計(jì)算機(jī)等級考試上午考試篇

第1篇上午考試篇

第1章計(jì)算機(jī)硬件基礎(chǔ)（5?8分）

1.1?單個(gè)磁頭（串行方式）硬盤（串一并行方式）

?整數(shù)原碼反碼補(bǔ)碼

47001011110010111100101111（正數(shù)的原、反、補(bǔ)碼

一致）

—47101011111101000011010001（負(fù)數(shù)的符號位不變）

（符號位不變，（在反碼的基礎(chǔ)上加1）

其余按位取反）

?補(bǔ)碼和移碼中0的表示法僅有一個(gè)。

?浮點(diǎn)數(shù)的表示范圍主要是由（階碼）的位數(shù)來決定的。

?浮點(diǎn)數(shù)的運(yùn)算通常包括對階、尾數(shù)計(jì)算和（結(jié)果規(guī)格化）三個(gè)步驟。

?在補(bǔ)碼加減法中，如果采用“雙符號位判斷法”進(jìn)行溢出判斷，若雙符號位的值是“10”，則

表示（負(fù)溢出）。（高位是符號位，0表示正，1表示負(fù)，兩位相同無溢出，兩位不同是溢出。）

?一個(gè)以補(bǔ)碼表示的二進(jìn)制數(shù)10001000,對其進(jìn)行邏輯左移3位的結(jié)果為（01000000）,

對其進(jìn)行算術(shù)右移2位的結(jié)果為（11100010）o（邏輯移，直接移，移出的數(shù)拋棄掉；算術(shù)移，

符號位不動(dòng)，空缺處補(bǔ)的數(shù)得看符號位是啥，若是1就補(bǔ)1,若是。就補(bǔ)0；循環(huán)移位，左邊出，右

邊進(jìn)，右邊出，左邊進(jìn)。）

?ASCII碼用（7）位二進(jìn)制碼表示一個(gè)字符。收錄漢字最多的編碼規(guī)范是（GB18030）o

?直接在指令中給出所需的操作數(shù)是（立即）尋址，而給出指向操作數(shù)地址的地址則屬于（間

接）尋址。（立即尋址——立即給出操作數(shù)，直接尋址——直接給出操作數(shù)地址，間接尋址——給

出的是操作數(shù)地址的地址，變址尋址—給出的地址還需要與特定值累加一下，寄存器尋址——給出

操作數(shù)所在的寄存器編號。）

?指令系統(tǒng)類型指令尋址方式

CISC（復(fù)雜）數(shù)量多，使用頻率差別大，可變長格式支持多種

RISC（精簡）數(shù)量少，使用頻率接近，定長格式支持方式少

?順序存取（磁帶）；直接存?。ù疟P）；隨機(jī)存?。▋?nèi)存）；相連存?。–ache）。

?設(shè)某流水線計(jì)算機(jī)主存的讀/寫時(shí)間為200ns,有一個(gè)指令和數(shù)據(jù)合一的Cache,已知該

Cache的讀/寫時(shí)間為15ns,取指令的命中率為96%,取數(shù)的命中率為90%。在執(zhí)行某類程序時(shí)，

約有1/4指令需要存/取一個(gè)操作數(shù)。假設(shè)指令流水線在任何時(shí)候都不阻塞，則設(shè)置Cache后，每條

指令的平均訪存時(shí)間約為（30.775ns）。

取指令：0.96x15+0.04x200=22.4ns

取數(shù)：0.9x15+0.1x200=33.5ns

平均訪存時(shí)間：22.4+33.5x1/4=30.775ns

?CPU執(zhí)行一段程序時(shí)，Cache完成存取的次數(shù)為3800次，主存完成存取的次數(shù)為200次,

已知Cache存取周期為50ns,主存為250ns,則這段時(shí)間的平均訪問時(shí)間是（60ns）0

平均訪問時(shí)間=Cache命中率xCache存取周期+Cache失效率x主存存取周期

Cache命中率=3800/（3800+200）=0.95Cache失效率=1—0.95=0.05

50nsx0.95+250nsx0.05=60ns

?若指令流水線把一-條指令分為取指、分析、取數(shù)和執(zhí)行四個(gè)部分，所需的時(shí)間分別是取指

2ns、分析3ns、取數(shù)2ns、執(zhí)行1ns,則100條指令全部執(zhí)行完畢需要（305）ns,其流水線加速

比為（2.62）o

（2+3+2+1）+（100-1）X3=305（2+3+2+1）x100-305=2.62

?若每一條指令都可以分解為取指、分析和執(zhí)行三步。已知取指時(shí)間t取曲=44t,分析時(shí)間t分析

=3At,執(zhí)行時(shí)間t執(zhí)行=5At。如果按串行方式執(zhí)行完100條指令需要（1200）如果按照流水方

式執(zhí)行，執(zhí)行完100條指令需要（50要40

串行執(zhí)行時(shí)，總執(zhí)行時(shí)間=100X（t取指+t分析+t執(zhí)行）=100X12At=1200Ato

連續(xù)兩條指令的執(zhí)行時(shí)間差為t執(zhí)行=5At,

因此100條指令的總執(zhí)行時(shí)間=（t11m+t分析+t執(zhí)行）+99XtW]-507Ato

?假設(shè)一個(gè)有3個(gè)盤片的硬盤，共有4個(gè)記錄面.，轉(zhuǎn)速為7200轉(zhuǎn)/分，盤面有效記錄區(qū)域

的外直徑為30cm,內(nèi)直徑為10cm,記錄位密度為250b/mm,磁道密度為8道/mm,每磁道分16

個(gè)扇區(qū)，每扇區(qū)512字節(jié)，則該硬盤的非格式化容量和格式化容量約為（30MB、25MB）,數(shù)據(jù)傳

輸率為（960KB/S）o若一個(gè)文件超出一個(gè)磁道容量，剩下的部分（存于其他盤面的同一編號的磁道

上）O

總磁道數(shù)=（300-100）/2x8x4=3200

非格式化容量=100x3.14x250x3200=239.56Mb/8=30MB（注意Mb要轉(zhuǎn)為兆字節(jié)）

格式化容量=16x3200x512=25MB

數(shù)據(jù)傳輸率=16x512x7200/60=960KB/S

總磁道數(shù)=記錄面數(shù)*磁道密度*（外直徑-內(nèi)直徑）12

非格式化容量=位密度*3.14*最內(nèi)圈直徑*總磁道數(shù)

格式化容量=每道扇區(qū)數(shù)*扇區(qū)容量*總磁道數(shù)

