上海市虹口區(qū)高三上學期期末教學質量監(jiān)控物理試題

【全國區(qū)級聯(lián)考】上海市虹口區(qū)20172018學年高三上學期期終教學質量監(jiān)控物理試題一、選擇題（12小題）1.下列物理量，屬于矢量的是A.電荷量B.磁感應強度C.磁通量D.電流強度【答案】B【解析】矢量是有大小，又有方向的物理量，而標量是只有大小，沒有方向的物理量；磁感應強度是矢量，而電荷量、磁通量和電流強度是標量，故選B.2.下列現(xiàn)象中屬于靜電利用的是A.油罐車上有鐵鏈拖到地面B.飛機輪胎用導電橡膠制作C.屋頂安裝避雷針D.汽車表面噴涂油漆【答案】D【點睛】物體帶電的本質是電荷的轉移，出現(xiàn)多余的電荷從而帶電，所以靜電的產生有利有弊．3.在勻強磁場中A、B兩點分別引入長度相等的長直導線，導線與磁場方向垂直，如圖所示，圖中a、b兩條圖線分別表示在磁場中A、B兩點導線所受磁場力F和通過導線的電流關系，關于A、B兩點的磁感應強度大小BA、A.BA=BBB.B【答案】B【解析】根據(jù)公式F=BIL，可知F?I圖象的斜率為BL，由于長度相等，故斜率越大，表示磁感應強度越大，故A點的磁感應強度大于B4.不同質量的兩個物體由同一地點以相同的動能豎直向上拋出，不計空氣阻力，則這兩個物體A.所能達到的最大高度和最大重力勢能都相同B.所能達到的最大高度和最大重力勢能均不同C.所能達到的最大高度不同，但最大重力勢能相同D.所能達到的最大高度相同，但最大重力勢能不同【答案】C【解析】物體豎直上拋到最高點，速度為零，根據(jù)機械能守恒定律得：Ek=mgh，解得：h=Ekmg，m不同，E【點睛】物體豎直向上拋出，不計空氣阻力，物體的機械能守恒，到達最大高度時動能為0，根據(jù)機械能守恒定律判斷重力勢能的大小關系即可．5.如圖所示，下列速度時間圖像中，表示兩個做自由落體運動的物體落地的是（t0表示落地時刻A.B.C.D.【答案】D【解析】自由落體運動的初速度為0，速度隨時間均勻增大，圖線甲有初速度，不是自由落體運動，故A錯誤；自由落體運動的加速度相同，都為g，所以圖線斜率相等，圖象應平行，故B錯誤；圖線甲有初速度，不是自由落體運動，故C錯誤；自由落體運動的初速度為0，速度隨時間均勻增大，加速度相同，所以圖線的斜率相等，圖象平行，同時落地，即在同一時刻落地，故D正確；故選D.6.一輛汽車正在水平公路上轉彎，沿曲線由M向N行駛，速度逐漸增大，下面四幅圖中畫出的汽車受合力F的方向可能正確的是A.B.C.D.【答案】B【解析】汽車從M點運動到N做曲線運動，速度沿切線方向，速度的大小越來越大，故合力有兩個分力的效果，一個分力提供向心力，改變速度的方向，故此分力的方向與沿切線方向垂直，另一個分力是增加速度的大小，故此分力的方向與切線方向同向，故合力與速度的方向的夾角要小于90°，故ACD錯誤，B正確，故選7.將地球視為理想球體，且只考慮自轉，不考慮其繞太陽的運動，則A.南回歸線與北回歸線上各點的線速度都相等B.赤道上各點的向心加速度重力重力加速度C.地球表面和內部各點的向心加速度方向均指向地心D.在地球的某一條半徑上，各點的線速度均與它到地心的距離成正比【答案】D【解析】由于回歸線上各點的線速度方向并不相同，故線速度不相等，故A錯誤；向心加速度是指各點做圓周運動的加速度，所以赤道上各點的向心加速度不同于重力加速度，故B錯誤；地球表面各點向心加速度的方向都指向地軸的一點，只有赤道上各點向心加速度的方向指向地心，故C錯誤；因各點的角速度相同，由v=ωr可知，在地球的某一條半徑上，各點的線速度均與它到地心的距離成正比，故【點睛】地面上的物體隨地球自轉做勻速圓周運動，角速度相等，根據(jù)向心加速度公式a=ω28.如圖所示，在繩下端掛一物體，用力F作用于O點；使懸線偏離豎直方向的夾角為α，且保持物體平衡，設F與水平方向的夾角為β，在保持α不變的情況下，要使拉力F的值最小，則β應等于A.αB.12πC.0【答案】A【解析】O點受三個拉力處于平衡，向上的兩個拉力的合力大小等于物體的重力，方向豎直向上，根據(jù)作圖法，作出力的變化圖象由圖可知，當F與天花板相連的繩子垂直時，拉力F最小，根據(jù)幾何關系知β=α．故A正確，BCD【點睛】對結點O受力分析，抓住拉物體繩子的拉力大小和方向都不變，與天花板相連繩子拉力方向不變，通過作圖法求出拉力的最小值．9.