安徽縣中聯(lián)盟2023-2024學(xué)年高三上學(xué)期12月聯(lián)考物理試卷

2023~2024學(xué)年安徽縣中聯(lián)盟高三12月聯(lián)考物理試題考生注意：1．本試卷分選擇題和非選擇題兩部分。滿分100分，考試時(shí)間75分鐘。2．答題前，考生務(wù)必用直徑0.5毫米黑色墨水簽字筆將密封線內(nèi)項(xiàng)目填寫清楚。3．考生作答時(shí)，請(qǐng)將答案答在答題卡上。選擇題每小題選出答案后，用2B鉛筆把答題卡上對(duì)應(yīng)題目的答案標(biāo)號(hào)涂黑；非選擇題請(qǐng)用直徑0．5毫米黑色墨水簽字筆在答題卡上各題的答題區(qū)域內(nèi)作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無(wú)效，在試題卷、草稿紙上作答無(wú)效。4．本卷命題范圍：必修第一、二、三冊(cè)，選擇性必修第一冊(cè)第1章。一、選擇題（本題共10小題，共42分．在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第1~8題中只有一項(xiàng)符合題目要求，每小題4分，第9~10題有多項(xiàng)符合題目要求，全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分）1.如圖所示，電源的內(nèi)阻不能忽略，R為滑動(dòng)變阻器，燈泡電阻不變且L1的電阻小于L2的電阻，現(xiàn)將滑動(dòng)變阻器的滑片向左移動(dòng)，則（）A.燈泡L1和L2的亮度均增大B.燈泡L1的電流變化量的大小大于L2的電流變化量的大小C.燈泡L1的電壓變化量的大小小于L2的電壓變化量的大小D.燈泡L1的功率變化量的大小大于L2的功率變化量的大小【答案】C【解析】【詳解】A．根據(jù)閉合電路歐姆定律，滑動(dòng)變阻器的滑片向左移動(dòng)時(shí)，電路中的電流減小，燈泡和的亮度均減小，A錯(cuò)誤；B．因燈泡、串聯(lián)，其電流始終相等，變化量也相等，B錯(cuò)誤；C．燈泡電阻小于的電阻，根據(jù)歐姆定律得燈泡的電壓變化量的大小小于的電壓變化量的大小，C正確；D．由可知故燈泡的功率變化量的大小小于的功率變化量的大小，D錯(cuò)誤。故選C。2.如圖所示，在同一豎直平面內(nèi)，將同一個(gè)小球從高度不同的兩點(diǎn)a、b處分別以初速度和沿水平方向拋出，經(jīng)過(guò)時(shí)間和后落到與兩拋出點(diǎn)水平距離相等的P點(diǎn)。若不計(jì)空氣阻力，則小球落地瞬間重力的瞬時(shí)功率分別記為，，平拋過(guò)程中重力的平均功率分別記為、，下列關(guān)系式中正確的是（）A. B. C. D.【答案】C【解析】【詳解】B．平拋運(yùn)動(dòng)的豎直方向上為自由落體運(yùn)動(dòng)有得a小球下落高度大，所以空中運(yùn)動(dòng)時(shí)間長(zhǎng)B錯(cuò)誤；A．平拋運(yùn)動(dòng)的水平方向?yàn)閯蛩僦本€運(yùn)動(dòng)兩小球運(yùn)動(dòng)水平位移x相同，根據(jù)下落的時(shí)間關(guān)系可得A錯(cuò)誤；C．豎直方向?yàn)樽杂陕潴w運(yùn)動(dòng)，豎直方向的速度為重力的瞬時(shí)功率為可得C正確；D．重力的平均功率為可得D錯(cuò)誤。故選C。3.如圖所示，在水平地面上放置一個(gè)質(zhì)量為M的表面光滑的斜面體，斜面體下底面粗糙。在斜面上固定一輕質(zhì)擋板，通過(guò)輕質(zhì)彈簧連接一質(zhì)量為m的小物塊。開(kāi)始時(shí)斜面與物塊均靜止，現(xiàn)給物塊一個(gè)平行于斜面向下的瞬時(shí)沖量，在物塊運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)的過(guò)程中，斜面體始終保持靜止。則對(duì)該過(guò)程下列說(shuō)法正確的是（）A.