2022-2023學(xué)年湖北省十堰市高一年級下冊期末物理試卷附答案解析

2022-2023學(xué)年湖北省十堰市高一下期末物理試卷

一、選擇題：本題共11小題，每小題4分，共44分。在每小題給出的四個選項中，第1?

7題只有一項符合題目要求，第8?11題有多項符合題目要求。全部選對的得4分，選對但

不全的得2分，有選錯的得0分。

1.（4分）無人機(jī)快遞，即利用無線電遙控設(shè)備和自備的程序控制裝置操縱無人駕駛的低空

飛行器運載包裹，自動送達(dá)目的地。某無人機(jī)攜帶包裹沿水平方向勻速飛行，快要飛至

目的地上方時，自由釋放包裹，包裹準(zhǔn)確落在目的地，此過程中無人機(jī)始終保持以原速

直線飛行，不計空氣阻力，則對包裹在空中下落的過程，下列說法正確的是（）

A.包裹相對無人機(jī)靜止

B.包裹相對無人機(jī)做自由落體運動

C.包裹相對地面做勻加速直線運動

D.包裹相對地面做變加速曲線運動

2.（4分）如圖所示，質(zhì)量相同的兩物體處于同一高度，A沿固定在地面上的光滑斜面由靜

止下滑，B自由下落，最后均到達(dá)地面。下列說法正確的是（）

BD

/////////////////?//////

A.重力對兩物體做的功相同

B.重力對兩物體做功的平均功率相同

C.兩物體到達(dá)地面時的速度相同

D.兩物體到達(dá)地面時重力做功的瞬時功率相同

3.（4分）在某次投籃表演中，籃球被斜向上拋出后準(zhǔn)確落入籃筐。這次投籃時，籃球出手

時的位置和籃筐恰好在同一水平面上。若籃球出手后到落入籃筐前在空中運動的時間為t,

重力加速度大小為g,不計空氣阻力，則籃球落入籃筐前距籃筐的最大高度為（）

第1頁（共23頁）

12121212

A9tBC.-gt2D

-8-評4-5gt

4.（4分）雙星由兩顆繞著共同的中心旋轉(zhuǎn)的恒星組成。在浩瀚的銀河系中，多數(shù)恒星都是

雙星系統(tǒng)。如圖所示，若某雙星系統(tǒng)的A、B兩顆恒星繞其連線上的。點做勻速圓周運

動，且AO>OB,則下列說法正確的是（）

o----------2——O

AB

A.A的角速度小于B的角速度

B.A的質(zhì)量小于B的質(zhì)量

C.A的線速度小于B的線速度

D.A的向心加速度小于B的向心加速度

5.（4分）如圖所示，M、N兩點分別固定電荷量相同的兩個點電荷（圖中未畫出），M處

的點電荷帶正電，N處的點電荷帶負(fù)電，以N點為圓心，M、N兩點間距離的一半為半

徑畫圓，A、B、C、D是圓周上四點，A、B兩點在直線MN上，C、D兩點的連線過圓

心且垂直于直線MN。一正試探電荷在圓周上運動，先后經(jīng)過A、C、B、D四點。下列

B.試探電荷在A、B兩點受到的電場力方向相同

C.試探電荷在B點的電勢能最小

D.試探電荷在C、D兩點受到的電場力相同

6.（4分）假定維持月球繞地球運動的力與使得蘋果下落的力性質(zhì)相同，已知地球表面的重

力加速度大小為g,地球的半徑為R,月球繞地球做勻速圓周運動的角速度大小為3,月

球繞地球運動的軌道半徑約為地球半徑的60倍，則根據(jù)牛頓運動定律及萬有引力表達(dá)式

計算出的月球在軌道上運行的加速度大小以及根據(jù)圓周運動向心力表達(dá)式計算出的向心

加速度大小分別為（）

A.--（JO2RB.―,60（D2R

6060

第2頁（共23頁）

c熹…2RD.,60(n2R

3600

7.（4分）2023年5月11日，“天舟六號”貨運飛船成功對接于空間站“天和”核心艙后向

端口。交會對接完成后，“天舟六號”轉(zhuǎn)入組合體飛行段。若組合體繞地球做勻速圓周運

動，其軌道半徑為r,運行周期為T,地球的半徑為R,則地球表面的重力加速度大小為

（）

47r廠34712r3

T2RT2R

