2021年高考理科綜合押題預測卷(課標全國Ⅰ卷)02(全解全析)

2021年高考原創(chuàng)押題預測卷02【課標全國I卷】

理科綜合?全解全析

生物?全解全析

1.B

【分析】1、有氧呼吸的過程：

（1）c6Hl2。6我2丙酮酸+2ATP+4[H]（細胞質基質中）

（2）2丙酮酸+6%0巴6co2+20[H]+2ATP（線粒體中）

（3）24[H]+6O2^12H2O+34ATP（線粒體中）

2、無氧呼吸的過程：

（1）C6Hl2。6由2丙酮酸+2ATP+4[H]（細胞質基質中）

（2）2丙酮酸+4[H]我2酒精+2CC）2（細胞質）

3、據(jù)圖分析，條件X表示無氧條件，產(chǎn)生酒精和二氧化碳，物質a表示二氧化碳。條件Y表示有氧條

件，酵母菌呼吸產(chǎn)生二氧化碳和水，物質b表示水。檢測酒精用酸性的重絡酸鉀溶液由橙色變?yōu)榛揖G色。

【解答】解：A、在無氧條件下葡萄糖中的能量大多儲存在酒精中，A錯誤；

B、在有氧呼吸的第三階段，[H]和氧氣反應生成水，同時釋放大量的能量，該階段發(fā)生場所是線粒體內

膜，B正確；

C、試劑甲是酸性的重銘酸鉀溶液，C錯誤；

D、乳酸菌只進行無氧呼吸產(chǎn)生乳酸，D錯誤。

故選：B,

2.D

【分析】原核細胞和真核細胞最主要的區(qū)別就是原核細胞沒有核膜包被的典型的細胞核；它們的共同點

是均具有細胞膜、細胞質、核糖體和遺傳物質DNA.

瘧原蟲吞噬食物的過程為：細胞外的生物大分子，與細胞膜上的受體結合后，細胞膜發(fā)生變化，向內凹

陷，內側形成外被蛋白，然后進一步形成有被小泡進入細胞內，該過程中存在細胞膜形態(tài)的變化，依賴

于細胞膜的流動性結構特點.

【解答】解：A、瘧原蟲屬于真核生物中的原生動物，即是寄生在人體紅細胞中的真核生物，A正確；

B、瘧原蟲通過胞吞方式獲取食物體現(xiàn)了細胞膜具一定的流動性，B正確；

C、細胞質基質是細胞代謝場所，瘧原蟲丟失胞漿威脅細胞生存，c正確；

D、瘧原蟲屬于真核生物細胞中有線粒體、內質網(wǎng)、核糖體等多種細胞器，D錯誤。

故選：D。

3.A

【分析】DNA甲基化是指DNA序列上特定的堿基在DNA甲基轉移酶（dnmt）的催化作用下添加上甲

基，雖然不改變DNA序列，但是導致相關基因轉錄沉默。DNA甲基化在細胞中普遍存在，對維持細胞

的生長及代謝等是必需的。研究表明，工蜂大腦細胞中約600個基因被甲基化，而蜂王大腦細胞中的

基因沒有甲基化。如果某DNA片段被甲基化，那么包含該片段的基因功能就會被抑制。DNA的甲

基化是由一種酶來控制的，如果讓蜜蜂幼蟲細胞中的這種酶失去作用，蜜蜂幼蟲就會發(fā)育成蜂王，和喂

它蜂王漿的效果是一樣的。

由題干可以理出一條邏輯線：DNMT3基因竺受某種mRNA螞DNMT3蛋白尤里DNA某些區(qū)域甲基化

空發(fā)育成工蜂。

【解答】解：A、從題目干中的圖示可以看出，DNA甲基化并沒有改變DNA內部的堿基排列順序，未

改變DNA片段的遺傳信息，故A錯誤；

B、由“邏輯線”可推知“敲除DNMT3基因后，不能翻譯DNMT3蛋白，DNA某些區(qū)域沒有被甲基化，

蜜蜂幼蟲沒有發(fā)育成工蜂（將發(fā)育成蜂王）”，故B正確；

C、DNA甲基化后可能干擾了RNA聚合酶等對DNA部分區(qū)域的識別和結合，導致轉錄和翻譯過程變化，

使生物表現(xiàn)出不同的性狀，故C正確；

D、胞唯咤和$甲基胞喀咤在DNA分子中都可以與鳥喋吟配，故D正確。

故選：Ao

4.D

【分析】分析題意：紅眼雄蠅與綠眼雌蠅雜交，F(xiàn)i中出現(xiàn)白眼雄蠅XA3Y,說明綠眼雌蠅的基因型為

XA2XA3,即A2對A3為顯性；而后代雌蠅均為紅眼，說明A1對A2、A3為顯性。即親本紅眼雄蠅基因型

為XAIY,綠眼雌蠅基因型為XA2XA3。

【解答】解：A、由分析可知，A［對A2、A3為為顯性，A2對A3為顯性，A錯誤；

B、親本綠眼雌蠅基因型為XA2XA3,B錯誤；

C、F］紅眼雌果蠅XA1XA3與白眼雄果蠅XA3Y雜交時，后代白眼比例嗎，C錯誤；

D、將XA2X。與XA1Y交配，子代基因型為XA1XA2,XA2Y,XA1X。，A1的基因頻率為上，D正確。

故選：Do

5.D

【分析】特異性免疫包括體液免疫和細胞免疫，其具體過程如下:

體液免疫

直接

.....r記憶B細胞

增殖、分化二次免疫,

抗原A吞噬細胞fT?f

繼〉抗體f發(fā)揮免疫效應

《處理〉（呈遞）（識別）、效應B細胞

人_____________A-____________,

-'Y~

感應階段反應階段效應階段

細胞免疫

一向而山^力rG*記露憶T細胞J.廣產(chǎn)生淋巴鹵子一發(fā)揮免疫效應

抗原一吞噬細胞—?TSHSS-

（處理）

八if與靶細胞結合,

J\_____

、____■V____yJ----------------------------71-------------------------------------'

感應階段皮四階段效應階段

【解答】解：A、骯病毒不具有核酸，A錯誤;

B、淋巴因子不能直接清除病毒，B錯誤;

C、離心的目的是使吸附在細菌上的蛋白質外殼與細菌分離，C錯誤；

D、艾滋病病人的直接死因，往往是由念球菌、肺囊蟲等多種病原體引起的嚴重感染或惡性腫瘤等疾病,

D正確。

故選：D。

6.D

【分析】本實驗的自變量是光照時間、是否添加赤霉素、是否添加赤霉素合成抑制劑，因變量是莖的長

度，據(jù)此答題。

【解答】解：A、1、2組的變量是赤霉素的有無，因變量是莖的長度，根據(jù)表格數(shù)據(jù)可知：1、2組比較

可以說明赤霉素能促進莖的伸長，A正確；

B、3、6組或1、4組的自變量是光照時間，根據(jù)表格數(shù)據(jù)可知：延長光照時間能促進莖的伸長，B正確；

C、4、5組的變量是：是否添加赤霉素合成抑制劑，比較4、5組實驗結果可以說明該植物還可以合成赤

霉素，C正確；

D、植物自身可以合成赤霉素，根據(jù)第1組實驗結果可知：如果使用赤霉素合成抑制劑并給予8h/d的光

照，莖的長度應該小于3cm,D錯誤。

故選：D。

29.答案為:

（1）①研究CC）2濃度（或NaHCC）3濃度）對葉片光合速率的影響相同時間內燒杯中葉片浮起的數(shù)

量

②用打孔器打出的時片數(shù)量足夠多：每組實驗重復幾次，記錄的數(shù)據(jù)取平均值

③該同學的認識是錯誤的，因為在蒸儲水的那組實驗中，葉片一樣進行了呼吸作用，卻沒有葉片浮起，

葉片上浮的原因是光合作用強度大于呼吸作用強度，葉片內氧氣增多

（2）光照強度、光質

【分析】分析表格：本實驗的自變量為不同濃度的NaHCC）3溶液，因變量是單位時間內葉圓片上浮數(shù)量，

由于NaHCC）3溶液是提供二氧化碳，單位時間內葉圓片上浮數(shù)量表示的是凈光合速率，故本實驗探究的

是研究CO2濃度（或NaHCC>3濃度）對葉片光合速率的影響，結合題干條件，本實驗還可探究光照強度、

光質對光合速率的影響。

【解答】解：（1）①由分析可知：該實驗探究的是研究CO2濃度（或NaHCC>3濃度）對葉片光合速率的

影響。

②本實驗的自變量為不同濃度的NaHCC）3溶液，因變量是單位時間內葉圓片上浮數(shù)量，故主要通過重復

實驗和控制無關變量來減少實驗誤差，如用打孔器打出的時片數(shù)量足夠多：每組實驗重復幾次，記錄的

數(shù)據(jù)取平均值。

③有同學認為葉片之所以浮起，是因為呼吸作用消耗了有機物且產(chǎn)生了CO?導致葉片上浮的，該同學的

認識是錯誤的，因為在蒸儲水的那組實驗中，葉片一樣進行了呼吸作用，卻沒有葉片浮起，葉片上浮的

原因是光合作用強度大于呼吸作用強度，葉片內氧氣增多。

（2）結合題干，本實驗還可探究光照強度、光質對光合速率的影響。

30.答案為：

（1）b、c解旋酶和DNA聚合酶

（2）②③⑤甲硫氨酸-丙氨酸-絲氨酸-苯丙氨酸

（3）28

（4）一個密碼子由3個堿基（核糖核甘酸）組成

（5）基因通過控制酶的合成控制代謝過程，進而控制生物的性狀

【分析】圖中①是DNA,a表示DNA的自我復制過程，需要解旋酶和DNA聚合酶；②是mRNA,b

表示轉錄過程；③是核糖體，④是多肽鏈，⑤是tRNA,c表示翻譯過程。轉錄是在細胞核內，以DNA

一條鏈為模板，按照堿基互補配對原則，合成RNA的過程。翻譯是在核糖體中以mRNA為模板，按照

堿基互補配對原則，以tRNA為轉運工具、以細胞質里游離的氨基酸為原料合成蛋白質的過程。

【解答】解：(1)遺傳信息的表達是指轉錄、翻譯形成蛋白質的過程，即圖中的b、c；a表示DNA的自

我復制，需要解旋酶和DNA聚合酶。

(2)只有RNA中含有核糖，則含核糖的有mRNA、核糖體、tRNA.mRNA上相鄰的三個堿基組成一

個密碼子，密碼子決定氨基酸，所以由②指導合成的多肽鏈中氨基酸序列是甲硫氨酸-丙氨酸-絲氨酸

-苯丙氨酸。

(3)由②可推知該DNA片段含有7個胸腺哪咤脫氧核甘酸，第三次復制需游離的胸腺喀咤脫氧核甘酸

的數(shù)目為23TX7=28。

(4)密碼子是指mRNA上三個相鄰的堿基，因此在第一個密碼子后插入一個新密碼子，其余氨基酸序

列沒有變化。

(5)苯丙酮尿癥是由控制某種酶的基因異常而引起的，說明基因通過控制酶的合成來控制代謝過程，進

而控制生物體的性狀。

31.答案為:

(1)垂體胰島B細胞甲狀腺激素加快物質的氧化分解，產(chǎn)生更多的能量神經(jīng)-體液

調節(jié)

(2)胰高血糖素

(3)抗利尿激素

(4)反饋調節(jié)

(5)傳入神經(jīng)內正外負電信號一化學信號-電信號不是大腦皮層神經(jīng)一體液調節(jié)

【分析】1、據(jù)圖分析：圖1中甲為垂體、乙為甲狀腺等腺體，A是乙分泌的相關的激素：丙分泌的激素

B能使血糖濃度降低，因此丙為胰島B細胞，激素B為胰島素；丁分泌的激素C能使血糖濃度升高，因

此丁為胰島A細胞，激素C為胰高血糖素；D為腎上腺分泌的腎上腺素。

2、神經(jīng)調節(jié)的基本方式是反射，其結構基礎是反射弧，由感受器、傳入神經(jīng)、神經(jīng)中樞、傳出神經(jīng)、效

應器五部分構成。

3、神經(jīng)纖維未受到刺激時，K+外流，細胞膜內外的電荷分布情況是外正內負，當某一部位受刺激時，

Na+內流，其膜電位變?yōu)橥庳搩日?/p>

4、圖2中肌肉是效應器、c是突觸、b是傳入神經(jīng)。

【解答】解：(1)據(jù)圖分析，甲是垂體，丙是胰島B細胞。寒冷環(huán)境中，A甲狀腺激素分泌增加，其作

用是促進新陳代謝，加速物質的氧化分解。該種調節(jié)方式為神經(jīng)-體液調節(jié)。

(2)當人體處于饑餓狀態(tài)時，血糖濃度較低，此時通過相關神經(jīng)調節(jié)胰高血糖素分泌增多，促進肝糖原

分解和非糖類物質轉化為葡萄糖，以維持機體的血糖平衡。

（3）在水平衡調節(jié)過程中，下丘腦分泌的有垂體釋放的抗利尿激素能促進腎小管和集合管對水的重吸收，

從而調節(jié)人體內水的平衡。

（4）血液中物質甲狀腺激素A的含量過高時，會抑制下丘腦和垂體甲的分泌活動，這種調節(jié)作用稱為

負反饋調節(jié)。

（5）圖中共有傳入神經(jīng)元、中間神經(jīng)元和傳出神經(jīng)元3個神經(jīng)元。a上有神經(jīng)節(jié)是傳入神經(jīng)元。靜息狀