地面對(duì)斜面體支持力一直增大B.地面對(duì)斜面體支持力先減小后增大C.斜面體受到地面的摩擦力一直減小D.斜面體受到地面的摩擦力先增大后減小【答案】A【解析】【詳解】CD．將斜面體與小物塊整體進(jìn)行分析，由于開(kāi)始時(shí)斜面與物塊均靜止，可知小物塊向下做減速運(yùn)動(dòng)，若彈簧處于壓縮，壓縮量增大，彈簧彈力增大，根據(jù)牛頓第二定律可知，其加速度增大，加速度在水平方向和豎直方向的分量均增大，水平方向有則斜面體受到地面的摩擦力一直增大，故CD錯(cuò)誤；AB．根據(jù)上述，在豎直方向有可知，斜面體受到地面的支持力一直增大，故A正確，B錯(cuò)誤。故選A。4.一列火車進(jìn)站后關(guān)閉發(fā)動(dòng)機(jī)，在阻力作用下做勻減速直線運(yùn)動(dòng)直至停下，則在該勻減速運(yùn)動(dòng)的前一半位移與后一半位移中阻力的沖量大小之比為（）A. B. C. D.【答案】B【解析】【詳解】將勻減速運(yùn)動(dòng)至停下可以看成倒過(guò)來(lái)的初速度為零的勻加速運(yùn)動(dòng)，初速度為零的勻加速直線運(yùn)動(dòng)相鄰相等位移內(nèi)的時(shí)間之比為，而由題意可知阻力大小不變，設(shè)為F，則前后兩段位移中阻力的沖量大小之比為故選B。5.風(fēng)洞實(shí)驗(yàn)是科學(xué)研究中常用的實(shí)驗(yàn)手段。如圖所示，將一個(gè)儀器用一根輕質(zhì)細(xì)繩懸掛，儀器可視為一個(gè)小球，當(dāng)風(fēng)速為v且沿水平方向時(shí)，細(xì)繩偏離豎直方向角．設(shè)風(fēng)力與風(fēng)速成正比，則當(dāng)風(fēng)速沿某個(gè)方向時(shí)可使細(xì)繩偏離豎直方向仍為角，則最小風(fēng)速為（）A. B. C. D.【答案】B【解析】【詳解】小球受風(fēng)力、重力mg和繩的拉力的作用，三個(gè)力處于平衡狀態(tài)，故根據(jù)力的矢量三角形，畫出受力分析如圖有當(dāng)風(fēng)力垂直于繩子斜向左上方時(shí)，風(fēng)速最小，此時(shí)有聯(lián)立解得故選B。6.如圖所示，在A、B兩點(diǎn)放置電荷量之比為的兩個(gè)正點(diǎn)電荷，O為AB的中點(diǎn)，以O(shè)為圓心的圓上有a、b、c、d四點(diǎn)，其中a、b在AB連線上，cd與AB垂直，已知a點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)為零，則下列說(shuō)法正確的是（）A.c、d兩點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度相同B.將電子從c點(diǎn)沿著圓弧順時(shí)針移動(dòng)到d點(diǎn)過(guò)程中，電勢(shì)能先增大后減小C.bO之間電勢(shì)差大于Oa之間的電勢(shì)差D.ab與AB間距之比為【答案】C【解析】【詳解】A．由于電場(chǎng)強(qiáng)度是矢量，c、d兩處電場(chǎng)強(qiáng)度大小相等，但是方向不同，A錯(cuò)誤；B．將電子由c沿圓弧順時(shí)針移動(dòng)到d，距B處正點(diǎn)電荷先近后遠(yuǎn)，電勢(shì)先增加后減小，所以電子電勢(shì)能先減小后增大，故B錯(cuò)誤；C．因a點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)為零，bO之間場(chǎng)強(qiáng)更大，U=Ed，故bO之間的電勢(shì)差大于Oa之間的電勢(shì)差，故C正確；D．因a點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)為零，A、B電荷量之比為，根據(jù)公式得根據(jù)幾何關(guān)系可知D錯(cuò)誤。故選C。