2023年四川省高考物理二模試卷+答案解析（附后）

2023年四川省高考物理二模試卷

1.在物理學(xué)的發(fā)展過程中，許多物理學(xué)家的科學(xué)發(fā)現(xiàn)推動(dòng)了人類歷史的進(jìn)步，下列表述符

合物理學(xué)史實(shí)的是（）

①普朗克為了解釋黑體輻射現(xiàn)象，第一次提出了能量量子化理論

②根據(jù)玻爾理論氫原子輻射一個(gè)光子后，氫原子核外電子動(dòng)能減小

③盧瑟福通過對，粒子散射實(shí)驗(yàn)的研究，提出了原子的核式結(jié)構(gòu)模型

④湯姆遜根據(jù)陰極射線在電場和在磁場中的偏轉(zhuǎn)情況判定，陰極射線的本質(zhì)是帶負(fù)電的粒子

流，并測出了這種粒子的比荷

A.①②③B.①③④C.①②④D.②③④

2.每個(gè)工程設(shè)計(jì)都蘊(yùn)含一定的科學(xué)道理。如圖的兩種家用燃?xì)鉅t架都有四個(gè)爪，若將總質(zhì)

量為m的鍋放在圖乙所示的爐架上，忽略爪與鍋之間的摩擦力，設(shè)鍋為半徑為R的球面，

則每個(gè)爪與鍋之間的彈力（）

A.等于1B.小于C.R越大，彈力越大D.R越大，彈力越小

3.2022年10月15日，遙感三十六號衛(wèi)星發(fā)射成功！某遙感衛(wèi)星的軌道為橢圓，，、

是橢圓的兩個(gè)焦點(diǎn)，地球圖中沒有畫出?位于其中的一個(gè)焦點(diǎn)。a、b,c是橢圓上的三點(diǎn),

已知衛(wèi)星從a經(jīng)過b運(yùn)動(dòng)到c速率不斷增大，且ab的長度與be的長度相等，則衛(wèi)星（）

A.所受地球的引力始終指向B.所受地球的引力與向心力相等

C.從a到b與b到c的時(shí)間一定相等D.由a經(jīng)過b運(yùn)動(dòng)到c的加速度逐漸增大

4.如圖所示的電路中，MN是平行板電容器的兩塊極板，兩極板

與水平方向間夾角為.一，；為可調(diào)電阻，「為定值電阻，開關(guān)S

閉合后，兩板間有一帶電小球P通過絕緣細(xì)線懸掛，靜止時(shí)細(xì)線與

極板平行，則下列說法正確的是（）

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A.小球P帶負(fù)電

B.保持S閉合，增大：，小球P將向下運(yùn)動(dòng)

C.斷開S,僅增大M、N間距離，小球P將向下運(yùn)動(dòng)

D.若小球質(zhì)量為m,兩板間電壓為U、距離為d,則小球所帶電荷量大小為

5.圖甲是判斷電流，大小是否發(fā)生變化的裝置示意圖、電流/在鐵芯中產(chǎn)生磁場、其磁感

應(yīng)強(qiáng)度與，'成正比?，F(xiàn)給某半導(dǎo)體材料制成的霍爾元件如圖乙，其長、寬、高分別為a、b、

通以恒定工作電流/,通過右側(cè)電壓表V的示數(shù)就能判斷，’的大小是否發(fā)生變化。當(dāng)?shù)淖?/p>

化量一定時(shí)，電壓表U的示數(shù)變化量越大，則該裝置判斷的靈敏度就越高。已知霍爾元件的

半導(dǎo)體材料載流子為一價(jià)正離子，則下列說法正確的是（）

A,僅適當(dāng)增大工作電流/,可以提高判斷的靈敏度

B.僅將該半導(dǎo)體材料制成的霍爾元件更換為另一個(gè)金屬材料制成的霍爾元件，則電壓表\/

的“+””接線柱連線位置無需改動(dòng)

C.M端應(yīng)與電壓表M的“+”接線柱相連

D.當(dāng)電流〉增大時(shí)，電壓表\/的示數(shù)會減小

6.如圖為一除塵裝置的截面圖，平板M、/V的長度及其間A/7

距均為d,兩板間存在垂直紙面向外的勻強(qiáng)磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度

的大小為B。工作時(shí)，大量質(zhì)量為m、帶電量為q的帶電塵埃,

以平行極板的相同速度進(jìn)入兩板間，在磁場作用下就會被平

板吸附。當(dāng)帶電塵埃以速度，進(jìn)入磁場時(shí)，貼近N板入射的

塵埃恰好打在M板右邊緣，塵埃全部被平板吸附，即除塵效

率為，，不計(jì)塵埃的重力，求）N+

A.帶電塵埃帶正電

B,帶電塵埃進(jìn)入磁場速度，,

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C.若塵埃速度變?yōu)榱?,該裝置的除塵效率是，八：

D,若塵埃速度變?yōu)榱耍?，，該裝置的除塵效率是一.;

