2021年福建省三明市高考物理三模試卷(含答案詳解)

2021年福建省三明市高考物理三模試卷

一、單選題（本大題共4小題，共16.0分）

1.在光電效應(yīng)實(shí)驗(yàn)中，用頻率為。的光照射光電管陰極，發(fā)生了光電效應(yīng)，下列說法中正確的是（）

A.增大入射光的強(qiáng)度，光電流不變

B.減小入射光的強(qiáng)度，光電效應(yīng)現(xiàn)象消失

C.改用頻率小于"的光照射，一定不發(fā)生光電效應(yīng)

D.改用頻率大于u的光照射，光電子的最大初動(dòng)能變大

2.變壓器原線圈與恒壓交變電源連接，當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑片P向B端滑動(dòng)時(shí)，理想交流電表的變化

情況為（）

A.&表讀數(shù)變小B.4表讀數(shù)變小C.匕表讀數(shù)變小D.彩表讀數(shù)變小

3.如圖所示，光滑球被細(xì)繩拴住靠在豎直墻上，繩對(duì)球的拉力為7,墻對(duì)球的彈力

為N,現(xiàn)在通過一個(gè)小滑輪緩慢向上拉繩，在這個(gè)過程中（）

A.N、r都減小B.N、T都增大

C.N、T的合力將減小D.N、T的合力將增大

4.已知地球表面的重力加速度為g,地球半徑為R,萬有引力常量為G,由此可計(jì)算出地球的質(zhì)量

為（）

A.?

二、多選題（本大題共4小題，共24.0分）

5.如圖所示，甲圖是一列橫波在某一時(shí)刻的圖象，乙圖是離。點(diǎn)3cm處的質(zhì)點(diǎn)從這一時(shí)刻開始計(jì)時(shí)

的振動(dòng)圖象，則下列說法正確的是（）

y（cm）

A.3czn處的這個(gè)質(zhì)點(diǎn)在土=0時(shí)刻向軸正方向運(yùn)動(dòng)

B.這列波沿支軸負(fù)方向傳播

C.質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)周期為8s

D.波速為50m/s

E.3cm處的這個(gè)質(zhì)點(diǎn)再次回到平衡位置需要的時(shí)間為0.04s

6.下列說法正確的是（）

A.做曲線運(yùn)動(dòng)的物體所受合外力可能為恒力

B.做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的物體，所受合外力是恒力

C.勻速直線運(yùn)動(dòng)和勻變速直線運(yùn)動(dòng)的合運(yùn)動(dòng)一定是曲線運(yùn)動(dòng)

D.火車不受內(nèi)外軌擠壓時(shí)的轉(zhuǎn)彎速度為限定速度，當(dāng)火車超過限定速度轉(zhuǎn)彎，車輪輪緣將會(huì)擠

壓鐵軌的外軌

7.如圖所示，豎直光滑導(dǎo)軌上端接入一定值電阻R,G和C2是半徑都為a的兩占

圓形磁場(chǎng)區(qū)域，其區(qū)域內(nèi)的磁場(chǎng)方向都垂直于導(dǎo)軌平面向外，區(qū)域G中磁

場(chǎng)的磁感強(qiáng)度隨時(shí)間按當(dāng)=6+/（4>0）變化，。2中磁場(chǎng)的磁感強(qiáng)度恒為（'）

B2,一質(zhì)量為m、電阻為r、長(zhǎng)度為L(zhǎng)的金屬桿4B穿過區(qū)域C2的圓心C2垂直

地跨放在兩導(dǎo)軌上，且與導(dǎo)軌接觸良好，并恰能保存靜止.則（）jL

A.通過金屬桿的電流大小為黑

B.通過金屬桿的電流方向?yàn)閺腂到4

C.定值電阻的阻值為R=/竺@-r

mg

D.整個(gè)電路中產(chǎn)生的熱功率P=嚶吆

8.如圖甲所示，在某電場(chǎng)中建立%坐標(biāo)軸，。為坐標(biāo)原點(diǎn)，A點(diǎn)坐標(biāo)為匕，一電子僅在電場(chǎng)力作用