4712r347r2R3

C-D-~^rT

（多選）8.（4分）如圖所示，實線表示電場線，虛線ABC表示一帶電粒子僅在電場力作

用下的運動軌跡，其中過B點的切線與該處的電場線垂直。下列說法正確的是（）

B.粒子在B點的加速度大于它在C點的加速度

C.粒子在B點時電場力做功的功率不為零

D.粒子從A點運動到C點的過程中電勢能先增加后減少

（多選）9.（4分）在如圖所示的電路中，開關(guān)S閉合后，一帶電油滴恰能靜止于一水平固

定的平行板電容器中的P點。下列說法正確的是（）

B.僅將極板M緩慢下移，油滴將向上運動

C.僅將極板M緩慢下移，靜電計指針的張角變小

D.S斷開后，僅將極板M緩慢下移，油滴靜止不動

第3頁（共23頁）

（多選）10.（4分）如圖所示，在與紙面平行的勻強(qiáng)電場中有A、B、C三點，它們的連線

構(gòu)成等邊三角形。M、N、P分別為AB、AC、BC的中點，O點為三角形的中心。若A、

B、C三點的電勢分別為6V、4V、8V,則下列說法正確的是（）

A.M點的電勢為5V

B.M點的電勢比P點的電勢高

C.N、P兩點的電勢差UNP=1V

D.O點的電勢為7V

（多選）11.（4分）如圖所示，距水平地面高度為h的光滑水平桌面上靜置兩個質(zhì)量均為

m的小球A和B（均視為質(zhì)點），兩球用長為2h的輕繩相連，B球位于桌面的邊緣，輕

繩恰好伸直?，F(xiàn)由于輕微擾動，B球由靜止下落。重力加速度大小為g,兩球落地后的速

度立即變?yōu)榱?，不計空氣阻力。下列說法正確的是（）

A2bB

h

/////////7//////

A.B球落地時的速度大小為^^

B.A球落地時的速度大小為aK

C.A球到達(dá)桌面邊緣所用的時間為3咫

1

D.B球在空中運動時，輕繩的彈力大小為57ng

二、實驗題：本題共2小題，共16分。

12.（6分）小明在做“研究平拋運動”的實驗。

（1）如圖甲所示，用橫擋條卡住平拋小球后，用鉛筆標(biāo)注小球頂部在方格板上的投影點,

則坐標(biāo)原點應(yīng)為小球在斜槽末端點時的。

A.底部

B.球心

第4頁（共23頁）

C.頂部

（2）關(guān)于本實驗，下列說法正確的是o

A.斜槽軌道可以不光滑

B.每次橫擋條必須向下或向上移動相同的距離

C.必須將所有的點用直線連接起來

D.y軸的方向（豎直向下）根據(jù)重垂線確定

（3）拍攝小球運動的頻閃照片如圖乙所示，可以看出，小球離開斜槽末端后做斜拋運動,

出現(xiàn)這一結(jié)果的原因可能是o

A.斜槽不光滑

B.斜槽末端切線不水平

C.小球被釋放時的初速度不為0

D.釋放小球的初始位置不同

13.（10分）學(xué)校物理興趣小組用如圖甲所示的裝置驗證A、B兩物塊組成的系統(tǒng)機(jī)械能守

恒。物塊A從高處由靜止下落，物塊B上拖著的紙帶打出一系列的點，對紙帶上的點跡

進(jìn)行測量并進(jìn)行數(shù)據(jù)處理，即可驗證機(jī)械能守恒定律。圖乙是實驗中獲取的一條紙帶，0

是打下的第一個點，每相鄰兩個計數(shù)點間還有4個計時點（圖中未畫出），計數(shù)點間的距

離已標(biāo)出。物塊A的質(zhì)量為300g,物塊B的質(zhì)量為200g,打點計時器所接交流電源的

頻率為50Hz,結(jié)果均保留三位有效數(shù)字。

第5頁（共23頁）

/0123456單位：cm

"，，J：jj----------??

16.008.6011.00

乙

（1）打點計時器打下計數(shù)點5時，物塊A的速度大小為m/so

（2）該同學(xué)不知道當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣?，于是按課本中的數(shù)據(jù)，取重力加速度大小g=