平均數(shù)據(jù)傳輸速率=每道扇區(qū)數(shù)*扇區(qū)容量*盤片轉(zhuǎn)速

根據(jù)硬盤存放數(shù)據(jù)規(guī)則，在向磁盤記錄一個(gè)文件時(shí)，應(yīng)將文件盡可能記錄在同一柱面（不同

記錄面的同號磁道構(gòu)成的一個(gè)柱面）上，當(dāng)一個(gè)柱面記錄不下時(shí)，再記錄到相鄰柱面上。因此，當(dāng)一

個(gè)文件超出一個(gè)磁道容量時(shí)，剩下的部分應(yīng)存于其他盤面的同一編號的磁道上，即同一柱面的其他磁

道上。

?若某存儲(chǔ)器周期為100ns,而每個(gè)周期可以訪問16位，那么其帶寬應(yīng)該是（160）Mb/So

1/100x16=0.16biVns=0.16xl09=160Mb/s

?容量為128塊的Cache采用組相聯(lián)方式映射，字塊大小為64字，每4塊為一組。若主存容

量為8192塊，且以字編址，那么主存地址應(yīng)該是（19）位，主存區(qū)號是（6）位。

64x8192=2198192/128=26

?某系統(tǒng)總線的一個(gè)總線周期包含4個(gè)時(shí)鐘周期，每個(gè)總線周期中可以傳送8B數(shù)據(jù)。若總線的

時(shí)鐘頻率為1.6GHz,則總線的帶寬為（3.2GB/S）。

1.6GHz/4x8B=3.2GB/S

?若對內(nèi)存按字編碼，每個(gè)字為2字節(jié)，地址為AOOOH?E5FFH,則表示有（35840）個(gè)字節(jié)。

ABCDEFG

10111213141516

解：E5FFH-A000H+1H=E5FFH+1H-A000H=E600H-A000H=4600H=4xl63+6xl6-

2=17920（字）=17920x2=35840（字節(jié)）

?若內(nèi)存地址區(qū)間為4000H-43FFH,每個(gè)存儲(chǔ)單位可存儲(chǔ)16位二進(jìn)制數(shù)，該內(nèi)存區(qū)域由4片

存儲(chǔ)器芯片構(gòu)成，則構(gòu)成該內(nèi)存所用的存儲(chǔ)器芯片的容量是（4）。

（4）A.512X16bitB.256X8bitC.256Xl6bitD.1024X8bit

試題解析：

總存儲(chǔ)單位=（43FFH-4000H+1H）=400H=1024（H代表16進(jìn)制）

每個(gè)存儲(chǔ)器芯片的容量為：1024X16/4=4096。

由于每個(gè)存儲(chǔ)單位可存儲(chǔ)16位二進(jìn)制數(shù)，所以可以采用256X16bit或者512X8bit的芯片。最

好是前者，這樣系統(tǒng)控制比較簡單。

答案：C

?頁式虛擬存儲(chǔ)系統(tǒng)的邏輯地址是由頁號和頁內(nèi)地址兩部分組成，地址變換過程如下圖所示。

假定頁面的大小為8K,圖中所示的十進(jìn)制邏輯地址9612經(jīng)過地址變換后，形成的物理地址a應(yīng)為

十進(jìn)制（1。。

（10）A.42380B.25996C.9612D.8192

試題解析：

每頁8K（十六進(jìn)制）=8192（十進(jìn)制），9612（十進(jìn)制）=8192（十進(jìn)制）+1420（十進(jìn)制）。

從地址映射表可以看到頁1對應(yīng)物理塊3,因此地址9612（十進(jìn)制）的物理存儲(chǔ)位置=8192（十

進(jìn)制）X3+1420（十進(jìn)制）=25996o

答案：B

?頁式存儲(chǔ)系統(tǒng)的邏輯地址是由頁號和頁內(nèi)地址兩部分組成。假定頁面的大小為4K,地址變換過

程如下圖所示，圖中邏輯地址8644用十進(jìn)制表示。圖中有效地址經(jīng)過變換后，十進(jìn)制物理地址a應(yīng)

為（17）。

（17）A.33220B.8644C.4548D.2500

試題解析：

參見05年5月試卷。我的理解：

4K=4x1024=4096因?yàn)閷?yīng)2頁，所以4096x2=8192

8644=8192+452

4kx8（對應(yīng)物理塊號8）+452=33220

答案：A

第2章操作系統(tǒng)基礎(chǔ)（3分）

?（進(jìn)程）是操作系統(tǒng)中可以并行工作的基本單位，也是核心調(diào)度及資源分配的最小單位，它由

（程序、數(shù)據(jù)和進(jìn)程控制塊PCB）組成，它與程序的重要區(qū)別之一是：（它有狀態(tài)，而程序沒有）。

在SMP系統(tǒng)中，操作系統(tǒng)還提供了（線程）機(jī)制，它是（處理器分配）的最小單位。

?進(jìn)程由（執(zhí)行體）中的（對象管理器）負(fù)責(zé)創(chuàng)建和刪除。每個(gè)進(jìn)程創(chuàng)建時(shí)只有一個(gè)線程，根

據(jù)需要可以創(chuàng)建更多的線程。

?虛擬存儲(chǔ)管理系統(tǒng)的基礎(chǔ)是程序的（局部性）理論。這個(gè)理論的基本含義是指程序執(zhí)行時(shí)往

往會(huì)（不均勻地）訪問內(nèi)存儲(chǔ)。程序的（局部性）表現(xiàn)在（時(shí)間局部性）和（空間局部性）上。（時(shí)

間局部性）是指最近訪問的存儲(chǔ)單元可能馬上又要訪問。（空間局部性）是指馬上訪問的單元，而其

附近的單元也可能馬上訪問。

?進(jìn)程Pa不斷地向管道寫數(shù)據(jù)，進(jìn)程Pb從管道中讀數(shù)據(jù)并加工處理。如果采用PV操作來實(shí)

現(xiàn)進(jìn)程Pa和Pb的管道通信，并且保證這兩個(gè)進(jìn)程并發(fā)執(zhí)行的正確性，則至少需要（2個(gè)信號量，

信號量的初值是0、1）。

?控制互斥只需1個(gè)信號量，信號量的值是“臨界區(qū)”的數(shù)量（或指可重入的個(gè)數(shù)）。

?控制同步需要2個(gè)信號量，信號量的值分別用于管理“同步區(qū)”的滿值和空值；因此如果“同

步區(qū)”的個(gè)數(shù)是1,則可以省去一個(gè)信號量。

?經(jīng)典的“生產(chǎn)者——消費(fèi)者”的問題，是“互斥+同步”的控制，通常需要3個(gè)信號量。

?某銀行有7個(gè)收銀柜臺，每個(gè)收銀柜臺一次只能夠處理1個(gè)顧客的銀行事務(wù)。為了避免顧客

排隊(duì)等候銀行設(shè)置了一個(gè)集中的休息等候區(qū)。如果用PV來描述這類問題，關(guān)于信號量設(shè)置描述合理

的是（只需要一個(gè)信號量，初值為7）。如果還需要控制進(jìn)入“等候室”的顧客數(shù)量，以免人滿為患，

則需要（增加1個(gè)信號量，初值為等候室顧客的最大容納量）。

第3章計(jì)算機(jī)系統(tǒng)開發(fā)運(yùn)行與配置

?結(jié)構(gòu)化開發(fā)方法中，數(shù)據(jù)流圖是一（5）階段產(chǎn)生的成果。

（5）A.需求分析B.總體設(shè)計(jì)

