復(fù)習(xí)22 牛頓定律部分6-2020-2021學(xué)年高一物理寒假全能突破總復(fù)習(xí)

試卷第=page11頁，總=sectionpages66頁試卷第=page22頁，總=sectionpages44頁復(fù)習(xí)22牛頓定律部分6-2020-2021學(xué)年高一物理寒假全能突破總復(fù)習(xí)（人教版）目錄小專題4 2連接體模型（2） 2含有懸掛小球的連接體問題 2加速度不同的連接體 3質(zhì)點系牛頓第二定律 5

小專題4連接體模型（2）含有懸掛小球的連接體問題1．（多選）如圖所示，小車分別以加速度a1、a2、a3、a4向右做勻加速運動，bc是固定在小車上的水平橫桿，物塊M穿在桿上，M通過細線懸吊著小物體m，m在小車的水平底板上，加速度為a1、a2時，細線在豎直方向上，全過程中M始終未相對桿bc移動，M、m與小車保持相對靜止，M受到的摩擦力大小分別為f1、f2、f3、f4，則以下結(jié)論正確的是()A．若，則 B．若，則C．若，則 D．若，則2．如圖所示，車內(nèi)AB與BC拴住一小球，BC水平，車由原來的靜止狀態(tài)變?yōu)橄蛴易黾铀僦本€運動，小球仍處于圖中所示的位置，則（）A．AB繩拉力不變，BC繩拉力變大B．AB繩拉力變大，BC繩拉力不變C．AB繩拉力變小，BC繩拉力變大D．AB繩、BC繩子拉力都變大3．如圖所示用輕質(zhì)彈簧將一小球懸掛在小車的架子上，系統(tǒng)處于靜止狀態(tài).現(xiàn)使小車向左加速，加速度從零開始逐漸增大到某一值，然后保持此值，小球穩(wěn)定地偏離豎直方向某一角度（彈簧在彈性限度內(nèi)），與靜止時相比，小球的高度（）A．一定升高B．一定降低C．保持不變D．升高或降低由彈簧的勁度系數(shù)決定4．如圖，質(zhì)量為M的纜車車廂通過懸臂固定懸掛在纜繩上，車廂水平底板上放置一質(zhì)量為m的貨物，在纜繩牽引下貨物隨車廂一起斜向上加速運動。若運動過程中懸臂和車廂始終處于豎直方向，重力加速度大小為g，則（）A．車廂對貨物的作用力大小等于mgB．車廂對貨物的作用力方向平行于纜繩向上C．懸臂對車廂的作用力大于(M+m)gD．懸臂對車廂的作用力方向沿懸臂豎直向上加速度不同的連接體1．（多選）帶滑輪的平板C固定在水平桌面上，小車A通過繞過滑輪的輕繩與物體B相連，如圖所示。平板C上表面光滑，A的質(zhì)量為m，物體B的質(zhì)量為M，設(shè)繩中張力為FT，在每次進行改變質(zhì)量的操作后都由靜止釋放小車，則對FT相應(yīng)變化的判斷成立的是（）A．當m不變，M逐次增大時，F(xiàn)T增大，且大小趨向于MgB．當m不變，M逐次減小時，F(xiàn)T減小，且大小趨向于MgC．當M不變，m逐次增大時，F(xiàn)T減小，且大小趨向于MgD．當M不變，m逐次減小時，F(xiàn)T減小，且大小趨向于mg2．如圖所示，一只質(zhì)量為m的小猴子，抓住用細繩吊在天花板上的根質(zhì)量為