9.8m/s2,則在打點計時器打計數(shù)點0到打計數(shù)點5的過程中，兩物塊組成的系統(tǒng)動能的

增加量為J,系統(tǒng)重力勢能的減少量為J,并由此得出：在

誤差允許的范圍內(nèi)，驗證了機(jī)械能守恒定律。

（3）測出某個計數(shù)點到計數(shù)點0的距離h以及打點計時器打該計數(shù)點時物塊A的速度大

小，選取多個計數(shù)點，得到多組數(shù)據(jù)，作出v2-h圖像如圖丙所示。若圖像的斜率為k,

則可推算出當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣龋琯sa=（用k表示），考慮到存在

空氣阻力和摩擦阻力，與當(dāng)?shù)氐膶嶋H重力加速度g真相比，有g(shù)測_______g真（填“>”、

或“=，，）-

三、計算題：本題共3小題，共40分。在答題卡上對應(yīng)的答題區(qū)域內(nèi)用0.5毫米黑色簽字

筆直接作答，答在試題卷上無效。要求寫出必要的文字說明、方程式和重要步驟，只寫出

最后答案的不能得分，有數(shù)值計算的題，答案中必須明確寫出數(shù)值和單位。

14.（10分）如圖所示，半徑R=2.5m的圓盤繞圓心O勻速水平轉(zhuǎn)動，從O點正上方距O

點的高度h=1.25m處水平拋出一個小球（視為質(zhì)點），此時圓盤半徑OA（A點在圓盤邊

緣）恰好與小球被拋出時的初速度方向相同。取重力加速度大小g=10m/s2,不計空氣阻

力。若小球只與圓盤碰撞一次，且落點為A點關(guān)于O點對稱的B點，求：

（1）小球被拋出時的初速度大小vo；

第6頁（共23頁）

（2）圓盤轉(zhuǎn)動的角速度大小3。

15.（14分）如圖所示，一半徑為R的半球形碗固定，碗口水平，。點為球心，碗的內(nèi)表面

及碗口均光滑，碗的右側(cè)有一傾角。=45°的固定光滑斜面（足夠長），一根不可伸長的

輕繩跨接在碗口及斜面頂端的光滑小定滑輪兩端，輕繩的兩端分別系有甲、乙兩個小球,

左側(cè)甲球的質(zhì)量為2m,右側(cè)乙球的質(zhì)量為m。開始時甲球恰好在碗的右頂點A處，乙

球在斜面上且距離斜面頂端足夠遠(yuǎn)，連接兩球的輕繩與斜面平行且恰好伸直?，F(xiàn)將甲球

由靜止釋放，當(dāng)甲球到達(dá)0點正下方的B點時，輕繩突然斷裂。重力加速度大小為g,

不計輕繩斷裂瞬間的能量損失，兩球均視為質(zhì)點。求：

（1）輕繩斷裂前瞬間甲、乙兩球的速度大小之比VI：V2；

（2）輕繩斷裂后瞬間甲球?qū)ν氲椎膲毫的大??；

（3）輕繩斷裂后乙球沿斜面繼續(xù)向上運動的最大距離X。

O甲

16.（16分）如圖所示，在平面直角坐標(biāo)系xOy中的第一、二象限內(nèi)存在勻強(qiáng)電場，其中第

一象限內(nèi)的電場沿y軸負(fù)方向；第二象限內(nèi)的電場沿x軸正方向、電場強(qiáng)度大小為E。

一質(zhì)量為m、電荷量為q的帶正電粒子從第二象限內(nèi)坐標(biāo)為（-L,L）的M點由靜止開

始釋放，從y軸上的N點進(jìn)入第一象限，最后從x軸上到原點0距離為2L的P點離開

第一象限。不計粒子受到的重力。求：

（1）粒子通過N點時的速度大小v；

（2）第一象限內(nèi)的電場的電場強(qiáng)度大小E；

（3）粒子從M點運動到P點的時間t；

（4）粒子從M點運動到P點的過程中電勢能的變化量AEp。

第7頁（共23頁）

Ey

第8頁（共23頁）

2022-2023學(xué)年湖北省十堰市高一下期末物理試卷

參考答案與試題解析

一、選擇題：本題共11小題，每小題4分，共44分。在每小題給出的四個選項中，第1?

