能斷路；電壓表示數接近電源電壓,說明電壓表與電源連通,則與電壓表并聯(lián)的支路以外的電路是完好的,則與電壓表并聯(lián)的支路斷路了；〔4由繪制出了小燈泡的電流隨電壓變化的圖象找出燈的額定電壓下的電流,根據P=UI求該小燈泡的額定功率；〔5根據串聯(lián)電路電壓的規(guī)律,求燈正常發(fā)光時變阻器的電壓,設計電路圖；〔6由圖乙知,分別找出小燈泡的實際電壓是額定電壓一半時的電流大小和小燈泡的實際電流是額定電流一半時對應的電壓大小,根據P=UI比較燈的實際電功率P1與P2大小。[解答]解：〔1該實驗的實驗原理是P=UI；小燈泡額定電壓為3.8V,燈絲電阻約為12Ω,由歐姆定律,燈的額定電流約為：I==≈0.32A,電源電壓為6V,小燈泡額定電壓為3.8V,根據串聯(lián)電路的規(guī)律及歐姆定律,燈正常發(fā)光時,變阻器連入電路中的電阻：R滑===6.9Ω,選用"20Ω0.5A"的滑動變阻器B；〔2燈的額定電壓為3.8V,故電壓表應選用大量程與燈并聯(lián),如下圖1所示：〔3經分析,小田確認電路連接無誤后閉合開關,無論怎樣移動滑動變阻器的滑片,小燈泡始終不發(fā)光且電壓表的示數都接近電源電壓,則電路的故障是燈泡斷路。〔4由繪制出了小燈泡的電流隨電壓變化的圖象知,燈的額定電壓下的電流為0.3A,則該小燈泡的額定功率為：P=UI=3.8V×0.3A=1.14W；〔5根據串聯(lián)電路電壓的規(guī)律,當變阻器的電壓為：6V﹣3.8V=2.2V時,燈的電壓為額定電壓,故將電壓表并聯(lián)在變阻器的兩端,如下圖2所示：〔6由圖乙知,小燈泡的實際電壓是額定電壓一半時的電流約為0.22A,電功率為：P1=1.8V×0.22A=0.396W；小燈泡的實際電流是額定電流一半時〔0.15A對應的電壓約為1V,燈的實際電功率為：P2=1V×0.15A=0.15W,則P1大于P2。故答案為：〔1P=UI；B；〔2如上圖1；〔3燈泡斷路；〔41.14；〔5如上圖2所示；〔6大于。[點評]本題測量小燈泡的額定功率,考查實驗原理、注意事項、電路的連接、故障分析、額定功率的計算及實驗方案的設計和電功率大小的比較。五．計算題24．〔2018?達州如圖所示的電路中,小燈泡上標有"6V3.6W"字樣,滑動變阻器R1的最大電阻為40Ω．當只閉合S、S2,滑動變阻器的滑片P在中點時,小燈泡正常