廣西2023-2024學(xué)年高二下學(xué)期3月聯(lián)考物理試卷（解析版）

高級中學(xué)名校試卷PAGE2024學(xué)年度高二3月聯(lián)考物理一、選擇題：本題共有10小題，第1~7題是單選題，每小題4分，共28分。第8~10題是多選題，每小題6分，共18分，選對但不全得3分，選錯或不選得0分。1.鋼琴的“中央C”即為C調(diào)do，頻率約為261.2Hz，下列說法正確的是（）A.當(dāng)聽眾走向鋼琴時，鋼琴發(fā)出的琴聲頻率會升高B.當(dāng)障礙物尺寸接近波長或小于波長時，才能發(fā)生衍射現(xiàn)象C.隔著門縫聽到琴聲，是由于衍射現(xiàn)象造成的D.假如琴邊古箏也有一根調(diào)到C調(diào)do的弦，由于構(gòu)造不同，它們無法發(fā)生共振〖答案〗C〖解析〗A．當(dāng)聽眾走向鋼琴時，鋼琴發(fā)出的琴聲頻率不會變化，但聽眾會感覺琴聲頻率升高，故A錯誤；B．波在任何情況下都能發(fā)生衍射，但當(dāng)障礙物尺寸接近波長或小于波長時才能發(fā)生明顯的衍射，故B錯誤；C．隔著門縫聽到琴聲，是由于衍射現(xiàn)象造成的，C正確；D．若古箏也有一根調(diào)到C調(diào)do的弦，則兩者頻率相同，可以發(fā)生共振，故D錯誤。2.在赤道上空，有一條沿東西方向水平架設(shè)的導(dǎo)線，當(dāng)導(dǎo)線中的自由電子自西向東沿導(dǎo)線做定向移動時，導(dǎo)線受到地磁場的作用力的方向為（）A.向北 B.向南 C.向上 D.向下〖答案〗D〖解析〗當(dāng)導(dǎo)線中的自由電子自西向東沿導(dǎo)線做定向移動時，則導(dǎo)線中的電流方向由東向西。在赤道上空，地磁場的方向從南向北，根據(jù)左手定則可判斷安培力的方向豎直向下。3.如圖所示，一個導(dǎo)電圓環(huán)靜止在絕緣水平桌面上，其圓心O正上方有一N極朝下的條形磁鐵正在豎直方向運動，某時刻圓環(huán)產(chǎn)生了如圖所示方向的電流I（俯視圖逆時針），則此時（）A.磁鐵的運動方向豎直向上 B.圓環(huán)對磁鐵的作用力方向向下C.導(dǎo)電圓環(huán)有收縮的趨勢 D.導(dǎo)電圓環(huán)對桌面的壓力小于重力〖答案〗C〖解析〗A．根據(jù)楞次定律可知，磁鐵的運動方向豎直向下，選項A錯誤；BD．根據(jù)“來拒去留”可知，圓環(huán)對磁鐵的作用力方向向上，磁鐵對圓環(huán)的作用力方向向下，則圓環(huán)對桌面的壓力大于重力，選項BD錯誤；C．根據(jù)“增縮減擴”可知，導(dǎo)電圓環(huán)有收縮的趨勢，選項C正確。故選C。4.某品牌照明燈相關(guān)電路圖如圖所示，自感線圈自感系數(shù)足夠大且內(nèi)阻不計，三個電燈泡的內(nèi)阻相同，下列說法正確的是（）A.閉合開關(guān)S，燈泡a、c先亮，燈泡b慢慢變亮B.斷開開關(guān)S，燈泡c先滅，燈泡b閃亮后再熄滅C.閉合開關(guān)S，燈泡a、b先亮，燈泡c慢慢變亮D.斷開開關(guān)S，燈泡b、c先滅，燈泡a閃亮后再熄滅〖答案〗B〖解析〗AC．閉合開關(guān)S，燈泡a與自感線圈串聯(lián)，則燈泡b、c先亮，燈泡a慢慢變亮，AC錯誤；BD．?dāng)嚅_開關(guān)S，燈泡c先滅。由于定值電阻與燈泡b串聯(lián)，則燈泡b的電流小于燈泡a的電流，而自感電流的瞬時值與燈泡a的電流相等，則自感電流通過燈泡b時，使燈泡b閃亮，然后燈泡a和b逐漸熄滅，B正確，D錯誤。故選B。5.在如圖所示的電路中，變壓器為理想變壓器，電表均為理想電表，R1為定值電阻，R2為滑動變阻器，在原線圈a、b兩端接入正弦式交流電，則下列判斷正確的是（）A.