7題只有一項符合題目要求，第8?11題有多項符合題目要求。全部選對的得4分，選對但

不全的得2分，有選錯的得0分。

L（4分）無人機(jī)快遞，即利用無線電遙控設(shè)備和自備的程序控制裝置操縱無人駕駛的低空

飛行器運載包裹，自動送達(dá)目的地。某無人機(jī)攜帶包裹沿水平方向勻速飛行，快要飛至

目的地上方時，自由釋放包裹，包裹準(zhǔn)確落在目的地，此過程中無人機(jī)始終保持以原速

直線飛行，不計空氣阻力，則對包裹在空中下落的過程，下列說法正確的是（）

A.包裹相對無人機(jī)靜止

B.包裹相對無人機(jī)做自由落體運動

C.包裹相對地面做勻加速直線運動

D.包裹相對地面做變加速曲線運動

【解答】解：AB.當(dāng)無人機(jī)釋放包裹后，包裹會做平拋運動，即包裹在水平方向上做勻

速直線運動，在豎直方向上做自由落體運動，而此過程中無人機(jī)始終保持以原速直線飛

行，則可知包裹相對無人機(jī)做自由落體運動，故A錯誤，B正確；

CD.由題分析可知，包裹被釋放后做平拋運動，則可知包裹相對地面做勻變速曲線運動，

故CD錯誤。

故選：Bo

2.（4分）如圖所示，質(zhì)量相同的兩物體處于同一高度，A沿固定在地面上的光滑斜面由靜

止下滑，B自由下落，最后均到達(dá)地面。下列說法正確的是（）

BU%

/////////////////?//////

A.重力對兩物體做的功相同

B.重力對兩物體做功的平均功率相同

C.兩物體到達(dá)地面時的速度相同

D.兩物體到達(dá)地面時重力做功的瞬時功率相同

【解答】解：A、兩物體豎直方向的高度h相等，根據(jù)WG=mgh,可知重力對兩物體做

的功相同，故A正確；

第9頁（共23頁）

B、設(shè)斜面的傾角為仇由牛頓第二定律有：mgsin0=ma,可得A的加速度a=gsin。，A

的加速度豎直分量小于g,由八=稱?！?可知A下滑的時間較長，根據(jù)A=空，可知重力

對兩物體做功的平均功率不相同，故B錯誤；

1c

CD、根據(jù)019%=2瓶小，可知兩物體到達(dá)地面時的速度大小相同，但是方向不同，所以

兩物體到達(dá)地面時沿豎直方向的分速度不同，根據(jù)P=mgvy,可知重力做功的瞬時功率

不相同，故CD錯誤。

故選：Ao

3.（4分）在某次投籃表演中，籃球被斜向上拋出后準(zhǔn)確落入籃筐。這次投籃時，籃球出手

時的位置和籃筐恰好在同一水平面上。若籃球出手后到落入籃筐前在空中運動的時間為3

重力加速度大小為g,不計空氣阻力，則籃球落入籃筐前距籃筐的最大高度為（）

【解答】解：籃球出手時的位置和籃筐恰好在同一水平面上，可知籃球做斜拋運動，從

籃球出手到籃球到達(dá)最高點，和籃球從最高點到落入籃筐兩個過程具有對稱性，時間相

t

等，即都為5,而籃球從最高點到落入籃筐的過程中，豎直方向做自由落體運動，則有

仁聶弓）2=^gt2

故A正確，BCD錯誤。

故選：Ao

4.（4分）雙星由兩顆繞著共同的中心旋轉(zhuǎn)的恒星組成。在浩瀚的銀河系中，多數(shù)恒星都是

雙星系統(tǒng)。如圖所示，若某雙星系統(tǒng)的A、B兩顆恒星繞其連線上的0點做勻速圓周運

動，且AO>OB,則下列說法正確的是（）

o----------2——O

AB

A.A的角速度小于B的角速度

第10頁（共23頁）

B.A的質(zhì)量小于B的質(zhì)量

C.A的線速度小于B的線速度

D.A的向心加速度小于B的向心加速度

【解答】解：A、雙星系統(tǒng)的特點是角速度相同，周期相同，故A錯誤；

B、設(shè)A的質(zhì)量為mA,B的質(zhì)量為mB,A、B間的距離為L,AO為ri,OB為"，A、

B系統(tǒng)的角速度為3,則根據(jù)萬有引力充當(dāng)各自做圓周運動的向心力有：G氣篝=

2￡^mAmB2

mAa）rlfG—女上=mBa）^r2

一，，…,mA丁20B

兩式相除解得：=——=—

丁1A0

而由幾何關(guān)系：AO>OB,由此可知A的質(zhì)量小于B的質(zhì)量，故B正確；

C、根據(jù)線速度與角速度的關(guān)系：v=3r,由于有：AO>OB,可知A的線速度大于B的

線速度，故C錯誤；

D、設(shè)A的向心加速度為aA,B的向心加速度為aB,根據(jù)牛頓第二定律：G氣磐=mAaAf

mAmB_

[2~機(jī)

