山東省2024屆高三年級下冊開學(xué)考試物理試卷(含答案)

山東省名校2024屆高三下學(xué)期開學(xué)考試物理試卷

學(xué)校：___________姓名：班級：考號：

一,單選題

1.2023年9月21日的“天宮課堂”第四課中，航天員演示了關(guān)于陀螺的實(shí)驗(yàn)。對于在

空間站中處于“靜止”狀態(tài)的陀螺，下列說法正確的是（）

A.陀螺沒有慣性B.陀螺不受任何力的作用

C.陀螺所受地球引力充當(dāng)向心力D.陀螺所受合外力為零

2.采用降噪技術(shù)的耳機(jī)是通過主動產(chǎn)生一列聲波來抵消噪音。某段噪音信號如圖所

示，以下主動產(chǎn)生的信號中可以最大程度的消除該噪音信號的是（）

八聲強(qiáng)/db

10

B.I,

Q-------.-II---------------------------->

U1234567〃xio-6s

-10

3.如圖所示是交流發(fā)電機(jī)的示意圖。裝置中兩磁極之間產(chǎn)生的磁場可近似為勻強(qiáng)磁

場，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為3,〃匝正方形線框時加繞垂直于勻強(qiáng)磁場的轉(zhuǎn)軸0。順時針

勻速轉(zhuǎn)動，角速度為①，線框的邊長均為/，總電阻為凡圖示時刻線框平面剛好與磁

場垂直，取線框中感應(yīng)電流方向afA.cfd—a為正方向，以圖示時刻為/=0時

刻，則該線框中產(chǎn)生的感應(yīng)電流的表達(dá)式是（）

22

..nBla).「.nBl'co.八,nBl'at一,nBla)

A.i---------sin^B.i------------sinC.i----------coscotD.i------------cos0(

RRRR

4.中國新一代粒子研究利器“超級陶粲”裝置近日正式啟動，靜電分析器是其重要組成

部分。靜電分析器的兩電極之間存在如圖所示的靜電場，該靜電場中任意一點(diǎn)電場方

向均沿半徑方向指向圓心，大小均滿足E=&（左為與裝置有關(guān)的常數(shù)，廠為該點(diǎn)到圓

r

心。的距離）。某次實(shí)驗(yàn)中；H、；H粒子由入射口尸進(jìn)入靜電分析器，分別沿軌跡

I、n僅在電場力作用下做圓心為。的勻速圓周運(yùn)動，最后從。射出，則兩粒子運(yùn)動

o

A.速率B.角速度C.動量大小D.動能

5.小球在液體中運(yùn)動時會受到粘滯阻力，已知小球所受的粘滯阻力與運(yùn)動速率成正

比。如圖所示，一小球在液體的上方某高度處由靜止釋放，然后落入液體中。下列描

述小球在液體內(nèi)運(yùn)動的速度v與時間。的關(guān)系圖像可能正確的是（）

6.一長度為L的絕緣空心管水平放置在光滑水平桌面上，空心管內(nèi)壁光滑，〃端

有一個質(zhì)量為機(jī)、電荷量為+4的帶電小球?？招墓苡覀?cè)某一區(qū)域內(nèi)分布著垂直于桌面

向下、磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為3的勻強(qiáng)磁場，其邊界與空心管平行?？招墓芎托∏蛞源怪?/p>