?）

7.如圖所示，兩根平行的光滑金屬導(dǎo)軌固定在同一絕緣水平面內(nèi)。兩根導(dǎo)軌的間距為L,

兩導(dǎo)軌的左端連接一己充電的電容器。一質(zhì)量為m的金屬棒ab,放在兩導(dǎo)軌的最右端，且

和兩導(dǎo)軌垂直，金屬棒ab的長度剛好和兩導(dǎo)軌的間距相同，金屬棒ab的兩端分別用長度均

為/I的絕緣輕繩豎直懸掛在水平固定橫梁上的一、，，點(diǎn)，開始時(shí)，開關(guān)S是斷開的，輕繩

剛好拉直、且金屬棒ab和兩導(dǎo)軌接觸良好。兩導(dǎo)軌所在的平面處于磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B、

方向豎直向上的勻強(qiáng)磁場中。當(dāng)開關(guān)S閉合后，金屬棒ab突然水平向右開始擺動(dòng)，且剛好

能夠通過水平橫梁的正上方。已知重力加速度為g。當(dāng)開關(guān)S閉合后，通過金屬棒ab橫截

面的電荷量為Q,金屬棒ah所受安培力的沖量大小為/,下列關(guān)系正確的是（）

8.一拋物線形狀的光滑固定導(dǎo)軌豎直放置，。為拋物線導(dǎo)軌的頂點(diǎn)，。點(diǎn)離地面的高度為

h,A、B兩點(diǎn)相距2h,軌道上套有一個(gè)小球M,小球M通過輕桿與光滑地面上的小球N相

連，兩小球的質(zhì)量均為m,輕桿的長度為2h,現(xiàn)將小球M由距地面豎直高度：處由靜止釋

I

放，則（）

A.小球M將做平拋運(yùn)動(dòng)

B.小球M即將落地時(shí)，小球N的動(dòng)能為'

C.小球M即將落地時(shí)速度大小為、J

D.小球M即將落地時(shí)，小球N的速度大小為

9.關(guān)于機(jī)械振動(dòng)，下列說法正確的是（）

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A,某兩種機(jī)械波發(fā)生干涉時(shí)，振動(dòng)加強(qiáng)點(diǎn)的位移始終處于最大

B,機(jī)械波從一種介質(zhì)進(jìn)入另一種介質(zhì)時(shí)，波長和波速都發(fā)生變化，但頻率不會發(fā)生變化

C.只有波長比障礙物的尺寸小的時(shí)候才會發(fā)生明顯的衍射現(xiàn)象

D,向人體內(nèi)發(fā)射頻率已知得超聲波被血管中血液反射后又被儀器接收，測出反射波的頻率

就能知道血流的速度，這種方法利用了多普勒效應(yīng)

E.波傳播方向上各質(zhì)點(diǎn)與振源振動(dòng)周期相同,是因?yàn)楦髻|(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)均可看做在其相鄰的前一

質(zhì)點(diǎn)驅(qū)動(dòng)力作用下的受迫振動(dòng)

10.某同學(xué)將量程為300mA、內(nèi)阻為卜，…的電流計(jì)改裝成一種可測量直流電流雙量程

、直流電壓雙量程和電阻的多用電表，實(shí)驗(yàn)電路如圖所示。

：，若定值電阻的阻值小于的阻值，則直流電壓擋擋位3的量程選填“大于”

或“小于”擋位4的量程；

「直流電流擋擋位2的量程為3A,則定值電阻；、「串聯(lián)后的總阻值為

，開關(guān)S撥到擋位5,將a、b兩端短接，此時(shí)電流計(jì)指針處于表盤的中間位置，要進(jìn)行歐

姆調(diào)零，應(yīng)將滑動(dòng)變阻器：的阻值選填“調(diào)大”或“調(diào)小”

11.如圖1所示是“探究小車速度隨時(shí)間變化的規(guī)律”實(shí)驗(yàn)裝置圖，該裝置同時(shí)也可以完

成“探究物體加速度與質(zhì)量、力的關(guān)系”。

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f24.00+單位:cm

-52.00——?

：<-------------84.00--------

<--------------------120.00

圖3

用該裝置完成“探究小車速度隨時(shí)間變化的規(guī)律”實(shí)驗(yàn)時(shí)，下面說法正確的是

單選。

A圖中打點(diǎn)計(jì)時(shí)器應(yīng)使用8M左右的交流電源

B.實(shí)驗(yàn)時(shí)必須通過調(diào)節(jié)軌道左端的滑輪以讓細(xì)線和軌道平行

C.實(shí)驗(yàn)時(shí)必須把軌道右端抬高以補(bǔ)償阻力，但不需要滿足槽碼的質(zhì)量遠(yuǎn)小于小車的質(zhì)量

。.為了提高實(shí)驗(yàn)的精度，本實(shí)驗(yàn)需要改變車中祛碼的個(gè)數(shù)以改變運(yùn)動(dòng)小車的質(zhì)量，獲得多組

數(shù)據(jù)