整理解得：以=饕，沏=誓

而由以上結(jié)論可知：ms>mA

則可得：aA>aB,故D錯誤。

故選：Bo

5.（4分）如圖所示，M、N兩點分別固定電荷量相同的兩個點電荷（圖中未畫出），M處

的點電荷帶正電，N處的點電荷帶負(fù)電，以N點為圓心，M、N兩點間距離的一半為半

徑畫圓，A、B、C、D是圓周上四點，A、B兩點在直線MN上，C、D兩點的連線過圓

心且垂直于直線MN。一正試探電荷在圓周上運動，先后經(jīng)過A、C、B、D四點。下列

說法正確的是（）

A.試探電荷在B點受到的電場力最大

B.試探電荷在A、B兩點受到的電場力方向相同

第11頁（共23頁）

C.試探電荷在B點的電勢能最小

D.試探電荷在C、D兩點受到的電場力相同

【解答】解：A、根據(jù)等量異種點電荷的電場的特點可知，距離N相等的A、B、C、D

電場強(qiáng)度A點最大，則正試探電荷在A處所受到的電場力最大，故A錯誤；

B、根據(jù)等量異種點電荷的電場的特點可知，A點電場強(qiáng)度的方向向右，而B點電場強(qiáng)

度的方向向左，所以正試探電荷在A點受力方向水平向右，在B點受力方向水平向左，

故B錯誤；

C、A、B、C、D四點在以點電荷-Q為圓心的圓上，由-Q產(chǎn)生的電場在A、B、C、D

四點的電勢是相等的，所以A、B、C、D四點的總電勢可以通過+Q產(chǎn)生的電場的電勢

確定，根據(jù)順著電場線方向電勢降低可知，A點的電勢最高，C、D電勢相等，B點電勢

最低，根據(jù)正電荷在電勢高處電勢能大，可知試探電荷在A處的電勢能最大，在B點的

電勢能最小，故C正確；

D、根據(jù)場強(qiáng)的疊加可知，C、D兩點場強(qiáng)大小相等，方向不同，故電場力不同，故D錯

誤。

故選：Co

6.（4分）假定維持月球繞地球運動的力與使得蘋果下落的力性質(zhì)相同，已知地球表面的重

力加速度大小為g,地球的半徑為R,月球繞地球做勻速圓周運動的角速度大小為3,月

球繞地球運動的軌道半徑約為地球半徑的60倍，則根據(jù)牛頓運動定律及萬有引力表達(dá)式

計算出的月球在軌道上運行的加速度大小以及根據(jù)圓周運動向心力表達(dá)式計算出的向心

加速度大小分別為（）

AB.—,60(O2R

-含3?R60

C2

32RD.60O)R

-焉3600

【解答】解：設(shè)地球的質(zhì)量為M,月球的質(zhì)量為m,地球上某一物體的質(zhì)量為mo,則在

地球上有

?Mm_

G~^~0=mo9

而對于月球，由牛頓第二定律有

「Mm

解得：a=2^

第12頁（共23頁）

由萬有引力充當(dāng)向心力有

mio2（60R）=ma

解得：a=60w2R,故D正確，ABC錯誤；

故選：D。

7.（4分）2023年5月11日，“天舟六號”貨運飛船成功對接于空間站“天和”核心艙后向

端口。交會對接完成后，“天舟六號”轉(zhuǎn)入組合體飛行段。若組合體繞地球做勻速圓周運

動，其軌道半徑為r,運行周期為T,地球的半徑為R,則地球表面的重力加速度大小為

（）

47r「34712r3

A.--B.-5—

T2RT2R

4712T347r2R3

c-d-757r

【解答】解：設(shè)地球表面的重力加速度為g,地球的質(zhì)量為M,組合體的質(zhì)量為m,地

球上某物體的質(zhì)量為mo,

對空間組合體，由萬有引力充當(dāng)向心力有：G饕=m^r

對在地球表面的物體mo有：G與嬰=巾0。

聯(lián)立解得：。=瘙

故選：Co

（多選）8.（4分）如圖所示，實線表示電場線，虛線ABC表示一帶電粒子僅在電場力作

用下的運動軌跡，其中過B點的切線與該處的電場線垂直。下列說法正確的是（）

A.粒子帶正電

B.粒子在B點的加速度大于它在C點的加速度

C.粒子在B點時電場力做功的功率不為零

D.粒子從A點運動到C點的過程中電勢能先增加后減少

【解答】解：A、帶電粒子的軌跡向左下彎曲，則帶電粒子所受的電場力沿電場線切線向

第13頁（共23頁）

下，則知帶電粒子帶負(fù)電，故A錯誤；

B.電場線越密集的地方電場強(qiáng)度越大，根據(jù)牛頓第二定律有

Eq=ma

因此可知，電場線越密集的地方，帶電粒子的加速度越大，而根據(jù)圖中電場線的分布可