于空心管的速度v水平向右勻速運(yùn)動，進(jìn)入磁場后空心管在外力作用下仍保持速度v

不變，下列說法正確的是（）

NXXXX

xx'XX

XXXX

ZMXXXX

XXXX

A.洛倫茲力對小球做正功

B.空心管對小球不做功

C.在離開空心管前，小球做勻加速直線運(yùn)動

D.在離開空心管瞬間,小球的速度為

7.已知質(zhì)量分布均勻的球殼對殼內(nèi)物體的萬有引力為零。假設(shè)地球是一質(zhì)量分布均勻

的球體，半徑為凡若在地球內(nèi)部修一條距離地心。點(diǎn)半徑為廠的圓管形軌道，軌道

的內(nèi)徑遠(yuǎn)小于廠。可視為質(zhì)點(diǎn)的物體以速率v在軌道內(nèi)做勻速圓周運(yùn)動，且與軌道無相

互作用，已知地球表面的重力加速度為g,則物體的速率為（）

A，r去B.R@口

8.如圖所示，水平地面上固定一半徑為尺=圓的半圓形障礙物，有一小球自地面上

A點(diǎn)以初速度%斜向上射出。取重力加速度g=10m/s2,為使小球能夠越過障礙物，則

發(fā)射速度/的最小值為（）

A.君m/sB.V10in/sC.24raJsD.2而m/s

二、多選題

9.兩個點(diǎn)電荷分別固定在。點(diǎn)和6點(diǎn)，如圖所示為利用電腦軟件描繪出的兩電荷所產(chǎn)

生電場中的等差等勢面，若選擇無窮遠(yuǎn)處為零電勢點(diǎn)，下列說法正確的是（）

A.兩電荷為同種電荷

B.a點(diǎn)處電荷的電荷量大于b點(diǎn)處電荷的電荷量

C.除無窮遠(yuǎn)處外，人人兩點(diǎn)所在直線上還存在兩個場強(qiáng)為零的位置

D.除無窮遠(yuǎn)處外，a、6兩點(diǎn)所在直線上還存在兩個電勢為零的位置

10.如圖所示，兩塊完全相同的條形磁鐵靜置在粗糙的水平木板上，若要使兩塊磁鐵

吸引在一起，整個裝置可以（）

A.豎直向下加速運(yùn)動B.豎直向上加速運(yùn)動

C.水平向右加速運(yùn)動D.水平向左加速運(yùn)動

11.如圖所示，質(zhì)量為機(jī)的滑塊在水平向右的外力R作用下由靜止開始沿水平面運(yùn)

動，運(yùn)動過程中外力R隨位移x的變化滿足/-乙，已知滑塊與桌面間的滑動摩

擦因數(shù)〃=或（g為重力加速度），下列說法正確的是（）

3mg

A.滑塊向右運(yùn)動的最大位移為空

k

B.滑塊最終能回到出發(fā)點(diǎn)

D.從開始運(yùn)動到物塊最終靜止，物塊與水平桌面因摩擦產(chǎn)生的熱量為反

9k

12.如圖所示，一質(zhì)量為機(jī)的斜面靜置在水平面上，某時刻一質(zhì)量也為機(jī)的小木塊自

斜面頂端由靜止開始沿斜面下滑，已知斜面的傾角為仇不計所有摩擦，木塊可視為

A.木塊下滑過程中，木塊與斜面的水平位移大小之比為1:1

B.木塊剛下滑到斜面底端時，木塊與斜面的速度大小之比為1:1

C.木塊下滑過程中，木塊與斜面的加速度大小之比為Ji+4tan2e：i

D.木塊下滑過程中，木塊與斜面的加速度大小之比為72+4tan26>:1

三、實(shí)驗(yàn)題

13.某實(shí)驗(yàn)小組利用手機(jī)內(nèi)置的加速度傳感器探究碰撞中的動量是否守恒，主要實(shí)驗(yàn)

步驟如下：

①將兩手機(jī)46放入防撞包內(nèi)，然后用等長的輕細(xì)繩分別懸掛在同一高度處的。、

0,點(diǎn)，靜止時A3剛好接觸，如圖甲所示；

②將手機(jī)A拉高至某一位置，然后由靜止釋放，手機(jī)A擺動到最低點(diǎn)時與手機(jī)3發(fā)生

碰撞，如圖乙所不；

③利用電腦軟件遠(yuǎn)程控制手機(jī)并記錄兩手機(jī)水平方向的加速度隨時間變化圖像，如圖

丙（a）、丙（b）所示；

④將圖像進(jìn)一步處理，如圖丁所示，根據(jù)圖像數(shù)據(jù)進(jìn)行分析，從而驗(yàn)證手機(jī)碰撞過程

中是否滿足動量守恒。

0.170.180.190.200.210.22

T

分析實(shí)驗(yàn)，回答以下問題：

（1）為達(dá)到實(shí)驗(yàn)?zāi)康?，本?shí)驗(yàn)還必須測量的物理量有.

