2024年高考物理二輪復(fù)習(xí) 直流電路（附答案解析）

專題10?直流電流

命題規(guī)律

本專題考查電功、電熱、電功率、電動(dòng)勢(shì)、內(nèi)阻、電阻串

能力突破

聯(lián)、并聯(lián)。

(1)閉合電路的歐姆定律；

高考熱點(diǎn)

(2)電學(xué)實(shí)驗(yàn)；

以實(shí)驗(yàn)題為主，以實(shí)驗(yàn)的設(shè)計(jì)和創(chuàng)新性實(shí)驗(yàn)為主，題目難

出題方向

度一般為中檔。

二~考點(diǎn)歸納

考點(diǎn)1直流電路的分析與計(jì)算

【解題技巧】

直流電路動(dòng)態(tài)分析的3種方法

L程序法

增大E減小減小增大…

R局減?。?總一.+-增大＞u內(nèi)一/總廠■｝曾大＞u外—E-u內(nèi)減小〉確定U支、/支。

2.結(jié)論法一"串反并同”(電源內(nèi)阻不能忽略)

第1頁(共19頁)

”事友三漏窠二電血瘠關(guān)堿示油;石百事商同接至靛島通南串面前:麗鎬電點(diǎn)

!電功率都將減小（增大）。

V并同"：指某一電阻增大（減小）時(shí)，與它并聯(lián)或間接并聯(lián)的電阻中的電流、兩端電壓、

；電功率都將增大（減小）。

：3.極限法

；因變阻器滑片滑動(dòng)引起電路變化的問題，可將變阻器的滑片分別滑至兩個(gè)極端，使電

:阻最大或電阻為零去討論。

【例1】（2023?海淀區(qū)一模）水平放置的平行板電容器C、定值電阻&、滑動(dòng)變阻器R、

電源E和開關(guān)S等元件組成如圖所示電路，閉合S待穩(wěn)定后，電容器兩極板間的帶電油

滴“恰好保持靜止。不考慮空氣阻力和浮力，下列說法正確的是（）

A.當(dāng)尺接入電路中的阻值變大時(shí)，電容器將放電

B.當(dāng)R接入電路中的阻值變小時(shí)，油滴4將向下運(yùn)動(dòng)

C.僅換用阻值更大的以，油滴”將向下運(yùn)動(dòng)

D.僅換用阻值更小的冬,油滴/依舊可以保持懸浮狀態(tài)

【分析】根據(jù)歐姆定律得出電路中電流的變化，結(jié)合對(duì)電路構(gòu)造的分析得出電容器的電

勢(shì)差的變化，進(jìn)而分析出電容器的電荷量變化，由此分析出其充放電情況；

根據(jù)歐姆定律得出電學(xué)物理量的變化，結(jié)合電容的計(jì)算公式和場強(qiáng)的公式得出場強(qiáng)的變

化，從而分析出油滴的運(yùn)動(dòng)方向。

【解答】解：A.根據(jù)電路構(gòu)造可知，滑動(dòng)變阻器R和定值電阻&串聯(lián)，所以當(dāng)R接入

電路中的阻值變大時(shí)，電路中的總電阻變大，根據(jù)閉合電路歐姆定律/=—匚可知電路

R+R°

第2頁（共19頁）

中的總電流變小，根據(jù)閉合電路的歐姆定律。。=/4可知電阻&兩端的電壓變小，而因

為電容器與電阻凡并聯(lián)，所以電容器兩端的電壓減小，根據(jù)0=cu可知電容器所帶電荷

量會(huì)減少，也就是說電容器在放電，故“正確；

B.同上述/選項(xiàng)的分析可知，當(dāng)接入電路中的阻值變小時(shí)，電路中總電阻減小，根

據(jù)閉合電路歐姆定律/=可知電路中的總電流變大，根據(jù)歐姆定律。=/4可知電阻

R+R0

《兩端的電壓變大，電容器與電阻與并聯(lián)，所以電容器兩端的電壓變大，根據(jù)E=且可

a

知，電容器兩極板間的電場強(qiáng)度變大，根據(jù)題意可知油滴/開始時(shí)受到重力和電場力平

衡，當(dāng)電場強(qiáng)度增大后，根據(jù)尸=坳可知油滴受到的電場力增大，因此油滴向上運(yùn)動(dòng)，

故8錯(cuò)誤；

C.當(dāng)換用阻值更大的凡，根據(jù)電路構(gòu)造可知，電路中總電阻增大，根據(jù)閉合電路歐姆

定律/=可知電路中的總電流變小，根據(jù)閉合電路歐姆定律U。=E-/R可知電阻&

R+&

兩端的電壓變大，因?yàn)殡娙萜髋c電阻凡并聯(lián)，所以電容器兩端的電壓變大，根據(jù)E=J

可知，電容器兩極板間的電場強(qiáng)度變大，因?yàn)樽畛鯛顟B(tài)下油滴力開始時(shí)受到重力和電場

力平衡，當(dāng)電場強(qiáng)度增大后，根據(jù)尸=/可知油滴受到的電場力增大，因此油滴向上運(yùn)