下沿支軸運(yùn)動(dòng)，其電勢(shì)能與隨其坐標(biāo)x變化的關(guān)系如圖乙所示。下列說法中正確的是（）

A.過。點(diǎn)的電場(chǎng)線一定與％軸重合

B.4點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度的方向沿x軸負(fù)方向

C.該電子在4點(diǎn)受到的電場(chǎng)力大于其在。點(diǎn)受到的電場(chǎng)力

D.該電子在0點(diǎn)的動(dòng)能大于其在4點(diǎn)的動(dòng)能

三、填空題（本大題共2小題，共8.0分）

9.如圖所示，理想氣體狀態(tài)經(jīng)歷了從4到B再到C的過程，則從4到B氣體”?

分子的平均速率（填“增加”“減小”或“不變”），從B到C氣

體（填“吸收”或“放出”）熱量。

10.設(shè)金屬導(dǎo)體的橫截面積為S,單位體積內(nèi)的自由電子數(shù)為n,自由電子

定向移動(dòng)速度為"，那么在時(shí)間t內(nèi)通過某一橫截面積的自由電子數(shù)為;若電子的電量為

e,那么在時(shí)間t內(nèi)，通過某一橫截面積的電量為.

四、實(shí)驗(yàn)題（本大題共2小題，共18.0分）

驟如下：甲乙

①用天平測(cè)出鋼球的質(zhì)量巾=0.100kg；用直尺測(cè)出懸點(diǎn)到球心的豎

直高度%,如圖乙所示，h=cm（懸點(diǎn)與直尺的零刻線對(duì)齊）

②用手帶動(dòng)鋼球，設(shè)法使它沿紙上的某個(gè)圓周運(yùn)動(dòng)，隨即手與鋼球分離；

③用秒表記下鋼球運(yùn)動(dòng)30圈的時(shí)間為60.0s,算出鋼球勻速圓周運(yùn)動(dòng)的周期7；

④通過紙上的圓測(cè)出鋼球做圓周運(yùn)動(dòng)的半徑r=4.00cm。

（1）鋼球所需向心力的表達(dá)式F]=,鋼球所受合力的表達(dá)式F2（用題中物理量符號(hào)、重

力加速度g及常數(shù)x表示）；

（2）將測(cè)量數(shù)據(jù)代入（1）中表達(dá)式，計(jì)算出F]=N,F2=N（g取107nls3,兀=9.9,結(jié)果

保留兩位有效數(shù)字）。從而粗略驗(yàn)證了向心力表達(dá)式。

12.在“描繪小燈泡的伏安特性曲線”的實(shí)驗(yàn)中，除標(biāo)有“5V,2.5山”的小燈泡、導(dǎo)線和開關(guān)外,

還有以下器材可供使用：

A直流電源（電動(dòng)勢(shì)約為5乙內(nèi)阻不計(jì)）

B.直流電流表（量程34內(nèi)阻約為0.10）

C.直流電流表（量程0?60（hna,內(nèi)阻約為50）

。.直流電壓表（量程0?5U,內(nèi)阻約為lOkO）

E.滑動(dòng)變阻器（最大阻值為100,允許通過的最大電流為24）

尺滑動(dòng)變阻器（最大阻值為1k。，允許通過的最大電流為0.54）

（1）實(shí)驗(yàn)中應(yīng)選用的電流表是，應(yīng)選用的滑動(dòng)變阻器是（填字母）。

(2)實(shí)驗(yàn)要求小燈泡兩端的電壓從零開始變化并能測(cè)多組數(shù)據(jù)，請(qǐng)按要求將圖甲中的實(shí)驗(yàn)電路圖連線

補(bǔ)充完整。

(3)某同學(xué)通過實(shí)驗(yàn)正確作出的小燈泡的伏安特性曲線如圖乙所示，曲線向U軸彎曲的原因是

(4)由圖乙可知，當(dāng)通過小燈泡的電流為0.44時(shí)，小燈泡的實(shí)際功率P=W(結(jié)果保留兩位有效

數(shù)字)。

圖甲

五、簡(jiǎn)答題(本大題共1小題，共3.0分)