C.詳細(xì)設(shè)計(jì)D.程序編碼

答案:A

?關(guān)于原型化開發(fā)方法的敘述中，不正確的是（6）。

（6）A.原型化方法適應(yīng)于需求不明確的軟件開發(fā)

B.在開發(fā)過程中，可以廢棄不用早期構(gòu)造的軟件原型

C.原型化方法可以直接開發(fā)出最終產(chǎn)品

D.原型化方法利于確認(rèn)各項(xiàng)系統(tǒng)服務(wù)的可用性

試題解析：

原型是用于明確用戶需求的，并非是提交用戶的最終產(chǎn)品。

答案：C

?CMM模型將軟件過程的成熟度分為5個(gè)等級，在(8)使用定量分析來不斷地改進(jìn)和管理

軟件過程。

(8)A.優(yōu)化級B.管理級C.定義級D.可重復(fù)級

試題解析：

CMM反映了軟件過程能力的大小，它描述了五個(gè)級別的軟件過程。

初始級

初始級的特點(diǎn)是軟件機(jī)構(gòu)缺乏對軟件過程的有效管理，軟件過程是無序的，有時(shí)甚至是混亂

的，對過程幾乎沒有定義，其軟件項(xiàng)目的成功來源于偶爾的個(gè)人英雄主義而非群體行為，因

此它不是可重復(fù)的。

可重復(fù)級

可重復(fù)級的特點(diǎn)是軟件機(jī)構(gòu)的項(xiàng)目計(jì)劃和跟蹤穩(wěn)定，項(xiàng)目過程可控，項(xiàng)目的成功是可重復(fù)的。

已定義級

已定義級的特點(diǎn)在于軟件過程已被提升成標(biāo)準(zhǔn)化過程，從而更加具有穩(wěn)定性、可重復(fù)性和可

控性。

已定量管理級

已定量管理級的特點(diǎn)是軟件機(jī)構(gòu)中軟件過程和軟件產(chǎn)品都有定量的目標(biāo)，并被定量地管理，

因而其軟件過程能力是可預(yù)測的，其生產(chǎn)的軟件產(chǎn)品是高質(zhì)量的。

優(yōu)化級

優(yōu)化級的特點(diǎn)是過程的量化反饋和先進(jìn)的新思想、新技術(shù)促進(jìn)過程不斷改進(jìn)，技術(shù)和過程的

改進(jìn)改進(jìn)被作為常規(guī)的業(yè)務(wù)活動(dòng)加以計(jì)劃和管理。

答案：A

?若某計(jì)算機(jī)系統(tǒng)由兩個(gè)部件串聯(lián)構(gòu)成，其中一個(gè)部件的失效率為7X10-6/小時(shí)，若不考慮其

他因素的影響，并要求計(jì)算機(jī)系統(tǒng)的平均故障間隔時(shí)間為小時(shí)，則另一個(gè)部件的失效率應(yīng)為(故

/小時(shí)。

(1)A.2X10-5B.3X10-5c.4X10-6D.3X10-6

試題解析：

串聯(lián)時(shí)，兩個(gè)部件其中一個(gè)壞了，系統(tǒng)就失效。

平均故障間隔時(shí)間MTBF=1/X,X是失效率。

假設(shè)部件一的失效率為x,部件二的失效率為y,則串聯(lián)系統(tǒng)的總失效率z=(1-(1-x)(1-y))?，F(xiàn)在

已知1/z=1()5,x=7X10-6,代入公式，得y=3X10-6。

答案：D

串聯(lián)并聯(lián)

R：可靠性RXR1-(1-R)X(1-R)

入：失效率入+人”(1+2)(注:并聯(lián)2

個(gè)）

1/入:平均無故障時(shí)間

詳參書P61頁

?內(nèi)聚性和耦合性是度量軟件模塊獨(dú)立性的重要準(zhǔn)則，軟件設(shè)計(jì)時(shí)應(yīng)力求（6）。

（6）A.高內(nèi)聚，高耦合B.高內(nèi)聚，低耦合

C.低內(nèi)聚，高耦合D.低內(nèi)聚，低耦合

試題解析：

對于軟件開發(fā)來說，要追求模塊內(nèi)部的高內(nèi)聚，模塊之間的低耦合。常識！

答案：B

?關(guān)于項(xiàng)目管理甘特圖的結(jié)構(gòu)，下列選項(xiàng)中合理的是（70）。

（70）A.任務(wù)名稱，工期，開始時(shí)間，前置任務(wù)，后置任務(wù)，資源名稱

B.任務(wù)名稱，開始時(shí)間，完成時(shí)間，彳爰置任務(wù)，人力資源，進(jìn)度線

C.任務(wù)名稱，工期，開始時(shí)間，完成時(shí)間，前置任務(wù)，資源名稱，進(jìn)度線

D.任務(wù)名稱，開始時(shí)間，完成時(shí)間，前置任務(wù)，人力資源，進(jìn)度線

答案：C

第4章標(biāo)準(zhǔn)化與知識產(chǎn)權(quán)保護(hù)

?我國著作權(quán)法中，（12）系指同一概念。

（12）A.出版權(quán)與版權(quán)B.著作權(quán)與版權(quán)

C.作者權(quán)與專有權(quán)D.發(fā)行權(quán)與版權(quán)

試題解析：

廣義的著作權(quán)，也稱為版權(quán)，是指文學(xué)、藝術(shù)和科學(xué)作品等創(chuàng)作的作者或傳播者對其作品所享有

的人身權(quán)和財(cái)產(chǎn)權(quán)。所以，著作權(quán)與版權(quán)系指同一概念。

根據(jù)《中華人民共和國著作權(quán)法》第五十六條的規(guī)定，著作權(quán)即版權(quán)。

答案：B

?由我國信息產(chǎn)業(yè)部批準(zhǔn)發(fā)布，在信息產(chǎn)業(yè)部門范圍內(nèi)統(tǒng)一使用的標(biāo)準(zhǔn)，稱為（13）。

（13）A.地方標(biāo)準(zhǔn)B.部門標(biāo)準(zhǔn)C.行業(yè)標(biāo)準(zhǔn)D.企業(yè)標(biāo)準(zhǔn)

試題解析：

我國的國家標(biāo)準(zhǔn)由國務(wù)院標(biāo)準(zhǔn)化行政主管部門制定；行業(yè)標(biāo)準(zhǔn)由國務(wù)院有關(guān)行政主管部門制定；

地方標(biāo)準(zhǔn)由省、自治區(qū)和直轄市標(biāo)準(zhǔn)化行政主管部門制定；企業(yè)標(biāo)準(zhǔn)由企業(yè)自己制定。而信息產(chǎn)業(yè)部

屬于國務(wù)院有關(guān)行政主管部門范疇，故由其批準(zhǔn)發(fā)布的標(biāo)準(zhǔn)屬于行業(yè)標(biāo)準(zhǔn)。