動(dòng)，故C錯(cuò)誤；

D.當(dāng)換用阻值更小的國，根據(jù)電路構(gòu)造可知，電路中總電阻變小，根據(jù)閉合電路歐姆

定律/=—可知電路中的總電流變大，根據(jù)閉合電路歐姆定律=E-/R可知電阻凡

R+凡

兩端的電壓變小，因?yàn)殡娙萜髋c電阻&并聯(lián)，所以電容器兩端的電壓變小，根據(jù)后=且可

d

知，電容器兩極板間的電場強(qiáng)度變小，因?yàn)橛偷?開始時(shí)受到重力和電場力平衡，當(dāng)電

場強(qiáng)度變小后，根據(jù)尸=/可知油滴受到的電場力變小，因此油滴向下運(yùn)動(dòng)，故。錯(cuò)誤。

故選：Ao

【點(diǎn)評(píng)】本題主要考查了含容電路的動(dòng)態(tài)分析，根據(jù)歐姆定律得出電流和電壓的變化，

結(jié)合電容的計(jì)算公式即可完成分析。

【例2】（2023?荔灣區(qū)開學(xué)）如圖為一種服務(wù)型機(jī)器人，其額定功率為48%,額定工作

電壓為24r,機(jī)器人的鋰電池容量為20/。則機(jī)器人（）

第3頁（共19頁）

a

A.額定工作電流為20/

B.充滿電后最長正常工作時(shí)間為2〃

C.電池充滿電后總電量為7.2xl（y*C

D.以額定電壓工作時(shí)每秒消耗能量為20J

【分析】根據(jù)功率公式P=u/求解額定電流；根據(jù)公式4=〃求解最長工作時(shí)間；根據(jù)公

式4=〃求解電池充滿電后總電量；根據(jù)公式a=求解以額定電壓工作時(shí)每秒鐘消耗

能量。

【解答】解：/、根據(jù)P=U/可得，額定工作電流/=￡=竺=24

U24

故Z錯(cuò)誤；

B、充滿電后，鋰電池容量為20月?〃，則最長工作時(shí)間/=幺=型人=10”

I2

故8錯(cuò)誤；

C根據(jù)公式夕=〃，電池充滿電后總電量q=〃=20/■〃=20x3600C=7.2xl（）4C

故C正確；

。、根據(jù)公式%=。〃，可得以額定電壓工作時(shí)每秒鐘消耗能量：%=U〃=24x2x"=48J

故。錯(cuò)誤。

故選：C。

【點(diǎn)評(píng)】本題以服務(wù)型機(jī)器人為背景，考查了電功率、電量公式等基礎(chǔ)知識(shí)，要理解電

池容量（即電量）的物理含義。

【例3】（2023?安徽開學(xué)）如圖所示，〃，b為兩只燈泡的U-/圖線，c為某一電源的路

端電壓。與總電流/的關(guān)系圖線，圖線a與c的交點(diǎn)為/,過/點(diǎn)作圖線”的切線（圖中

未畫出），該切線的斜率為勺，圖中Q、3、5人已知，則以下說法正確的是（）

第4頁（共19頁）

A.電源只接a燈泡時(shí)，燈泡此時(shí)的電阻等于尢

B.電源只接。燈泡和只接b燈泡相比，只接〃時(shí)，電源內(nèi)部消耗的功率大

C.電源只接〃燈泡和只接6燈泡相比，只接b時(shí)，電源的效率高

D.電源的內(nèi)阻等于生七

【分析】電阻的U-/圖像中，某點(diǎn)與坐標(biāo)原點(diǎn)的連線的斜率表示電阻；路端電壓的U-/

圖像與燈泡的U-/圖像的交點(diǎn)表示將該燈泡接到電源兩端時(shí)兩燈泡的工作狀態(tài),根據(jù)圖

像比較兩電阻的電流和電壓，根據(jù)功率公式和效率公式比較電源內(nèi)部消耗的功率和電源

的效率；根據(jù)閉合電路歐姆定律結(jié)合圖像求解電源的內(nèi)阻。

【解答】解：/、由電阻的定義式R=2可知，電源只接a燈泡時(shí)，燈泡此時(shí)的電阻凡=5

/A

為4點(diǎn)與坐標(biāo)原點(diǎn)連線的斜率，小于占，故N錯(cuò)誤；

BC、路端電壓的/圖像與燈泡的/圖像的交點(diǎn)表示將該燈泡接到電源兩端時(shí)兩燈

泡的工作狀態(tài)，設(shè)電源電動(dòng)勢(shì)為E,內(nèi)阻為「，當(dāng)電源只接a燈泡時(shí)，電源內(nèi)部消耗的

功率為《=/)

電源的效率為名嗎xlOO%

只接6燈泡時(shí)，電源內(nèi)部消耗的功率為名=/)