7.2023年10月26日，搭載神舟十七號(hào)載人飛船的長(zhǎng)征二號(hào)F遙十七運(yùn)載火箭在酒泉衛(wèi)星發(fā)射中心點(diǎn)火發(fā)射，發(fā)射取得圓滿成功，圖為神舟十七號(hào)在地球表面高度為h處做圓周運(yùn)動(dòng)的英姿。已知地面的重力加速度為g，地球半徑為R，下列說(shuō)法正確的是（）A.神舟十七號(hào)的發(fā)射速度小于第一宇宙速度B.神舟十七號(hào)所處位置的向心加速度大小為C.神舟十七號(hào)做圓周運(yùn)動(dòng)的角速度大小為D.神舟十七號(hào)做圓周運(yùn)動(dòng)的周期為【答案】D【解析】【詳解】A．第一宇宙速度是最小發(fā)射速度，所以神舟十七號(hào)載人飛船的發(fā)射速度必須大于第一宇宙速度，故A錯(cuò)誤；B．神舟十七號(hào)做圓周運(yùn)動(dòng)，萬(wàn)有引力提供向心力有又由可得向心加速度大小為故B錯(cuò)誤；C．角速度大小為故C錯(cuò)誤；D．圓周運(yùn)動(dòng)的周期為故D正確。故選D。8.如圖所示，等邊三角形△ABC處于足夠大勻強(qiáng)電場(chǎng)（未畫出）中，電場(chǎng)方向平行于三角形所在平面．將一電子從無(wú)窮遠(yuǎn)分別移到A點(diǎn)和B點(diǎn)，電場(chǎng)力做功分別為1eV和，若將電子由無(wú)窮遠(yuǎn)移到C點(diǎn)，電勢(shì)能變化為0。已知電子電量為e，等邊三角形的邊長(zhǎng)為1cm，取無(wú)窮遠(yuǎn)處電勢(shì)為0，下列說(shuō)法正確的是（）A.A點(diǎn)的電勢(shì)為 B.B點(diǎn)的電勢(shì)為1VC.電場(chǎng)強(qiáng)度的方向由A指向C D.電場(chǎng)強(qiáng)度的大小為200V/m【答案】D【解析】【詳解】A．電子從無(wú)窮遠(yuǎn)分別移到A點(diǎn)解得故A錯(cuò)誤；B．電子從無(wú)窮遠(yuǎn)分別移到B點(diǎn)解得故B錯(cuò)誤；C．將電子由無(wú)窮遠(yuǎn)移到C點(diǎn)，電勢(shì)能變化為0，可知，根據(jù)A、B兩點(diǎn)電勢(shì)可知，AB邊中點(diǎn)電勢(shì)與C點(diǎn)電勢(shì)相同，故AB邊中點(diǎn)與C點(diǎn)連線為等勢(shì)線，根據(jù)電場(chǎng)線與等勢(shì)面垂直且由高電勢(shì)指向低電勢(shì)，故電場(chǎng)方向由A指向B，故C錯(cuò)誤；D．根據(jù)可知故D正確。故選D。9.如圖所示的圖像中，一條為電源的圖線，一條為定值電阻的圖線，若將該電源與定值電阻構(gòu)成閉合回路，下列說(shuō)法正確的是（）A.電源的電動(dòng)勢(shì)為 B.電源的輸出功率為C.定值電阻的阻值為 D.電源的內(nèi)阻為【答案】BD【解析】【詳解】AD．b圖線為電源的圖線，由圖可知，電源的電動(dòng)勢(shì)為，內(nèi)阻為故A錯(cuò)誤、D正確；B．根據(jù)兩圖線交點(diǎn)可知，電源的輸出功率為故B正確；C．根據(jù)a圖線可知，定值電阻的阻值為故C錯(cuò)誤。故選BD。10.如圖所示，在水平地面上鎖定一個(gè)質(zhì)量為m、電荷量為的小滑塊，小滑塊連接在勁度系數(shù)為k的輕彈簧左端，輕彈簧的右端固定在豎直墻上，開(kāi)始時(shí)彈簧處于原長(zhǎng)狀態(tài)。整個(gè)裝置處在場(chǎng)強(qiáng)大小為E、方向水平向右的勻強(qiáng)電場(chǎng)中?，F(xiàn)解除小滑塊的鎖定，小滑塊向右運(yùn)動(dòng)的最大距離為。小滑塊可視為質(zhì)點(diǎn)和點(diǎn)電荷（電量不變），小滑塊與水平地面之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為，重力加速度為g，下列說(shuō)法正確的是（）A.小滑塊向右運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，加速度一直增大B.