答案：c

?某軟件設(shè)計(jì)師自行將他人使用C程序語言開發(fā)的控制程序轉(zhuǎn)換為機(jī)器語言形式的控制程序，

并固化在芯片中，該軟件設(shè)計(jì)師的行為（14）。

（14）A.不構(gòu)成侵權(quán)，因?yàn)樾碌目刂瞥绦蚺c原控制程序使用的程序設(shè)計(jì)語言不同

B.不構(gòu)成侵權(quán)，因?yàn)閷υ刂瞥绦蜻M(jìn)行了轉(zhuǎn)換與固化，其使用和表現(xiàn)形式不同

C.不構(gòu)成侵權(quán)，將一種程序語言編寫的源程序轉(zhuǎn)換為另一種程序語言形式，屬于一種“翻

譯”行為

D.構(gòu)成侵權(quán)，因?yàn)樗幌碛性浖髌返闹鳈?quán)

試題解析：

根據(jù)《中華人民共和國計(jì)算機(jī)軟件保護(hù)條例》的規(guī)定，軟件著作權(quán)人享有翻譯權(quán)，即將原軟件從--種

自然語言文字轉(zhuǎn)換成另一種自然語言文字的權(quán)利。未經(jīng)軟件著作權(quán)人許可，發(fā)表或者登記其軟件的行

為，構(gòu)成計(jì)算機(jī)軟件侵權(quán)。

答案：D

?（9）不需要登記或標(biāo)注版權(quán)標(biāo)記就能得到保護(hù)。

（9）A.專利權(quán)B.商標(biāo)權(quán)C.著作權(quán)D.財(cái)產(chǎn)權(quán)

試題解析：

發(fā)明者或者設(shè)計(jì)者作出了發(fā)明創(chuàng)造之后，專利局并不是自動(dòng)地給予專利保護(hù)，專利權(quán)必須由有權(quán)申請

專利的申請者依照法律規(guī)定向?qū)＠痔岢鰧＠暾?，?jīng)過專利局審查合格后，才能授予專利權(quán)。

商標(biāo)法規(guī)定：自然人、法人或者其他組織對其生產(chǎn)、制造、加工、揀選或者經(jīng)銷的商品，需要取得商

標(biāo)專用權(quán)的，應(yīng)當(dāng)向商標(biāo)局申請商品商標(biāo)注冊。自然人、法人或者其他組織對其提供的服務(wù)項(xiàng)目，需

要取得商標(biāo)專用權(quán)的，應(yīng)當(dāng)向商標(biāo)局申請服務(wù)商標(biāo)注冊。

任何財(cái)產(chǎn)要受到法律的保護(hù)都必須以經(jīng)過國家法律的確認(rèn)為前提。對于有形財(cái)產(chǎn)，只要是合法所

得且能被民事主體所控制和掌握，具有一定的經(jīng)濟(jì)價(jià)值，便可構(gòu)成民事主體財(cái)產(chǎn)的一部分，通常均受

到法律的確認(rèn)和保護(hù)，不需要再明確地加以規(guī)定。而無形的智力創(chuàng)造性成果則不同，它不像有形財(cái)產(chǎn)

那樣直觀可見，因此智力創(chuàng)造性成果的財(cái)產(chǎn)權(quán)需要履行特定的法律手續(xù)或者需經(jīng)國家主管機(jī)關(guān)依法審

批，依法審查確認(rèn)。

著作權(quán)法中規(guī)定：中國公民、法人或者其他組織的作品，不論是否發(fā)表，依照本法享有著作權(quán)。

答案：C

?若某人持有盜版軟件，但他本人確實(shí)不知道該軟件是盜版的，則（7）承擔(dān)侵權(quán)責(zé)任。

（7）A.應(yīng)由該軟件的持有者

B.應(yīng)由該軟件的提供者

C.應(yīng)由該軟件的提供者和持有者共同

D.該軟件的提供者和持有者都不

試題解析：

不知者無罪！

答案:B

?（8）不屬于知識產(chǎn)權(quán)的范圍。

（8）A.地理標(biāo)志權(quán)B.物權(quán)C.鄰接權(quán)D.商業(yè)秘密權(quán)

試題解析：

地理標(biāo)志權(quán)是世界貿(mào)易組織確認(rèn)的一種新型知識產(chǎn)權(quán)，具有集合性、法定性、永久性、不可轉(zhuǎn)讓

性等特點(diǎn)。

鄰接權(quán)，又稱作品傳播者權(quán)，是指與著作權(quán)相鄰近的權(quán)利。

商業(yè)秘密權(quán)是公民、企業(yè)、單位、組織享有的知識產(chǎn)權(quán)。商業(yè)秘密的保護(hù)范圍包括所有技術(shù)信息、

經(jīng)營信息，以及其他與商業(yè)競爭有關(guān)的信息。

答案：B

第5章網(wǎng)絡(luò)體系結(jié)構(gòu)

?在Internet上有許多協(xié)議，下面的選項(xiàng)中能正確表示協(xié)議層次關(guān)系的是（23）.

（23）

SNMPPOP3SNMPPOP3

UDPTCPTCPARP

IPIP

A.B.

C.D.

SMTPTelnetSNMPTelnet

TCPSSLTCPUDP

pUDP■pLLC

?ARPMAC

試題解析:

B：ARP不是傳輸層協(xié)議，POP3是基于TCP進(jìn)行傳輸?shù)摹?/p>

C：UDP不是網(wǎng)絡(luò)層協(xié)議，SSL和Telnet是基于TCP的。

D：IP是位于LLC之上的，LLC是位于MAC之上的，Telnet是基于TCP的。

答案：A

?因特網(wǎng)中的協(xié)議應(yīng)該滿足規(guī)定的層次關(guān)系，下面的選項(xiàng)中能正確表示協(xié)議層次和對應(yīng)關(guān)系的

是(22)。

(22)

SNMPTFTPSNMPHTTP

UDPTCPTCPUDP

IPIP

A.B.

HTTPTFTPSNMPTelnet

TCPUDPTCPUDP

IPIP

C.D.