電源的效率為％=*xlOO%

由題圖可知/心八，U\>U「則%>/,故5c錯(cuò)誤；

。、由閉合電路歐姆定律，當(dāng)電源只接a燈泡時(shí)，有后=。1+〃

只接b燈泡時(shí)，有后=&+/4

第5頁(共19頁)

聯(lián)立解得，電源內(nèi)阻為“之■學(xué)

故。正確。

故選：Do

【點(diǎn)評(píng)】本題考查U-/圖像，解題關(guān)鍵是掌握閉合電路歐姆定律，知道路端電壓的

圖像與燈泡的U-/圖像的交點(diǎn)表示將該燈泡接到電源兩端時(shí)兩燈泡的工作狀態(tài)。

【例4】（2022秋?金臺(tái)區(qū)期末）光敏電阻的阻值隨光照強(qiáng)度的增大而減小，現(xiàn)將光敏電

阻R、數(shù)字電流表A、電源E按圖連接，閉合開關(guān)S,當(dāng)太陽光直接照射光敏電阻R

時(shí)，電流表示數(shù)為h；當(dāng)用課本擋住直射到光敏電阻R上的太陽光時(shí)，電流表的示

數(shù)為L；當(dāng)用黑紙把光敏電阻R完全包裹起來時(shí)，電流表的示數(shù)為b，則h、L、b

的關(guān)系為（）

A.I1>I2>l3B.Il=l2=I3C.I1V12Vl3D.I|<I2>l3

【分析】根據(jù)光敏電阻的阻值隨光照強(qiáng)度的增大而減小，利用閉合電路歐姆定律分析

電流大小。

【解答】解：根據(jù)閉合電路歐姆定律有I4，根據(jù)光敏電阻的阻值隨光照強(qiáng)度的增

大而減小，可知當(dāng)太陽光直接照射光敏電阻R時(shí)，光照強(qiáng)度最大，此時(shí)光敏電阻的

阻值最小，通過的電流L最大。當(dāng)用黑紙把光敏電阻R完全包裹起來時(shí)，光照強(qiáng)度

最弱，此時(shí)光敏電阻的阻值最大，通過的電流13最小，因此有h>b>l3,故A正確,

BCD錯(cuò)誤。

故選：Ao

【點(diǎn)評(píng)】本題的關(guān)鍵要掌握閉合電路歐姆定律，結(jié)合光敏電阻的特性進(jìn)行分析。

【例5】（2023?延慶區(qū)一模）如圖所示是中國公交使用的全球首創(chuàng)超級(jí)電容儲(chǔ)存式現(xiàn)代

電車，該電車沒有傳統(tǒng)無軌電車的“辮子”，沒有尾氣排放，乘客上下車的30秒內(nèi)可充

滿電并行駛5公里以上，剎車時(shí)可把80%以上的動(dòng)能轉(zhuǎn)化成電能回收儲(chǔ)存再使用。這種

電車的核心元器件是“3/,12000廠”石墨烯納米混合型超級(jí)電容器，該電容器能反復(fù)