知，B點的電場線比C點的更密集，因此粒子在B點的加速度大于它在C點的加速度，

故B正確；

C.根據(jù)題意，過B點的切線與該處的電場線垂直，而電場力的方向始終平行于電場線,

即在B點的速度方向垂直于電場力，因此可知粒子在B點時電場力做功的功率為零，故

C錯誤；

D.由于該粒子帶負(fù)電，則根據(jù)粒子的運動軌跡可知，粒子從A點運動到C點的過程中

電場力先做負(fù)功，后做正功，因此粒子的電勢能先增加后減少，故D正確。

故選：BDo

（多選）9.（4分）在如圖所示的電路中，開關(guān)S閉合后，一帶電油滴恰能靜止于一水平固

定的平行板電容器中的P點。下列說法正確的是（）

靜電計=

A.油滴帶負(fù)電荷

B.僅將極板M緩慢下移，油滴將向上運動

C.僅將極板M緩慢下移，靜電計指針的張角變小

D.S斷開后，僅將極板M緩慢下移，油滴靜止不動

【解答】解：A、電容器上極板帶正電，下極板帶負(fù)電，板間場強(qiáng)豎直向下，油滴受到的

電場力豎直向上，可知油滴帶負(fù)電荷，故A正確；

B、僅將極板M緩慢下移，則兩極板間距增加，而板間電壓不變，根據(jù)E=苫可知，場強(qiáng)

減小，油滴受到的電場力減小，則油滴將向下運動，故B錯誤；

C、僅將極板M緩慢下移，電容器兩板電勢差不變，則靜電計指針的張角不變，故C錯

誤；

D、S斷開后，僅將極板M緩慢下移，兩極板所帶電量Q不變，根據(jù)電容的定義式C=帶

第14頁（共23頁）

電容的決定式C=品以及E=g,聯(lián)立解得：E=當(dāng)，則知兩極板間場強(qiáng)不變，油滴

所受電場力不變，則油滴靜止不動，故D正確。

故選：ADo

（多選）10.（4分）如圖所示，在與紙面平行的勻強(qiáng)電場中有A、B、C三點，它們的連線

構(gòu)成等邊三角形。M、N、P分別為AB、AC、BC的中點，O點為三角形的中心。若A、

B、C三點的電勢分別為6V、4V、8V,則下列說法正確的是（）

C

A.M點的電勢為5V

B.M點的電勢比P點的電勢高

C.N、P兩點的電勢差UNP=1V

D.O點的電勢為7V

【解答】解：A、根據(jù)U=Ed知，在勻強(qiáng)電場中，任意一條直線上任意相等距離的兩點

之間的電勢差相等，M為AB的中點，則UAM=UMB,即（PA-<PM=（PM-<PB,解得：（PM

=5V,故A正確；

B、點P為CB的中點，則有UCP=UPB,BP<pc-（pp=cpp-<PB,解得：q）p=6V,可知cpp

><PM，故B錯誤；

C、點N為CA的中點，則有UCN=UNA,即（pc-<PN=<PN-<PA,解得：（PN=7V,由此

可得：UNP=<PN-<pp=7V-6V—IV,故C正確；

D、因<PP=<PA,所以AP為該勻強(qiáng)電場中的一條等勢線，點。在AP連線上，可知：（po

=6V,故D錯誤。

故選：AC=

（多選）11.（4分）如圖所示，距水平地面高度為h的光滑水平桌面上靜置兩個質(zhì)量均為

m的小球A和B（均視為質(zhì)點），兩球用長為2h的輕繩相連，B球位于桌面的邊緣，輕

繩恰好伸直?，F(xiàn)由于輕微擾動，B球由靜止下落。重力加速度大小為g,兩球落地后的速

度立即變?yōu)榱?，不計空氣阻力。下列說法正確的是（）

第15頁（共23頁）

A2hB

h

////////////////

A.B球落地時的速度大小為/新

B.A球落地時的速度大小為^^

C.A球到達(dá)桌面邊緣所用的時間為3修

1

D.B球在空中運動時，輕繩的彈力大小為

【解答】解：A、設(shè)B球落地時的速度大小為V。在B球下落過程中，對A、B兩球組成

的系統(tǒng)，由機(jī)械能守恒定律有：mgh.=(2m)v2,解得：v-yfgh,故A錯誤；

B、據(jù)題分析可知，B球落地時A球距桌面邊緣的距離為h,當(dāng)B球落地后，A球做勻速

直線運動，運動到從桌面邊緣后做平拋運動。

設(shè)A球落地時的速度大小為vi,從B球落地到A球落地的過程中，對A球，由機(jī)械能

守恒定律得：mgh--^mv2,解得：%=J3gh,故B正確；

C、B球落地的過程中，A、B兩球都做勻加速直線運動，設(shè)加速度大小為a。

對A、B兩球組成的整體，由牛頓第二定律得：

mg=2ma

解得：a=f

設(shè)B落地所用的時間為ti，由運動學(xué)公式得:

