遼寧省名校聯(lián)盟2023-2024學(xué)年高三年級(jí)上冊(cè)12月聯(lián)考物理試卷（解析版）

遼寧名校聯(lián)考

2023-2024學(xué)年度上學(xué)期高三12月聯(lián)合考試卷

物理

考生注意：

1.本試卷分選擇題和非選擇題兩部分。滿分100分，考試時(shí)間75分鐘。

2.答題前，考生務(wù)必用直徑0.5毫米黑色墨水簽字筆將密封線內(nèi)項(xiàng)目填寫清楚。

3.考生作答時(shí)，請(qǐng)將答案答在答題卡上。選擇題每小題選出答案后，用2B鉛筆把答題卡上對(duì)

應(yīng)題目的答案標(biāo)號(hào)涂黑；非選擇題請(qǐng)用直徑0.5毫米黑色墨水簽字筆在答題卡上各題的答題區(qū)

域內(nèi)作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無(wú)效，在試題卷草稿紙上作答無(wú)效。

4.本卷命題范圍：必修第一、二冊(cè)，必修第三冊(cè)第9-10章，動(dòng)量。

一、選擇題：本題共10小題，共46分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第1~7題只有一項(xiàng)是符

合題目要求的，每小題4分；第8~10題有多項(xiàng)符合題目要求，每小題6分，全部選對(duì)的得6

分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。

1.兩個(gè)物體具有相同的動(dòng)量，則它們一定具有（）

A.相同的速度B.相同的質(zhì)量

C.相同的運(yùn)動(dòng)方向D.相同的加速度

【答案】C

【解析】

【詳解】動(dòng)量是矢量，動(dòng)量相同，其大小和方向都得相同，故方向一定相同，而大小。=根丫，如果質(zhì)量不

同，則速度不同，如果速度不同，則質(zhì)量不同，故AB錯(cuò)誤C正確；動(dòng)量相同，加速度不一定相同，D錯(cuò)誤.

2.一帶電粒子（重力不計(jì)）射入一正點(diǎn)電荷的電場(chǎng)中，運(yùn)動(dòng)軌跡如圖所示，粒子從A經(jīng)8運(yùn)動(dòng)到C,則

（）

A.粒子可能帶正電B.粒子的動(dòng)能一直變大

C.粒子的加速度先變小后變大D.粒子運(yùn)動(dòng)所受正點(diǎn)電荷的庫(kù)侖力先變大后變小

【答案】D

【解析】

【詳解】A.根據(jù)運(yùn)動(dòng)軌跡可知，粒子帶負(fù)電。故A錯(cuò)誤；

B.從A到8,庫(kù)侖力對(duì)粒子做正功，從3到C,庫(kù)侖力對(duì)粒子做負(fù)功，所以粒子從A經(jīng)2運(yùn)動(dòng)到C,粒子

的動(dòng)能先變大后變小。故B錯(cuò)誤；

CD.由庫(kù)侖定律可知，粒子所受庫(kù)侖力先變大后變小，根據(jù)牛頓第二定律，粒子的加速度先變大后變小。

故C錯(cuò)誤；D正確。

故選D。

3.參加拉力賽的汽車由沙灘駛上山坡，如圖所示。v,當(dāng)其駛上山坡后,

其阻力變?yōu)槠囋谏碁┥闲旭倳r(shí)所受阻力的3倍。,則汽車在

山坡上行駛的最大速率為“V,則"等于（）

1

A.2B.；C.3D.-

3

【答案】D

【解析】

【詳解】根據(jù)題意可知，汽車以額定功率行駛牽引力等于阻力時(shí)，汽車行駛的速率最大，則有

P=3

當(dāng)尸不變，/變?yōu)樵瓉?lái)的3倍時(shí)，則最大速率變?yōu)樵瓉?lái)的;，即

1

n=一

3

故選D。

4.如圖所示，在勻強(qiáng)電場(chǎng)中有a、b、c、d四點(diǎn)，它們處于同一圓周上，且碇、切分別是圓的直徑，已知

a、b、c三點(diǎn)的電勢(shì)分別為%=12V、%=20V、&=24V,則此圓的圓心。與d點(diǎn)的電勢(shì)差為（）

【答案】A

【解析】

【詳解】根據(jù)幾何知識(shí)知，湖長(zhǎng)度等于源長(zhǎng)度，且線段仍平行于線段），根據(jù)在勻強(qiáng)電場(chǎng)中平行相等兩