M的豎直木桿。當懸繩突然斷裂時，小猴子急速沿桿向上爬，以保持它離地面的高度不變，則木桿下降的加速度（）A． B． C． D．3．如圖所示：一個質(zhì)量為M的倒“日”字木框中間套有一質(zhì)量為m的圓環(huán)靜止放在水平面上，現(xiàn)給圓環(huán)一向上初速度v，當圓環(huán)向上運動過程中，木框恰好對地面無壓力，則此時圓環(huán)的加速度為（）A．0 B．g C． D．4．如圖甲所示，在傾角為θ=的光滑斜面上有兩個用輕質(zhì)彈簧相連接的物塊A、B，它們的質(zhì)量為mA=5kg、mB=3kg，C為一固定擋板，整個系統(tǒng)處于平衡狀態(tài)。現(xiàn)用一沿斜面向上的力F拉物塊A，使之沿斜面向上做加速度為4m/s2的勻加速直線運動。選定A的起始位置為坐標原點（g=10m/s2），從力F剛作用在木塊A的瞬間到B剛好要離開固定擋板C的瞬間這個過程中，乙圖中能正確描繪力F與木塊A的位移x之間關(guān)系的圖象是（）A． B．C． D．質(zhì)點系牛頓第二定律1．如圖所示，質(zhì)量M的木塊置于小車光滑的水平上表面上，跨過光滑定滑輪的細繩一端水平連接木塊，另一端豎直懸掛質(zhì)量m的物塊，且m貼著小車光滑豎直右壁，當小車水平向右作加速度為a的勻加速運動時，M、m能與小車保持相對靜止，則加速度a、細繩的拉力T及m所受合力F為（）A． B．C．F=0 D．2．如圖所示，質(zhì)量為M的光滑斜面體上有一質(zhì)量為m的木塊沿斜面勻加速下滑，斜面體靜止不動，則斜面體對地面的壓力應(yīng)（）A．等于（M+m）g B．大于（M+m）g C．小于（M+m）g D．無法確定【名師點撥】本題關(guān)鍵對斜面體和滑塊整體受力分析后根據(jù)牛頓第二定律列式分析，也可以采用隔離法，先后研究滑塊和斜面體．3．如圖所示，質(zhì)量為M的框架放在水平地面上，一輕質(zhì)彈簧上端固定在框架上，下端固定一個質(zhì)量為m的小球，小球上下振動時，框架始終沒有跳起，當小球運動到最低點加速度為a時，框架對地面的壓力為()A．Mg+ma B．Mg-maC．(M+m)g+ma D．(M+m)g-ma復(fù)習(xí)22牛頓定律部分6-2020-2021學(xué)年高一物理寒假全能突破總復(fù)習(xí)（人教版）目錄小專題4 2連接體模型（2） 2含有懸掛小球的連接體問題 2加速度不同的連接體 6質(zhì)點系牛頓第二定律 9

小專題4連接體模型（2）含有懸掛小球的連接體問題1．（多選）如圖所示，小車分別以加速度a1、a2、a3、a4向右做勻加速運動，bc是固定在小車上的水平橫桿，物塊M穿在桿上，M通過細線懸吊著小物體m，m在小車的水平底板上，加速度為a1、a2時，細線在豎直方向上，全過程中M始終未相對桿bc移動，M、m與小車保持相對靜止，M受到的摩擦力大小分別為f1、f2、f3、f4，則以下結(jié)論正確的是()A．若，則 B．若，則C．若，則 D．若，則【答案】CD【解析】在第一、二兩幅圖中，M水平方向只受摩擦力作用，根據(jù)牛頓第二定律得，在第三、四兩幅圖中，對M和m組成的系統(tǒng)來分析，根據(jù)牛頓第二定律可知，A．如果解得故A錯誤；B．如果則故B錯誤；C．若則故C正確；D．對m受力分析可知若可得故D正確。故選CD。2．如圖所示，車內(nèi)AB與BC拴住一小球，BC水平，車由原來的靜止狀態(tài)變?yōu)橄蛴易黾铀僦本€運動，小球仍處于圖中所示的位置，則（）A．AB繩拉力不變，BC繩拉力變大B．AB繩拉力變大，BC繩拉力不變C．AB繩拉力變小，BC繩拉力變大D．AB繩、BC繩子拉力都變大【答案】A【解析】對球受力分析，受重力、AB繩子的拉力FT1，BC繩子的拉力FT2，如圖根據(jù)牛頓第二定律，有水平方向豎直方向解得，靜止時加速度為零，故向右加速后，AB繩子的拉力不變，BC繩子的拉力變大故選A。3．