已知磁敏電阻在沒有磁場時電阻很小，在有磁場時電阻很大，并且磁場越強阻值越大，為了探測有無磁場，利用磁敏電阻作為傳感器設計了如圖所示電路，電源電動勢E和內阻r不變，在沒有磁場時，條件變阻器R使電燈發(fā)光，當探測裝置從無磁場區(qū)進入強磁場區(qū)（設電燈L不會燒壞），則A.電燈L變亮B.電流表示數(shù)增大C.變阻器R的功率增大D.磁敏電阻兩端的電壓減小【答案】A【解析】探測裝置從無磁場區(qū)進入強磁場區(qū)時，其電阻變大，電路的總電阻變大，根據(jù)閉合電路歐姆定律可知電路中的總電流I變小，所以電流表的示數(shù)減??；根據(jù)U=E?Ir，可知I減小，路端電壓U增大，所以燈泡兩端的電壓增大，則電燈L變亮，故流過電燈L的電流增大，而總電流I減小，則流過磁敏電阻的電流減小，因為在進入強磁場區(qū)后沒有改變滑動變阻器滑片的位置，即滑動變阻器的有效阻值不變，根據(jù)P=I210.如圖所示，在有界勻強磁場中水平放置相互平行的金屬導軌，導軌電阻不計，導軌上金屬桿ab與導線接觸良好，磁感線垂直導軌平面向上（俯視圖），導軌與處于磁場外的大線圈M相接，欲使置于M內的小閉合線圈N產生順時針方向的感應電流，下列做法可行的是A.ab勻速向右運動B.ab加速向右運動C.ab加速向左運動D.ab勻速向左運動【答案】C【解析】ab勻速向右運動，切割磁感線產生的電動勢：E=BLv，可知感應電動勢不變，則產生的感應電流不變，故由感應電流產生的磁場也不變，則穿過線圈N的磁通量不變，故N線圈不產生感應電流，故A錯誤；ab加速向右運動，ab切割磁感線產生的感應電動勢：E=BLv，可知感應電動勢增大，產生的感應電流增大，故由感應電流產生的磁場也增大，則穿過N的磁通量增大，由右手定則可知，ab產生的感應電流由a流向b，由安培定則可知，穿過N的磁場方向垂直于紙面向里，由楞次定律可知，N中產生逆時針方向的感應電流，故B錯誤；ab加速向左運動時，感應電動勢：E=BLv，可知感應電動勢增大，故感應電流增大，故由感應電流產生的磁場也增大，則穿過線圈N的磁通量增大，由右手定則與楞次定律可知，N中產生順時針方向的感應電流，故C正確；ab勻速向左運動，切割磁感線產生的電動勢：E=BLv，可知感應電動勢不變，則產生的感應電流不變，故由感應電流產生的磁場也不變，則穿過線圈N的磁通量不變，故N線圈不產生感應電流，故D錯誤；故選C.11.一個質量為M的箱子放在水平地面上，箱內用一段固定長度的輕質細線栓一質量為m的小球，線的另一端拴在箱子的頂板上，現(xiàn)把細線和球拉到左側與豎直方向成θ角處靜止釋放，如圖所示，在小球擺動的過程中箱子始終保持靜止，則以下判斷正確的是A在小球擺動的過程中，線的張力呈周期性變化，但箱子對地面的作用力始終保持不變B小球擺到右側最高點時，地面受到的壓力為(M+C小球擺到最低點時，地面受到的壓力為(M+D小球擺到最低點時，繩對箱頂?shù)睦Υ笥趍g，箱子對地面的壓力大于(【答案】D【解析】在小球擺動的過程中，速度越來越大，對小球受力分析根據(jù)牛頓第二定律可知：F?mgcosθ=mv2r，繩子在豎直方向的分力為：F′=Fcosθ=mgcosθ+mv2rcosθ，由于速度越來越大，角度θ越來越小，故F【點睛】對m運動分析，判斷出速度大小的變化，根據(jù)牛頓第二定律求得繩子的拉力，即可判斷出M與地面間的相互作用力的變化，在最低點，球受到的重力和拉力的合力提供向心力，由牛頓第二定律求出繩子的拉力，從而得到箱子對地面的壓力．12.一質點做簡諧振動，振幅為A，周期為T，O為平衡位置，B、C為兩側最大位移處，從經過位置P（P與O、B、C三點均不重合）時開始計時，則下列說法正確的是A.經過12T時，B.經過14T時，質點的路程不可能大于AC.經過18T時D.經過12T時，質點的瞬時速度與經過【答案】A【解析】質點的半個周期內的路程為2A，由于開始時的位置不是在最大位移處，所以質點的位移一定小于2A，則半個周期內的平均速度：v=xt＜2A12T=4AT，故A正確；質點在平衡位置附近的速度較大，而在最大位移附近的速度較小，所以若質點從P點開始時運動的方向指向平衡位置，則質點在14T內的路程要大于A；若質點從P點開始時運動的方向遠離平衡位置，則質點子在14T內的路程要小于A．故【點睛】由振幅的定義可得出質點的振幅；由質點振動的過程可求解通過的路程及位移；經過半個周期后，質點速度方向一定與開始時速度的方向相反．