「某同學(xué)利用如圖1所示的裝置進(jìn)行“探究小車速度隨時(shí)間變化的規(guī)律”的實(shí)驗(yàn)，實(shí)驗(yàn)中

重物始終未落地，最后得到了如圖2所示的速度-時(shí)間圖像，根據(jù)圖像可以分析出在實(shí)驗(yàn)操作

中可能存在的問題是單選，。

A實(shí)驗(yàn)中沒有補(bǔ)償阻力

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8實(shí)驗(yàn)中沒有滿足小車質(zhì)量遠(yuǎn)大于槽碼質(zhì)量

C.實(shí)驗(yàn)中先讓釋放小車后打開打點(diǎn)計(jì)時(shí)器

。.實(shí)驗(yàn)中未保持細(xì)線和軌道平行

,某同學(xué)利用上述實(shí)驗(yàn)裝置進(jìn)行“探究小車速度隨時(shí)間變化的規(guī)律”的實(shí)驗(yàn)。實(shí)驗(yàn)中按規(guī)范

操作打出的一條紙帶的一部分如圖3。從比較清晰的點(diǎn)起，每5個(gè)點(diǎn)取一個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)，量出各

計(jì)數(shù)點(diǎn)到“4'的距離單位：.”取“A”計(jì)數(shù)點(diǎn)為，時(shí)刻，作出“”如圖4所

示，則由圖像可得其加速度為保留兩位有效數(shù)字入

I在“探究物體加速度與質(zhì)量、力的關(guān)系”實(shí)驗(yàn)中，為了提高實(shí)驗(yàn)精度，某同學(xué)通過合理的

操作使用力傳感器圖;來測量繩子拉力，下面有關(guān)實(shí)驗(yàn)操作中說法正確的是單選

A實(shí)驗(yàn)操作中不需要槽碼的質(zhì)量遠(yuǎn)小于小車的質(zhì)量

8.實(shí)驗(yàn)操作中不需要細(xì)線和軌道平行

C.實(shí)驗(yàn)操作中不需要補(bǔ)償阻力

。.實(shí)驗(yàn)操作中不需要多次改變小車的質(zhì)量以獲得多組數(shù)據(jù)

二，該同學(xué)為了研究力傳感器的原理，查閱相關(guān)原理，發(fā)現(xiàn)力傳感器內(nèi)部的核心結(jié)構(gòu)是如圖6

所示的裝置，四個(gè)電阻豳色展電晶且岫貼在右側(cè)固定的彈性梁上。其主要原理是在彈性

梁左側(cè)施加外力F時(shí)，彈性梁發(fā)生形變，引起貼在彈性梁上的四個(gè)電阻形狀發(fā)生改變，引起

電阻值大小發(fā)生變化，使輸出的電壓發(fā)生變化，把力學(xué)量轉(zhuǎn)化為電學(xué)量。其電路簡化圖如圖7

所示。施加如圖6所示的外力F,若要ad兩點(diǎn)輸出的電壓盡量大，則圖7中A處電阻應(yīng)為

填"""或者""IO

12.如圖，水平桌面上一個(gè)質(zhì)量，“?。?’的物體視為質(zhì)點(diǎn)?將彈簧壓縮至A點(diǎn)后由靜

止釋放，在彈力作用下物體獲得一向右速度后脫離彈簧，之后從桌子邊緣B點(diǎn)平拋出去，并

從C點(diǎn)沿CD方向進(jìn)入豎直平面內(nèi)，由斜直軌道CD和圓弧形軌道DEFGH平滑連接而成的

光滑軌道上運(yùn)動(dòng)，CD與水平面成一角，EG為豎直直徑，F(xiàn)H為水平直徑。已知物塊剛

好能沿圓軌道經(jīng)過最高點(diǎn)G,AB間的距離,，物體與桌面間的動(dòng)摩擦因數(shù)，C

點(diǎn)距離桌面的水面距離I「，8、C兩點(diǎn)間的高度差：?一，C、D兩點(diǎn)間的高度

差，,',重力加速度g取「，7',7'',求：

彈簧被壓縮至A點(diǎn)時(shí)的彈性勢能

,,圓弧軌道半徑R；

工，當(dāng)物體從D點(diǎn)進(jìn)入圓弧軌道后，撤去斜直軌道CD,物體從H點(diǎn)落到水平面的時(shí)間t。

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13.一質(zhì)量JJ，的絕緣長木板放在傾角，的光滑斜面上，并在外力作用下保持