試題解析：

SNMP、TFTP是基于UDP的，而HTTP、Telnet是基于TCP的。

答案：D

?IPv6地址以16進(jìn)制數(shù)表示，每4個(gè)16進(jìn)制數(shù)為一組，組之間用冒號分隔，下面的IPv6地址

ADBF:OOOO:FEEA:OOOO:OOOO:OOEA:OOAC:DEED的簡化寫法是(20)。

(20)A.ADBF:0:FEEA:00:EA:AC:DEED

B.ADBF:O:FEEA::EA:AC:DEED

C.ADBF:O:FEEA:EA:AC:DEED

D.ADBF::FEEA::EA:AC:DEED

答案：B

第6章數(shù)據(jù)通信基礎(chǔ)

?8個(gè)128kb/s的信道通過統(tǒng)計(jì)時(shí)分復(fù)用到一條主干線路上，如果該線路的利用率為90%,則

其帶寬應(yīng)該是(23)kb/s。

(23)A.922B.1024C.1138D.2276

試題解析：

8X128=1024kb/s,由于線路利用率為90%(統(tǒng)計(jì)時(shí)分復(fù)用需要開銷)，因此

總帶寬=8X128/90%=1138Kb/So

答案：C

?10個(gè)9.6Kb/s的信道按時(shí)分多路復(fù)用在一條線路上傳輸，如果忽略控制開銷，在同步TDM

情況下，復(fù)用線路的帶寬應(yīng)該是(24)；在統(tǒng)計(jì)TDM情況下，假定每個(gè)子信道具有30%的時(shí)間

忙，復(fù)用線路的控制開銷為10%,那么復(fù)用線路的帶寬應(yīng)該是(25)。

(24)A.32Kb/sB.64Kb/sC.72Kb/sD.96Kb/s

(25)A.32Kb/sB.64Kb/sC.72Kb/sD.96Kb/s

試題解析：

時(shí)分多路復(fù)用將使用信道的時(shí)間分成一個(gè)個(gè)的時(shí)間片(時(shí)隙)，按一定規(guī)則將這些時(shí)間片分配給

各路信號，每一路信號只能在自己的時(shí)間片內(nèi)獨(dú)占信道進(jìn)行傳輸，不能占用別人的時(shí)間片屋即如果某

個(gè)時(shí)間片的用戶不使用該信道，也只能保持空閑。10個(gè)9.6KB/S的信道，合并起來帶寬就是96Kb/s。

統(tǒng)計(jì)TDM是一種改進(jìn)的時(shí)分復(fù)用，其特征在于每一路信號不是固定分配時(shí)間片、而是根據(jù)用戶

的實(shí)際需要?jiǎng)討B(tài)分配，也就是當(dāng)用戶有需要時(shí)才分配。當(dāng)用戶暫停發(fā)送數(shù)據(jù)時(shí)，信道空閑，則分配給

其他用戶使用。采用統(tǒng)計(jì)TDM可以提高信道的利用率，使得每個(gè)用戶的數(shù)據(jù)傳輸速率可以高于平均

速率，最高可達(dá)到線路總的傳輸速率。題中傳輸數(shù)據(jù)需要帶寬為10x9.6kb/sx30%=28.8Kb/s。10%

的控制開銷意味著只有90%的帶寬用于傳輸數(shù)據(jù)，因此所需的線路帶寬=28.8Kb/s/0.9=32Kb/s0

我在沖刺指南一書中看到的解題公式為10X9.6kb/sX(30%+30%Xl0%)=31.68Kb/s感覺這個(gè)

公式比較好記！

答案：(24)D(25)A

?假設(shè)模擬信號的最高頻率為5MHz,采樣頻率必須大于(14),才能使得到的樣本信號

不失真，如果每個(gè)樣本量化為256個(gè)等級，則傳輸?shù)臄?shù)據(jù)速率是(15)。

(14)A.5MHzB.10MHzC.15MHzD.20MHz

(15)A.10Mb/sB.50Mb/sC.80Mb/sD.100Mb/s

答案：(14)B,(15)C

?在異步通信中，每個(gè)字符包含1位起始位、7位數(shù)據(jù)位、1位奇偶位和2位終止位，若每秒鐘

傳送100個(gè)字符，采用4相位調(diào)制，則碼元速率為(16),有效數(shù)據(jù)速率為(17)。

(16)A.50波特B.500波特C.550波特D.1100波特

(17)A.500b/sB.700b/sC.770b/sD.1100b/s

答案：(16)C,(17)B

?設(shè)信道帶寬為3400Hz,調(diào)制為4種不同的碼元，根據(jù)Nyquist定理，理想信道的數(shù)據(jù)速率

為(18),

(18)A.3.4Kb/sB.6.8Kb/sC.13.6Kb/sD.34Kb/s

答案：C

?以太網(wǎng)的最大幀長為1518字節(jié)，每個(gè)數(shù)據(jù)幀前面有8個(gè)字節(jié)的前導(dǎo)字段，幀間隔為9.6口s,

對于10BASE-5網(wǎng)絡(luò)來說，發(fā)送這樣的幀需要多少時(shí)間？于4)

(64)A.1.23sB.12.3ms

C.1.23msD.1.23us

試題解析：

9.6+(8+1518)*8/10M^1.23mSo

答案：C

?T1載波每個(gè)信道的數(shù)據(jù)速率為(16),T1信道的總數(shù)據(jù)速率為(17)。

(16)A.32kb/sB.56kb/sC.64kb/sD.96kb/s

(17)A.1.544Mb/sB.6.312Mb/sC.2.048Mb/sD.4.096Mb/s

試題解析：

在電信數(shù)字通信系統(tǒng)中，廣泛使用了PCM(PulsecodeModulation,脈沖編碼調(diào)制)技術(shù)。模

擬電話的帶寬為4kHz,根據(jù)尼奎斯特定理，編碼解碼器(coder-decoder,codec)采樣頻率需要達(dá)

到每秒8000次。編碼解碼器每次采樣，就生成一個(gè)8比特的數(shù)字信息。因此，一個(gè)模擬電話信道在

數(shù)字化后對應(yīng)一個(gè)64Kbps的數(shù)字信道。一個(gè)64Kbps的數(shù)字信道被稱為DS0(DigitalSignal0,數(shù)

字信號0)。

T1是T-載波通信系統(tǒng)的基礎(chǔ)，也稱一次群。T1由24個(gè)DS0信道多路復(fù)用組成，每秒8000幀。

在一個(gè)幀中，為每個(gè)信道依次分配8個(gè)比特。另外每個(gè)幀還需要1個(gè)比特用于分幀控制。因此T1的

幀大小為24X8+1=193比特，T1的速率為193X8000=1.544Mbps。

答案：(16)C(17)A

注意與ISDN的區(qū)別，詳參p136頁。

?E1載波把32個(gè)信道按(11)方式復(fù)用在一條2.048Mb/s的高速信道上，每條話音信道

的數(shù)據(jù)速率是(12)。

(11)A.時(shí)分多路B.空分多路

C.波分多路D.頻分多路

(12)A.56kb/sB.64kb/s

C.128kb/sD.512kb/s

答案：(11)A,(12)B

?使用海明碼進(jìn)行前向糾錯(cuò)，如果冗余位為4位，那么信息位最多可以用到(26)位,假定

碼字為a6a5a4a3a2a?o，并且有下面的監(jiān)督關(guān)系式：

S2=a2+a4+a5+a6

Si=ai+a3+a5+a6

So=ao+a3+a4+a6

若S2S1So=110,則表示出錯(cuò)位是(27)<.