充放電100萬次，使用壽命長達(dá)十年，被譽(yù)為“21世紀(jì)的綠色交通”。下列說法正確的

第6頁（共19頁）

是（）

A.該電容器的容量為360004/7

B.電容器充電的過程中，電量逐漸增加，電容也逐漸增加

C.電容器放電的過程中，電量逐漸減少，電容器兩極板間的電壓不變

D.若標(biāo)有“3/,12000尸”的電容器從電量為零到充滿電用時(shí)30s,則充電平均電流

為1200/

【分析】根據(jù)0=CU求解電容器的容量；電容器的電容由本身結(jié)構(gòu)決定，與電荷量和電

壓無關(guān)，充放電過程中，電容不變；根據(jù)0。分析放電過程兩極板間的電壓變化；根

據(jù)電流的定義，計(jì)算充電平均電流。

【解答】解：A＞電容器的容量為。=Ct7=12000x3C=36000C=360004?s

故/錯(cuò)誤；

8、電容器充電的過程中，電量逐漸增加，電容器的電容不變，故8錯(cuò)誤；

C、電容器放電的過程中，電量逐漸減少，由0=得，電容器兩極板間的電壓減小，

故C錯(cuò)誤；

D、若標(biāo)有“3/,12000F”的電容器從電量為零到充滿電用時(shí)30s,則充電平均電流為

,Q36000,

/='=--------A=1200A

T30

故。正確。

故選：Do

【點(diǎn)評(píng)】本題考查了電容器的電容，解題的關(guān)鍵是明確電容器的電容由本身結(jié)構(gòu)決定，

與充放電無關(guān)，與電荷量的多少無關(guān)。

【例6】（2023?安康開學(xué)）一根長為L、橫截面積為S的金屬棒，棒內(nèi)單位體積自由電

子數(shù)為〃，電子的質(zhì)量為機(jī)，電荷量為e。在棒兩端加上恒定的電壓U時(shí)，棒內(nèi)產(chǎn)生電

流，自由電子定向運(yùn)動(dòng)的平均速率為v,則金屬棒材料的電阻率為（）

第7頁（共19頁）

AnevUU「UL口U

A?-------D?C?L）?------

LnevnevnevL

【分析】根據(jù)電流的微觀表達(dá)式求解導(dǎo)體中的電流，根據(jù)歐姆定律求解金屬棒的電阻，

根據(jù)電阻定律求解電阻率。

【解答】解：由電流的微觀表達(dá)式得，導(dǎo)體中的電流為/=〃eSv

由電阻定律得，導(dǎo)體的電阻為R=

根據(jù)歐姆定律得，R4

聯(lián)立解得：p=-U—

nevL

故/8C錯(cuò)誤，。正確。

故選：Do

【點(diǎn)評(píng)】本題考查電阻定律，電流的微觀表達(dá)式和歐姆定律，掌握幾個(gè)公式并能夠熟練

應(yīng)用即可。

【例7】（2023?楊浦區(qū)二模）用圖示電路測(cè)量電池的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻，將二個(gè)阻值為12c和

20。的定值電阻連入電路中，當(dāng)開關(guān)S從位置1切換到位置2時(shí)，發(fā)現(xiàn)電流表示數(shù)變?yōu)?/p>

原來的1.5倍.則（）

1

A.R、=20Q,r=40B.與=12。，￡=24KC.H|=12C,r=2Q

D.R2=20Q,E=\2V

【分析】根據(jù)閉合電路歐姆定律分析兩個(gè)電阻的大小，同時(shí)解得內(nèi)阻，電源電動(dòng)勢(shì)無法

得出。

【解答】解：當(dāng)開關(guān)S從位置1切換到位置2時(shí)，發(fā)現(xiàn)電流表示數(shù)變?yōu)樵瓉淼?.5倍，

可知4=20。，&=12。

根據(jù)閉合電路歐姆定律有

E=I（R\+r）

第8頁（共19頁）

E=1.5/(7?2+r)

解得

r=4Q

電源電動(dòng)勢(shì)無法得出，故“正確，BCD錯(cuò)誤;

故選：A。

【點(diǎn)評(píng)】本題考查閉合電路歐姆定律的應(yīng)用，解題關(guān)鍵掌握電路的連接和題目的理解。

考點(diǎn)2電學(xué)實(shí)驗(yàn)

【解題技巧】

1.分清電路在每個(gè)狀態(tài)下的結(jié)構(gòu)，即電路的連接方式，滑動(dòng)變阻器使用的阻值范圍，

電壓表、電流表所測(cè)定的物理量。

2.針對(duì)每種狀態(tài)畫出相應(yīng)的等效電路圖，在圖中標(biāo)出這種狀態(tài)下所對(duì)應(yīng)的巳知量、不

變量、待求量。

3.以"不變量"為中心列出電路方程。

【例1】（2022秋?石景山區(qū)期末）如圖1所示是一個(gè)多用電表歐姆擋內(nèi)部電路示意圖，

由表頭、電源、調(diào)零電阻和表筆組成。其中表頭⑥滿偏電流4=500〃/、內(nèi)阻々=100C；

電池電動(dòng)勢(shì)E=L5八內(nèi)阻=0.5Q；調(diào)零電阻凡阻值0?5000C。

圖1

（1）使用此歐姆擋測(cè)量電阻時(shí)，如圖2所示，若表頭⑥指針指在位置①處，則此刻度

對(duì)應(yīng)歐姆擋表盤刻度值為_8_C（選填“0”或"8”）；若指針指在位置②處，則

此刻度對(duì)應(yīng)歐姆擋表盤刻度值為—Q（選填“0”或“oo”）；若指針指在位置③處,

則此刻度對(duì)應(yīng)歐姆擋表盤刻度值為。。

第9頁（共19頁）

（2）請(qǐng)說明該歐姆擋表盤的刻度值分布是否均勻，并說明理由?！?/p>

（3）該歐姆擋表盤的刻度值是按電池電動(dòng)勢(shì)為1.5/刻度的，當(dāng)電池的電動(dòng)勢(shì)下降到1.45八

內(nèi)阻增大到3Q時(shí)仍可調(diào)零。若測(cè)得某電阻的阻值為3000。，則這個(gè)電阻的真實(shí)值是

Qo

【分析】（1）明確多用電表的原理，根據(jù)閉合電路歐姆定律進(jìn)行分析，從而明確電流表

刻度與歐姆表刻度的對(duì)應(yīng)的關(guān)系；

（2）根據(jù)閉合電路的歐姆定律/=分析歐姆擋表盤的刻度值分布是否均勻；

凡+R

（3）根據(jù)中值電阻的意義進(jìn)行分析，明確指在3000。時(shí)是指在中間位置，此時(shí)測(cè)量實(shí)際

值仍等于內(nèi)部電阻。

【解答】解：（1）歐姆表采用閉合電路歐姆定律原理制作而成，當(dāng)指針指在電流表的零

刻度處時(shí)，說明此時(shí)外電路斷路，電阻為無窮大，而當(dāng)指針指在滿偏刻度處時(shí)，此時(shí)對(duì)