著靜止?fàn)顟B(tài)。木板左端距斜面底端的距離，；，斜面底端固定著一彈性薄擋板，與之

相碰的物體會以原速率彈回。，?時(shí)刻將一質(zhì)量「一的帶正電小物塊置于木板上距離

木板左端，；的位置，并使其獲得沿木板向上的初速度，-如圖?所示，與此

同時(shí)，撤去作用在木板上的外力?？臻g還存在著沿斜面向上的勻強(qiáng)電場，場強(qiáng)大小與時(shí)間的

關(guān)系如圖，所示，時(shí)撤去電場。已知舞曰電踹鬻，小物塊的帶電量

'L，，木板與物塊間的動(dòng)摩擦因數(shù)，小物塊可以看作質(zhì)點(diǎn)，且整個(gè)過程中

小物塊不會從木板右端滑出，不考慮因電場變化產(chǎn)生的磁場，取.求：

I,??時(shí)，小物塊和木板的速度大??；

木板第一次與擋板碰撞前瞬間的速度大小；

,小物塊從木板左端滑出之前木板與擋板碰撞的次數(shù)，及滑出瞬間小物塊與擋扳間的距離。

14.以光纖通訊為基礎(chǔ)，我國千兆寬帶已經(jīng)進(jìn)入很多家庭。在進(jìn)入小區(qū)的光纖控制箱中,

光纖繞成圖示形狀，已知光纖的折射率一,一，其直徑為或

求該光纖的臨界角；

12,若平行軸線射入的一束光通過圓弧部分不發(fā)生漏光，求內(nèi)圓弧半徑的最小值。

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答案和解析

L【答案】B

【解析】解：①普朗克提出了能量量子化，解釋了黑體輻射現(xiàn)象，故①正確；

②根據(jù)玻爾理論氫原子輻射一個(gè)光子后，核外電子的軌道半徑變小，氫原子核外電子動(dòng)能增大，

故②錯(cuò)誤；

③盧瑟福通過對，粒子散射實(shí)驗(yàn)的研究，提出了原子的核式結(jié)構(gòu)模型，故③正確；

④湯姆遜根據(jù)陰極射線在電場和在磁場中的偏轉(zhuǎn)情況判定，陰極射線的本質(zhì)是帶負(fù)電的粒子流，

并測出了這種粒子的比荷，故④正確。

故ACD錯(cuò)誤，B正確；

故選：B?

根據(jù)物理學(xué)史和常識解答，記住著名物理學(xué)家的主要貢獻(xiàn)即可.

本題考查物理學(xué)史，是常識性問題，對于物理學(xué)上重大發(fā)現(xiàn)、發(fā)明、著名理論要加強(qiáng)記憶，這也

是考試內(nèi)容之一。

2.【答案】D

【解析】解：設(shè)每個(gè)爪與鍋之間的彈力為F,根據(jù)對稱性可知，正對的一對爪對鍋的彈力的合力

方向豎直向上，則四個(gè)爪對鍋的彈力在豎直方向的分力等于鍋的重力；設(shè)正對的一對爪之間的距

離為d,則F與豎直方向之間的夾角：…

豎直方向根據(jù)平衡條件可得：-,

mq"91rnr/

解得：!{'d1I/1

-扉

可知R越大，則F越小；故。正確，ABC錯(cuò)誤。

故選：Do

四個(gè)爪對鍋的彈力在豎直方向的分力等于鍋的重力，根據(jù)平衡條件進(jìn)行解答。

本題主要是考查了共點(diǎn)力的平衡問題，關(guān)鍵是能夠確定研究對象、進(jìn)行受力分析、利用平衡條件

建立平衡方程進(jìn)行解答。

3.【答案】D

【解析】解：A、衛(wèi)星從a經(jīng)過b運(yùn)動(dòng)到c速率不斷增大，說明萬有引力做正功，地球應(yīng)位于焦

點(diǎn);，衛(wèi)星所受地球的引力始終指向，'，故A錯(cuò)誤；

8、衛(wèi)星做橢圓軌道運(yùn)動(dòng)，距離地球的距離不等，可知所受地球的引力與向心力不相等，故B錯(cuò)

誤；

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C、根據(jù)開普勒第二定律，衛(wèi)星從a經(jīng)過b運(yùn)動(dòng)到c速率不斷增大，從a到b的時(shí)間大于b到c

的時(shí)間，故C錯(cuò)誤；

。、衛(wèi)星從a經(jīng)過b運(yùn)動(dòng)到c的過程中，靠近地球，衛(wèi)星受到的萬有引力增大，根據(jù)牛頓第二定

律可知由a經(jīng)過b運(yùn)動(dòng)到c的加速度逐漸增大，故。正確。

故選：Do

根據(jù)衛(wèi)星從a經(jīng)過b運(yùn)動(dòng)到c的過程速率增大，分析萬有引力做功的情況，結(jié)合地球的位置判斷

衛(wèi)星所受地球的引力方向；

根據(jù)衛(wèi)星所做的運(yùn)動(dòng)判斷衛(wèi)星受地球的引力與向心力的大小關(guān)系；

根據(jù)開普勒第二定律判斷衛(wèi)星從a到b的時(shí)間與b到c的時(shí)間長短關(guān)系；

根據(jù)衛(wèi)星從a經(jīng)過b運(yùn)動(dòng)到c的過程中，受到的萬有引力，根據(jù)牛頓第二定律判斷由a經(jīng)過b運(yùn)