如圖所示用輕質(zhì)彈簧將一小球懸掛在小車的架子上，系統(tǒng)處于靜止狀態(tài).現(xiàn)使小車向左加速，加速度從零開始逐漸增大到某一值，然后保持此值，小球穩(wěn)定地偏離豎直方向某一角度（彈簧在彈性限度內(nèi)），與靜止時相比，小球的高度（）A．一定升高B．一定降低C．保持不變D．升高或降低由彈簧的勁度系數(shù)決定【答案】A【解析】設(shè)L0為橡皮筋的原長，k為橡皮筋的勁度系數(shù)，小車靜止時，對小球受力分析得T1=mg彈簧的伸長量為x1=即小球與懸掛點的距離為L1=L0+當小車的加速度穩(wěn)定在一定值時，對小球進行受力分析如圖得T2cosα=mg，T2sinα=ma所以有T2=彈簧的伸長量為x2=則小球與懸掛點的豎直方向的距離為L2=（L0+）cosα=L0cosα+＜L0+=L1所以L1＞L2，即小球在豎直方向上到懸掛點的距離減小，所以小球一定升高，故A正確，BCD錯誤。故選A。4．如圖，質(zhì)量為M的纜車車廂通過懸臂固定懸掛在纜繩上，車廂水平底板上放置一質(zhì)量為m的貨物，在纜繩牽引下貨物隨車廂一起斜向上加速運動。若運動過程中懸臂和車廂始終處于豎直方向，重力加速度大小為g，則（）A．車廂對貨物的作用力大小等于mgB．車廂對貨物的作用力方向平行于纜繩向上C．懸臂對車廂的作用力大于(M+m)gD．懸臂對車廂的作用力方向沿懸臂豎直向上【答案】C【解析】A．車廂和貨物一起具有沿斜面向上的加速度，可以分解為豎直向上的加速度a1和水平向右的加速度a2，因此在對車廂在豎直方向有水平方向有車廂對貨物的作用力大于貨物的重力，A錯誤；B．車廂對貨物的作用力有兩個，一個是豎直向上的支持力，另一個是水平向前的靜摩擦力，支持力、摩擦力和貨物的重力三個力的合力平行于纜繩向上，B錯誤；CD．懸臂對車廂的作用力是支持力和摩擦力的合力，方向斜向上，同理有豎直方向水平方向C正確，D錯誤。故選C。加速度不同的連接體1．（多選）帶滑輪的平板C固定在水平桌面上，小車A通過繞過滑輪的輕繩與物體B相連，如圖所示。平板C上表面光滑，A的質(zhì)量為m，物體B的質(zhì)量為M，設(shè)繩中張力為FT，在每次進行改變質(zhì)量的操作后都由靜止釋放小車，則對FT相應(yīng)變化的判斷成立的是（）A．當m不變，M逐次增大時，F(xiàn)T增大，且大小趨向于MgB．當m不變，M逐次減小時，F(xiàn)T減小，且大小趨向于MgC．當M不變，m逐次增大時，F(xiàn)T減小，且大小趨向于MgD．當M不變，m逐次減小時，F(xiàn)T減小，且大小趨向于mg【答案】BD【解析】分別對A、B進行受力分析，由牛頓第二定律得FT＝maMg－FT＝Ma解得A．當m不變，由于，M增大會使得FT增大，當M遠大于m時，F(xiàn)T大小趨向于mg，故A錯誤；B．當m不變，由于，M逐次減小時，F(xiàn)T減小，由于，當M趨向于零時，F(xiàn)T大小趨向于Mg，故B正確；C．當M不變，由于，m增大會使得FT增大，故C錯誤；D．當M不變，由于，m逐次減小，F(xiàn)T減??；同時根據(jù)，如果m趨向于零，F(xiàn)T大小趨向于mg，故D正確。故選BD。2．如圖所示，一只質(zhì)量為m的小猴子，抓住用細繩吊在天花板上的根質(zhì)量為

M的豎直木桿。當懸繩突然斷裂時，小猴子急速沿桿向上爬，以保持它離地面的高度不變，則木桿下降的加速度（）A． B． C． D．【答案】C【解析】猴子處于靜止狀態(tài)，受力平衡，則f=mg，摩擦力方向向上；