(26)A.6B.8C.11D.16

(27)A.a3B.a4C.a5D.a6

試題解析：

2r^k+r+l將r=4代入計(jì)算，可得K=11

由于S2slSo=11O,則說明S2和Si出錯(cuò)，得出as或者a6可能出錯(cuò)，但是S。沒有出錯(cuò)，所以a6不

可能出錯(cuò)，因此只能是as出錯(cuò)。

答案：(26)C(27)C

?使用海明碼進(jìn)行糾錯(cuò)，7位碼長(X7X6X5X4X3X2X1),其中4位數(shù)據(jù)，監(jiān)督關(guān)系式為：

Co=X1+X3+X5+X7

Ci=X2+X3+X6+X7

C2=X4+X5+X6+X7

如果接收的碼字為1000101,那么糾正后的碼字是(58)。

(58)A.1000001B.1000101

C.1001101D.1010101

試題解析：

Co=X1+X3+X5+X7=1+1+0+1=1(+是異或)

G=X2+X3+X6+X7=0+1+0+1=0

C2=X4+X5+X6+X7=0+0+0+1=1

Co和C2的計(jì)算結(jié)果不為0,表示錯(cuò)誤的碼位在Co和C2中出現(xiàn)，但在Ci中不會(huì)出現(xiàn)。因此，出

錯(cuò)的是X5,將其由0改為1即可。記住:XiX3X7這三個(gè)位置是1,其余位是0。

答案：D

?若采用后退N幀ARQ協(xié)議進(jìn)行流量控制，幀編號字段為1位，則發(fā)送窗口的最大長度為

(17)A.7B.8C.127D.128

試題解析:

本題考查后退N幀ARQ協(xié)議知識。

后退N幀ARQ協(xié)議的發(fā)送窗口卬＜=編號個(gè)數(shù)一1,編號個(gè)數(shù)為7位即為128個(gè)，所以發(fā)送窗

口的最大長度為W=128-1=127o

答案：C

?我國自行研制的移動(dòng)通信3G標(biāo)準(zhǔn)是（64）。

（64）A.TD-SCDMAB.WCDMA

C.CDMA2000D.GPRS

試題解析：

記住TD-SCDMA吧，這是IT領(lǐng)域內(nèi)中國難得的榮耀。

答案：A

第7章廣域網(wǎng)技術(shù)

?在ATM網(wǎng)絡(luò)中，AAL5用于LAN仿真，以下有關(guān)AAL5的描述中不正確的是上空

(30)A.AAL5提供面向連接的服務(wù)B.AAL5提供無連接的服務(wù)

C.AAL5提供可變比特率的服務(wù)D.AAL5提供固定比特率的服務(wù)

試題解析：

服務(wù)類型A類B類C類D類

端到端定時(shí)要求（那么A、B就要定時(shí)啰）不要求（CD不要求定時(shí)播放哦）

比特率恒定（只有A類特別恒定）

連接模式無連接（只有D類無臉連接）

適配層協(xié)議AAL1AAL2AAL3/4和AAL5

答案：D

?用戶A與用戶B通過衛(wèi)星鏈路通信時(shí)，傳播延遲為270ms,假設(shè)數(shù)據(jù)速率是64Kb/s,幀長

4000bit,若采用停等流控協(xié)議通信，則最大鏈路利用率為0.104；若采用后退N幀ARQ協(xié)議通信,

發(fā)送窗口為8,則最大鏈路利用率可以達(dá)到0.832。

停等流控:E=1/（2a+1）@=數(shù)據(jù)速率X傳播延遲/幀長=64000X0.27/4000=4.32

E=1/（2X4.32+1）=0.104

后退N幀：E=W/（2a+1）W=8

E=8X0.104=0.832

?N-ISDN有兩種接口：基本速率接口（2B+D）和基群速率接口（30B+D）,有關(guān)這兩種接口

的描述中，正確的是正9）。

（29）A.基群速率接口中，B信道的帶寬為16Kb/s,用于發(fā)送用戶信息

B.基群速率接口中，D信道的帶寬為16Kb/s,用于發(fā)送信令信息

C.基本速率接口中，B信道的帶寬為64Kb/s,用于發(fā)送用戶信息

D.基本速率接口中，D信道的帶寬為64Kb/s,用于發(fā)送信令信息

試題解析：

30B+D（2D?）的ISDN的B信道速率是64kb/s,D信道速率是64kb/s。

2B+D的ISDN的B信道速率是64kb/s,D信道速率是16kb/so

B信道用于傳輸用戶數(shù)據(jù)，D信道用于傳輸信令。

答案：C

第8章局域網(wǎng)與城域網(wǎng)技術(shù)

?802.11標(biāo)準(zhǔn)定義了3種物理層通信技術(shù)，這3種技術(shù)不包括（27）。

（27）A.直接序列擴(kuò)頻B.跳頻擴(kuò)頻

C.窄帶微波D.漫反射紅外線

試題解析：

IEEE802.11標(biāo)準(zhǔn)頒布于1997年，它運(yùn)行在2.4GHZ的ISM（IndustrialScientificandMedical）

頻段，采用擴(kuò)頻通信技術(shù)，支持1Mbps和2Mbps數(shù)據(jù)速率。IEEE802.11標(biāo)準(zhǔn)在物理層上定義了兩

類物理層規(guī)范：紅外線（IR,InfraredRay）和擴(kuò)頻（SS,SpreadSpectrum）。紅外線方式使用了

與電視遙控相同的技術(shù)，基本傳輸率是1Mbps,有散射和直射兩種方式；擴(kuò)頻技術(shù)包括FHSS（跳

頻擴(kuò)頻）和DSSS（直接序列擴(kuò)頻），它們使用了短距離的無線電波。

答案：C

?WLAN采用擴(kuò)頻技術(shù)傳輸數(shù)據(jù)，下面哪一項(xiàng)不是擴(kuò)頻技術(shù)的優(yōu)點(diǎn)？（65）

（65）A.對無線噪聲不敏感B.占用的帶寬小

C.產(chǎn)生的干擾小D.有利于安全保密

試題解析：

既然是擴(kuò)頻，當(dāng)然不會(huì)減小帶寬占用。

答案：B

?建立一個(gè)家庭無線局域網(wǎng)，使得計(jì)算機(jī)不但能夠連接因特網(wǎng)，而且WLAN內(nèi)部還可以直接通

信，正確的組網(wǎng)方案是（66）、

（66）A.AP+無線網(wǎng)卡B.無線天線+無線MODEM

C.無線路由器+無線網(wǎng)卡D.AP+無線路由器

答案：C

?802.11標(biāo)準(zhǔn)定義的分布式協(xié)調(diào)功能采用了（28）協(xié)議。

(28)A.CSMA/CDB.CSMA/CAC.CDMA/CDD.CDMA/CA

試題解析：

在MAC子層上，IEEE802.11標(biāo)準(zhǔn)定義了兩種工作模式，分別為DCF（DistributedCoordination

Function,分布協(xié)調(diào)功能）和PCF（PointCoordinationFunction,點(diǎn)協(xié)調(diào)功能）。其中，CSMA/CA