動(dòng)到c的加速度如何變化。

本題考查了衛(wèi)星運(yùn)動(dòng)過程中物理量的變化，解決本題的關(guān)鍵是理解開普勒定律以及萬有引力定律。

4.【答案】D

【解析】解：A、由電路圖可知，N板帶正電，則由受力平衡可知，小球受電場力垂直板向上，

則小球帶正電，故人錯(cuò)誤；

B、若S保持閉合，由于電容器斷路，則調(diào)節(jié)「不改變兩板間任何物理量，小球仍靜止，故B錯(cuò)

誤；

C、若S斷開，則兩板電荷量不變，改變兩板間距離，根據(jù)公式，，，以及，

可知,解,則板間電場強(qiáng)度大小不變，小球仍靜止，故C錯(cuò)誤;

故選：Do

根據(jù)受力分析判斷小球的電性和電荷量的大?。桓鶕?jù)電路構(gòu)造分析電容器中電壓的變化情況，由

此分析出小球的運(yùn)動(dòng)情況。

本題主要考查了電容器的動(dòng)態(tài)分析，同時(shí)結(jié)合了電路構(gòu)造和受力分析的知識點(diǎn)，綜合性較強(qiáng)，但

難度不大。

5.【答案】AC

【解析】解：A、設(shè)霍爾元件單位體積內(nèi)電子數(shù)量為。，電子移動(dòng)速度為V,則3時(shí)間內(nèi)通過橫

截面的電荷量為:

解得:

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/rnt

當(dāng)霍爾元件內(nèi)外側(cè)面電壓穩(wěn)定時(shí)，內(nèi)部電子受力平衡，根據(jù)…M,解得：，：，要提

高檢測靈敏度，可以通過增大B,或者增大工作電流，故A正確；

C、圖甲中檢測電流/.流過線圈，根據(jù)安培定則，線圈在鐵芯中產(chǎn)生順時(shí)針方向的磁場，霍爾元

件處于向下的磁場中，定向移動(dòng)的載流子為一價(jià)正離子，受到垂直紙面向里的洛倫茲力而偏轉(zhuǎn)到

里側(cè)面上，使得霍爾元件里側(cè)面電勢高，外側(cè)面電勢低，所以應(yīng)該是M端與電壓表的“+”接線

柱相連，故C正確；

8、僅將該半導(dǎo)體材料制成的霍爾元件更換為另一個(gè)金屬材料制成的霍爾元件，載流子變?yōu)閹ж?fù)

電的自由電子，由左手定則判斷，自由電子仍偏轉(zhuǎn)到里側(cè)面上，M端的電勢低于N端，電壓表M

的“+”“一”接線柱連線位置要調(diào)換，故B錯(cuò)誤；

D、由A中分析可知當(dāng)電流/，增大時(shí)，電壓表M的示數(shù)會增大，故。錯(cuò)誤。

故選：AC.

根據(jù)電場力和洛倫茲力的等量關(guān)系分析出電壓的表達(dá)式，由此分析出靈敏度的影響因素和電壓表

變大的原因分析；根據(jù)左手定則分析出電子受到的洛倫茲力的方向，由此得出元件與電壓表的連

接方式。

本題主要考查了霍爾效應(yīng)的相關(guān)應(yīng)用，根據(jù)左手定則分析出粒子的受力方向，由此得出電勢的高

低，根據(jù)電場力和洛倫茲力的等量關(guān)系得出電壓的表達(dá)式并完成分析。

6.【答案】BD

【解析】解：AB,貼近N板入射的塵埃恰好打在M板右邊緣，可知帶電塵埃向上偏轉(zhuǎn)，此塵埃

在入射點(diǎn)的洛倫茲力豎直向上，由左手定則可知，帶電塵埃帶負(fù)電，貼近N板入射的塵埃運(yùn)動(dòng)軌

跡如下圖所示：

由圖可知，塵埃運(yùn)動(dòng)半徑，一塵埃洛倫茲力提供向心力，則有蠲jk翼，可得，

故A錯(cuò)誤，B正確;

CD,若塵埃速度變?yōu)椋輨t塵埃運(yùn)動(dòng)的半徑'運(yùn)動(dòng)軌跡如下圖所示

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設(shè)打在M板右邊緣的塵埃入射點(diǎn)到M板的距離為L,由勾股定理有：管；珊嘮點(diǎn)修穗，代入