將開關(guān)S由1合向2，電流表的示數(shù)變小、電壓表的示數(shù)變大B.將開關(guān)S由1合向2，電流表的示數(shù)變大、電壓表的示數(shù)變小C.將滑動變阻器的滑片P向下移，電流表的示數(shù)變小、電壓表的示數(shù)變大D.將滑動變阻器的滑片P向下移，電流表的示數(shù)變大、電壓表的示數(shù)變小〖答案〗C〖解析〗AB．將開關(guān)S由1合向2，由電壓關(guān)系可知原線圈匝數(shù)增大，副線圈兩端電壓減小，電壓表示數(shù)變小，由可知副線圈電路消耗的功率變小，原線圈輸入功率減小，則電流表示數(shù)減小，故AB錯誤；CD．將滑動變阻器的滑片P向下移，副線圈電路中的總電阻增大，副線圈兩端電壓不變，電流減小，R1兩端電壓減小，R2兩端電壓增大、電壓表示數(shù)變大，根據(jù)電流關(guān)系可知，原線圈中電流減小，電流表示數(shù)減小，故C正確，D錯誤。6.如圖所示，光滑圓弧軌道的半徑為，圓弧底部中點為O，兩個大小可忽略質(zhì)量分別為和的小球A和B，A在離很近的軌道上某點，B在點正上方處，現(xiàn)同時釋放兩球（不計空氣阻力），使兩球在A小球第5次通過O點時恰好相碰，則應(yīng)為（）A. B. C. D.〖答案〗C〖解析〗小球A在離很近軌道上某點靜止釋放，小球A相當(dāng)于做擺長為的單擺運動，小球A運動的周期為兩球在A小球第5次通過點時恰好相碰，則小球A和B運動的時間為所以小球B下落的高度為故選C。7.在某一均勻介質(zhì)中，由波源O發(fā)出的簡諧橫波沿x軸正、負(fù)方向傳播，某時刻的波形如圖所示，其波速為5cm/s，下列說法正確的是（）A.波的頻率與波源的頻率無關(guān)B.此時P、Q兩質(zhì)點振動方向相同C.再經(jīng)過0.5s，波恰好傳到坐標(biāo)為（-5cm，0）的位置D.這兩列波均為橫波，頻率為3Hz〖答案〗B〖解析〗A．波的頻率由波源的振動頻率決定，所以波的頻率與波源的頻率相同，A錯誤；B．根據(jù)同側(cè)法可知，此時、，兩質(zhì)點的振動方向相同，均沿y軸負(fù)方向，B正確；C．由圖知波長，周期為經(jīng)過時間波傳播的距離再經(jīng)過0.5s，波恰好傳到坐標(biāo)為或的位置，C錯誤；D．這兩列波的傳播方向與振動方向垂直，則均為橫波，該波的頻率為D錯誤。故選B。8.在LC振蕩電路中，某時刻線圈中的磁場B的方向如圖所示，且磁感應(yīng)強度正在減弱，則（）A.若俯視，此時線圈中的電流方向為順時針方向B.電容器正在充電C.此時電容器的上極板帶正電D.若增大電容器兩板距離，LC振蕩頻率增大〖答案〗BD〖解析〗B．電流減小，磁場才會減弱，說明電容器正在充電，選項B正確；AC．根據(jù)安培定則知，線圈中的電流方向為逆時針方向，電容器上極板帶負(fù)電，選項AC錯誤；D．電容器兩極板距離增大，電容減小，根據(jù)LC振電路頻率知，LC振蕩頻率增大，選項D正確。9.如圖所示，固定在水平面內(nèi)的兩根平行長直粗糙金屬導(dǎo)軌的間距為，其一端接有阻值為的電阻，整個裝置處在垂直向下、磁感應(yīng)強度大小為的勻強磁場中，一質(zhì)量為（質(zhì)量分布均勻）的導(dǎo)體桿ab垂直于導(dǎo)軌放置，且與兩導(dǎo)軌保持良好接觸，現(xiàn)桿在垂直于桿的恒力作用下從靜止開始沿導(dǎo)軌向左運動距離時，速度恰好達(dá)到最大（運動過程中桿始終與導(dǎo)軌保持垂直）。設(shè)桿接入電路的電阻為，導(dǎo)軌電阻不計，導(dǎo)體桿與導(dǎo)軌間的動摩擦因數(shù)為，重力加速度大小為，則在這一過程中（）A.桿的速度最大值為B.