小滑塊向右運(yùn)動(dòng)過(guò)程中的最大彈性勢(shì)能為C.小滑塊第一次返回最左端的位置與初始位置間距為D.小滑塊第一次返回最左端的位置與初始位置間距為【答案】BC【解析】【詳解】A．小滑塊向右運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，先加速后減速，加速度先減小后增大，故A錯(cuò)誤；B．小滑塊第一次向右運(yùn)動(dòng)到彈簧的壓縮量最大時(shí)，根據(jù)動(dòng)能定理得小滑塊向右運(yùn)動(dòng)過(guò)程中的最大彈性勢(shì)能為故B正確；CD．設(shè)小滑塊第一次返回最左端的位置與初始位置間距為，根據(jù)動(dòng)能定理彈簧彈力做功為可得但是由于能量損失，可知，則小滑塊第一次返回最左端的位置與初始位置間距為故C正確，D錯(cuò)誤。故選BC。二、非選擇題：本題共5小題，共58分。11.某實(shí)驗(yàn)小組通過(guò)一把刻度尺和量角器用圖示裝置驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律。他們先將已知質(zhì)量為的鋼球A用細(xì)線懸掛于O點(diǎn)，測(cè)出O到地面的距離為H。在O點(diǎn)處放置一個(gè)量角器，用一個(gè)豎直支架支撐已知質(zhì)量為的鋼球B，鋼球B離地面的高度h可調(diào)節(jié)。將A球向右拉至細(xì)線水平，A球由靜止釋放后擺動(dòng)到最低點(diǎn)時(shí)恰與B球正碰，碰撞后A球細(xì)線向左擺動(dòng)的最大角度為，B球落到地面上，地面上鋪一張蓋有復(fù)寫紙的白紙。改變擺長(zhǎng)和B離地的高度h多次重復(fù)上述實(shí)驗(yàn)，白紙上記錄了多個(gè)B球的落點(diǎn)。（懸線長(zhǎng)遠(yuǎn)大于小球半徑）（1）為了驗(yàn)證動(dòng)量守恒，還要測(cè)量的物理量是________；（2）該實(shí)驗(yàn)小組驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律的表達(dá)式為_(kāi)________;（3）若該碰撞為彈性碰撞，還應(yīng)該滿足的關(guān)系式是_______。（以上結(jié)果用題中的物理量和（1）中要測(cè)量的物理量表示）【答案】①.B球的水平位移x②.③.（或）【解析】【詳解】（1）[1]為了驗(yàn)證動(dòng)量守恒，需測(cè)出B的速度，故還應(yīng)當(dāng)測(cè)出B球的水平位移x；（2）[2]根據(jù)動(dòng)能定理可得A下擺過(guò)程有A球碰后上擺過(guò)程有B球碰后做平拋運(yùn)動(dòng)有，根據(jù)動(dòng)量守恒可得消去g得（3）[3]A球減小機(jī)械能等于B球增加的機(jī)械能，即消去g得另外若為彈性碰撞則有聯(lián)立解得12.某同學(xué)想要測(cè)量一個(gè)未知電阻的阻值。（1）該同學(xué)先用多用電表粗測(cè)未知電阻的阻值，他先用歐姆表“”倍率測(cè)量，發(fā)現(xiàn)指針偏轉(zhuǎn)角過(guò)大，為了較準(zhǔn)確地進(jìn)行測(cè)量，應(yīng)該選擇__________（選填“”或“”）倍率，并重新進(jìn)行歐姆調(diào)零，正確操作并讀數(shù)，若這時(shí)刻度盤上的指針位置如圖甲所示，則測(cè)量結(jié)果是___________；若多用電表使用時(shí)間過(guò)長(zhǎng)，電源的電動(dòng)勢(shì)降低，但仍能進(jìn)行歐姆調(diào)零，則測(cè)得的電阻_____________（填“偏大”“不變”或“偏小”）。（2）為了盡可能精確測(cè)量的阻值，該同學(xué)設(shè)計(jì)了如圖乙所示的電路，所選實(shí)驗(yàn)器材均符合實(shí)驗(yàn)要求．