A.手機(jī)48的質(zhì)量

B.細(xì)繩的繩長

C.手機(jī)A拉高的高度

（2）軟件中設(shè)置加速度水平向左為正，圖丙（填“（a）”或者“（b）”）圖為

A手機(jī)的a-/圖像；

（3）若測得手機(jī)A的質(zhì)量為0.23kg,手機(jī)5的質(zhì)量為0.25kg,根據(jù)圖丁所示數(shù)據(jù)可

知，碰撞過程中手機(jī)A的動量變化量大小為,手機(jī)B的動量變化量大小為

,由實(shí)驗(yàn)結(jié)果可知兩手機(jī)在碰撞過程中滿足動量守恒。（結(jié)果保留3位有效

數(shù)字）

14.一熱敏電阻凡阻值隨攝氏溫度/變化滿足用=20（1+0.01/）（。），某實(shí)驗(yàn)小組利用

此熱敏電阻及其它元件制作了一個電子溫度計。其電路如圖甲所示，電路中所使用其

它器材如下：

定值電阻用（阻值為10.0。）

電阻箱4（阻值為0?100.0。）

毫伏表（量程為200mV,內(nèi)阻非常大）

電源（電動勢為L5V,內(nèi)阻不計）

開關(guān)、導(dǎo)線若干。

（1）請根據(jù)圖甲所示的電路圖，用筆畫線代替導(dǎo)線，將圖乙所示的實(shí)物電路補(bǔ)充完

整；

（2）為使毫伏表零刻度線對應(yīng)0℃,則電阻箱&的阻值應(yīng)調(diào)節(jié)為。；

（3）改裝后該溫度計的刻度線是否均勻（選填“是”或“否”）；

（4）該溫度計所能測量的最高溫度為℃?

四、計算題

15.一列沿x軸傳播的簡諧橫波在/=1.5s時刻的波形如圖甲所示，位于坐標(biāo)原點(diǎn)。處

的質(zhì)點(diǎn)恰好位于平衡位置，。處質(zhì)點(diǎn)的振動情況如圖乙所示，求：

（1）該波的傳播速度v大小和方向；

（2）0.5s~1.0s內(nèi)。處質(zhì)點(diǎn)的路程X。

16.某種新型智能化汽車獨(dú)立懸架系統(tǒng)的電磁減震器是利用電磁感應(yīng)原理制造的，如

圖為其簡化的原理圖。該減震器由絕緣的橡膠滑動桿及多個單匝矩形閉合線圈組成，

線圈相互靠近、彼此絕緣，固定在絕緣桿上，線圈之間的間隔忽略不計。滑動桿及線

圈的總質(zhì)量為加，每個矩形線圖電阻為凡湖邊長為LA邊長為某次減震過程

2

中，該減震器從距離磁場邊緣高人處由靜止自由下落，當(dāng)線圈2恰好完全進(jìn)入磁場時

減震器的速度大小為悸。已知勻強(qiáng)磁場垂直紙面向里，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為3,不計

空氣阻力，該減震器始終保持豎直，重力加速度為g。求:

4

xxX

XXXXXXXX

XXXXXXXX

XXXXXXXX

XXXXXXXX

XXXXXXXX

（1）線圖1的述邊進(jìn)入磁場瞬間，減震器的加速度大小a；

（2）從減震器開始下落到線圈2恰好完全進(jìn)入磁場所用的時間a

17.利用磁場和電場實(shí)現(xiàn)粒子偏轉(zhuǎn)或聚焦是科學(xué)實(shí)驗(yàn)中廣泛應(yīng)用的技術(shù)。如圖所示的