線段端點(diǎn)之間的電勢(shì)差相等，則

%一心=0一外

可得

幺=16V

。點(diǎn)的電勢(shì)

%—二18V

圓心。與d點(diǎn)的電勢(shì)差

u（（=2V

od=P0-Pd

故選Ao

5.如圖所示，平行板A、B帶等量的異種電荷，B板接地，兩板間有一固定點(diǎn)P,將A板向上平移小段距

離，則下列物理量一定增大的是（）

I++1A

]一—一]n

A.平行板電容B.兩板間電場(chǎng)強(qiáng)度

C.尸點(diǎn)的電勢(shì)D.兩板間電場(chǎng)能

【答案】D

【解析】

【詳解】人.由。=-----可知，平行板電容減小，A項(xiàng)錯(cuò)誤；

4萬(wàn)kd

B.由石=2=2=坦2也可知，兩板間電場(chǎng)強(qiáng)度大小不變，B項(xiàng)錯(cuò)誤；

aCdsS

C.P點(diǎn)與2板的距離s不變，場(chǎng)強(qiáng)E也不變，下極板電勢(shì)為0,因此P點(diǎn)的電勢(shì)。=凡不變，C項(xiàng)錯(cuò)誤；

D.由于兩板間距離增大，因此靜電力做負(fù)功，板間電場(chǎng)能增大，D項(xiàng)正確

6.一物體放在水平地面上，如圖甲所示，已知物體所受水平拉力尸隨時(shí)間，的變化情況如圖乙所示，物體

相應(yīng)的速度v隨時(shí)間『的變化關(guān)系如圖丙所示，則（）

A.0?4s時(shí)間內(nèi)水平拉力做的功為36JB.0口6s時(shí)間內(nèi)合外力做的功為6J

C.f=5s時(shí)合外力做功功率為4WD.0口8s時(shí)間內(nèi)物體克服摩擦力所做的功24J

【答案】B

【解析】

【詳解】A.0?4s時(shí)間內(nèi)水平位移為

%=—x4x3m=6m

拉力的做功大小為

叱=耳芯=3X6J=18J

故A錯(cuò)誤；

B.0口6s時(shí)間內(nèi)由圖可知

/=耳=2N

406s時(shí)間內(nèi)的位移為

%=2x3m=6m

合外力的做功大小為

嗎=4芯+F2X2-/(%1+x2)=6J

故B正確；

C.f=5s時(shí)合外力做功功率為

P=(F2-f)v=0

故C錯(cuò)誤；

D.0~8s時(shí)間內(nèi)物體的位移為

x3=；(2+8)x3m=15m

物體克服摩擦力所做的功為

嗎=7%3=2xl5J=30J

故D錯(cuò)誤。

故選B。

7.2022年11月30日，神舟十五號(hào)載人飛船與“天和核心艙”完成對(duì)接，航天員費(fèi)俊龍、鄧清明、張陸進(jìn)

入“天和核心艙”。對(duì)接過(guò)程的示意圖如圖所示，“天和核心艙”處于半徑為弓的圓軌道in；神舟十五號(hào)

飛船處于半徑為點(diǎn)的圓軌道I,運(yùn)行周期為1,通過(guò)變軌操作后，沿橢圓軌道n運(yùn)動(dòng)到8處與“天和核心

艙”對(duì)接。則神舟十五號(hào)飛船（）

A.由軌道I進(jìn)入軌道II需在A點(diǎn)減速

B.沿軌道n運(yùn)行的周期為（出

c.在軌道I上A點(diǎn)的加速度大于在軌道n上A點(diǎn)的加速度

D.在軌道ni上8點(diǎn)的線速度大于在軌道n上B點(diǎn)的線速度

【答案】D

【解析】

【詳解】A.由低軌道進(jìn)入高軌道需要點(diǎn)火加速，所以由軌道I進(jìn)入軌道n需在A點(diǎn)加速，故A錯(cuò)誤;