二、填空題（5小題）13.國際單位制中力學的基本物理量是長度、時間和_____；用國際單位制基本單位表示磁感應強度的單位，1T=_____________?！敬鸢浮?1).質量(2).kgA【解析】國際單位制中，長度、質量、時間三個物理量被選作力學的基本物理量，力學的三個基本單位分別是米、千克、秒；磁感應強度B=FIL，磁感應強度單位為14.如圖所示，兩金屬棒ab、cd放在磁場中，并組成閉合電路，當ab棒向左運動時，cd棒受到向下的磁場力，則可知磁極I是__________極，理由是___________________________________?！敬鸢浮?1).S(2).由左手定則判斷電流方向c→d，從而電流是b→a，根據(jù)右手定則，磁感線垂直穿過手心，I為S極學+科+網(wǎng)...學+科+網(wǎng)...學+科+網(wǎng)...學+科+網(wǎng)...15.如圖為點電荷Q產生的電場，圖中虛線為等勢線，若將兩個帶正電檢驗電荷和q1、q2分別從A、B兩點移動到無窮遠處的過程中，外力克服電場力做功均為W=6×0?6J，其中q1=2×0?6C，則A點電勢φ【答案】(1).3(2).大于【解析】從A、B兩點移動到無窮遠處的過程中，外力克服電場力做功均為W=6×0?6J，電勢能增加6×0?6J，以無窮遠為零勢點，q1在A點電勢能為EPA=6×16.如圖所示電路，M、N是一對平行金屬板，將N板接地。已知電源電動勢E=36V，內阻不計，R0=200Ω為定值電阻，R1、R2均為0~999.9Ω的可調電阻箱，帶負電的小球用絕緣細線懸掛在平行金屬板之間。閉合電鍵S，當R1=200Ω，R2=400Ω時，UM【答案】(1).12V(2).不變【解析】R1與電容器串聯(lián)，則R1相當導線作用，改變R1對電路的總電阻沒有影響，對總電流沒有影響，故改變R1時小球的電勢能將保持不變；R2與R0串聯(lián)，則電路中的總電流為I=E17.一質量為m的物體從傾角為θ的固定長直斜面頂端由靜止開始下滑，已知斜面與物體間的動摩擦因數(shù)μ與物體離開斜面底端距離x之間滿足μ=kx（k為已知量），則物體剛下滑的加速度大小為___________【答案】(1).gsinθ【解析】物體剛下滑時，只受重力作用，物體所受重力沿斜面向下的分力F=mgsinθ，根據(jù)牛頓第二定律，物體此時產生的加速度a=Fm=gsinθ三、綜合題（3小題）18.如圖甲所示的電路中R1、R2均為定值電阻，且R1=100Ω，R2電阻值未知，R3為滑動變阻器，當（1）B點對應的滑片P的位置是變阻器的哪一段，請畫出對應的電路圖；（2）R2阻值（3）電源的內電阻；（4）滑動變阻器的最大阻值?！敬鸢浮浚?）右端，見解析（2）5Ω（3）20Ω（4）300Ω【解析】（1）當R3滑片從左端滑到右端時，其有效阻值在減小，則總電阻減小，故總電流增大，由U—I圖可知，B點對應的滑片P的位置的右端，當滑片P在B點時，R3的有效阻值為0，（2）由（1）電路可知，此時路端電壓為U2=4V，總電流為（3）將乙圖中AB線延長，交U軸于20V處，所以電源的電動勢為E=20V．圖象斜率表示內阻為：r（4）當P滑到R3的左端時，由題圖乙知，此時路端電壓為U1=則外電阻為R又因為R解得：R19.如圖，把一重為G的物體，用一個水平的推力F=kt（k為恒量，t為時間）壓在豎直的足夠高的平整墻上，動摩擦因數(shù)為μ，從t=0開始（1）作出物體所受墻面的摩擦力f隨t變化關系圖；（2）分析、說明物體在各段時間內加速度、速度的變化情況?！敬鸢浮浚?）（2）物體的加速度先減小后增大，最終為零，速度先增大，后減小.【解析】試題分析：由題意可知，隨著時間的推移，壓力不斷增大，導致物體從滑動到靜止．則物體所受的摩擦力先是滑動摩擦力后是靜摩擦力．而滑動摩擦力的大小與推物體的壓力大小成正比，而靜摩擦力的大小與重力大小相等．（1）從t=0開始水平推力F=kt，即壓力不斷增大，則物體受到滑動摩擦力作用，所以滑動摩擦力的大小與壓力正比．因此滑動摩擦力不斷增大．合外力減小，加速度減小；當摩擦力等于重力時，加速度為零；當物體的摩擦力大于重力時，物體開始做減速運動，直至靜止，故加速度是先減小后增大的，則摩擦力f隨t變化關系圖，如圖（2）由上分析可知：物體的加速度先減小后增大，最終為零，速度先增大，后減小.20.兩根平行金屬導軌相距L=0.50m，固定