閉合，將接a，調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器滑片P到適當(dāng)位置并保持不變，此時(shí)電壓表示數(shù)為，電流表示數(shù)為；再將接b，電壓表示數(shù)為，電流表示數(shù)為，則待測(cè)電阻的阻值為_(kāi)______________；（用測(cè)量量的字母符號(hào)表示），實(shí)驗(yàn)計(jì)算得到的值與真實(shí)值相比____________（填“偏大”“偏小“或“相等”）?！敬鸢浮竣?“”②.9.0③.偏大④.⑤.相等【解析】【詳解】（1）[1][2]歐姆表“”倍率測(cè)量，發(fā)現(xiàn)指針偏轉(zhuǎn)角過(guò)大，說(shuō)明被測(cè)電阻較小，應(yīng)選用較小倍率“”；由圖甲可知，測(cè)量結(jié)果為。[3]歐姆表內(nèi)阻電源電動(dòng)勢(shì)E降低，歐姆調(diào)零時(shí)歐姆表內(nèi)阻變小，用歐姆表測(cè)電阻時(shí)，電流由于偏小，I偏小，指針偏左，被測(cè)電阻的測(cè)量值偏大。（2）[4][5]閉合，當(dāng)接a時(shí)，電壓表示數(shù)為，電流表示數(shù)為，則當(dāng)接b時(shí)，電壓表示數(shù)為，電流表示數(shù)為，則則待測(cè)電阻的阻值為由以上分析知，計(jì)算得到的值與真實(shí)值相等。13.如圖所示，斜面的傾角，質(zhì)量為1kg的小物塊（可視為質(zhì)點(diǎn)）放在斜面上A點(diǎn)，B是斜面上另一點(diǎn)，，輕質(zhì)彈簧一端固定在墻上，另一端連接在物塊上，彈簧與斜面平行，此時(shí)彈簧伸長(zhǎng)量為10cm，物塊恰好不上滑，彈簧的勁度系數(shù)為1N/cm，物塊與斜面間最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，重力加速度g取，，，求：（1）小物塊與斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)；（2）若將彈簧剪斷，求物塊下滑經(jīng)過(guò)B點(diǎn)時(shí)重力的功率?！敬鸢浮浚?）；（2）12W【解析】【詳解】（1）物塊恰好不上滑，則有解得（2）若將彈簧剪斷，則物塊加速下滑，由牛頓第二定律有解得物塊下滑經(jīng)過(guò)B點(diǎn)時(shí)速度為v，由勻變速運(yùn)動(dòng)公式解得則物塊下滑經(jīng)過(guò)B點(diǎn)時(shí)重力功率為14.如圖所示，在豎直坐標(biāo)平面xOy內(nèi)存在有水平方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)（方向未畫出）。以原點(diǎn)O為圓心，半徑為r的圓與y軸交于A點(diǎn)，P為圓周上一點(diǎn)，OP與x軸正方向成角。在A點(diǎn)將質(zhì)量為m，帶電量為q的帶正電小球由靜止釋放，小球?qū)腜點(diǎn)離開(kāi)圓形區(qū)域，若從A點(diǎn)沿不同方向以相同的速率拋出小球，發(fā)現(xiàn)小球從Q點(diǎn)（圖中未畫出）離開(kāi)圓形區(qū)域時(shí)動(dòng)能最大。重力加速度為g，求：（1）電場(chǎng)強(qiáng)度的方向和大??；（2）A、P兩點(diǎn)的電勢(shì)差；（3）小球從Q點(diǎn)離開(kāi)圓形區(qū)域時(shí)的動(dòng)能?！敬鸢浮浚?）電場(chǎng)強(qiáng)度方向水平向右，；（2）；（3）【解析】【詳解】（1）小球由靜止釋放，小球?qū)⒆鰟蚣铀僦本€運(yùn)動(dòng)從P點(diǎn)離開(kāi)圓形區(qū)域，可知小球受到重力和電場(chǎng)力的合力沿AP方向，則電場(chǎng)方向水平向右，由力的合成有解得（2）由幾何關(guān)系可知A、P水平距離為A、P兩點(diǎn)的電勢(shì)差解得（3）根據(jù)動(dòng)能定理，重力和電