應(yīng)電阻為零；

根據(jù)閉合電路歐姆定律可知，內(nèi)電阻為時(shí)=￡=—匚三。=3000。

3UUXIU

當(dāng)指針指在中間位置時(shí)，根據(jù)閉合電路的歐姆定律=—^

28R+R內(nèi)

解得R=%=3000C,此時(shí)內(nèi)外電阻相等，則說明刻度為3000。；

（2）根據(jù)閉合電路的歐姆定律/=歐姆表調(diào)零后，歐姆表的內(nèi)阻不變，由于電

R內(nèi)+R

源電動(dòng)勢(shì)不變，電阻R與通過電阻的電流不成線性變化關(guān)系，因此歐姆擋表盤的刻度值

分布不是均勻；

（3）若電動(dòng)勢(shì)為1.45V,則此時(shí)調(diào)零時(shí)，內(nèi)部電阻為及'內(nèi)=1=so。，］0.6C=2900C，

此時(shí)指針在指在中值位置時(shí)，根據(jù)閉合電路的歐姆定律_L/J=——

23R，+R.

解得R'=必=2900Q,則對(duì)應(yīng)的電阻應(yīng)為2900Q

由3000Q對(duì)應(yīng)的電流列出關(guān)系式/=—￡-=―-—即而懸而=就標(biāo)

。+RR內(nèi)'+%

因此對(duì)應(yīng)1.45%時(shí)，電阻的真實(shí)值R貪=2900。。

故答案為：（1）oo,0,3000；（2）由于電阻R與通過電阻的電流不成線性變化關(guān)系,

因此歐姆擋表盤的刻度值分布不是均勻的；（3）2900。

第10頁（共19頁）

【點(diǎn)評(píng)】本題考查多用電阻中的歐姆表的原理，注意掌握此類問題的解決方法還是閉合

電路歐姆定律的應(yīng)用，明確中值電阻的意義是解題的關(guān)鍵。

【例2】（2022秋?香坊區(qū)校級(jí)期中）圖。為某同學(xué)組裝完成的簡易多用電表的電路圖。

圖中E是電池，與、&、&、凡和用是固定電阻，4是可變電阻；表頭G的滿偏電流為

100〃/,內(nèi)阻為450C。虛線方框內(nèi)為換擋開關(guān)，/端和B端分別與兩表筆相連。該多用

電表有5個(gè)擋位，5個(gè)擋位為：直流電壓W擋和5/擋，直流電流擋和2.5〃?”擋，歐

姆xlOOQ擋。

（1）關(guān)于多用電表的使用，下列說法正確的是_/尸_。

A.用電壓擋測(cè)電壓前，需調(diào)整指針定位螺絲，使指針指到表盤最左端零刻度處

B.多用電表沒有OQ擋時(shí)，使用完后應(yīng)將選擇開關(guān)撥至交流電壓最低擋

C.測(cè)量某一電阻時(shí)，應(yīng)在其所在電路中直接測(cè)量，不必拆下被測(cè)電阻

D.測(cè)量電阻時(shí)用手指緊緊按住紅、黑表筆與電阻接觸的部分，這樣測(cè)量較為準(zhǔn)確

E.用歐姆擋測(cè)電阻時(shí)，被測(cè)電阻的阻值越大，指針向右轉(zhuǎn)過的角度就越大

F.用歐姆擋測(cè)電阻時(shí)，改變不同倍率的歐姆擋，必需重新進(jìn)行歐姆調(diào)零

（2）某次測(cè)量時(shí)該多用電表8端是與“1”相連的，指針位置如圖b所示。則讀數(shù)為

mA;

（3）該同學(xué)選取“xlOO擋”測(cè)量一定值電阻，發(fā)現(xiàn)指針偏角過大，于是將擋位調(diào)至

（填“xlO”或“xbl"）擋。換擋后，重新進(jìn)行歐姆調(diào)零，然后測(cè)量該定值電阻，表

盤示數(shù)如圖c所示，則此定值電阻的測(cè)量值為—

【分析】根據(jù)多用電表歐姆擋、電流擋測(cè)量方法和讀數(shù)方法分析判斷。

【解答】解：（1）A.用電壓擋測(cè)電壓前，需調(diào)整指針定位螺絲，使指針指到表盤最左

端零刻度處，故4正確；

B.多用電表沒有0a擋時(shí)，使用完后應(yīng)將選擇開關(guān)撥至交流電壓最高擋，故8錯(cuò)誤；

第11頁（共19頁）

C.測(cè)量某一電阻時(shí)，應(yīng)將待測(cè)電阻與外部完全斷開，然后再用多用電表歐姆表測(cè)量，

故C錯(cuò)誤；

D.由于人體有電阻，所以測(cè)量電阻時(shí)不能用手指緊緊按住紅、黑表筆與電阻接觸的部

分，否則這樣測(cè)量的電阻為人體與待測(cè)電阻的并聯(lián)阻值，測(cè)量值將偏小，故。錯(cuò)誤；

E.歐姆表電阻刻度是最左邊無窮大，最右邊刻度為0,所以用歐姆擋測(cè)電阻時(shí)，被測(cè)