整個回路產(chǎn)生焦耳熱為C.流過電阻的電荷量是D.桿的速度達(dá)最大時電阻上電功率為〖答案〗AB〖解析〗A．當(dāng)導(dǎo)體桿的速度達(dá)到最大時，由平衡條件得代入數(shù)據(jù)可解得故A正確；B．根據(jù)題意，由能量守恒定律有解得故B正確；C．根據(jù)題意，由、和可得，通過電阻R的電荷量故C錯誤；D．桿的速度達(dá)最大時，感應(yīng)電動勢為感應(yīng)電流為電阻R上電功率聯(lián)立解得故D錯誤。故選AB。10.如圖所示為電流天平，它兩臂等長。右臂下方掛著矩形線圈，線圈匝數(shù)為n，水平邊長為L，線圈下部處于勻強磁場內(nèi)，磁感應(yīng)強度B的方向垂直線圈平面向里。當(dāng)線圈中通過電流Ⅰ時，調(diào)節(jié)砝碼使兩臂達(dá)到平衡。然后使電流反向，大小不變，這時需要在左盤中移走質(zhì)量為的砝碼，才能使兩臂再次達(dá)到新的平衡。則（）A.電流反向前，線圈所受安培力的方向向上B.電流反向前，線圈中的電流方向從外向里看為順時針方向C.移走的砝碼質(zhì)量D.移走的砝碼質(zhì)量〖答案〗BC〖解析〗AB．電流反向后需要在左盤中移走質(zhì)量為的砝碼，才能使兩臂再次達(dá)到新的平衡，可知電流反向后安培力向上，則電流反向前，線圈所受安培力方向應(yīng)當(dāng)向下，由左手定則可知，電流方向為順時針方向，故A錯誤，B正確；CD．由題意有解得故C正確，D錯誤。故選BC。二、實驗題（本題共2小題，每空2分，共14分）11.某同學(xué)利用圖甲裝置測量某種單色光的波長。實驗時，接通電源使光源正常發(fā)光；調(diào)整光路，使得從目鏡中可以觀察到干涉條紋?；卮鹣铝袉栴}：（1）若想增加從目鏡中觀察到的條紋數(shù)，該同學(xué)可______A.將單縫向雙縫靠近 B.將屏向靠近雙縫的方向移動C.將屏向遠(yuǎn)離雙縫的方向移動 D.使用間距更小的雙縫（2）調(diào)節(jié)分劃板的位置，使分劃板中心刻線對齊某條亮條紋（并將其記為第一條）的中心，如圖乙所示，此時手輪上的讀數(shù)為______mm；轉(zhuǎn)動手輪，使分劃線向右側(cè)移動到第四條亮條紋的中心位置，讀出手輪上的讀數(shù)，并由兩次讀數(shù)算出第一條亮條紋中央到第四條亮條紋中央之間的距離，又知雙縫間距，雙縫到屏的距離，則對應(yīng)的光波的波長為______m（保留三位有效數(shù)字）?！即鸢浮剑?）B（2）1.180〖解析〗（1）（1）根據(jù)若想增加從目鏡中觀察到的條紋數(shù)，則需要減小條紋間距?x，則A．將單縫向雙縫靠近對條紋間距無影響，選項A錯誤；B．將屏向靠近雙縫的方向移動，則l減小，?x減小，選項B正確；C．將屏向遠(yuǎn)離雙縫的方向移動，則l增大，?x增大，選項C錯誤；D．使用間距更小的雙縫，則d減小，?x增加，選項D錯誤。故選B。（2）[1]手輪上的讀數(shù)為1mm+0.01mm×18.0=1.180mm；[2]條紋間距根據(jù)可得12.某同學(xué)用如圖甲所示裝置做“驗證動量守恒定律”實驗。圖中O是斜槽水平末端在記錄紙上的垂直投影點，P為未放被碰小球時入射小球m1的平均落點，M為與被碰小球碰后入射小球m1的平均落點，N為被碰小球m2的平均落點。（1）下列說法正確的是。（多選，填序號）A.為完成此實驗，必須使用的測量器材有天平、秒表、刻度尺B.安裝軌道時，軌道末端必須水平C.同一組實驗中，入射小球必須從同一位置由靜止釋放D.入射小球的質(zhì)量小于被碰小球的質(zhì)量，兩球的半徑相同（2）實驗中，除測量平拋射程OM、ON、OP外，還需要測量的物理量有。（填序號）A.入射小球m1開始釋放高度hB.