1

h=2叫7

14/1

解得：G=

~9

設(shè)在B球落地后A球運動到桌面邊緣所用的時間為t2,該過程A球做勻速直線運動，貝I：

h=vt2

解得：t2=J

所以A球到達(dá)桌面邊緣所用的時間為：t=ti+t2=+=3^|,故C正確;

D、B球在空中運動時，設(shè)輕繩的彈力大小為T。

1

對B球，由牛頓第二定律得：mg-T=ma,解得：T=qmg,故D正確。

第16頁(共23頁)

故選：BCDo

二、實驗題：本題共2小題，共16分。

12.（6分）小明在做“研究平拋運動”的實驗。

（1）如圖甲所示，用橫擋條卡住平拋小球后，用鉛筆標(biāo)注小球頂部在方格板上的投影點,

則坐標(biāo)原點應(yīng)為小球在斜槽末端點時的CO

A.底部

B.球心

C.頂部

（2）關(guān)于本實驗，下列說法正確的是ADo

A.斜槽軌道可以不光滑

B.每次橫擋條必須向下或向上移動相同的距離

C.必須將所有的點用直線連接起來

D.y軸的方向（豎直向下）根據(jù)重垂線確定

（3）拍攝小球運動的頻閃照片如圖乙所示，可以看出，小球離開斜槽末端后做斜拋運動,

出現(xiàn)這一結(jié)果的原因可能是B。

A.斜槽不光滑

B.斜槽末端切線不水平

C.小球被釋放時的初速度不為0

D.釋放小球的初始位置不同

【解答】解：（1）實驗中，用橫擋條卡住平拋小球后，用鉛筆標(biāo)注小球頂部在方格板上

的投影點，因此坐標(biāo)原點應(yīng)為小球在斜槽末端點時的頂部，故C正確，AB錯誤；

故選：Co

（2）A.斜槽軌道是否光滑對實驗無影響，只要保證每次在同一位置釋放小球就可保證

小球做平拋運動的初速度相同，因此斜槽軌道可以不光滑，故A正確；

B.每次橫擋條移動的距離可以隨意些，目的都是為了得到小球做平拋的軌跡上的點，不

第17頁（共23頁）

必每次移動相同的距離，這樣會增加實驗的復(fù)雜程度及操作的繁瑣性，故B錯誤；

C.因小球做平拋運動的軌跡為曲線，做出軌跡圖像時應(yīng)將所有的點跡用平滑的曲線連接

起來，故C錯誤；

D.y軸的方向需根據(jù)重垂線來確定，以保證y軸豎直向下，故D正確。

故選：ADo

（3）根據(jù)拍攝照片可以看出，小球離開斜槽末端后做斜拋運動，說明斜槽末端未調(diào)整水

平，才使得小球在斜槽末端拋出后做斜拋運動，而不是平拋運動。

故選：Bo

故答案為：（1）C；（2）AD；（3）B

13.（10分）學(xué)校物理興趣小組用如圖甲所示的裝置驗證A、B兩物塊組成的系統(tǒng)機(jī)械能守

恒。物塊A從高處由靜止下落，物塊B上拖著的紙帶打出一系列的點，對紙帶上的點跡

進(jìn)行測量并進(jìn)行數(shù)據(jù)處理，即可驗證機(jī)械能守恒定律。圖乙是實驗中獲取的一條紙帶，0

是打下的第一個點，每相鄰兩個計數(shù)點間還有4個計時點（圖中未畫出），計數(shù)點間的距

離已標(biāo)出。物塊A的質(zhì)量為300g,物塊B的質(zhì)量為200g,打點計時器所接交流電源的

/0123456單位：cm

[「,?[jj--------??