13.如圖，傳送帶AB水平部分長(zhǎng)度k=12m,長(zhǎng)J=5.5m的水平面BC緊密相切傳送帶4B于B點(diǎn)，

水平面的右端C點(diǎn)平滑連接一豎直面內(nèi)固定的光滑半圓軌道，半圓軌道的半徑R=0.5m。傳送

帶始終以%=6m/s的速度沿順時(shí)針方向運(yùn)轉(zhuǎn)。一質(zhì)量m=0.2kg的小滑塊無初速的放到傳送帶

的4端，滑塊經(jīng)過C點(diǎn)滑上光滑半圓軌道，已知滑塊與傳送帶間的動(dòng)摩擦因數(shù)為的=0.2,滑塊

與水平面BC間的動(dòng)摩擦因數(shù)〃2=O.lo取g=10m/s2?求：

(1)滑塊在傳送帶AB上運(yùn)動(dòng)從4端運(yùn)動(dòng)到B端所用的時(shí)間；

(2)請(qǐng)通過計(jì)算判斷滑塊能否達(dá)到最高點(diǎn)D,若能到達(dá)，則離開半圓軌道最高點(diǎn)拋出落到水平面BC上

的位置與C點(diǎn)間的距離s。

六、計(jì)算題(本大題共2小題，共20.0分)

14.2020年12月17日，嫦娥五號(hào)返回器攜帶月球樣品在預(yù)定區(qū)域安全著陸，探月工程取得圓滿成功。

若已知月球質(zhì)量為“月，月球半徑為R/地球質(zhì)量為M呦，地球半徑為R地，月球中心與地球中

心的距離為3引力常量為G。在以下問題的討論中，將地球、月球均視為質(zhì)量分布均勻的球體，

不考慮月球和地球自轉(zhuǎn)的影響。

(1)嫦娥五號(hào)帶回了月球樣品，某樣品在月球表面附近所受重力大小為尸月，在地球表面附近所受重

力大小為F把，求比值9的表達(dá)式。

(2)若將月球繞地球的公轉(zhuǎn)視為一個(gè)質(zhì)點(diǎn)繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，其公轉(zhuǎn)周期為八

a.請(qǐng)寫出月球繞地球公轉(zhuǎn)的向心加速度a與7之間的關(guān)系式。

b.經(jīng)查閱資料,可知地球半徑約為^場(chǎng)=6400k血,月球與地球中心的距離L約為地球半徑R地的60倍，

取地球表面附近自由落體加速度g=9.8m/s2o

牛頓在思考行星間的引力時(shí)，猜想“使月球繞地球運(yùn)動(dòng)的力”與“使蘋果落地的力”遵循同樣的規(guī)

律，最終他利用“月一地檢驗(yàn)”證實(shí)了自己的猜想。根據(jù)牛頓的猜想，推導(dǎo)并寫出月球受地球

引力產(chǎn)生的加速度a'的表達(dá)式(用g、R地、L表示)；為確定牛頓的猜想是否正確，請(qǐng)寫出還需查

閱本題信息中哪個(gè)物理量的具體數(shù)值。

15.如圖，abed是一個(gè)質(zhì)量為邊長(zhǎng)為L(zhǎng)的正方形金屬線框，從圖示位

置自由下落，在下落八后進(jìn)入磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，恰好做勻速

直線運(yùn)動(dòng)，該磁場(chǎng)的寬度也為L(zhǎng)在這個(gè)磁場(chǎng)的正下方h+L處以下，還

充滿一個(gè)未知的勻強(qiáng)磁場(chǎng)(寬度足夠?qū)挘覉D中未畫出)，金屬線框

abed在進(jìn)入這個(gè)磁場(chǎng)時(shí)也恰好做勻速直線運(yùn)動(dòng)。(不計(jì)空氣阻力影響)