數(shù)據(jù)，解得，則在此點(diǎn)上方的帶電塵埃打在M板上，此點(diǎn)下方的帶電塵埃射出磁場，所

3

以當(dāng)帶電塵埃的速度變?yōu)?該裝置的除塵效率為至圜皿由皿，故C錯(cuò)誤，。正確。

故選：BD。

AB,貼近N板入射的塵埃恰好打在M板右邊緣，可知帶電塵埃向上偏轉(zhuǎn)，洛倫茲力向上，由左

手定則可知塵埃的極性，貼近N板入射的塵埃，作入射速度的洛倫茲力，作入射點(diǎn)和M板右邊緣

連線的中垂線，兩線的交點(diǎn)即為圓心，即為M板左邊緣，可知塵埃運(yùn)動(dòng)的半徑，利用洛倫茲力提

供向心力，可得塵埃的初速度。

CD,塵埃的速度大小改變，其它物理量不變，則塵埃運(yùn)動(dòng)的半徑變?yōu)樵瓉淼?；畫出恰好打在M

板右邊緣塵埃的運(yùn)動(dòng)軌跡，根據(jù)勾股定理可以得出此塵埃入射點(diǎn)到M板的距離，可知此塵埃上方

的塵埃都打在M板上，下方的塵埃則射出磁場，根據(jù)長度的比例，可以算出裝置的除塵效率。

本題的關(guān)鍵是當(dāng)塵埃的速度改變，畫出恰好打在M板上的塵埃的運(yùn)動(dòng)軌跡。

7.【答案】AC

【解析】解：設(shè)在開關(guān)S閉合的二時(shí)間內(nèi)通過電流為。由電流定義式;

對金屬棒ab,設(shè)離開導(dǎo)軌時(shí)速度為v,以速度v為正方向，由動(dòng)量定理仔網(wǎng)酶翻X兩

金屬棒ab剛好能夠通過水平橫梁的正上方，設(shè)速度為,，由向心力公式…丫

從開始擺動(dòng)到通橫梁的正上方，根據(jù)動(dòng)能定理目曾

聯(lián)立解得瞥故AC正確，BD錯(cuò)誤。

故選：AC.

由電流的定義式，求電流，由動(dòng)量定理、向心力公式列式，再從開始擺動(dòng)到通橫梁的正上方，根

據(jù)動(dòng)能定理列式，求電荷量和沖量。

本題考查學(xué)生對電流的定義式、動(dòng)量定理、動(dòng)能定理的掌握，是一道中等難度題。

8.【答案】BC

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【解析】解：A、小球M運(yùn)動(dòng)過程中受

重力、軌道對小球的彈力、輕桿對小球

的彈力，不滿足做平拋運(yùn)動(dòng)的條件，故

A錯(cuò)誤；

小球M即將落地時(shí)，設(shè)小球M的

速度為S則小球N的速度為.

以兩小球和輕桿組成的系統(tǒng)為研究對象，根據(jù)機(jī)械能守恒定律有；:"

可以求出小球M的速度大小為.，小球N的速度大小為'’,故C正確，。錯(cuò)誤；

小球N的動(dòng)能為/.1…故8正確。

故選：BCo

根據(jù)平拋運(yùn)動(dòng)的分析判斷；

根據(jù)系統(tǒng)機(jī)械能守恒定律求解小球M即將落地時(shí)的速度以及小球N的速度，二者速度的關(guān)聯(lián)為沿

桿速度相等；

根據(jù)動(dòng)能表達(dá)式計(jì)算小球N的速度。

易錯(cuò)點(diǎn)如下：1、兩小球的速度關(guān)聯(lián)；2、小球M落到對面的瞬間，小球M的速度方向;

9.【答案】BDE

【解析】解：八、兩列機(jī)械波發(fā)生干涉時(shí)，振動(dòng)加強(qiáng)點(diǎn)的振幅增大，但位移并不是始終處于最大,

故A錯(cuò)誤；

8＞機(jī)械波從一種介質(zhì)進(jìn)入另一種介質(zhì)時(shí)頻率不變波在不同的介質(zhì)中的傳播速度不同，由

可知，波長也會發(fā)生變化，故B正確；

C、只有波長比障礙物的尺寸大或相差不多的時(shí)候才會發(fā)生明顯的衍射現(xiàn)象，故C錯(cuò)誤；

D、向人體發(fā)射頻率已知的超聲波，超聲波被血管中的血流反射后又被儀器接收，測出反射波的

頻率變化就能知道血流的速度，這種方法的原理是“多普勒效應(yīng)”，故D正確；

E、根據(jù)機(jī)械波傳播的特點(diǎn)可知，波傳播方向上各質(zhì)點(diǎn)與振源振動(dòng)周期相同，是因?yàn)楦髻|(zhì)點(diǎn)的振

動(dòng)均可看做在其相鄰的前一質(zhì)點(diǎn)驅(qū)動(dòng)力作用下的受迫振動(dòng)。故E正確；

故選：BDE。

發(fā)生干涉時(shí)，振動(dòng)加強(qiáng)點(diǎn)的振幅增大；

機(jī)械波從一種介質(zhì)進(jìn)入另一種介質(zhì)時(shí)頻率不變，波速與波長發(fā)生變化；

發(fā)生明顯的衍射現(xiàn)象的條件是波長比障礙物的尺寸大或相差不多；

彩超利用多普勒效應(yīng)原理：當(dāng)間距變小時(shí)，接收頻率高于發(fā)出頻率，當(dāng)間距變大時(shí)，接收頻率低

于發(fā)出頻率；

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波傳播方向上各質(zhì)點(diǎn)與振源振動(dòng)周期相同.