16.008.6011.00

乙

（1）打點計時器打下計數(shù)點5時，物塊A的速度大小為0.980m/s。

（2）該同學(xué)不知道當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣?，于是按課本中的數(shù)據(jù)，取重力加速度大小g=

9.8m/s2,則在打點計時器打計數(shù)點0到打計數(shù)點5的過程中，兩物塊組成的系統(tǒng)動能的

第18頁（共23頁）

增加量為0.240J,系統(tǒng)重力勢能的減少量為0.241J,并由此得出：在誤差允許

的范圍內(nèi)，驗證了機(jī)械能守恒定律。

(3)測出某個計數(shù)點到計數(shù)點0的距離h以及打點計時器打該計數(shù)點時物塊A的速度大

小，選取多個計數(shù)點，得到多組數(shù)據(jù)，作出v2-h圖像如圖丙所示。若圖像的斜率為k,

則可推算出當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣?，g測=_|k_(用k表示)，考慮到存在空氣阻力和摩擦

阻力，與當(dāng)?shù)氐膶嶋H重力加速度g真相比，有』涮＜g真(填或"=")。

【解答】解：(1)根據(jù)題意，每兩個點之間還有4個點未畫出，則可知紙帶上每兩個點

之間的時間：T=0.1s。

紙帶上的點跡為A、B組成的連接體做勻變速直線運動拖動而打出的，而對于勻變速直

線運動，某段時間內(nèi)的平均速度等于該段時間中間時刻的瞬時速度，因此可得打點計時

器打下計數(shù)點5時，

物塊A的速度大小為：v=8.60；產(chǎn)。。*i0-2m/s=0.980m/s

(2)兩物塊是用繩子連接而組成的連接體，運動過程中有相同的速率，根據(jù)題意0為打

下的第一個點，因此在打點計時器打計數(shù)點0到打計數(shù)點5的過程中，兩物塊組成的系

2-32

統(tǒng)動能的增加量為：AEk=+ms)v=^x(300+200)x10X0.980J=0.240J

-3

根據(jù)該實驗的原理，可知系統(tǒng)重力勢能的減少量為：AEp=mAglo5-mBglo5=300X10

X9.8X(16.00+8.60)X102J-200X103X9.8X(16.00+8.60)X102J=0.241J

1c

(3)由機(jī)械能守恒定律可得：(7H/-血8)0%=訝(租4+租3)廬

可得：廬=2.黑%%=|皿

代入數(shù)據(jù)則有：士g=k

變形解得：g=1k

由于存在空氣阻力和摩擦阻力，得到的函數(shù)式：/;高。八中的速度偏小，即等式左邊偏

小，而高度h測量準(zhǔn)確，因此可知，該實驗測量得到的重力加速度比真實值偏小，即：g

測＜g真。

故答案為：(1)0.980；(2)0.240、0.241；(3)＜。

三、計算題：本題共3小題，共40分。在答題卡上對應(yīng)的答題區(qū)域內(nèi)用0.5毫米黑色簽字

筆直接作答，答在試題卷上無效。要求寫出必要的文字說明、方程式和重要步驟，只寫出

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最后答案的不能得分，有數(shù)值計算的題，答案中必須明確寫出數(shù)值和單位。

14.(10分)如圖所示，半徑R=2.5m的圓盤繞圓心。勻速水平轉(zhuǎn)動，從O點正上方距O

點的高度h=1.25m處水平拋出一個小球(視為質(zhì)點)，此時圓盤半徑OA(A點在圓盤邊

緣)恰好與小球被拋出時的初速度方向相同。取重力加速度大小g=10m/s2,不計空氣阻

力。若小球只與圓盤碰撞一次，且落點為A點關(guān)于O點對稱的B點，求：

(1)小球被拋出時的初速度大小vo；

(2)圓盤轉(zhuǎn)動的角速度大小3。

【解答】解：(1)設(shè)小球在空中運動的時間為3根據(jù)平拋運動的規(guī)律，豎直方向有

1

h=2gt7

水平方向有

R=vot

聯(lián)立解得：t=0.5s,vo=5m/s

(2)在時間t內(nèi)，圓盤可能轉(zhuǎn)過了0.5周、1.5周、2.5周、…經(jīng)分析可知

3t=2n(n+0.5)rad,(n=0,1,2,???)

解得：3=2(2n+l)irrad/s,(n=0,1,2,???)

答：(1)小球被拋出時的初速度大小vo大小為5m/s；

(2)圓盤轉(zhuǎn)動的角速度大小3為2(2n+l)nrad/s(n=0,1,2....)。

15.(14分)如圖所示，一半徑為R的半球形碗固定，碗口水平，O點為球心，碗的內(nèi)表面

及碗口均光滑，碗的右側(cè)有一傾角。=45°的固定光滑斜面(足夠長)，一根不可伸長的