求：

(1)線框cd邊剛進(jìn)入未知磁場(chǎng)時(shí)的速度大??？

(2)未知磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大?。?/p>

(3)線框從開始下落到完全進(jìn)入未知磁場(chǎng)的全過程中，線框中產(chǎn)生的電能

是多少？

參考答案及解析

1.答案：D

解析：解：力、光電效應(yīng)的條件是入射光的頻率大于金屬的極限頻率，能否發(fā)生光電效應(yīng)，與入射光

的強(qiáng)度無關(guān)，與光照時(shí)間也無關(guān)，當(dāng)發(fā)生光電效應(yīng)時(shí)，增大入射光的強(qiáng)度，則飽和光電流會(huì)增大。

故A錯(cuò)誤；

8、入射光的頻率大于金屬的極限頻率，才會(huì)發(fā)生電效應(yīng)，與入射光的強(qiáng)度無關(guān)，故B錯(cuò)誤；

C、光電效應(yīng)的條件是入射光的頻率大于金屬的極限頻率，當(dāng)改變頻率小于v,但不一定小于極限頻

率。故C錯(cuò)誤。

D、在光電效應(yīng)中，根據(jù)光電效應(yīng)方程知，Ekm=hv-W0,入射光的頻率越高，光電子最大初動(dòng)能

越大，故。正確；

故選：D。

光電效應(yīng)的條件是入射光的頻率大于金屬的極限頻率，與入射光的強(qiáng)度無關(guān)，根據(jù)光電效應(yīng)方程判

斷影響光電子最大初動(dòng)能的因素.

解決本題的關(guān)鍵掌握光電效應(yīng)的條件，以及掌握光電效應(yīng)方程，并能靈活運(yùn)用.

2.答案：D

解析：解：變壓器與恒定電源連接，電壓表匕示數(shù)不變，故輸出電壓恒定；當(dāng)滑片P向B端滑動(dòng)時(shí)，

滑動(dòng)變阻器接入電阻減小，電路中總電阻減小，由歐姆定律可知，輸出端總電流增大；因變壓器兩

端電流之比與線圈匝數(shù)成反比，所以占增大；因豎直放置的電阻兩端電壓不變，故流過它的電流不

變，所以電流表4中電流增大；總電壓不變，但水平放置的電阻兩端電壓增大，故滑動(dòng)變阻器兩端

電壓減小，故。正確，ABC錯(cuò)誤。

故選：D。

明確變壓器原理，知道變壓器輸出端電壓穩(wěn)定，再根據(jù)滑片移動(dòng)再利用歐姆定律確定電路中電流和

電壓的變化即可求解。

本題考查含有變壓器電路的動(dòng)態(tài)分析問題，關(guān)鍵明確變壓器輸出電壓取決于輸入電壓和線圈匝數(shù)之

比，而輸出端的動(dòng)態(tài)分析與閉合電路歐姆定律中的動(dòng)態(tài)分析問題類似。

3.答案：B

解析：解：設(shè)繩子和墻面夾角為仇對(duì)小球進(jìn)行受析：

把繩子的拉力7和墻對(duì)球的彈力為N合成凡由于物體是處于靜止的，所以物體受力平衡，

所以物體的重力等于合成F，即尸=6,根據(jù)幾何關(guān)系得出：

7=百,N=rngtand.

先找到其中的定值，就是小球的重力mg,mg是不變的,

隨著繩子縮短，細(xì)線與墻壁的夾角。增大，

則cos。減小，增大；tan。增大，mgtcm。增大；

所以：T增大，N增大.故B正確A錯(cuò)誤；

球處于平衡，N、T的合力始終和重力等大，不變，故CQ錯(cuò)誤；

故選：B.

對(duì)小球進(jìn)行受力分析，運(yùn)用力的合成或分解結(jié)合共點(diǎn)力平衡條件解決問題.題目說繩子加長(zhǎng)，即繩

子與墻的夾角。就要變?。ㄗ约嚎梢援媹D試試），列出平衡等式，然后就變?yōu)橐粋€(gè)很簡(jiǎn)單的數(shù)學(xué)問題.

