江蘇省南京市五塘中學2022-2023學年高一物理月考試題含解析

江蘇省南京市五塘中學2022-2023學年高一物理月考試題含解析一、選擇題：本題共5小題，每小題3分，共計15分．每小題只有一個選項符合題意1.（多選）如圖所示，物體A、B用繞過光滑滑輪的輕繩連接，A放在水平桌面上被水平細繩拉著處于靜止狀態(tài)，A、B的質量分別為M、m，A與水平面之間的摩擦因數(shù)為μ（μ＜1）則下列說法正確的是（）A．A對桌面的摩擦力方向水平向右B．繩子對A的拉力大于繩子對B的拉力C．繩子對A的拉力小于等于B的重力大小D．質量M大于質量m參考答案：解：A、首先A受向右的繩子拉力，根據(jù)平衡條件則A受向左的靜摩擦力，根據(jù)牛頓第三定律則A對桌子的摩擦力向右，故A正確；B、同一根繩子上的拉力是處處相等的，故繩子對A的拉力等于繩子對B的拉力；C、以B為研究對象，根據(jù)平衡條件：T=mg，即繩子對B的拉力為mg，由于故繩子對A的拉力等于繩子對B的拉力，故繩子對A的拉力等于B的重力大小，C正確；D、根據(jù)平衡條件：mg=μMgμ＜1故m＜M故選：ACD．2.下面各圖所示均為變速運動的v-t圖象，試找出下列各運動與之對應的圖象，把字母填在相應的空格內。（1）汽車一定時間，，直至停止________。（2）汽車減速至停止，一段時間后又加速出發(fā)________。（3）小球滾上斜面后又反向滾回，由于斜面光滑，整個過程加速度不變________。（4）小球從高處由靜止落到地面后又反向彈起______。參考答案：3.關于速度、速度改變量、加速度，正確的說法是A．物體運動的速度改變量越大，它的加速度一定越大B．速度很大的物體，其加速度可以很小，可以為零C．某時刻物體的速度為零，其加速度不可能很大D．加速度數(shù)值很大時，運動物體的速度一定很快變大參考答案：B4.（多選）如圖所示，下列關于機械能是否守恒的判斷正確的是()A.甲圖中，火箭升空的過程中，若勻速升空機械能守恒，若加速升空機械能不守恒B.乙圖中物體勻速運動，機械能守恒C.丙圖中小球做勻速圓周運動，機械能守恒D.丁圖中，輕彈簧將A、B兩小車彈開，兩小車組成的系統(tǒng)機械能不守恒，兩小車和彈簧組成的系統(tǒng)機械能守恒參考答案：CD5.如右圖所示，懸掛于小車里的小球向左偏離豎直方向θ角，則小車可能的運動情況是A．向右加速運動

B．向右減速運動

C．向左加速運動

D．勻速運動參考答案：A二、填空題：本題共8小題，每小題2分，共計16分6.一同學在做平拋運動的實驗中，只畫出平拋運動的一部分，他在軌跡曲線上任意取水平位移相等的三點A,B,C,量得它們之間的水平位移x=0.2m，又量得各點間的豎直高度h1=0.1m，h2=0.2m,根據(jù)以上數(shù)據(jù)，可以求出小球拋出時的初速度v0=________.B點速度大小VB=_______(g取10m/s)參考答案：7.一物體從某一行星表面豎直向上拋出（不計空氣阻力），設拋出時t=0，得到物體上升高度隨時間變化的h-t圖像如圖所示，則該行星表面重力加速度大小等于_______，物體被拋出時的初速度為________m/s。參考答案：8；20試題分析：由圖讀出，物體上升的最大高度為，根據(jù)對稱性可得上升的時間為，對于上升過程，由得：；根據(jù)位移速度關系，上升的末速度為0，則：，得：考點：考查了豎直上拋運動【名師點睛】物體從行星表面豎直上拋，由圖讀出最大高度和上升的時間，根據(jù)運動學公式求出初速度和重力加速度．物體落回行星表面的速度與拋出時速度大小相等8.汽車做勻加速直線運動，經過4s的時間，速度由2m/s增加到10m/s，則汽車的加速度是_______m/s2,加速的距離為________m參考答案：2

249.如圖,把彈簧測力計的一端固定在墻上,用力F水平向左拉金屬板,金屬板向左運動,此時測力計的示數(shù)穩(wěn)定（圖中已把彈簧測力計的示數(shù)放大畫出）,則物塊P與金屬板間的滑動摩擦力的大小是_____N．若用彈簧測力計測得物塊P重13N，根據(jù)表中給出的動摩擦因數(shù)，可推算出物塊P的材料為____．材料動摩擦因數(shù)金屬—金屬0.25橡膠—金屬0.30木頭—金屬0.20皮革—金屬0.28參考答案：

2.60、木頭—金屬

10.（4分）以20m/s的速度運動的質點，從某時刻起，受到一個始終跟速度方向垂直、大小為20N的力，質點質量為0.1kg,力作用1s后質點的速度大小為

m/s,經過時間質點的位移大小為

m。參考答案：20；411.在“探究加速度與力的關系”實驗中，小車所受的拉力為繩子所掛鉤碼的重力，有三位同學通過測量，分別作出a—F圖象如圖七所示，試分析：A線不過坐標原點的原因是______________;B線不過坐標原點的原因是____________;C線當拉力F較大時發(fā)生彎曲的原因是__________________。