拋出點距地面的高度HC.入射小球質(zhì)量m1和被碰小球質(zhì)量m2（3）圖乙是被碰小球的多次落點痕跡，刻度尺的0刻度與O點對齊，由此可確定其落點的平均位置對應(yīng)的讀數(shù)為__________cm；若測量的物理量滿足關(guān)系式__________________（用所測物理量的字母表示），則入射小球和被碰小球碰撞前后的總動量不變?！即鸢浮剑?）BC（2）C（3）55.50（55.47~55.52均可）〖解析〗（1）A．小球碰撞后做平拋運動，由于小球拋出點的高度相等，小球做平拋運動的時間相等，小球水平位移與初速度成正比，可以用小球的水平位移代替小球的初速度，實驗要測量小球的質(zhì)量與水平位移，需要刻度尺與天平，本實驗不需要測量時間，不需要秒表，故A錯誤；B．要保證每次小球都做平拋運動，則軌道的末端必須水平，故B正確；C．同一組實驗中，入射小球必須從同一位置由靜止釋放，以保證到達(dá)底端做平拋運動時的速度相同，故C正確；D．為防止入射小球碰后反彈，則入射小球的質(zhì)量必須大于被碰小球的質(zhì)量，故D錯誤。故選BC。（2）小球碰撞后做平拋運動，由于小球拋出點的高度相等，小球做平拋運動的時間相等，小球水平位移與初速度成正比，可以用小球的水平位移代替小球的初速度，實驗要測量小球的質(zhì)量與水平位移。故選C。（3）[1]由圖乙可得落點的平均位置所對應(yīng)的讀數(shù)為55.50mm；[2]如果碰撞過程系統(tǒng)動量守恒，以向右為正方向，由動量守恒定律得小球離開軌道后做平拋運動，它們拋出點的高度相等，在空中的運動時間t相等，上式兩邊同時乘以t得即為三、解答題（本大題共3小題，共40分）13.如圖所示，一玻璃磚的截面由半圓和等邊三角形ABC組成，O點為圓心，半圓的直徑BC長為2R，半圓上的D點到BC的距離為。一束光射到D點，入射角為60°，折射光線與BC垂直。已知光在真空中的傳播速度為c。求：（1）玻璃磚的折射率n；（2）光在玻璃磚中的傳播時間t?！即鸢浮剑?）；（2）〖解析〗（1）半圓上的D點到BC的距離為，則有可得折射角為則玻璃磚的折射率為（2）光射到AC邊時的入射角為，發(fā)生全反射的臨界角為則有故光在傳播到AC邊后發(fā)生全反射，光路圖如圖所示光在玻璃磚中的路程為光在玻璃磚中的傳播速度為則光在玻璃磚中的傳播時間為14.如圖所示，光滑水平面上放置靜止的木板A和物塊B，A、B質(zhì)量均為2kg，A的右端與B的距離為L。質(zhì)量為4kg的物塊C以8m/s的速度從左端滑上木板A，C與A間的動摩擦因數(shù)μ=0.2.當(dāng)A的速度為4m/s時，與B發(fā)生彈性碰撞，碰撞時間極短。B、C均可看作質(zhì)點，g=10m/s2。求：（1）A、B碰撞后的瞬間，A、B、C的速度大?。唬?）A的右端與B的距離L；（3）若木板足夠長，通過計算，判斷A、B能不能再次碰撞?！即鸢浮剑?）0；4m/s；6m/s；（2）2m；（3）不能〖解析〗（1）對AC系統(tǒng)，從開始運動到A將要與B碰撞過程，由動量守恒定律解得v1=6m/s然后AB碰撞過程中動量守恒，C的速度不變，則對AB系統(tǒng)解得v3=0v4=4m/s（2）從開始運動到A將要與B碰撞過程，對A由動能定理解得L=2m（3）因A與B碰后A的速度減為零，則當(dāng)AC再次共速時解得v=4m/s=v4可知AB不可能再次相碰。15.如圖，在直角坐標(biāo)xOy平面內(nèi)，存在半徑為R圓形勻強磁場區(qū)域，磁感應(yīng)強度大小為B，方向垂直紙面向里，磁場邊界與x、y軸分別相切于a、b兩點，ac為圓形邊界的直徑。質(zhì)量為m、電荷量為的帶電粒子從b點以某一初速度沿平行于x軸方向射入磁場，粒子從a點垂直于x軸離開磁場，不