研究力的變化問題，先通過物理規(guī)律找出該力的表達(dá)式，然后根據(jù)相關(guān)因素變化情況求出該力的變

化情況.

4.答案:B

解析：解：忽略地球的自轉(zhuǎn)時(shí)，地面上的物體受到的重力等于萬有引力mg=G智，得地球的質(zhì)量

為用=喑，故B正確、4CO錯(cuò)誤。

故選：Bo

根據(jù)物體在地球表面萬有引力等于重力公式mg=G鬻，計(jì)算出地球質(zhì)量M.

該題關(guān)鍵抓住在地球表面萬有引力等于重力公式，知道公式中各個(gè)物理量的含義，難度不大.

5.答案:ABE

解析：解：AB,由乙圖讀出該時(shí)刻即t=0時(shí)刻距離。點(diǎn)3cm處的質(zhì)點(diǎn)的速度方向?yàn)檠貀軸正方向，

由甲圖判斷出波的傳播方向?yàn)檠豿軸負(fù)向傳播，故A8正確；

CD、由甲圖讀出該波的波長(zhǎng)為/I=4cm=0.04m,由乙圖周期為T=0.08s,則波速為v=*=5m/s,

故CO錯(cuò)誤；

E、3on處的這個(gè)質(zhì)點(diǎn)再次回到平衡位置需要的時(shí)間為t=：r=0.04s,故E正確。

故選：ABE.

由乙圖讀出該時(shí)刻即t=。時(shí)刻距離。點(diǎn)3cm處的質(zhì)點(diǎn)的速度方向，由甲圖判斷出波的傳播方向；

由第一個(gè)圖讀出波長(zhǎng)，由第二個(gè)圖讀出周期，求出波速；

根據(jù)距離。點(diǎn)3cm處的質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)情況確定再次回到平衡位置的時(shí)間。

本題既要理解振動(dòng)圖象和波動(dòng)圖象各自的物理意義，由振動(dòng)圖象能判斷出質(zhì)點(diǎn)的速度方向，同時(shí)要

把握兩種圖象的聯(lián)系，由質(zhì)點(diǎn)的速度方向，判斷出波的傳播方向。

6.答案：AD

解析：解：4、曲線運(yùn)動(dòng)的物體所受合外力可能為恒力，比如平拋運(yùn)動(dòng)就只受重力，故A正確；

8、做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的物體所受的合外力始終指向圓心，方向不斷變化，不是恒力，是變力，故8

錯(cuò)誤；

C、如果勻速直線運(yùn)動(dòng)和勻變速直線運(yùn)動(dòng)兩個(gè)分運(yùn)動(dòng)在一條直線上，合運(yùn)動(dòng)就是直線運(yùn)動(dòng)，故C錯(cuò)

誤；

。、當(dāng)火車超過限定的速度轉(zhuǎn)彎，重力和支持力的合力不夠提供向心力，此時(shí)車輪輪緣會(huì)擠壓鐵軌

的外軌，故。正確。

故選：AD.

曲線運(yùn)動(dòng)的速度方向時(shí)刻改變，加速度大小和方向可能不變；勻速圓周運(yùn)動(dòng)的合力方向指向圓心，

合力提供向心力；根據(jù)兩個(gè)分運(yùn)動(dòng)判斷合運(yùn)動(dòng)，要看合初速度與合加速度是否共線；對(duì)于火車拐彎，

根據(jù)重力和支持力的合力與向心力的大小關(guān)系，判斷對(duì)外軌還是內(nèi)軌有側(cè)壓力。

本題考查了曲線運(yùn)動(dòng)的特點(diǎn)、向心力的來源、運(yùn)動(dòng)的合成、火車拐彎等基本問題，解決此類問題要

做到對(duì)基本概念爛熟于心。

7.答案：BCD

解析：解：力、對(duì)金屬桿，根據(jù)平衡方程得：mg=B2l-2a,解得：［二會(huì)故A錯(cuò)誤。

B、區(qū)域G中磁場(chǎng)的磁感強(qiáng)度隨時(shí)間按當(dāng)=6+kt(k>0)變化，可知磁感強(qiáng)度均勻增大，穿過整個(gè)