（CarrierSenseMultipleAccesswithCollisionAvoidance,載波偵聽多路訪問/沖突避免）協(xié)議工作

于DCF模式下，該協(xié)議采用ACK（確認(rèn)）應(yīng)答機(jī)制處理因沖突或其它原因造成的幀傳輸失敗情況，

并引入超幀結(jié)構(gòu)來支持實(shí)時(shí)業(yè)務(wù)。

答案：B

?在以太網(wǎng)中，最大傳輸單元（MTU）是—（57）字節(jié)。

(57)A.46B.64C.1500D.1518

試題解析：

以太網(wǎng)的幀結(jié)構(gòu)如下：

716620-15000-464byte

LLC

PreambleSFDDASALengthPADFCS

PDU

以太網(wǎng)最大幀長為1518字節(jié)，其中負(fù)載數(shù)據(jù)段的最大長度是1500字節(jié)，負(fù)載數(shù)據(jù)段的最大長

度就是MTUo

答案：C

?TCP段頭的最小長度是（27）字節(jié)。

（27）A.16B.20C.24D.32

試題解析：

TCP數(shù)據(jù)段為兩部分，前面是頭標(biāo)（即段頭），后面是數(shù)據(jù)。TCP頭標(biāo)的前20個(gè)字節(jié)格式是

固定的，后面是可能的選項(xiàng)。因此TCP頭標(biāo)的最小長度是20個(gè)字節(jié)。

答案：B

?在下面關(guān)于以太網(wǎng)與令牌環(huán)網(wǎng)性能的比較中，正確的是（58）。

（58）A.在重負(fù)載時(shí)，以太網(wǎng)比令牌環(huán)網(wǎng)的響應(yīng)速度快

B.在輕負(fù)載時(shí)，令牌環(huán)網(wǎng)比以太網(wǎng)的利用率高

C.在重負(fù)載時(shí)，令牌環(huán)網(wǎng)比以太網(wǎng)的利用率高

D.在輕負(fù)載時(shí)，以太網(wǎng)比令牌環(huán)網(wǎng)的響應(yīng)速度慢

試題解析：

以太網(wǎng)采用的是CSMA/CD技術(shù)，當(dāng)負(fù)載比較輕、站點(diǎn)數(shù)比較少的時(shí)候，網(wǎng)絡(luò)傳輸?shù)捻憫?yīng)速度比

較快；但當(dāng)負(fù)載比較重、站點(diǎn)數(shù)量多的時(shí)候，沖突發(fā)生概率將急劇上升，造成響應(yīng)速度下降，線路利

用率降低。

在令牌環(huán)中，無論網(wǎng)絡(luò)負(fù)載如何，令牌都是沿著環(huán)網(wǎng)依次通過各個(gè)工作站的。在輕負(fù)載的情況下,

令牌大部分時(shí)間在環(huán)內(nèi)空轉(zhuǎn)，傳輸效率比較低。而當(dāng)重負(fù)載時(shí)，每個(gè)站都有大量數(shù)據(jù)要發(fā)送，當(dāng)某個(gè)

站發(fā)送完數(shù)據(jù)后釋放令牌，則該站的后繼站便可抓住令牌發(fā)送數(shù)據(jù)，這樣，令牌便在站中緩慢移動(dòng),

每個(gè)站都有機(jī)會(huì)發(fā)送數(shù)據(jù)，因此傳輸效率比較高。

答案:c

?以太網(wǎng)協(xié)議中使用了二進(jìn)制指數(shù)后退算法，這個(gè)算法的特點(diǎn)是(62)。

(62)A.容易實(shí)現(xiàn)，工作效率高

B.在輕負(fù)載下能提高網(wǎng)絡(luò)的利用率

C.在重負(fù)載下能有效分解沖突

D.在任何情況下不會(huì)發(fā)生阻塞

試題解析：

“容易實(shí)現(xiàn)，工作效率高”，可以算是吧，不過這不能算是核心特點(diǎn)。

“在輕負(fù)載下能提高網(wǎng)絡(luò)的利用率”，這句話說得似是而非，二進(jìn)制指數(shù)后退算法在輕負(fù)載下可

以有效地解決沖突問題，但不能提高網(wǎng)絡(luò)的利用率。

“在重負(fù)載下能有效分解沖突”，是。

“在任何情況下不會(huì)發(fā)生阻塞”，胡扯。以太網(wǎng)的思想就是允許沖突，只是采用二進(jìn)制指數(shù)后退

算法來處理沖突。但二進(jìn)制指數(shù)后退算法不是萬能的，負(fù)載過重網(wǎng)絡(luò)沖突會(huì)造成阻塞。

答案：C

?采用以太網(wǎng)鏈路聚合技術(shù)將(67)。

(67)A.多個(gè)邏輯鏈路組成一個(gè)物理鏈路

B.多個(gè)邏輯鏈路組成一個(gè)邏輯鏈路

C.多個(gè)物理鏈路組成一個(gè)物理鏈路

D.多個(gè)物理鏈路組成一個(gè)邏輯鏈路

試題解析：

在局域網(wǎng)應(yīng)用中，由于數(shù)據(jù)通信量的快速增長，交換機(jī)帶寬往往不夠用，于是出現(xiàn)了將多條物理

鏈路當(dāng)作一條邏輯鏈路使用的鏈路聚合技術(shù),這時(shí)網(wǎng)絡(luò)通信由聚合到邏輯鏈路中的所有物理鏈路共同

承擔(dān)。

答案：D

第9章網(wǎng)絡(luò)互聯(lián)與因特網(wǎng)技術(shù)

?內(nèi)部網(wǎng)關(guān)協(xié)議RIP是一種廣泛使用的基于(35)的協(xié)議。RIP規(guī)定一條通路上最多可包含

的路由器數(shù)量是(36)o

(35)A.鏈路狀態(tài)算法B.距離矢量算法C.集中式路由算法D.固定路由算法

（36）A.1個(gè)B.16個(gè)C.15個(gè)D.無數(shù)個(gè)

試題解析：

路由選擇協(xié)議可以分為三個(gè)不同層次：

1、主干網(wǎng)上的核心網(wǎng)關(guān)協(xié)議：GGP

2、自治系統(tǒng)AS間的外部網(wǎng)關(guān)協(xié)議：BGP（BGP報(bào)文封裝在TCP中進(jìn)行傳輸）。

3、自治系統(tǒng)AS間的內(nèi)部網(wǎng)關(guān)協(xié)議：RIP、IGRP、OSPF、EIGRP,IS-IS

距離矢量路由選擇協(xié)議：RIP（30秒，支持CIDR、VLSM及連續(xù)子網(wǎng)（只有RIPV2支持），

最大跳數(shù)為15,故只適合小型網(wǎng)絡(luò)）；IGRP（90秒，不支持VLSM和不連續(xù)子網(wǎng)）。

鏈路狀態(tài)路由選擇協(xié)議：OSPF（hello包，Dijkstra算法，支持VLSM及路由匯聚，迅速、

無環(huán)路的收斂性、支持精確度量，但路由開銷大。）

混合路由選擇協(xié)議：EIGRP（啥都支持，果然是混合的好）；IS-IS（能夠應(yīng)用于內(nèi)部網(wǎng)關(guān)，

也可用于外部網(wǎng)關(guān)。）

答案：（35）B（36）C

?關(guān)于OSPF拓?fù)鋽?shù)據(jù)庫，下面選項(xiàng)中正確的是（38）o

（38）A.每一個(gè)路由器都包含了拓?fù)鋽?shù)據(jù)庫的所有選項(xiàng)