電阻的阻值越大，指針向右轉(zhuǎn)過的角度就越小，故E錯(cuò)誤；

F.用歐姆擋測(cè)電阻時(shí)，改變不同倍率的歐姆擋，必需重新進(jìn)行歐姆調(diào)零，故F正確。

故選：AFo

（2）某次測(cè)量時(shí)該多用電表8端與“1”相連時(shí)，多用電表為電流表，量程為直流電流

2.5根擋，指針位置如圖6所示，則讀數(shù)為/=喘1=1.40*

（3）同學(xué)選取“xlOO擋”測(cè)量一定值電阻，發(fā)現(xiàn)指針偏角過大，說明所選倍率過大，

應(yīng)換用較小倍率，于是應(yīng)將擋位調(diào)至“xlO”擋。

換擋后，重新進(jìn)行歐姆調(diào)零，然后測(cè)量該定值電阻，表盤示數(shù)如圖c所示，則此定值電

阻的測(cè)量值為凡=19x10C=190。

故答案為：（1）AF（2）1.40;（3）xlO,190o

【點(diǎn)評(píng)】本題考查多用電表的使用，要求掌握多用電表歐姆表、電流表、電壓表的測(cè)量

方法和讀數(shù)方法。

【例3】（2022秋?洋縣校級(jí)期中）小明用如圖甲所示的電路，測(cè)量額定電壓為2.5廣小燈

泡心的額定功率。

（1）閉合開關(guān)后，小燈泡不發(fā)光，電流表和電壓表均無示數(shù)。小明用電壓表進(jìn)行電路

檢查。他把電壓表負(fù)接線柱接在。接線柱上，將電壓表正接線柱接先后接6接線柱和c,接

線柱上時(shí)電壓表示數(shù)均為"。當(dāng)把電壓表正接線柱接d接線柱時(shí)，電壓表數(shù)為零，則

第12頁（共19頁）

那—段電路出現(xiàn)了故障（選填“be”或“4”）,其故障是—（選填“短路”或“開

路”）0

（2）排除電路故障后閉合開關(guān)，滑動(dòng)變阻器滑片尸位于圖甲所示的位置時(shí)，電壓表示

數(shù)如圖乙所示，為使燈泡正常發(fā)光，滑動(dòng)變阻器滑片尸應(yīng)向一端適當(dāng)滑動(dòng)（選填

或“8”）。

（3）當(dāng)小燈泡正常發(fā)光時(shí)，電流表示數(shù)如圖丙所示，為―/,小燈泡的額定功率是

W,此時(shí)小燈泡電阻為Qo

【分析】（1）電流表無示數(shù)，說明電路是斷路，根據(jù)電壓表的不同示數(shù)分析故障原因；

（2）根據(jù)電壓表的量程讀出電壓表的示數(shù)，判斷變阻器阻值減小時(shí)滑片的移動(dòng)情況；

（3）根據(jù)電流表的量程讀出電流表的示數(shù)，通過尸計(jì)算功率，根據(jù)歐姆定律求燈泡

正常發(fā)光時(shí)電阻。

【解答】解：（1）閉合開關(guān)后，小燈泡不發(fā)光，電流表無示數(shù)，說明電路是斷路；把電

壓表負(fù)接線柱接在.接線柱上，將電壓表正接線柱先后接在b接線柱和c接線柱上時(shí)電壓

表示數(shù)均為W,說明電壓表與包含電源在內(nèi)的ac之間的電路是通路，把電壓表正接線

柱接d接線柱時(shí)，電壓表示數(shù)為零，說明〃段電路出現(xiàn)了故障，其故障是小燈泡開路；

（2）如圖乙所示，電壓表選用的是小量程，分度值為0.小，電壓表的示數(shù)為2.00k,為

使燈泡正常發(fā)光，小燈泡兩端的電壓應(yīng)為2.5P,根據(jù)分壓原理，應(yīng)減小滑動(dòng)變阻器接入

電路的阻值，故滑動(dòng)變阻器滑片P應(yīng)向4端適當(dāng)滑動(dòng)；

（3）如圖丙所示，電流表選用的是小量程，分度值為0.024,電流表的示數(shù)為0.304,

此時(shí)小燈泡的電壓為2.5J根據(jù)功率公式可得小燈泡的額定功率為：

P=UI=2.5Kx0.30/=0.75少,

此時(shí)小燈泡電阻為

R=—=I；Q=8.3。o

I0.30

故答案為：（1）cd；開路；（2）A；（3）0.30；0.75；8.3o

【點(diǎn)評(píng)】本題是測(cè)量小燈泡功率的實(shí)驗(yàn)，考查了滑動(dòng)變阻器的應(yīng)用，電壓表和電流表的

讀數(shù)及電功率的計(jì)算，注意電表讀數(shù)需要估讀。

【例4】（2022?徐匯區(qū)三模）測(cè)量一節(jié)舊干電池的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)電阻。