回路的磁通量增大，由楞次定律分析知，通過金屬桿的電流方向?yàn)閺腂到4故8正確。

C、由法拉第電磁感應(yīng)定律，則有：回路中產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)En—nNFaZukTraZ；

△tAt

且閉合電路歐姆定律有：1=^-

K~vr

又/二袋，解得：/?=空絲走一兀故<^正確。

“2。mg

D、整個(gè)電路中產(chǎn)生的熱功率P=E/=嚶區(qū).故。正確。

Zz32

故選：BCD。

金屬桿靜止，合力為零.根據(jù)受力分析，結(jié)合平衡條件與安培力表達(dá)式，求解通過金屬桿的電流大

??；由楞次定律分析通過金屬桿的電流方向.根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律與閉合電路歐姆定律，結(jié)合

題意，即可求定值電阻的阻值.由功率公式整個(gè)電路中產(chǎn)生的熱功率P.

本題是電磁感應(yīng)與力學(xué)知識(shí)的綜合，掌握法拉第電磁感應(yīng)定律、閉合電路歐姆定律和平衡條件的應(yīng)

用，要注意產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的有效面積等于G圓面積，不是整個(gè)矩形面積.

8.答案：ACD

解析：解：4、電子僅在電場(chǎng)力作用下沿%軸運(yùn)動(dòng)，所以電場(chǎng)力的方向一定與運(yùn)動(dòng)的方向相同，即過

。點(diǎn)的電場(chǎng)線一定與x軸重合，故A正確；

B、由于4點(diǎn)的電勢(shì)能比0點(diǎn)大，根據(jù)負(fù)電荷在電勢(shì)越低處電勢(shì)能越大可知，4點(diǎn)的電勢(shì)低于。點(diǎn)，即

電場(chǎng)強(qiáng)度的方向是有。指向4沿x軸正方向，故B錯(cuò)誤；

C、根據(jù)△Ep=e△w=eEx=F△x,可知-x圖象的斜率表示電場(chǎng)力的大小，故該電子在4點(diǎn)

的電場(chǎng)力大于其在。點(diǎn)受到的電場(chǎng)力，故C正確；

。、電子從。點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到4點(diǎn)的過程中，電場(chǎng)力做負(fù)功，動(dòng)能越來越小，電勢(shì)能越來越大，所以該電子

在。點(diǎn)的動(dòng)能大于其在4點(diǎn)的動(dòng)能，故。正確。

故選：ACD.

(1)根據(jù)Ep-x圖象所示4點(diǎn)的電勢(shì)能大小和Ep-x圖象的斜率表示電場(chǎng)力的大小，場(chǎng)強(qiáng)方向和電子的

受力情況；

(2)根據(jù)負(fù)電荷由高電勢(shì)向低電勢(shì)運(yùn)動(dòng)時(shí)，電場(chǎng)力做負(fù)功，動(dòng)能越來越小，電勢(shì)能越來越高，判斷電

子的動(dòng)能變化。

本題考查負(fù)電荷僅在電場(chǎng)力作用下的直線運(yùn)動(dòng)問題：需注意品-X圖象的斜率表示電場(chǎng)力的大小。

9.答案：減小吸收

解析：解：由圖象可知，由4到B溫度降低，分子平均動(dòng)能減小，故分子平均速率減??；

由B到C溫度不變，氣體內(nèi)能不變△(/=()；

壓強(qiáng)減小，則體積增大，氣體對(duì)外做功，即W<0;

由熱力學(xué)第一定律可知，氣體應(yīng)吸熱；

故答案為：減小，吸收。

溫度是分子平均動(dòng)能的標(biāo)志，由圖象可知從4到8溫度變化從而判斷分子平均速率的變化；從B到C溫

度不變，內(nèi)能不變，壓強(qiáng)減小，根據(jù)玻意耳定律判斷體積變化從而確定做功情況，然后利用熱力學(xué)