B.根據(jù)開(kāi)普勒第三定律，有

i=上

邛T；

解得

故B錯(cuò)誤;

c.由萬(wàn)有引力公式可知，在軌道I、n上A點(diǎn)的合外力相同，加速度也相同，故c錯(cuò)誤；

D.由軌道n進(jìn)入軌道ni需在B點(diǎn)加速，所以在軌道ni上B點(diǎn)的線速度大于在軌道II上8點(diǎn)的線速度，故D

正確。

故選D。

8.如圖所示，A、2是點(diǎn)電荷電場(chǎng)中的兩點(diǎn)，A點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小為耳，方向與A3連線夾角6=120°,

2點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小為A點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度大小的工。將2點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度沿A3方向和垂直AB方向分解，沿AB

3

方向的分量石2水平向右，則下列判斷正確的是（）

A.場(chǎng)源電荷帶負(fù)電

B.場(chǎng)源電荷帶正電

C.

D.E1—2y/3E2

【答案】BD

【解析】

【詳解】AB.如果場(chǎng)源電荷帶負(fù)電，則2點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度沿方向的分量應(yīng)該水平向左，與題意矛盾，因此

場(chǎng)源電荷帶正電，A錯(cuò)誤，B正確；

CD.由于8點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小為A點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度大小的工，由￡=左與可知，B點(diǎn)到場(chǎng)源電荷的距離為A

3r2

點(diǎn)到場(chǎng)源電荷的百倍，由幾何關(guān)系可知，場(chǎng)源電荷與A點(diǎn)連接跟場(chǎng)源電荷與2點(diǎn)連線垂直，如圖所示，

由幾何關(guān)系可知B點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度與分量E2夾角為30°,則有

1O

]&cos30=E2

解得耳=2辰2,C錯(cuò)誤，D正確。

故選BD?

9.如圖所示，帶有等量異種電荷的兩塊等大的平行金屬板M、N水平正對(duì)放置，兩板間電場(chǎng)強(qiáng)度片=lx

104V/m,方向向下，M板和N板相距10cm,電場(chǎng)中A點(diǎn)距N板為4cm,B點(diǎn)距M板為1cm,下列說(shuō)法

正確的是()

M板

A.B點(diǎn)電勢(shì)高于A點(diǎn)電勢(shì)，AB間的電勢(shì)差UAB=400V

B.讓N板接地，則A點(diǎn)的電勢(shì)QA=400V

C.一個(gè)電子從A點(diǎn)移動(dòng)到8點(diǎn)，電勢(shì)能減少5xl()2eV

D.將一個(gè)電子從A點(diǎn)沿直線移到2點(diǎn)靜電力做的功，與將電子先從A點(diǎn)移到C點(diǎn)再移到8點(diǎn)靜電力做的

功數(shù)值不同

【答案】BC

【解析】

【詳解】A.由于順著電場(chǎng)線方向電勢(shì)降低，所以8點(diǎn)電勢(shì)較高，A3間的電勢(shì)差

U4卡—石辦8=—500V

故A錯(cuò)誤；

B.讓N板接地，則

0A=￡dAN=400V

故B正確；

C.電場(chǎng)力對(duì)電子做功為

2

W=eUAB=5xlQeV

電場(chǎng)力做正功，電勢(shì)能減小，減小量為5xl02eV,故C正確；

D.靜電力做功與路徑無(wú)關(guān)，只與初末位置有關(guān)，故D錯(cuò)誤。

故選BC。

10.如圖所示，粗細(xì)均勻的光滑直桿豎直固定，物塊A套在光滑桿上可自由滑動(dòng)，繞過(guò)光滑定滑輪的細(xì)繩

端連接在物塊A上，另一端豎直懸掛著物塊B,開(kāi)始時(shí)鎖定物塊A,細(xì)線與豎直桿的夾角為37。，解除物

塊A的鎖定，物塊B由靜止向下運(yùn)動(dòng)，當(dāng)細(xì)繩與桿垂直時(shí)，物塊A的速度剛好為零，物塊B下降的最大

高度為〃，重力加速度為g,$皿37。=0.6,cos37°=0.8,則()