態(tài)時，b處神經(jīng)纖維膜內外電位為外正內負。興奮到達b點時，神經(jīng)纖維膜內外兩側的電位有外正內負

變?yōu)橥庳搩日?。圖中c表示突觸結構，興奮在突觸處的信號變化為電信號一化學信號-電信號。反射必

須依賴于完整的反射弧，故電擊b點后會引發(fā)肌肉收縮，該過程不是反射。感覺中樞在人體的大腦皮層，

所以痛覺在大腦皮層產(chǎn)生。題干所述的調節(jié)為神經(jīng)-體液調節(jié)。

32.答案為：

（1）①群落水樣中的生產(chǎn)者（主要為藻類植物）固定的太陽能

②利于藻類植物（浮游植物）進行光合作用

③abc

（2）捕食與競爭

大型潘密度過大，抑制小型浮游動物的生長，從而使某些藻類得以繁殖

（3）防止藻類過度生長（防治因水體富營養(yǎng)化（N、P污染）造成的藻類爆發(fā)）密度

【分析】群落是指一個地域的所有生物；流經(jīng)一個生態(tài)系統(tǒng)的總能量是生產(chǎn)者固定的太陽能總量；藻類

植物的數(shù)量可以從自身和天敵等兩方面考慮；根據(jù)圖2信息可知，大型潘的增加，導致小型浮游動物的

數(shù)量減少，推知二者之間存在捕食關系，同時根據(jù)題干可知，大型港是常見雜食浮游動物，說明徭還以

浮游植物為食，因此大型港與小型浮游動物的種間關系是捕食和競爭；根據(jù)圖2可知，C4組的小型浮游

動物數(shù)量少，會導致浮游植物繁殖快，因此適當?shù)耐斗糯笮歪婺芤种圃孱愡^度生長。

【解答】解：（1）①某地域中所有生物的集合稱為群落。流經(jīng)一個生態(tài)系統(tǒng)的總能量是生產(chǎn)者固定的太

陽能總量。

②將透明桶置于適宜光照下，可以讓光透過，有利于藻類植物進行光合作用。

③藻類植物數(shù)量下降，可能是天敵增多，或者自身代謝產(chǎn)生廢物危害自身生長。同時生長需要的無機鹽

等不足也可能影響自身生長。

（2）根據(jù)圖2信息可知，大型港的增加，導致小型浮游動物的數(shù)量減少，推知二者之間存在捕食關系，

同時根據(jù)題干可知，大型澎是常見雜食浮游動物，說明徭還以浮游植物為食，因此大型潼與小型浮游動

物的種間關系是捕食和競爭；根據(jù)圖2可知，C4組的小型浮游動物數(shù)量少，會導致浮游植物繁殖快。

（3）根據(jù)實驗可知，適當?shù)耐斗糯笮透勰芤种圃孱愡^度生長。若濃度太高，會導致浮游動物數(shù)量下降太

快，能讓藻類等植物快速繁殖。

37.答案為：

（1）氮源選擇

（2）分離得到光合細菌的純凈培養(yǎng)物涂布不均勻

（3）振蕩培養(yǎng)能提高培養(yǎng)液的溶氧量，同時可以使菌體與培養(yǎng)液充分接觸，提高營養(yǎng)物質的利用率

（4）具有較高的沸點，能溶解色素并且不與水混溶不變

【分析】微生物的營養(yǎng)物質主要包括碳源、氮源、水和無機鹽等，有的微生物培養(yǎng)基中還需要添加生長

因子等物質。微生物的培養(yǎng)的關鍵是無菌操作，接種后的培養(yǎng)皿應該倒置培養(yǎng)。分類或篩選微生物常用

的接種方法主要有平板劃線法和稀釋涂布平板法。可以根據(jù)菌落的特征進行初步的鑒定或分類。

稀釋平板計數(shù)是根據(jù)微生物在固體培養(yǎng)基上所形成的單個菌落，即是由一個單細胞繁殖而成這一培養(yǎng)特

征設計的計數(shù)方法，即一個菌落代表一個單細胞。

【解答】解：（1）培養(yǎng)基的主要成分包括碳源、氮源、水和無機鹽，培養(yǎng)基中加入鏤鹽和谷氨酸鈉為光

合細菌的生長提供氮源；由于光合細菌能夠進行光合作用合成有機物，培養(yǎng)基中沒有加入有機碳，從功

能上看這種培養(yǎng)基屬于選擇培養(yǎng)基。

（2）②、③過程需要重復幾次，目的是分離得到光合細菌的純凈培養(yǎng)物。右圖體現(xiàn)平板上菌落并非“均

勻分布”而是相對集中于左側，這可能是由于制作平板時“涂布不均勻”所致

（3）振蕩培養(yǎng)比靜置培養(yǎng)的細菌生長速度快，由此可以說明該細菌是需要菌。由于振蕩培養(yǎng)提高培養(yǎng)液

中溶解氧的含量，同時可使菌體與培養(yǎng)液充分接觸，提高營養(yǎng)物質的利用率。故振蕩培養(yǎng)的細菌生長速

度更快。

（4）萃取劑應該具有具有較高的沸點，能溶解色素并且不與水混溶等特點。鑒定胡蘿卜素萃取樣品時，

可采用紙層析法，擴散的最終位置距點樣處距離取決于溶解度，與含量無關，因此在鑒定萃取樣品時，

若標準樣品點樣偏少，則其擴散的最終位置距點樣處會不變。

38.答案為：

（1）MH中使克隆出的動物個體的遺傳物質幾乎全部來自供體細胞

（2）早期胚胎培養(yǎng)內細胞團發(fā)育的全能性

（3）（正常的）Rag2基因含（正常的）Rag2基因的基因表達載體（正常的）Rag2基因的

脫氧核甘酸序列（或堿基對序列或遺傳信息）顯微注射DNA分子雜交技術

（4）限制性核酸內切酶、DNA連接酶和胰蛋白酶抗Rag2蛋白的抗體

【分析】分析題圖：圖示是利用胚胎干細胞（ES細胞）對Rag2基因缺失小鼠進行基因治療的過程圖解，

其中①表示核移植過程，②表示早期胚胎培養(yǎng)過程，③表示采用基因工程技術將目的基因導入受體細胞。