第13頁（共19頁）

（1）電路圖如圖1所示，除干電池、電壓表（量程W）、開關(guān)和導(dǎo)線外，可供使用的實(shí)

驗(yàn)器材還有：

A.電流表（量程0.6/）

B.電流表（量程3/）

C.滑動(dòng)變阻器（阻值范圍0~50復(fù)）

D.滑動(dòng)變阻器（阻值范圍0~200。）

實(shí)驗(yàn)中電流表應(yīng)選用滑動(dòng)變阻器應(yīng)選用—O

（2）某同學(xué)記錄了7組數(shù)據(jù)，對(duì)應(yīng)點(diǎn)己標(biāo)在圖2中的坐標(biāo)紙上。根據(jù)U-/圖像，可得

電池的電動(dòng)勢(shì)E=V,內(nèi)電阻r=Qo（保留兩位小數(shù)）

（3）該同學(xué)用圖1所示電路和（1）中選定的器材繼續(xù)研究水果電池。實(shí)驗(yàn)過程中他發(fā)

現(xiàn)，無論怎樣調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器的滑片，電流表和電壓表的指針幾乎都不發(fā)生偏轉(zhuǎn)。他斷

開開關(guān)，用多用電表電壓擋直接測(cè)量水果電池兩端的電壓，示數(shù)為2.03p；用多用電表

進(jìn)一步檢查電路，電路沒有故障。請(qǐng)你分析實(shí)驗(yàn)中電流表和電壓表指針幾乎不偏轉(zhuǎn)的原

因。

【分析】（1）根據(jù)實(shí)驗(yàn)原理和電源電動(dòng)勢(shì)和電流的大小選擇合適的電學(xué)儀器；

（2）根據(jù)閉合電路歐姆定律結(jié)合圖像分析出電源電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻；

（3）根據(jù)實(shí)驗(yàn)原理結(jié)合水果電池的特點(diǎn)分析出電表指針不偏轉(zhuǎn)的原因。

【解答】解：（1）由于干電池的電動(dòng)勢(shì)較小，電路的電流較小，故電流表選小量程，即

選為了方便調(diào)節(jié)，滑動(dòng)變阻器應(yīng)選擇最大電阻較小的，即選C;

（2）用一條直線盡可能地穿過更多的點(diǎn)，不在直線上的點(diǎn)盡量均勻地分布在直線兩側(cè),

誤差較大的點(diǎn)舍去，畫出的U-/圖像如圖所示：

第14頁（共19頁）

根據(jù)a=E-〃，

結(jié)合圖像可知：E=\A5V,

同時(shí)r=±K=L45T,%=o,7C。

△/0.64

（3）水果電池的電阻較大（ZC級(jí)別），電動(dòng)勢(shì)僅為2.03廣，導(dǎo)致外電路幾乎沒有電流，所

以電流表指針幾乎不發(fā)生偏轉(zhuǎn)；因?yàn)橥怆娐房傠娮枳畲蠹s為50C,所以路端電壓也幾乎

為零，電壓表指針也幾乎不發(fā)生偏轉(zhuǎn)。

故答案為：（1）A；C；（2）1.45；0.70；（3）水果電池的電阻較大伏。級(jí)別），電動(dòng)勢(shì)

僅為2.03M,導(dǎo)致外電路幾乎沒有電流，所以電流表指針幾乎不發(fā)生偏轉(zhuǎn)；因?yàn)橥怆娐?/p>

總電阻最大約為50Q,所以路端電壓也幾乎為零，電壓表指針也幾乎不發(fā)生偏轉(zhuǎn)。

【點(diǎn)評(píng)】本題主要考查了電源電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻的測(cè)量，根據(jù)實(shí)驗(yàn)原理掌握正確的實(shí)驗(yàn)操作,

結(jié)合歐姆定律和圖像完成分析。

【例5】（2023?九江二模）在“測(cè)定金屬的電阻率”實(shí)驗(yàn)中，為測(cè)量一段阻值約為5Q、

粗細(xì)均勻的電阻絲的電阻，將其拉直固定在帶有刻度尺的木板上，現(xiàn)有電源（電動(dòng)勢(shì)為

E,內(nèi)阻不計(jì)），開關(guān)和導(dǎo)線若干、以及電流表（量程恰當(dāng)，內(nèi)阻未如）。

某同學(xué)用上述器材設(shè)計(jì)了一個(gè)實(shí)驗(yàn)，電路如圖所示，已測(cè)出電阻絲的橫截面積為S,用

一個(gè)小金屬夾沿電阻絲滑動(dòng)，可改變接入電路中電阻絲的長度實(shí)驗(yàn)中記錄了幾組不

同長度乙對(duì)應(yīng)的電流該同學(xué)作出了如圖的圖像，其縱軸是_：_（選填或“:"