第一定律分析吸放熱情況。

本題考查了判斷氣體內(nèi)能與氣體吸放熱問題，根據(jù)圖象判斷出pT如何變化、應(yīng)用熱力學(xué)第一定律即

可正確解題；解題時(shí)要注意：理想氣體內(nèi)能由溫度決定，溫度升高，內(nèi)能增大，溫度降低，內(nèi)能減

小。

10.答案：nvSt；nevSt

解析：

根據(jù)電流的定義式和電流的微觀解釋式即可解決此問題，知道總的電荷量Q=Ne。

此題考查電流的定義式和微觀解釋式的應(yīng)用，需要學(xué)生熟練記憶電流的相關(guān)公式。

解：據(jù)電流的微觀表達(dá)式/=neuS和/=/得：t內(nèi)通過某一橫截面積為：Q=neuSt,

即t內(nèi)通過某一橫截面積的自由電子數(shù)：N=^=nvSt.

故答案為：nvSt\nevStQ

11.答案：99.70生乎?0.0400.040

T2n.

解析：解：由圖可知，h=99.70cm。

鋼球運(yùn)動(dòng)30圈的時(shí)間為60.0s,則鋼球的周期為：T=：=黑=2s.鋼球所需的向心力為：&=

47r24x99

mr妥=0.1x0.04?0.040N。

T24

根據(jù)平行四邊形定則知，鋼球所受的合力為：尸2=mgtand=等=歿翳處N?0.040N。

故答案為：99.70；⑴與棄,胃,(2)0.040,0.040?

刻度尺的讀數(shù)需讀到最小刻度的下一位。

根據(jù)鋼球轉(zhuǎn)動(dòng)的圈數(shù)和時(shí)間求出鋼球勻速圓周運(yùn)動(dòng)的周期，結(jié)合向心力公式求出鋼球所需的向心力，

根據(jù)受力分析，結(jié)合平行四邊形定則求出鋼球所受的合力。

解決本題的關(guān)鍵掌握向心力公式，以及會(huì)通過受力求出合力的大小，難度不大。

12.答案：CE燈泡電阻隨溫度升高而增大1.0

解析：解：

(1)燈泡額定電流/顛P第=渣=2￡44=0.5/1,電流表應(yīng)選擇C；實(shí)驗(yàn)要求小燈泡兩端的電壓從零開始變

化并能測(cè)多組數(shù)據(jù)，滑動(dòng)變阻器應(yīng)采用分壓接法，為方便實(shí)驗(yàn)操作，滑動(dòng)變阻器應(yīng)選擇E。

U"5

(2)燈泡正常發(fā)光時(shí)的電阻/?=廣=獲。=10。，燈泡電阻遠(yuǎn)小于電壓表內(nèi)阻，電流表應(yīng)采用外接

?現(xiàn)U.3

法，滑動(dòng)變阻器采用分壓接法，實(shí)物電路圖如圖所示;