ry

A.物塊A到最高點(diǎn)時(shí)，物塊B的速度最大

B.物塊A向上運(yùn)動(dòng)過(guò)程中機(jī)械能一直增大

C.物塊A、B的質(zhì)量之比為1:2

物塊A的速度大小為5弓gh

D.當(dāng)細(xì)繩與豎直桿間的夾角為53。時(shí),

【答案】BC

【解析】

【分析】

【詳解】A.物塊A到最高點(diǎn)時(shí)，細(xì)繩與桿垂直，因此B的速度也為零，A錯(cuò)誤；

B.物塊A向上運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，細(xì)繩對(duì)物塊A的拉力一直做正功，因此物塊A的機(jī)械能一直增大，B正確;

C.設(shè)滑輪到桿的距離為d,則有

d=—h

2

物塊A上升的高度為

H=-d—=2h

tan37°

根據(jù)機(jī)械能守恒定律

m^gH=mBgh

解得

為2

C正確;

D.當(dāng)細(xì)繩與豎直桿間的夾角為53。時(shí)，物塊A上升的高度

dl

tan5308h

物塊B下降的高度

dd

sin37°sin53°8

設(shè)此時(shí)物塊A的速度大小為v,則物塊B的速度大小為

vcos53°=0.6v

根據(jù)機(jī)械能守恒定律有

1212

g耳=mAg%+-mAV+5mBQ6")

解得

251

v=—

D錯(cuò)誤。

故選BC。

二、非選擇題：本題共5小題，共54分

II.某實(shí)驗(yàn)小組測(cè)量一彈簧測(cè)力計(jì)內(nèi)彈簧的勁度系數(shù)，如圖甲所示，將彈簧測(cè)力計(jì)水平放置右端固定，水

平向左拉動(dòng)測(cè)力計(jì)掛鉤，讀出示數(shù)，并使用刻度尺測(cè)量測(cè)力計(jì)固定點(diǎn)到測(cè)力計(jì)指針位置的距離.改變水平

拉力大小，重復(fù)上述步驟，便可根據(jù)所測(cè)數(shù)據(jù)計(jì)算得到該彈簧測(cè)力計(jì)內(nèi)彈簧的勁度系數(shù).完成下列問(wèn)題:

K9Vl

（1）某次實(shí)驗(yàn)彈簧測(cè)力計(jì)示數(shù)如圖乙所示，則水平拉力大小為N.

（2）若當(dāng)水平拉力為B時(shí)，刻度尺測(cè)量讀數(shù)為/i；當(dāng)水平拉力為6時(shí)，刻度尺測(cè)量讀數(shù)為心，則該彈簧

測(cè)力計(jì)內(nèi)彈簧的勁度系數(shù)k=.

（3）若實(shí)驗(yàn)室有兩種規(guī)格的彈簧測(cè)力計(jì)，圖丙為另一彈簧測(cè)力計(jì)的刻度盤，已知圖乙最小分度的長(zhǎng)度和

圖丙最小分度的長(zhǎng)度相同，則圖乙彈簧的勁度系數(shù)內(nèi)和圖丙彈簧的勁度系數(shù)k的關(guān)系為所=

_________fa.

F-FF-F1

【答案】?.2.45(2.42-2.47)②.一~廣；-”也可得分)③.—

Z2-Zj-Z25

【解析】

【分析】

【詳解】（1）口］彈簧測(cè)力計(jì)最小分度為0」N,所以讀數(shù)為2.45N（2.42~2.47均可得分）。

（2）⑵根據(jù)胡克定律歹

,FAF

k=——=-----

xAx

所以

p_p

（3）［3］根據(jù)左=芋二廣，長(zhǎng)度變化相等，力變化丙圖是乙的5倍，所以

4—"1

K=~k2

12.如圖所示，某同學(xué)用圖示裝置做驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律的實(shí)驗(yàn)。先將。球從斜槽軌道上某標(biāo)記點(diǎn)處由靜止開(kāi)