坐標(biāo)系xOy中，在第二象限內(nèi)有一圓形勻強(qiáng)磁場區(qū)域，與x軸相切于P（-240）點(diǎn)，磁

場方向垂直于坐標(biāo)平面向外；在OWxWd、y20的區(qū)域內(nèi)存在豎直向下的勻強(qiáng)電場，

電場強(qiáng)度大小為E,電場區(qū)域的下邊界如圖中虛線所示，該邊界與x軸分別交于0點(diǎn)

和Q（d,O）點(diǎn)。位于P點(diǎn)的粒子源向磁場內(nèi)發(fā)射質(zhì)量為機(jī)、電荷量為q的大量正粒子，

所有粒子發(fā)射時的速度大小均相等，速度方向在與%軸正向夾角為6?（0°<6><120°）的

范圍內(nèi)，所有粒子經(jīng)過磁場后均沿x軸正向進(jìn)入電場，然后能全部經(jīng)過。點(diǎn)。已知速

度方向與x軸正向夾角為120。的粒子經(jīng)過點(diǎn)，且從〃點(diǎn)到。點(diǎn)的軌跡全部在

電場中，不計粒子的重力及粒子間的相互作用，并忽略磁場的邊界效應(yīng)。求：

打

，/二.'、、、M''E\

II

III

\II

、???yyy?

plOQX

CD粒子發(fā)射時的速度V。的大??；

（2）勻強(qiáng)磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度B的大??；

（3）速度方向與x軸正向夾角為120。的粒子從P點(diǎn)到。點(diǎn)的時間t-,

（4）電場區(qū)域下邊界滿足的數(shù)學(xué)方程。

18.如圖所示，質(zhì)量M=lkg的木板緊靠地面上的固定立柱靜置在光滑水平地面上，

木板左側(cè)為一豎直擋板，右側(cè)為四分之一光滑圓弧軌道，軌道底端與木板的上表面相

切于P點(diǎn)。勁度系數(shù)左=4N/m的輕彈簧左端固定在木板的左側(cè)擋板，右側(cè)與質(zhì)量為

m=lkg的滑塊相連（未拴接）。壓縮彈簧使滑塊位于木板上的。點(diǎn)，然后靜止釋

放，當(dāng)滑塊第一次到達(dá)P點(diǎn)時，彈簧恰好恢復(fù)原長狀態(tài)。已知。尸之間的距離

L=1.5m，滑塊與木板上表面之間的滑動摩擦因數(shù)〃=0.2,滑塊與木板間最大靜摩擦

力等于滑動摩擦力，重力加速度g=10m/s2,彈簧彈性勢能的表達(dá)式為石=-kx2Ck

P2

為勁度系數(shù)，x為彈簧的形變量），求：

固定立柱

（1）滑塊剛釋放時的加速度a的大??；

（2）滑塊釋放后第一次到達(dá)尸點(diǎn)過程中最大速度V.的大小;

（3）滑塊沖上圓弧軌道后相對P點(diǎn)能到達(dá)的最大高度加；

（4）滑塊最終穩(wěn)定后的位置與P點(diǎn)之間的距離?。

參考答案

1.答案：c

解析：A.陀螺具有質(zhì)量，則一定有慣性，故A錯誤；

BD.陀螺受地球的萬有引力，故BD錯誤；

C.陀螺圍繞地球做運(yùn)動圓周運(yùn)動，地球引力充當(dāng)向心力，故C正確。

故選C。

2.答案：A

解析：當(dāng)降噪聲波與噪音聲波相位相反，頻率相同，干涉相消，即可以最大程度的消

除該噪音信號。

故選Ao

3.答案：B

解析：圖示時刻線框平面剛好與磁場垂直為中心面，初相為零，電流的最大值為

>nBl~a)

1=--------

mR

因線框中感應(yīng)電流方向af〃.cfdfa為正方向，圖示位置轉(zhuǎn)過小角度后由楞次

定律可知方向?yàn)樨?fù)，則電流的表達(dá)式為

,nBl2a).八、nBl'co.