【解答】解：（1）核移植過程中，接受細胞核的卵母細胞應處于MH中期；去除卵母細胞細胞核的目的

是使克隆出的動物個體的遺傳物質幾乎全部來自供體細胞。

（2）②是早期胚胎培養(yǎng)；ES細胞可從早期胚胎（囊胚的內細胞團）中分離出來，其在功能上具有發(fā)育

的全能性。

（3）根據(jù)題干信息可知，過程③中獲取的目的基因是（正常的）Rag2基因，若要將目的基因導入受體

細胞，需要構建含（正常的）Rag2基因的基因表達載體，構建之前可以根據(jù)Rag2基因的脫氧核甘酸序

列（或堿基對序列或遺傳信息）設計引物，利用PCR技術對目的基因進行擴增。將目的基因導入動物細

胞最有效的方法是顯微注射法；為了檢測ES細胞的DNA上是否插入了干擾素基因，可采用DNA分子

雜交技術。

（4）按此方法和圖示技術流程，完成Rag2基因缺失小鼠的基因治療涉及基因工程技術（包括PCR技術）、

動物細胞培養(yǎng)技術，其中基因工程涉及的酶有限制性核酸內切酶、DNA連接酶，動物細胞培養(yǎng)技術涉及

的酶有胰蛋白酶，PCR技術涉及的酶有耐高溫的DNA聚合酶（Taq酶）等。檢測Rag2基因的表達情況，

可采用抗原-抗體雜交法，即提取治療后小鼠骨髓細胞的蛋白質，用抗Rag2蛋白的抗體進行雜交實驗。

化學?全解全析

7.【答案】C

【解析】

A.“司母戊鼎”鑄造所需的主要材料為銅合金，故A正確；

B.鐵粉有還原性，置于食品袋中有防止食品被氧化的作用，故B正確；

C.綠色化學研究的是如何將污染消除在產(chǎn)業(yè)的源頭，故C錯誤；

D.游泳池常加入硫酸銅對其進行消毒，而導致其水呈藍色，故D正確；

8.【答案】D

【解析】

A.根據(jù)結構簡式可知藥物H的分子式為C|6H|3'。20,A正確；

B.該分子中含有氯原子和酰胺鍵兩種官能團，B正確；

C.堿性條件下水解產(chǎn)物酸化后可產(chǎn)生含酚羥基的有機物和丙二酸，都能與Na2c。3溶液反應，C正確；

D.該物質苯環(huán)上的一浪代物有6種，D錯誤。

9.【答案】A

【解析】

A.綠磯的化學式為FeSO4-7H,O,FeSO,常用作補血劑，故A正確；

B.從鋁土礦中獲得氧化鋁，電解熔融的氧化鋁得到鋁，故B錯誤；

C.泡沫滅火器中常使用的原料是碳酸氫鈉和硫酸鋁，兩者發(fā)生雙水解反應生成氫氧化鋁和二氧化碳，故C

錯誤；

D.除去水中的Cm+和Hg2+常用Na?S,將Cs+和Hg2+轉化為CuS和HgS沉淀，Na2s不是作還原劑，故D

錯誤。

10.【答案】D

【解析】

A.過程II為電解飽和NaCl溶液的過程，根據(jù)上述分析，電解過程中陽極發(fā)生氧化反應生成C",陰極發(fā)生

還原反應生成OH,使用陽離子交換膜可防止C%和陰離子OH-通過，減少副反應，A正確；

B.過程IV中的反應是C2H4+2CuC12=C2H4J+2CUCI,B正確；

C.CuCl2進入過程IV反應，過程III發(fā)生的反應主要為過程IV產(chǎn)生的CuCl與過程II產(chǎn)生的Cl2反應生成

CuCl2,實現(xiàn)了CuC%的再生，故在聯(lián)合生產(chǎn)過程中CuCh起催化作用，C正確；

D.過程I為H?與COrCO反應生成CH3OH,過程中H元素的化合價由0價升高為+1價，則每生成1mol

CH30H轉移4mol電子，過程III發(fā)生反應ZCuCl+C%=2CUC12,過程IV中發(fā)生反應

C,H4+2CUC1=C.H,C1.+2CUC1,每生成1mol轉移2moi電子，結合過程II中發(fā)生的反應，則理論上

每生成1molCHQH,可得到2moic2H4cI2,D錯誤；

H.【答案】B

【解析】

A.CaO中只含有離子鍵，SO3中只含有共價鍵，故A錯誤；

B.由H、0、Mg、S組成的化合物為Mg(HSC)4)2,溶液呈酸性，故B正確；

C.同周期原子半徑從左到右依次減小，故0<S,同主族從上到下原子半徑依次變大，故S<Mg,即0<S<Mg,

故C錯誤；

D.這里沒有說明是否為簡單離子，其中0可形成022r與S2一電子數(shù)均為18,故D錯誤；

12.【答案】C

【解析】

由圖示可知a所連電極上發(fā)生的反應為2HCL2e=C12懺2H+,失電子發(fā)生氧化反應，作陽極，則a為正極；b

所連電極上發(fā)生的反應為Fe3++e=Fe2+,得電子發(fā)生還原反應，作陰極，貝砧為負極；陰極生成的亞鐵離子

與氧氣反應生成三價鐵離子，氧氣生成水，據(jù)此解答。

A.由以上分析可知b為負極，故A錯誤；

B.陽極電極反應式為2HCl-2e=C12t+2H+,故B錯誤；

C.陰極首先發(fā)生反應Fe3++e=Fe2+,再發(fā)生4Fe2++O2+4H+=4Fe3++2H2。，故C正確；

D.由圖示信息可知Fe3+在整過過程中可循環(huán)使用，并不消耗Fe3+,不需要補充Fe3+,故D錯誤；

13.【答案】C

【解析】

A.a?b點導電能力增強，說明反應后溶液中離子濃度增大，也證明HR在溶液中部分電離，為弱酸，故A

正確；

B.a、b點所示溶液中一元酸HR電離的氫離子濃度不同，對水的電離的抑制程度不同，因此水的電離程度