參考答案：沒有平衡好摩擦力；斜面傾角過大；F較大時，鉤碼重力與繩的拉力有較大的差異，從而產生很大的誤差。12.雨滴下落時所受到的空氣阻力與雨滴的速度有關，雨滴速度越大，它受到的空氣阻力越大；此外，當雨滴速度一定時，雨滴下落時所受到的空氣阻力還與雨滴半徑的次方成正比。假設一個大雨滴和一個小雨滴從同一云層同時下落，最終它們都

（填“加速”、“減速”或“勻速”）下落。

（填“大”或“小”）雨滴先落到地面；接近地面時，

（填“大”或“小”）雨滴的速度較小。參考答案：勻速（2分） 大（1分） ?。?分）13.用圖(a)所示的實驗裝置驗證牛頓第二定律．（1）完成平衡摩擦力的相關內容：①取下砂桶，把木板不帶滑輪的一端墊高，接通打點計時器電源，

（選填“靜止釋放”或“輕推”）小車，讓小車拖著紙帶運動．②如果打出的紙帶如圖(b)所示，則應

（選填“增大”或“減小”）木板的傾角，反復調節(jié)，直到紙帶上打出的點跡

，平衡摩擦力才完成．（2）某同學實驗時得到如圖(c)所示的a—F圖象，則該同學驗證的是：在小車質量一定的條件下，小車的加速度與其所受的合力成正比．參考答案：（1）①輕推；減??；②間隔均勻（之間的距離大致相等）三、簡答題：本題共2小題，每小題11分，共計22分14.如圖所示，置于水平面上的木箱的質量為m＝3.8kg，它與水平面間的動摩擦因數(shù)μ＝0.25，在與水平方向成37°角的拉力F的恒力作用下做勻速直線運動．(cos37°＝0.8，sin37°＝0.6，g取10m/s2)求拉力F的大?。畢⒖即鸢福?0N由平衡知識：對木箱水平方向：Fcosθ＝f豎直方向：Fsinθ＋FN＝mg且f＝μFN聯(lián)立代入數(shù)據(jù)可得：F＝10N15.質量為2kg的物體在水平推力F的作用下沿水平面做直線運動，一段時間后撤去F，其運動的v–t圖象如圖所示。g取10m/s2，求：（1）物體與水平面間的動摩擦因數(shù)μ；（2）水平推力F的大??；（3）0～10s內物體運動位移的大小。參考答案：（1）u=0.2，（2）F=6N，（3）46m試題分析：（1）由題中圖象知，t＝6s時撤去外力F，此后6～10s內物體做勻減速直線運動直至靜止，其加速度為又因為聯(lián)立得μ＝0．2。（2）由題中圖象知0～6s內物體做勻加速直線運動其加速度大小為由牛頓第二定律得F－μmg＝ma2聯(lián)立得，水平推力F＝6N。（3）設0～10s內物體的位移為x，則x＝x1＋x2＝×（2＋8）×6m＋×8×4m＝46m?？键c：牛頓第二定律【名師點睛】本題是速度--時間圖象的應用，要明確斜率的含義，知道在速度--時間圖象中圖象與坐標軸圍成的面積的含義，能根據(jù)圖象讀取有用信息，并結合勻變速直線運動基本公式及牛頓第二定律求解．屬于中檔題。四、計算題：本題共3小題，共計47分16.小明站在水平地面上，手握不可伸長的輕繩一端，繩的另一端系有質量為m的小球，甩動手腕，使球在豎直平面內做圓周運動．當球某次運動到最低點時，繩突然斷掉，球飛行水平距離d后落地，如圖所示．已知握繩的手離地面高度為d，手與球之間的繩長為d，重力加速度為g.忽略手的運動半徑和空氣阻力．(1)求繩斷開時球的速度大小v1(2)問繩能承受的最大拉力多大？(3)改變繩長，使球重復上述運動，若繩仍在球運動到最低點時斷掉，要使球拋出的水平距離最大，繩長應為多少？最大水平距離為多少？參考答案：17.參考答案：（3）A、B速度達到最大后開始減速，當A、B的加速度等于g時，A物體開始做豎直上拋運動，設豎直上拋的初速度為，上升過程運動距離為L對B分析得：………………(7)1分解除A的鎖定至A物塊開始豎直上拋的過程中，A、B和彈簧組成的系統(tǒng)機械能守恒，設彈簧此時的彈性勢能為，由圖象可知…………(8)1分豎直上拋過程物塊B機械能守恒…………(9)1分聯(lián)立得：…………(10)1分18.如圖所示，傾角θ=60°的粗糙平直導軌與半徑為R的光滑圓環(huán)軌道相切，切點為B，輕彈簧一端固定，自由端在B點，整個軌道處在豎直平面內?，F(xiàn)將一質量為m的小滑塊（視為質點）緊靠且壓縮彈簧，并從導軌上離水平地面高h=R的A處無初速下滑進入圓環(huán)軌道，恰能到達圓環(huán)最高點D，不計空氣阻力?；瑝K與平直導軌之間的動摩擦因數(shù)μ=0.5，重力加速度大小為g。求：（1）滑塊運動到圓環(huán)最高點D時速度υD的大??；（2）滑塊運動到圓環(huán)最低點時受到圓環(huán)軌道支持力N的大??；（3）滑塊在A處時彈簧的彈性勢能Ep。參考答案：）解（1）滑塊恰能到達圓環(huán)最高點D，說明滑塊在D點時重力恰好提供向心力，即mg=m

2分得

υD=

1分（2）小滑塊從C→D，由機械能守恒定律得mυC2=mυD2+mg·2R

2分

υC=

1分在C點，根據(jù)牛頓第二定律，有

N–mg=m