i=---------sin(z^+0)=----------sincot

RR

故選Bo

4.答案：D

解析：由電場力提供向心力可得

v2

qE-m—

r

可得，粒子運(yùn)動時的動能為

口12qEr

E,--mv=-----

k22

其中

廠

E=—k

r

則

Er-k

化簡可得

且;H、；H粒子的電荷量q相等，質(zhì)量機(jī)不相等，故兩粒子運(yùn)動時具有相同的動能,

根據(jù)

可知兩粒子運(yùn)動時的速率、角速度、動量都不相同。

故選D。

5.答案：B

解析：根據(jù)題意可知，小球在液體中運(yùn)動時受到的粘滯阻力滿足

f=kv

設(shè)小球剛進(jìn)入液體的速度為』，小球質(zhì)量為加；若

mg〉于=kv0

則小球在液體內(nèi)做加速度逐漸減小的加速運(yùn)動，當(dāng)粘滯阻力等于小球重力時，小球做

勻速運(yùn)動；若

mg<f=kv0

則小球在液體內(nèi)做加速度逐漸減小的減速運(yùn)動，當(dāng)粘滯阻力等于小球重力時，小球做

勻速運(yùn)動。

故選Bo

6.答案：D

解析：A.洛倫茲力始終與速度垂直不做功，故A錯誤；

B.帶電小球在磁場中運(yùn)動時，有水平向右的速度分量和豎直向上的速度分量，由左手

定則知洛倫茲力斜向左上方，因此玻璃管對帶電小球有向右的彈力，該彈力對小球做

正功，故B錯誤；

C.玻璃管在外力作用下始終保持不變的速度，則小球向右的速度分量保持不變，豎直

向上的洛倫茲力分量保持不變，因此在豎直方向小球做勻加速直線運(yùn)動，而在水平方

向做勻速運(yùn)動，所以小球做類平拋運(yùn)動，故C錯誤；

D.小球做類平拋運(yùn)動，則有

M=W+1

Vy-2aL

qvB

ci------

m

所以

v,=rw

Vmv

故D正確。

故選D。

7.答案：A

解析：設(shè)地球的密度為Q,在地球表面處有

GMm

~^=mS

其中

4,

M=p-nR3

物體以速率v在軌道內(nèi)做勻速圓周運(yùn)動，且與軌道無相互作用，則有

GM'm',v2

--------=m——

r--------r

其中

M'=p--Tir3

3

聯(lián)立解得物體的速率為

V

故選Ao

8.答案：D

解析：設(shè)A點(diǎn)發(fā)射時水平方向分速度為匕，豎直方向的分速度為與，若恰好越過半圓

形障礙物最高點(diǎn)，則豎直方向的分速度為零。從飛出到最高點(diǎn)的時間

得

還可以表示為

g

又最局點(diǎn)滿足

HR

得

*族

X=vxt>y[gR-=yJlR

從A點(diǎn)到最高點(diǎn)的水平位移

又因?yàn)?/p>

vo=vx+vyN2匕Vy=2gx>2g-42R

得

vj>20727?