不同，故B正確；

C.NH,R為弱酸弱堿鹽，NH4R的溶液pH=7,說明錢根離子和R-的水解程度相等，故C錯誤；

D.根據(jù)圖象可知，c點時溶液的pH>7,混合液呈堿性，則c（OH-）>c（H+）,結合電荷守恒可知：c（NH4+）

>c（R）,故D正確；

26.（14分）【答案】

（1）反應中產(chǎn)生氫氣，達一定濃度后易爆炸，出現(xiàn)危險，需要通風（2分）

（2）b（2分）MW2和Fe（OH%（2分）

（3）避免產(chǎn)生CO等有毒氣體（2分）尾氣中含有的SO2等有毒氣體（2分）

（4）ZnSO4,BaS、Na2s（2分）4ZnSO4+BaS+3Na2S=BaSO44ZnS；+3Na,SO4（2分）

【解析】

（1）生產(chǎn)ZnSC>4的過程中，有氫氣生成，氫氣達一定濃度后易爆炸，所以要保持強通風的目的是避免氫氣

濃度過大而易發(fā)生爆炸，出現(xiàn)危險；

（2）已知KMnOq在酸性環(huán)境中被還原為Mn2+,在弱酸性、弱堿性溶液中被還原為MnO?,在堿性環(huán)境中

被還原為MnOj,加入KMnC）4時溶液能氧化亞鐵離子且自身被還原生成沉淀而除去Mn元素，所以pH應

調至5.2~5.4；通過以上分析可知。濾渣HI的成分為Mn。2和Fe（OH）3；

（3）制備BaS時，按物質的量之比計算，BaS。4和碳粉的投料比要大于1：2,避免產(chǎn)生CO等有毒氣體；

反應器W中含有二氧化硫等有毒氣體，二氧化硫屬于酸性氧化物，能被堿液吸收，防止污染環(huán)境；

（4）高品質銀印級立德粉中ZnS含量比普通立德粉中高，說明所選試劑中硫離子濃度較大，所以在Z11SO4、

BaS、Na2soQNa2s中選取三種試劑ZnSO,、BaS、Na2s制備銀印級立德粉；BaSO^,的相對分子質量為233,

ZnS的相對分子質量為97,ZnS含量為29.4%,立德粉為BaSO/ZnS；高品質銀印級立德粉中ZnS含量為

97x

62.5%,設ZnS的計量數(shù)為X,則------x--1-00%=62.5%,解得x=4,所以高品質銀印級立德粉化學式為

97%+233

BaSO4-4ZnS,反應的化學方程式為4ZnSC）4+BaS+3Na,S=BaS0j4ZnS1+3Na,SO4o

27.（14分）【答案】

（1）分液漏斗（1分）防倒吸、防堵塞（1分）

（2）SOz+HzSOg+ZKClC^ZKHSC^+ZClO2T（2分）檢驗U進而證明CIO2有氧化性（2分）

（3）①CO,（2分）②O.lmol（2分）0.05mol（2分）

③2C1O,+5SO2-+2OH-=2CI+5SO2-+H,0（2分）

2342

【解析】

濃硫酸與Na2s。3反應生成$。2,A用于制取SO?,裝置B有緩沖作用，能防止倒吸、堵塞；裝置C用于制

備CIO?，同時還生成一種酸式鹽，則C中發(fā)生的反應為SO#H2so4+2KClO3=2KHSO4+2ClC）2T，CIO2是一

種黃綠色的易溶于水的氣體，具有強氧化性，所以D中發(fā)生氧化還原反應生成I2，裝置D中滴入幾滴淀粉

溶液，淀粉遇碘單質變藍；氯氣有毒，不能排放到大氣中，裝置E用于尾氣吸收，據(jù)此分析解答。

（1）根據(jù)儀器的構造，儀器a的名稱分液漏斗，根據(jù)分析可知，裝置B的作用是防倒吸、防堵塞；

（2）裝置C用于制備CIO2，同時還生成一種酸式鹽，根據(jù)分析可知，該反應的化學方程式為

SO2+H2SO4+2KC1O3=2KHSO4+2C1O2T：裝置D中滴有幾滴淀粉溶液，其作用是檢驗［進而證明CQ有氧

化性；

（3）①該反應2KCIO3+H2c2O4+H2so『2CIO2T+K2so4+2CO2T+2H2。中，Cl元素的化合價降低，得到電子

被還原，C元素的化合價由+3價升高到+4價，則H2c2O4是還原劑，對應的CO2為氧化產(chǎn)物；

②根據(jù)①中分析，反應2KCR+H2c2O4+H2so4=2C1C）2T+K2so4+2CO2T+2H2。中，H2c2（\是還原劑，C元

素的化合價由+3價升高到+4價，當生成2moic02時轉移2moi電子，同時消耗1molH2c2。#若反應共產(chǎn)

4.48L

生了4.48L氣體（標準狀況）,該氣體的物質的量為-7=0.2mol,則反應轉移電子的物質的量為0.1mol,

22.4L/mol

消耗還原劑的物質的量為0.05mol；

0.0448L

③在酸性條件下，標準狀況下44.8mL的CIO?氣體的物質的量為百石不而=0。02mo1,恰好能與

50mL0.1mol/L的Na,SO?溶液完全反應生成Na,SOyNa,SO,的物質的量為0.05Lx0.1mol/L=0.005mol,

0.005molNa2sO3全部轉化為Na2sOyS元素的化合價由+4價轉化為+6價,反應中共轉移0.005molx2=0.01mol

0.01

電子，根據(jù)得失電子守恒可得，Cl元素的化合價降低而位=5,則反應后C1元素的化合價為-1價，為C1-,

該反應的離子方程式2CR+5SO；+2OH=2CL+5SO：+H2。。

28.（15分）【答案】

(1)2H,S(g)+O,(g)=2S(g)+2H2O(g)A//=-407.1kJ-mol-i(2分)