第15頁（共19頁）

）o已知該圖像的斜率為"縱軸截距為人則該金屬的電阻率為—，電流表內(nèi)阻

為—，電流表內(nèi)阻對(duì)電阻率測(cè)量結(jié)果的影響是—（選填“偏大”“偏小”或“無

影響”）0

【分析】根據(jù)電阻定律和歐姆定律，結(jié)合圖像的物理意義得出縱軸和對(duì)應(yīng)的電阻率和電

流表的內(nèi)阻，根據(jù)實(shí)驗(yàn)原理分析出電流表內(nèi)阻對(duì)實(shí)驗(yàn)結(jié)果的影響。

【解答】解：根據(jù)電阻定律可知火=2!

由歐姆定律可得/?=。-%

聯(lián)立可得，=旦￡+&

IESE

故應(yīng)該作圖像，即圖像縱坐標(biāo)為;；

由前面的關(guān)系式可知圖像斜率4=￡

ES

縱軸截距6=旦

E

可得p=ESk,RA=Eb

因?yàn)橄?ESA,故電流表的內(nèi)阻對(duì)該電阻絲電阻率的測(cè)量結(jié)果無影響。

故答案為：j;ESk;Eb；無影響

【點(diǎn)評(píng)】本題主要考查了電阻率的測(cè)量實(shí)驗(yàn)，根據(jù)實(shí)驗(yàn)原理掌握正確的實(shí)驗(yàn)操作，結(jié)合

歐姆定律，電阻定律，同時(shí)理解圖像的物理意義即可完成分析。

【例6】（2022秋?中山市期末）在“描繪小燈泡的伏安特性曲線”的實(shí)驗(yàn)中，某同學(xué)連

（1）他借助多用電表檢查小燈泡，先斷開開關(guān)，把多用電表的選擇開關(guān)旋到“xg”

擋，再進(jìn)行調(diào)零；又將紅、黑表筆分別接觸①、②接線柱，多用電表的表盤恰

第16頁（共19頁）

好如圖乙所示，說明小燈泡正常，此時(shí)的電阻為一。。

（2）他將多用電表選擇開關(guān)旋于某直流電壓檔，將紅、黑表筆分別接觸②、③接線柱；

閉合開關(guān)，發(fā)現(xiàn)電壓表的示數(shù)約等于電源電動(dòng)勢(shì)，說明②、③接線柱間的導(dǎo)線出現(xiàn)了

（選填“斷路”或“短路”）0

（3）故障排除后，為了使電流表的示數(shù)從零開始，要在—接線柱間（選填“①、④”

或“③、④”）再連接一根導(dǎo)線，并在閉合開關(guān)前把滑動(dòng)變阻器的滑片置于最一端（選

填“左”和“右”）0

（4）實(shí)驗(yàn)中測(cè)得有關(guān)數(shù)據(jù)如表，根據(jù)表中的實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)，得到小燈泡的/-。特性曲線（橫

軸為電壓，縱軸為電流），如圖丙，則燈泡燈絲的電阻隨著電壓的升高而—；當(dāng)燈泡

兩端為額定電壓2.5/時(shí)，此時(shí)小燈泡的電阻值為—Qo

UIV0.400.801.201.602.002.402.80

I/A0.100.160.200.230.250.260.27

【分析】（1）根據(jù)實(shí)驗(yàn)原理掌握正確的實(shí)驗(yàn)操作，結(jié)合歐姆表的讀數(shù)規(guī)則得出對(duì)應(yīng)的示

數(shù)；

（2）根據(jù)電路構(gòu)造分析出對(duì)應(yīng)的電路故障；

（3）根據(jù)實(shí)驗(yàn)原理掌握正確的實(shí)驗(yàn)操作；

（4）根據(jù)圖像的物理意義結(jié)合歐姆定律完成分析。

【解答】解：（1）根據(jù)歐姆表的使用方法可知，每次選完擋后應(yīng)重新進(jìn)行歐姆調(diào)零。

根據(jù)歐姆表的讀數(shù)規(guī)則可知，歐姆表的讀數(shù)為/?=6xlQ=6Q

（2）多用電表選擇開關(guān)旋于某直流電壓擋，將紅、黑表筆分別接觸②、③接線柱；閉

合開關(guān)，發(fā)現(xiàn)電壓表示數(shù)約等于電源電動(dòng)勢(shì)，說明②、③接線柱間的導(dǎo)線出現(xiàn)了斷路。

（3）為使電流表的示數(shù)從零調(diào)，變阻器應(yīng)采用分壓式接法，所以應(yīng)在③、④導(dǎo)線間再

連接一根導(dǎo)線。

滑動(dòng)變阻器采用分壓接法，為保護(hù)電路，在閉合開關(guān)前應(yīng)將滑片置于