該題考查機(jī)械波傳播的特點(diǎn)以及多普勒效應(yīng)等，掌握多普勒效應(yīng)原理，理解波的干涉、衍射的特

點(diǎn)原理，注意明顯衍射的條件是解答的關(guān)鍵.

10.【答案】小于20調(diào)小

【解析】解：電壓擋的串聯(lián)電阻越大對應(yīng)擋位的量程也越大，3的量程小于擋位4的量程；

」由歐姆定律可知兩電阻串聯(lián)后的總電阻為：

cIJL0.3XIKO.八

R'=11=20。

/-30.3

.將a、b兩端短接，電流計(jì)指針處于表盤的中間位置說明電路中電阻過大，電流達(dá)不到滿偏電

流，要進(jìn)行歐姆調(diào)零，使電流滿偏，應(yīng)減小電路電阻，將滑動(dòng)變阻器；的阻值調(diào)小。

故答案為：小于；?二J；調(diào)小

根據(jù)串聯(lián)電路的特點(diǎn)得出不同擋位的量程大小關(guān)系；

「根據(jù)歐姆定律得出串聯(lián)后的總電阻；

.根據(jù)實(shí)驗(yàn)原理分析出滑動(dòng)變阻器阻值的變化趨勢。

本題主要考查了電表的改裝的相關(guān)應(yīng)用，根據(jù)實(shí)驗(yàn)原理掌握正確的實(shí)驗(yàn)操作，結(jié)合歐姆定律即可

完成分析。

11.【答案】國雄獨(dú)盤易

【解析】解：：I圖中是電火花計(jì)時(shí)器，使用220\/交流電源，故A錯(cuò)誤；

8.實(shí)驗(yàn)時(shí)必須通過調(diào)節(jié)軌道左端的滑輪，讓細(xì)線和軌道平行，才能保證細(xì)線拉力保持不變，故8

正確；

C.實(shí)驗(yàn)?zāi)康氖恰疤骄啃≤囁俣入S時(shí)間變化的規(guī)律"，只要保證小車所受合力不變即可，不需要補(bǔ)

償阻力和滿足槽碼的質(zhì)量遠(yuǎn)小于小車的質(zhì)量的要求，故C錯(cuò)誤；

D.為了提高實(shí)驗(yàn)的精度，本實(shí)驗(yàn)需要改變細(xì)線所掛的槽碼的個(gè)數(shù)以改變運(yùn)動(dòng)小車的質(zhì)量，獲得多

組數(shù)據(jù)，故。錯(cuò)誤。

故選：Bo

-由圖像可知小車在運(yùn)動(dòng)的后階段加速度變小，說明細(xì)線拉力方向后階段發(fā)生變化，故可能存在

的問題是試驗(yàn)中未保持細(xì)線和軌道平行。

故選：Do

,每5個(gè)點(diǎn)取一個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)，故相鄰計(jì)數(shù)點(diǎn)時(shí)間間隔為：即已盛旗轆酶晝皿加

根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)位移時(shí)間規(guī)律有：“，，」,一

可得：''

f2

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可知圖像的斜率口■蒯蒯研串

則小車的加速度為,11M.-

I」.實(shí)驗(yàn)中因?yàn)槔K子的拉力大小通過力傳感器直接得到，不需要槽碼的質(zhì)量遠(yuǎn)小于小車的質(zhì)量,

故A正確；

【實(shí)驗(yàn)?zāi)康氖恰疤骄课矬w加速度與質(zhì)量、力的關(guān)系”，要保證小車所受細(xì)線拉力等于小車所受

合力，則需要補(bǔ)償阻力，要保持細(xì)線和軌道平行，故BC錯(cuò)誤；

D.多次改變小車的質(zhì)量以獲得多組數(shù)據(jù)，可以減小偶然誤差，故。錯(cuò)誤。

故選：Ao

一，在彈性梁左側(cè)施加外力F時(shí)，彈性梁發(fā)生形變，四個(gè)電阻發(fā)生變化，其中,'、；減小，：,、

「增大，四者變化后的阻值關(guān)系為匾星展曙展嘿鼬，電路中ad兩點(diǎn)輸出的電壓為：

HAUHu_r_

n,i

~%—&Rt-RtA”—&R/{+

其中，。為be兩點(diǎn)電壓，可見，要使Uad兩點(diǎn)電壓最大，在題中條件中，使即可，

即A應(yīng)選，二。

故答案為：T卜；：」門；「「；1I；】「。

根據(jù)實(shí)驗(yàn)原理和注意事項(xiàng)分析判斷；

「根據(jù)圖像和平衡摩擦力方法分析判斷；

，根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)位移時(shí)間規(guī)律和圖像分析判斷；

；根據(jù)實(shí)驗(yàn)原理、實(shí)驗(yàn)步驟和注意事項(xiàng)分析判斷；

一，根據(jù)串聯(lián)分壓特點(diǎn)分析計(jì)算。

本題考查探究小車速度隨時(shí)間變化的規(guī)律實(shí)驗(yàn)，要求掌握實(shí)驗(yàn)原理、實(shí)驗(yàn)裝置、實(shí)驗(yàn)步驟、數(shù)據(jù)

處理和誤差分析。

12.【答案】解：物體從8到C做平拋運(yùn)動(dòng)，豎直方向做自由落體運(yùn)動(dòng)，有，'/

代入數(shù)據(jù)解得：，」

水平方向做勻速直線運(yùn)動(dòng)，有」

代入數(shù)據(jù)解得：，:■?