(2)BC(2分)

(3)①以2。3催化劑在1100℃以上的高溫下幾乎失去催化活性（1分）

②恒壓充入Ar相當于系統(tǒng)減壓，使得分解平衡正向移動，S2平衡產(chǎn)率增大（2分）

器五舐（3分）

(4)H2S+COr=HS-+HCO-(2分)~0。0(3分)

【解析】

(1)①2H2s(g)+3O2(g)=2SO2(g)+2H,O(g)AH=-1035.6kJmol-i；②2H2s(g)+SO,(g)=3S(g)

12

+2H,0（g）△居=-92.8kJ.moU,根據(jù)蓋斯定律，將方程式①乘以不加上方程式②乘以行即可得到目標方程

//33

式，目標方程式為2H2s(g)+。2(g)=2S(g)+2%0(g)AW=-407.1kJ-mol-i；

(2)A.從分析中可以看出，脫硫過程可實現(xiàn)Fe?(SO/3的循環(huán)使用，不需添加Fe?(S04)3溶液，A不

正確；

B.i過程中發(fā)生反應Fe?(S04)3+H2S=2FeSO4+Sl+H,SO4,可導致環(huán)境pH減小，B正確；

C.由分析可以得出，該脫硫過程的總反應為：2H2S+C)2=2Sj+2H2O,C正確；

D.因為天然氣的催化脫硫過程，使用T.F菌作催化劑，所以該過程不能在高溫下進行，D不正確；

故選BC：

(3)①在約11OCTC時，有無AI2O3催化，其轉化率幾乎相等，則表明催化劑的催化效果接近0,從而得出

原因是1100℃時，A1Q3幾乎失去催化活性；

②壓強一定，摻入稀有氣體Ar,雖然不參與反應，但可減小反應物與生成物的濃度，減小反應物的碰撞次

數(shù)，從而使平衡向氣體分子數(shù)增大的方向移動，從而得出摻入Ar能提高S2的平衡產(chǎn)率，該事實表明：溫度、

壓強一定時，原料氣中摻入Ar,相當于往平衡混合氣中充入稀有氣體，減小反應物和生成物濃度，促進平

衡正向移動，從而提高S2的產(chǎn)率；

p、T一定時，H,S(g)、Ar(g)按1：〃混合，發(fā)生反應H2s(g)0H,(g)+1s2(g),S2平衡產(chǎn)率為

a,則反應物的轉化率為a,設〃(H2S)=lmol,則可建立下列三段式:

HS（g）H（g）+聶。)

22

起始量(mol)1u00

變化量(mol)aa0.5a

平衡量(mol)1-aa0.5a

則平衡混合氣的總物質的量為（l+0.5a+”）mol,平衡常數(shù)

a/0.5a平5

?l+0.5a+/Px1l+0.5a+”PjaI~~ap-

-----p-----------~;

l+0.5a+〃P

(4)由表中的平衡常數(shù)可以看出，H2s只能電離出1個H+與CO：反應，所以純堿溶液吸收少量H?S,生

成HS和HCO,離子方程式為H,S+CCh=HS+HCO。答案為：H.S+COJ=HS-+HCO；該反應的平衡

3L33,33

c(HS)c(HCO)

常數(shù)表達式K=/口將平衡常數(shù)表達式整理有

c(HS)c(CO2-)

23

c(HS-)c(HCO-)c(H+)K(HS)5.6x10-8

K---------------------------------3------------------9----------____________—1000

-

c(HS)C(CO2-)C(H+)K(HCO)-5.6xl0-n

23a223

35.(15分)【答案】

(1)①3d24s2(1分)②第四周期第VID族(1分)

（2）①C<Cl<0（1分）②1：3（2分）sp2（l分）

M

（3）①LaN1（2分）②（3分）③1236（3分）

A

【解析】

（1）①Ti是22號元素，位于元素周期表中第四周期第IVB族，故基態(tài)Ti原子的價層電子排布為3d24s2；

②Fe是26號元素，位于元素周期表的第四周期第VIII族：

（2）①方程式中涉及的非金屬元素有三種：0、C、Cl,CC1中c元素表現(xiàn)正化合價、C1元素表現(xiàn)負化合

4

價，ego中a元素顯+i價，o元素顯_2價，電負性越大，對鍵合電子的吸引力越大，相互化合時該元

素表現(xiàn)負價，故電負性：c<ci<o；

②1個coci?分子中有1個c=o鍵和2個c?a鍵，所以1個coci,分子中兀鍵的數(shù)目為1,。鍵的數(shù)

c4-lx2-2c

目為3,個數(shù)比為1：3,中心C原子價層電子對數(shù)為3+——-——=3,故中心C原子雜化方式為sp2；

（3）①根據(jù)該合金的晶胞圖可知，晶胞中心有1個銀原子，其他8個銀原子位于晶胞面上，鋤原子位于晶

胞頂點，所以晶胞中含有的銀原子數(shù)為lxl+?x8=5,晶胞中含有的鋤原子數(shù)為8x2=l,晶體的化學

2o

式為LaNi,；

M、，M

②一個晶胞的質量m=R—g,根據(jù)m=pV,可得V=Nqcm3；

AA

③LaNi$金儲氫后氫的密度

m（晶胞中的H）1x6n...