對桿子進行受力分析，受到重力Mg，猴子對桿的摩擦力f，方向向下，根據(jù)牛頓第二定律得：f+Mg=Ma解得A．，與結(jié)論不相符，選項A錯誤；B．，與結(jié)論不相符，選項B錯誤；C．，與結(jié)論相符，選項C正確；D．，與結(jié)論不相符，選項D錯誤；3．如圖所示：一個質(zhì)量為M的倒“日”字木框中間套有一質(zhì)量為m的圓環(huán)靜止放在水平面上，現(xiàn)給圓環(huán)一向上初速度v，當圓環(huán)向上運動過程中，木框恰好對地面無壓力，則此時圓環(huán)的加速度為（）A．0 B．g C． D．【答案】D【解析】對木框進行受力分析，木框恰好對地面無壓力，所以木框受到重力和圓環(huán)對它向上的摩擦力，合力等于零；對圓環(huán)進行受力分析，它受到重力和向下的摩擦力，根據(jù)牛頓第二定律即可求出其加速度．木框恰好對地面無壓力，所以Mg=f對圓環(huán)進行受力分析，根據(jù)牛頓第二定律得：mg+f=ma解得：a==A.0與分析結(jié)果不符，故A錯誤。B.g與分析結(jié)果不符，故B錯誤。C.與分析結(jié)果不符，故C錯誤。D.與分析結(jié)果相符，故D正確。4．如圖甲所示，在傾角為θ=的光滑斜面上有兩個用輕質(zhì)彈簧相連接的物塊A、B，它們的質(zhì)量為mA=5kg、mB=3kg，C為一固定擋板，整個系統(tǒng)處于平衡狀態(tài)?，F(xiàn)用一沿斜面向上的力F拉物塊A，使之沿斜面向上做加速度為4m/s2的勻加速直線運動。選定A的起始位置為坐標原點（g=10m/s2），從力F剛作用在木塊A的瞬間到B剛好要離開固定擋板C的瞬間這個過程中，乙圖中能正確描繪力F與木塊A的位移x之間關(guān)系的圖象是（）A． B．C． D．【答案】C【解析】整個系統(tǒng)處于平衡狀態(tài)對A有0時刻對A，由牛頓第二定律有對A，在彈簧恢復(fù)原長之前，得對A，彈簧恢復(fù)原長到B剛好離開C過程中有得B剛好要離開固定擋板C時有對B有解得故C正確，ABD錯誤。故選C。質(zhì)點系牛頓第二定律1．如圖所示，質(zhì)量M的木塊置于小車光滑的水平上表面上，跨過光滑定滑輪的細繩一端水平連接木塊，另一端豎直懸掛質(zhì)量m的物塊，且m貼著小車光滑豎直右壁，當小車水平向右作加速度為a的勻加速運動時，M、m能與小車保持相對靜止，則加速度a、細繩的拉力T及m所受合力F為（）A． B．C．F=0 D．【答案】A【解析】ABCD．M、m能與小車保持相對靜止，在豎直方向上，m受力平衡，即則M的加速度即m所受的合外力所以A正確，BCD錯誤；故選A。2．如圖所示，質(zhì)量為M的光滑斜面體上有一質(zhì)量為m的木塊沿斜面勻加速下滑，斜面體靜止不動，則斜面體對地面的壓力應(yīng)（）A．等于（M+m）g B．大于（M+m）g C．小于（M+m）g D．無法確定【答案】C【解析】對斜面體和滑塊整體，受重力、地面的支持力、地面對其向右的靜摩擦力，對整體運用牛頓第二定律列式分析即可．由題，斜面是光滑的，則由牛頓第二定律可得物體m下滑時加速度大小為a=gsinθ．對整體進行研究，分析受力情況，作出力的示意圖將m的加速度a分解為水平和豎直兩個方向，根據(jù)牛頓第二定律有：豎直方向：（M+m）g-N=masinθ＞0，則N＜（M+m）g，所以斜面體受地面的支持力小于（M+m）g．故選C．【名師點撥】本題關(guān)鍵對斜面體和