物體從A運(yùn)動(dòng)到8,根據(jù)動(dòng)能定理得：鼎k網(wǎng)0昌露靖

代入數(shù)據(jù)解得：；'>,1

物塊從C點(diǎn)沿CD方向進(jìn)入豎直平面內(nèi)，將物塊的速度分解到水平和豎直方向，水平方向的

分速度等于物塊在8點(diǎn)的速度，如圖所示：

第15頁，共19頁

B

物塊在C點(diǎn)的速度為

由題知物塊剛好能沿圓軌道經(jīng)過最高點(diǎn)G,則嚼昌

12」

物體從C運(yùn)動(dòng)到G,根據(jù)動(dòng)能定理得：■I：<-

2G2

代入數(shù)據(jù)聯(lián)立解得：.，"「

■物體從G運(yùn)動(dòng)到H,根據(jù)動(dòng)能定理有回^一能疆

代入數(shù)據(jù)解得：胭

物體從H點(diǎn)下落到地面上，根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)公式得：腮自財(cái)嚙婚

代入數(shù)據(jù)解得:〃?相'值帆或強(qiáng)-7^/舍去

答：彈簧被壓縮至入點(diǎn)時(shí)的彈性勢能；為，卜：；

,1圓弧軌道半徑R為1m；

物體從H點(diǎn)落到水平面的時(shí)間為遏

【解析】根據(jù)平拋規(guī)律和動(dòng)能定理求解彈性勢能;

「根據(jù)G點(diǎn)臨界條件，重力提供向心力，結(jié)合動(dòng)能定理，求解半徑;

根據(jù)動(dòng)能定理和運(yùn)動(dòng)學(xué)公式，求解運(yùn)動(dòng)時(shí)間。

本題具有一定綜合性，考查學(xué)生分析能力，尤其要抓住，最高點(diǎn)G的臨界條件重力提供向心力。

13.【答案】解:內(nèi)，設(shè)小物塊的加速度大小為，，木板的加速度為，，則由牛頓第

二定律有

豳噩頻爵，昌蹣霞

原頌髀瞬曲膈目■腦蝴

解得

a2=2m//

時(shí)，小物塊的速度大小為

第16頁，共19頁

木板的速度大小為

贛國酶耳畫圈酶幗

時(shí)間內(nèi)，木板的位移大小為物百宣言園您圜馬頤1

時(shí)，小物塊與木板達(dá)到共同速度，且電場強(qiáng)度大小變?yōu)镴,因?yàn)槁秳?lì)雪耀融醉

所以小物塊與木板將共同做勻變速運(yùn)動(dòng)，設(shè)整體的加速度大小為"，則睡僦健口螂尊減礁I

解得.->1

設(shè)小物塊和木板共速后運(yùn)動(dòng)位移?:后速度減為零，則1

解得

即，-時(shí)，木板左端到擋板的距離為浦官勘嘍喇暗南哥颯感鮑瞪酗嚕血冒

此后小木塊和木板將一同沿斜面向下做勻加速運(yùn)動(dòng)，所以木板第一次與擋板碰撞前的速度大小為

明國麒目豳露喇面嬲血蒯康副犧

?時(shí)間內(nèi)，小物塊的位移大小為國曰崎『瓶，代入數(shù)據(jù)解得

與木板的相對位移大小為幽或兩口領(lǐng)自酗口腿即或蛔

所以時(shí)小物塊到木板左端的距離為&爭國航餐蛔出蛔扇蛔

木板從距離擋板的位置開始下滑至與擋板第一次碰撞所經(jīng)歷的時(shí)間為

所以木板與擋板第一次碰撞的時(shí)刻為感口豳帶酶口感幽，由題圖可知此時(shí)電場強(qiáng)度隨即變?yōu)?/p>

零。

木板與擋板第一次碰撞后將以大小為的速度反彈，設(shè)反彈后的加速度大小為丁，則

螭脂酶曬酶球B麻口朋懶

解得

設(shè)小物塊的加速度大小為，則

解得

設(shè)經(jīng)過-，木板的長度減為零，則幽日幽

?1

此過程中小物塊的位移大小為敏自磔啕，解得

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木板的位移大小為鯉蜜e

則這段時(shí)間內(nèi)，小物塊與木板的相對位移大小為豳后曲嚕領(lǐng)宣豳鮑麗蛾酗國威酗

木板速度減為零時(shí)，小物塊的速度大小為，，,一解得，