P=v（晶胞）=z仁…），?和例7ing?。0l11g?emc,由定義式可知儲

v1日日照JNx\51IxlO-iozxsin60ox397x10-10

0.111g-cm-3

氧能力—8.98xl0-5gcm-3*1236;

36.（15分）【答案】

（1）羥基、竣基（2分）

⑵。分）

CHs

（3）|（1分）加成反應（1分）

CHi=€—CHj

-Jlp/O+H夕（2分）取代反應（或酯化反應）（1分）

O

H

(5)CuH,5OBr(1分)H((3

H

分）

OH

(6)-Mg-44X^010--------->-CH-CH3(3分)

乙健也

【解析】

CH；

BryBrCHs

-CH3，c是CJ_CHO,D是,E是CHm—C—Br，F(xiàn)是

CH?=C—CH?

dCH?

CH5

CH3—C-MgBr，J是［JLr/O

(1)化合物H是OH,其中含有的官能團名稱是竣基、羥基;

COOH

Br

(2)C結構簡式是

-CHO'

CH3

(3)E核磁共振氫譜只有一組峰，說明分子中只有1種H原子,則D結構簡式是，E是

CH2=O-CHJ

CH3

CH?—C—Br，D與HBr發(fā)生加成反應產(chǎn)生E,故由D-E的反應類型為加成反應;

CE

（4）H是H與濃硫酸混合加熱發(fā)生酯化反應產(chǎn)生J：0^。和H?。，該反應方程式為:

0

—

0H加熱/O+H2O,該反應類型為酯化反應（或取代反應）;

COOHII

O

（5）G結構簡式是,根據(jù)C四價原則，可知其分子式是CuH^OBr,G的同分異構體符合條件:

①能與FeCg溶液發(fā)生顯色反應，說明分子中含有酚羥基；

②核磁共振氫譜有四組峰，且峰面積之比為6：6：2：1,說明物質分子中含有四種H原子，這四種H原子

H3cCH3H3CCH3

的個數(shù)比為6：6：2：1,該物質結構簡式是：<—Br,

HjCCHaH3cCH3

CH.CH3

-----c—Br；

CH,CH3

（6）與B%在Fe作催化劑條件下發(fā)生取代反應產(chǎn)生O>-Br,O>-Br與Mg、乙醛發(fā)生反應產(chǎn)

生'Q^-MgBr與CH3CHO在水溶液中發(fā)生反應產(chǎn)生《^一片一^^玨，故乙醛和苯為

0H

原料經(jīng)過三步合成某化工原料的流程圖為：

0H

Oy>O-Br-獷O-MgBr一節(jié)j。-&-CH3°

理科綜合物理?全解全析

1415161718192021

CDCBBABBCAD

14.【答案】C

【解析】鐐Ra衰變?yōu)殍孉c的過程中，放出負電子，則該衰變是P衰變，選項A錯誤；半衰期是大量

原子核衰變的統(tǒng)計規(guī)律，對少數(shù)原子核的衰變不適用，選項B錯誤；贊Th衰變?yōu)橛璓b的過程中，質量

數(shù)減少20,由原子核衰變時質量數(shù)守恒可知，該過程中共發(fā)生了5次a衰變，又由原子核衰變時電荷

數(shù)守恒有5x2—x=8,和x=2,則該過程中共發(fā)生了2次。衰變，選項C正確；發(fā)生a衰變和。衰變

時，往往伴隨丫射線產(chǎn)生，選項D錯誤。

15.【答案】D

st02兀fGMm4兀2

【解析】由幾何關系知衛(wèi)星b繞地球運行軌道半徑為7=在由亍=五，得7=萬，由口=m而，得

4712r3S3

地球質量用=涼=方而，故A錯誤；由于地球半徑未行，不能確定地球的密度大小，B錯誤；若TJ

丁尸：k（k>l,為正整數(shù)），從圖示位置開始，設每隔時間外，。、b相距最近，則（q—%）7=2兀，所

2兀2兀T］、7\

以T=co―①=五一五=7一7，衛(wèi)星b運動一周的過程中，兩人造衛(wèi)星。、b相距最近的次數(shù)為〃=7

ab----ba

Ta-T,b

Th—TkT—T

=T=—『=4-1,衛(wèi)星。、。距離最近的次數(shù)為&—1次，選項C錯誤；設每隔時間f,a、b、

aa

兀兀TT

C共線一次，貝!|(%—%?=兀，所以一電=2兀2兀=J\，衛(wèi)星b運動一周的過程中，“、

Tvb/

ab

7,2(T-T)2kT“一2T”

b、c共線的次數(shù)為幾=/=J"=T=2k—2,選項D正確。

1a

16.【答案】C

1gx2h，1Y1

【解析】小球做平拋運動有y=kg，2,x=vf,可得y=2<xx2,調整前=，即力=工〃，

2o2V2h+H12；3

0

兄(2、2412

調整后考慮臨界情況，小球恰好沒有擦到A而擊中C,——=-,即"=工"，所以〃’==〃，

h+H55

,,12,

從越高處拋出而擊中C點，拋物線越陡，越不容易擦到A點，入是滿足條件的最小值，故AB

錯誤；由匕=x號,且兩次平拋從拋出到A點過程,x都為L,所以匕=