(3)燈泡U-/圖線上的點(diǎn)與坐標(biāo)原點(diǎn)連線的斜率等于燈泡電阻，燈泡電阻受溫度影響，隨溫度升高而

增大，隨燈泡兩端電壓U的增大通過燈泡的電流/增大，燈泡實(shí)際功率P=U/變大，燈泡溫度升高，

燈泡電阻變大，U-/圖線上的點(diǎn)與坐標(biāo)原點(diǎn)連線的斜率變大，圖線向U軸彎曲。

(4)由圖乙所示圖象可知，/=0.4A時(shí)U=2.5U,燈泡實(shí)際功率P=U/=2.5x0.4W=1.0??；

故答案為：(1)C;E；(2)實(shí)物電路圖如圖所示；(3)燈泡電阻隨溫度升高而增大；(4)1.0。

(1)根據(jù)燈泡額定電流選擇電流表，為方便實(shí)驗(yàn)操作應(yīng)選擇最大阻值較小的滑動(dòng)變阻器。

(2)根據(jù)實(shí)驗(yàn)要求確定滑動(dòng)變阻器的接法，根據(jù)燈泡電阻與電表內(nèi)阻的關(guān)系確定電流表的接法，然后

連接實(shí)物電路圖。

(3)燈泡電阻受溫度影響隨溫度升高而增大，U-/圖象不是直線。

(4)由圖乙所示圖象求出電流對(duì)應(yīng)的電壓，然后由P=U/求出燈泡的實(shí)際功率。

本題考查了描繪小燈泡的伏安特性曲線實(shí)驗(yàn)，考查了實(shí)驗(yàn)器材的選擇、連接實(shí)物電路圖與實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)

處理等問題；要掌握實(shí)驗(yàn)器材的選擇原則；根據(jù)題意確定滑動(dòng)變阻器與電流表的接法，然后連接實(shí)

物電路圖。

13.答案：解：(1)加速過程中，對(duì)物體根據(jù)牛頓第二定律可得：41mg=ma

解得：a=2m/s2；

當(dāng)物體速度達(dá)到傳送帶速度時(shí)經(jīng)過的時(shí)間為：G=詈=|s=3s

此時(shí)物體的位移為：%I=|atj=|x2x32m=9m；

剩余部分，物體勻速運(yùn)動(dòng)，勻速運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為：［2=嚀

代入數(shù)據(jù)解得：22=05s

從4端運(yùn)動(dòng)到B端所用的時(shí)間為：t=匕+J=3s+0.5s=3.5s；

(2)假設(shè)物體能到達(dá)最高抵。，根據(jù)動(dòng)能定理得：-42mg乙2-27ngR=|mv2

解得：v—y/5m/s

物體到達(dá)最高點(diǎn)的臨界條件為mg=m^-

解得：v'=V5m/s

所以物體恰好能到達(dá)最高點(diǎn)，之后，做平拋運(yùn)動(dòng)，有：2R=\gt'2

解得：，=^s

5

所以水平位移為s=v't'=V5x=lm?

答：(1)滑塊在傳送帶4B上運(yùn)動(dòng)從4端運(yùn)動(dòng)到B端所用的時(shí)間為3.5s；

(2)滑塊能達(dá)到最高點(diǎn)。，離開半圓軌道最高點(diǎn)拋出落到水平面BC上的位置與C點(diǎn)間的距離為

解析：(1)求出物體速度達(dá)到傳送帶速度時(shí)經(jīng)過的時(shí)間和物體的位移，再求出勻速運(yùn)動(dòng)的時(shí)間即可得

到從4端運(yùn)動(dòng)到B端所用的時(shí)間；

(2)根據(jù)動(dòng)能定理結(jié)合向心力公式判斷物體能否到達(dá)最高點(diǎn)，再根據(jù)平拋運(yùn)動(dòng)的規(guī)律求解落到水平面

8c上的位置與C點(diǎn)間的距離。

對(duì)于牛頓第二定律的綜合應(yīng)用問題，關(guān)鍵是弄清楚物體的運(yùn)動(dòng)過程和受力情況，利用牛頓第二定律

或運(yùn)動(dòng)學(xué)的計(jì)算公式求解加速度，再根據(jù)題目要求進(jìn)行解答；知道加速度是聯(lián)系力和運(yùn)動(dòng)的橋梁。

14.答案：解：⑴根據(jù)萬有引力定律，可得樣品在月球和地球表面的引力分別為：尸月=為1,產(chǎn)地

=~RZ地-

FMH*

所以.」g=一U

F地“地除

(2)月球繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式有：a=&L=*①

GMM

(3)按牛頓的猜想，對(duì)月球，受到地球?qū)ζ涞娜f有引力產(chǎn)生的加速度：3段=M月a'②

而在地球表面上，不考慮自轉(zhuǎn)時(shí)，rn'g=-^~(3)

聯(lián)立以上可得：優(yōu)=等④

若兩種力是同一種性質(zhì)的力，那么由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式求出的加速度a與動(dòng)力學(xué)算出的加速度應(yīng)