代入數(shù)據(jù)整理得

%>2^/i0m/s

故選D。

9.答案：BD

解析：A.等勢線越密，電場強(qiáng)度越大，由圖可知，八人兩點(diǎn)電荷連線之間等勢線密

集，說明電場強(qiáng)度大，如果是同種電荷，。、6兩點(diǎn)電荷連線之間電場強(qiáng)度小，有電場

強(qiáng)度為零的點(diǎn)，等勢線稀疏，則可知該圖為異種電荷的圖像，A錯誤；

B.該圖像左側(cè)的等勢線比較密，無窮遠(yuǎn)處的電勢為0,與a點(diǎn)的電勢差比較大，所以a

點(diǎn)的電量就越多，B正確；

C.因?yàn)閍、》兩點(diǎn)電荷為異種電荷，在。、》兩點(diǎn)所在直線，a、6兩點(diǎn)電荷之間產(chǎn)生的

場強(qiáng)矢量和不為零，在人點(diǎn)電荷右邊，在。、6兩點(diǎn)所在直線有一個場強(qiáng)矢量和為零的

位置，C錯誤；

D.根據(jù)電勢的疊加原理負(fù)電荷產(chǎn)生的電勢為負(fù)，正電荷產(chǎn)生的電勢為正，所以他們連

線之間有一個零電勢點(diǎn)。由點(diǎn)電荷等勢面知，在6點(diǎn)電荷右邊，。、6兩點(diǎn)所在直線有

一個零電勢點(diǎn)。故除無窮遠(yuǎn)處外，。、6兩點(diǎn)所在直線上還存在兩個電勢為零的位置，

D正確。

故選BDo

10.答案：ACD

解析：兩塊完全相同的條形磁鐵靜置在粗糙的水平木板上，可知兩條形磁鐵之間的吸

引力小于或等于條形磁鐵與水平木板間的最大靜摩擦力。

A.整個裝置豎直向下加速運(yùn)動。兩條形磁鐵有向下的加速度，對木板的壓力減小，最

大靜摩擦力減小，兩磁鐵可能吸在一起，故A正確；

B.整個裝置豎直向上加速運(yùn)動，兩條形磁鐵有向上的加速度，對木板的壓力增大，最

大靜摩擦力增大，兩磁鐵仍相對于木板靜止，不可能吸在一起，故B錯誤；

C.整個裝置水平向右加速運(yùn)動，對于右側(cè)條形磁鐵，根據(jù)牛頓第二定律可得

f_%=ma

可知要保持右側(cè)條形磁鐵與木板相對靜止，右側(cè)條形磁鐵受到的靜摩擦力增大，當(dāng)加

速度達(dá)到一定數(shù)值時，右側(cè)條形磁鐵相對木板向左運(yùn)動，兩磁鐵可能吸在一起，故C

正確；

D.整個裝置水平向左加速運(yùn)動，對于左側(cè)條形磁鐵，根據(jù)牛頓第二定律可得

f-F^=ma

可知要保持左側(cè)條形磁鐵與木板相對靜止，左側(cè)條形磁鐵受到的靜摩擦力增大，當(dāng)加

速度達(dá)到一定數(shù)值時，左側(cè)條形磁鐵相對木板向右運(yùn)動，兩磁鐵可能吸在一起，故D

正確。

故選ACDo

11.答案：CD

解析：AB.由題可做出廠—尤圖像，當(dāng)b=。時，由

F=F。一kx

代入得

其圖像如圖所示

f=/Limg=^.