始滾下，在水平地面上的記錄紙上留下壓痕，重復(fù)10次；再把同樣大小的方球放在斜槽軌道末端水平段的

最右端附近靜止，讓“球仍從原標(biāo)記點(diǎn)處由靜止開(kāi)始滾下，和方球相碰后，兩球分別落在記錄紙的不同位置

處，重復(fù)10次。

A.斜槽軌道末端到水平地面的高度H

B.小球久。的質(zhì)量加.、mb

C.小球a,方的半徑r

D.小球a、b離開(kāi)斜槽軌道末端后平拋飛行的時(shí)間t

E.記錄紙上。點(diǎn)到A、B、C各點(diǎn)的距離。4、OB、OC

F.a球的標(biāo)記釋放點(diǎn)到斜槽軌道末端水平部分間的高度差h

(2)小球a、b的質(zhì)量加〃、?應(yīng)該滿足的關(guān)系是o

(3)讓a球仍從原標(biāo)記點(diǎn)處由靜止開(kāi)始滾下，和b球相碰后，下列說(shuō)法正確的是。

A.碰撞后兩小球做平拋運(yùn)動(dòng)的時(shí)間不相同

B.碰撞后兩小球做平拋運(yùn)動(dòng)的時(shí)間相同

C.兩小球碰后，小球a的落地點(diǎn)是圖中水平面上的A點(diǎn)

D.兩小球碰后，小球b的落地點(diǎn)是圖中水平面上的B點(diǎn)

(4)按照本實(shí)驗(yàn)方法，驗(yàn)證動(dòng)量守恒的驗(yàn)證式是o

【答案】①.BE##EB?.ma>mb③.BC##CB(4).maOB=maOA+mbOC

【解析】

【詳解】(1)口]由題意可知，要驗(yàn)證動(dòng)量守恒，就需要知道碰撞前后的動(dòng)量，所以需要測(cè)量?jī)蓚€(gè)小球的質(zhì)

量，及碰撞前后小球的速度，碰撞前后小球都做平拋運(yùn)動(dòng)，根據(jù)x=v/,因運(yùn)動(dòng)時(shí)間相同，所以速度可以

用水平位移代替，所以需要測(cè)量的物理量為：小球。、〃的質(zhì)量加“、mh,記錄紙上。點(diǎn)到A、B、。各

點(diǎn)的距離。4、OB、OCo

故選BE。

(2)[2]為了避免小球。碰撞后被反彈，兩個(gè)小球的質(zhì)量應(yīng)滿足

ma>mb

(3)[3]AB.碰撞后兩小球做平拋運(yùn)動(dòng)，高度相同，則運(yùn)動(dòng)時(shí)間相同，故B正確，A錯(cuò)誤;

CD.。小球和〃小球相撞后，〃小球的速度增大，。小球的速度減小，所以碰撞后。球的落地點(diǎn)距離。點(diǎn)

最近，。小球距離。點(diǎn)最遠(yuǎn)，中間一個(gè)點(diǎn)是未放〃球時(shí)”小球的落地點(diǎn)，所以相撞后，小球。、。的平均

落點(diǎn)位置依次是圖中A、。點(diǎn)，故C正確，D錯(cuò)誤。

故選BC。

(4)[4]根據(jù)動(dòng)量守恒定律

m”+mbv2

由于運(yùn)動(dòng)時(shí)間相同，故可以用水平位移代替速度，即

maOB=maOA+mhOC

13.如圖所示，場(chǎng)強(qiáng)大小為E的勻強(qiáng)電場(chǎng)方向水平向右，兩個(gè)帶電小球A、B用繞過(guò)光滑定滑輪的絕緣細(xì)線