B.在同一區(qū)域中的所有路由器包含同樣的拓?fù)鋽?shù)據(jù)庫

C.使用Dijkstra算法來生成拓?fù)鋽?shù)據(jù)庫

D.使用LSA分組來更新和維護(hù)拓?fù)鋽?shù)據(jù)庫

答案：B

?關(guān)于OSPF協(xié)議，下面的描述中不正確的是（26）o

（26）A.OSPF是一種路由狀態(tài)協(xié)議

B.OSPF使用鏈路狀態(tài)公告（LSA）擴(kuò)散路由信息

C.OSPF網(wǎng)絡(luò)中用區(qū)域1來表示主干網(wǎng)段

D.OSPF路由器中可以配置多個(gè)路由進(jìn)程

試題解析：

此題主要考查了OSPF協(xié)議的知識。

OSPF是一個(gè)性能優(yōu)越的開放的適合大型網(wǎng)絡(luò)規(guī)模的基于L-S算法的路由協(xié)議。

LSA（LinkStateAdvertisements,鏈路狀態(tài)通告）是一種OSPF數(shù)據(jù)報(bào)，包含有可在OSPF

路由器間共享的鏈路狀態(tài)和路由信息。OSPF使用LSA來擴(kuò)散路由信息。

區(qū)域是OSPF進(jìn)行路由的劃分單位。每個(gè)AS都有若干個(gè)區(qū)域，但是有且僅有一個(gè)骨干區(qū)域，

稱為Area。(0號區(qū)域)。所有的區(qū)域都要連接到Area0,并且區(qū)域之間的路由信息交換也要通過

Area0。

答案：C

?下面有關(guān)邊界網(wǎng)關(guān)協(xié)議BGP4的描述中，不正確的是(40)o

(40)A.BGP4網(wǎng)關(guān)向?qū)Φ葘?shí)體(Peer)發(fā)布可以到達(dá)的AS列表

B.BGP4網(wǎng)關(guān)采用逐跳路由(hop-by-hop)模式發(fā)布自己使用的路由信息

C.BGP4可以通過路由匯聚功能形成超級網(wǎng)絡(luò)(Supemet)

D.BGP4報(bào)文直接封裝在IP數(shù)據(jù)報(bào)中傳送

試題解析：

BGP4是封裝在TCP中進(jìn)行傳輸?shù)摹?/p>

答案：D

?多協(xié)議標(biāo)記交換(MPLS)是IETF提出的第三層交換標(biāo)準(zhǔn)，下面有關(guān)MPLS的描述中，正確

的是(41)o

(41)A.MPLS支持各種網(wǎng)絡(luò)層協(xié)議，帶有MPLS標(biāo)記的分組必須封裝在PPP幀中傳送

B.MPLS標(biāo)記在各個(gè)子網(wǎng)中是特定分組的唯一標(biāo)識

C.路由器可以根據(jù)轉(zhuǎn)發(fā)目標(biāo)把多個(gè)IP流聚合在一起，組成一個(gè)轉(zhuǎn)發(fā)等價(jià)類(FEC)

D.傳送帶有MPLS標(biāo)記的分組之前先要建立對應(yīng)的網(wǎng)絡(luò)連接

試題解析：

有MPLS標(biāo)記的分組不但可以封裝在PPP幀中傳送，還可以封裝在以太網(wǎng)、ATM和幀中繼。

MPLS標(biāo)記具有局部性，一個(gè)標(biāo)記只是在一定的傳輸域中有效。

以太網(wǎng)傳輸數(shù)據(jù)幀，可沒有什么建立連接的概念。

答案：C

?下給出的地址中，屬于子網(wǎng)9/28的主機(jī)地址是(42)。

(42)A.7B.4

C.6D.1

試題解析：

首先將19轉(zhuǎn)為二進(jìn)制數(shù)等于00010011,因28位網(wǎng)絡(luò)段，所以左四位為網(wǎng)絡(luò)號16,右四位主

機(jī)位可表示2的4次方=16注意要減2以后得到實(shí)際可用主機(jī)數(shù)14。

9/28的網(wǎng)絡(luò)范圍是6（主機(jī)位全為0,代表網(wǎng)絡(luò)段）?1

（主機(jī)位全為1,代表廣播，這個(gè)31也可用16網(wǎng)絡(luò)號+14實(shí)際主機(jī)數(shù)+1算出來）,可分配的主機(jī)

地址為7?0（就是要扣除網(wǎng)絡(luò)號及廣播地址啦）。

我是這樣快速計(jì)算二進(jìn)制與十進(jìn)制的對應(yīng)關(guān)系的，就是牢記以下對應(yīng)關(guān)系，都是成倍放大的，好

記。

11111111

1286432168421

還要記住2的8次方=256然后2的7次方=128然后2的6次方=64以此類推下去。

還要記住那網(wǎng)絡(luò)分成4段中的全1代表255,那么11111110代表255-1=254,11111100代表

255-1-2=252,11111000代表255-124=248以此類推下去。當(dāng)然，如果是11000000應(yīng)用

128+64=192比較好算?？傊?，可用加法也可用減法，如果0少可用減法，如果1少可用加法，這在

計(jì)算子網(wǎng)掩碼時(shí)較快。

答案：A

?通常路由器不進(jìn)行轉(zhuǎn)發(fā)的網(wǎng)絡(luò)地址是（46）o

（46）A.B.

C.D.44

試題解析：

本題是對私有地址知識的考查。

私有地址無需向IANA（InternetAssignedNumbersAuthority,Internet地址分配機(jī)構(gòu)）申請，

可以自行分配。由于私有地址不能保證全局的唯一性，因此Internet中的路由器不會(huì)轉(zhuǎn)發(fā)私有地址的

數(shù)據(jù)報(bào)。私有地址表如表7-19所示：

表7-1私有IP地址表

類RFC1918規(guī)定的地址范圍網(wǎng)每個(gè)網(wǎng)絡(luò)主機(jī)數(shù)

J@L

別絡(luò)數(shù)'I'-.

A-551224-2

B-5516216-2

C-5525528-2

由表可知，是屬于私有地址。

答案：C

?下面的地址中，屬于單播地址的是（44）o

（44）A.55/18B.55

C.9/30D.11

試題解析：

本題是對IP地址知識點(diǎn)的考查。

55為A類地址，而主機(jī)位是全“1”，代表網(wǎng)內(nèi)廣播，為廣播地址；

9/30為C類地址，而主機(jī)位是全"1”,