若滑塊向右運(yùn)動的最大位移則拉力R做功與摩擦力/做功相等，通過分析知，當(dāng)歹=0

時，拉力做功，屬于變力做功，由圖像知，圍成面積代表拉力R做功為

W=Fx—x—=—

F°k22k

此時滑動摩擦力/做功為

xK_2琮

=/Limg

k3k

則可知

叫

說明拉力R未減為0之前，物體已經(jīng)停止運(yùn)動，滑塊不能回到出發(fā)點(diǎn)，由圖像尸—龍面

積表示做功，設(shè)最大位移為%,則

拉二（片+片*m）/

代入得

_2F。

X=-----

m3k

故AB錯誤；

C.當(dāng)尸=/■時，滑塊運(yùn)動的速度最大，設(shè)此時位移為西，則

FQ-kxl-jumg

代入得

x-娛

13k

設(shè)此時拉力R做功為Wj,滑動摩擦力/做功為叱，，由動能定理知

上=g機(jī)用

(片-"1+4)12

---------------乙-Rmg=-mvm

代入得

故C正確；

D.從開始運(yùn)動到物塊最終靜止，物塊與水平桌面因摩擦產(chǎn)生的熱量為

m33k9k

故D正確。

故選CDo

12.答案：AC

解析：A.不計所有摩擦，則木塊與斜面組成的系統(tǒng)在水平方向滿足動量守恒，由于二

者質(zhì)量相等，總動量為零，故二者在水平方向的速度等大、反向，則木塊與斜面的水

平位移大小之比為1:1,A正確；

B.木塊的速度不是水平方向，故木塊與斜面的速度大小之比不等于1:1,B錯誤；

CD.設(shè)物塊水平速度與斜面速度均為v,物塊豎直速度為3,實(shí)際速度為匕,則

tan0=——

v+v

又

v2-+v；2=vt2

得

匕:v=(l+4tan26)):l

二者初速度為零，由

v-0

CL----

t

得木塊與斜面的加速度大小之比為

2

aA'.a2=A/l+4tan0:1

C正確，D錯誤。

故選ACo

13.答案：（1）A（2）（a）（3）0.265；0.263

解析：（1）若驗(yàn)證動量守恒，則碰撞前后兩手機(jī)的動量變化量大小相等，即

mA^vA=mBAvB

即，需要通過實(shí)驗(yàn)得到兩手機(jī)的質(zhì)量和速度變化量，速度變化量可通過圖丁得到，故

需要測量兩手機(jī)的質(zhì)量。

故選Ao

（2）碰撞瞬間A手機(jī)受到的作用力水平向左，故加速度水平向左，為正方向，故

（a）圖為A手機(jī)的a—7圖像；

（3）由丁圖可得，圖線與坐標(biāo)軸圍成的面積表示速度變化量，通過數(shù)格子的方法，則

A手機(jī)的速度變化量為

AVA=23x（0.005xl0）m/s=1.15m/s

則A手機(jī)的動量變化量為

mv

邸A~A^A=0-265kg?m/s

5手機(jī)的速度變化量為

AvB=21x（0.005xl0）m/s=1.05m/s

則3手機(jī)的動量變化量為

=mBAvB=0.263kg-m/s

(2)20

(3)否

(4)100

解析：（1）圖甲的電路為電橋法測電阻，實(shí)物連線如圖所示

(2)當(dāng)毫伏表為0V時，電橋的電阻之比相等，有

4=旦

&Ri

而溫度為0℃時，4=20(1+0)0=200,可解得

7?2=20。

(3)電動勢為1.5V,內(nèi)阻不計，則電橋上的電壓表的示數(shù)為

U=——=0.5----——

&+7?2R]+&3+0.02%

因電壓表的示數(shù)。與溫度f為非線性函數(shù)關(guān)系，則電阻改為溫度計的刻度線是不均勻

的；

(4)隨著溫度的升高，電壓表的電壓逐漸增大，因Umax=200mV,代入到函數(shù)表達(dá)

式可得最高溫度為

?=100℃

15.答案：(1)4m/s,沿x軸負(fù)方向(2)20-10^(cm)

解析：(1)由圖可知，該波的波長為

2=12m

周期為

T=3s

所以該波的傳播速度大小為

212,…

v=——=—m/s=4m/s

T3

由圖乙可知，在f=i.5s后沿y軸負(fù)方向振動，根據(jù)同側(cè)法，可知該波沿X軸負(fù)方向傳

播。

(2)由圖乙可知，質(zhì)點(diǎn)〃的振動方程為

?八?27r/、

y=10sin—f(cm)

當(dāng)t=0.5s時

%=5gcm

當(dāng)/=1.0s時

%=5百cm

所以0.5s~1.0s內(nèi)。處質(zhì)點(diǎn)的路程為

x=(A-^)+(A-y2)=20-10A/3(cm)

16.答案：(2)歷_g(2)_B2I?廊

mRt=?

mgRg

解析：(1)根據(jù)機(jī)械能守恒

mgh=^mv2

ab邊進(jìn)入磁場瞬間的速度為

根據(jù)

E

E-BLv，IT——，F(xiàn)—BIL，F(xiàn)—mg=ma

R

聯(lián)立得

府

~g

mR

（2）根據(jù)動量定理

mgt-BILt=-mv

又

B2L

--E^_BI}

q-It■>I=一，卜①

EF=

R-r=tt

得

B2L3

mgR

17.答案：(1)(2)3(3)[3-—+—1(4)v=—