連接，靜止在電場(chǎng)中，連接A球的細(xì)線與水平方向的夾角為。=37°,連接B球的細(xì)線與豎直方向的夾角

也為6=37。，A、B兩球在同一豎直線上，A球的質(zhì)量為相，帶電量為q,重力加速度為g,不計(jì)滑輪及兩

球的大小,sin37°=0.6,cos37°=0.8o求B球的質(zhì)量與帶電量。

IqE3

【答案】-7一一m,-q

4g4

【解析】

【詳解】根據(jù)力的平衡條件可知，A、B兩球均帶正電，設(shè)B球帶電量為外,質(zhì)量為^B，設(shè)繩的張力為

T,對(duì)球A,根據(jù)平衡條件有

qE=Tcos0

Tsin6+左駕員=mg

r~

對(duì)B,根據(jù)平衡條件有

Tsin。=qBE

Tcos6=k

聯(lián)立解得

37qE

%mB=-,--m

44g

14.如圖所示，在光滑水平地面上有一質(zhì)量為2加的平板車B,距離平板車B的左端d處放有一固定豎直擋

板，平板車最右端上面放有一質(zhì)量為根的重物A（可視為質(zhì)點(diǎn)）。開(kāi)始時(shí)，平板車B和重物A都靜止，現(xiàn)

在給重物A一向左的初速度vo,當(dāng)平板車左端到達(dá)擋板時(shí)，平板車B和重物A的速度恰好相等，且重物

A未到擋板處，已知平板車與擋板碰撞時(shí)沒(méi)有機(jī)械能損失。

（1）求B與豎直擋板碰撞之前的加速度大小。

（2）要使A不離開(kāi)B,則B的長(zhǎng)度L至少多長(zhǎng)？

^7777777777777777777777^77777777727

2io

【答案】(1)里；(2)—d

18d3

【解析】

【詳解】（1）長(zhǎng)木板B做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，由勻變速直線運(yùn)動(dòng)速度-位移公式得

/=2aBd

以向左為正方向，A、B系統(tǒng)動(dòng)量守恒，由動(dòng)量守恒定律得

mv0=(m+2m)v

解得

aB18d

（2）要使A不離開(kāi)B,由能量守恒定律得

,'2

/LimgL根%2(機(jī)+2根)v

由牛頓第二定律得

umQ1

由動(dòng)量守恒定律可得

2mv-mv=(m+2m)vf

解得

L=—d

3

13

即B的長(zhǎng)度L至少一d。

3

15.如圖所示的平面直角坐標(biāo)系xOy,＞軸和直線x=x0之間存在沿x軸負(fù)方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)I,在直線

X=%和直線x=25之間存在與直線X=2%的夾角為60。的勻強(qiáng)電場(chǎng)II,一質(zhì)量為機(jī)、帶電量為

-如4＞0）的帶電粒子，從y軸上的A點(diǎn)以沿著〉軸負(fù)方向的初速度％進(jìn)入勻強(qiáng)電場(chǎng)I，經(jīng)過(guò)直線x=%

上的3點(diǎn)（圖中未畫出），進(jìn)入勻強(qiáng)電場(chǎng)II做勻變速直線運(yùn)動(dòng)，最后粒子達(dá)到直線％=2%上的C點(diǎn)（圖中

未畫出），速度剛好為0,不計(jì)粒子的重力。求：

（1）4、B兩點(diǎn)的電勢(shì)差及勻強(qiáng)電場(chǎng)H的電場(chǎng)強(qiáng)度;

（2）粒子從A點(diǎn)到2點(diǎn)的運(yùn)動(dòng)時(shí)間；

（3）粒子從A點(diǎn)到C點(diǎn)沿y軸方向的分位移。

【解析】

【詳解】（1）根據(jù)題意，粒子在B點(diǎn)的速度腺沿著勻強(qiáng)電場(chǎng)II的方向，與直線％=2/、直線x=x0的夾

角為60。，粒子從A點(diǎn)到8點(diǎn)做類平拋運(yùn)動(dòng)，把%分別沿＞軸、x軸分解，沿y軸方向的分速度為%