河南省漯河市第八初級中學高三物理知識點試題含解析

河南省漯河市第八初級中學高三物理知識點試題含解析一、選擇題：本題共5小題，每小題3分，共計15分．每小題只有一個選項符合題意1.（單選）設汽車在啟動階段所受阻力恒定并做勻加速直線運動，則在這過程中（）A．牽引力增大，功率增大B．牽引力不變，功率增大C．牽引力增大，功率不變D．牽引力不變，功率不變參考答案：解：汽車做勻加速直線運動，加速度不變，根據牛頓第二定律可知，牽引力不變，而速度增大，根據P=Fv可知，牽引力的功率增大，故B正確．故選：B2.（單選）

一個人造地球衛(wèi)星繞地球做勻速圓周運動，假如該衛(wèi)星變軌后仍做勻速圓周運動，動能減小為原來的1/4，不考慮衛(wèi)星質量的變化，則變軌前后衛(wèi)星的(

)A向心加速度大小之比為4:1B角速度大小之比為2:1C周期之比為1:8D.

軌道半徑之比為1:2參考答案：C3.（多選）如圖，倒置的U形管兩端開口，左端插入水銀槽中，右端有一段高為h的水銀柱齊口封住，U形管內水銀柱處于穩(wěn)定狀態(tài)．下列選項中正確的是（）A．左管內外水銀面高度差一定為hB．若把U形管向上提高h（不脫離水銀面），則右管口的水銀面也沿管壁上升hC．若環(huán)境溫度降低，右管的水銀面將沿管壁上升一段距離D．若整個裝置一起向下加速運動，右管內水銀將沿右管口流出參考答案：考點：理想氣體的狀態(tài)方程．專題：理想氣體狀態(tài)方程專題．分析：氣體的壓強處處相等，所以左右兩邊水銀柱的長度是相等的；整個裝置一起向下加速運動，水銀柱產生的壓強差減小，氣體的壓強增大，體積減小，右面的水銀面將沿壁上升一段距離．解答：解：A：U形管右側的氣體的壓強：P=P0﹣ρgh，氣體的壓強處處相等，所以左右兩邊水銀柱的長度是相等的，所以左管內外水銀面高度差一定為h．故A正確；B：氣體的壓強處處相等，所以左右兩邊水銀柱的長度是相等的，與左右水銀面的高度無關，故B錯誤；C：左右兩邊水銀柱的長度要保持相等，氣體的體積要保持不變，故當把U形管向上提高h（不脫離水銀面），則右管口的水銀面也沿管壁上升h，故C正確；D：整個裝置一起向下加速運動，水銀柱產生的壓強差△p=，壓強差減小，氣體的壓強增大，體積減小，右面的水銀面將沿壁上升一段距離．故D正確．故選：ACD．點評：該題考查氣體壓強，關鍵的是氣體的壓強處處相等，左右兩邊水銀柱的長度是相等的．屬于簡單題．4.如圖所示,彈簧的一端固定在豎直墻上,質量為m的光滑弧形槽靜止在光滑水平面上,底部與水平面平滑連接,一個質量也為m的小球從槽高h處開始自由下滑

(

)A.在以后的運動過程中,小球和槽的動量始終守恒B.在下滑過程中小球和槽之間的相互作用力始終不做功C.被彈簧反彈后,小球和槽都做速率不變的直線運動D.被彈簧反彈后,小球和槽的機械能守恒,小球能回到槽高h處參考答案：C5.日本福島核電站核泄漏事故的污染物中含有131

xI，這種放射性核素通過一系列衰變能產生對人體有危害的輻射，131

xI的衰變過程為131

xI→131

54Xe＋0－1e，則131

xI原子核中質子數和中子數分別為（

）（A）77和54 （B）78和53 （C）54和77 （D）53和78參考答案：D二、填空題：本題共8小題，每小題2分，共計16分6.如圖所示，輕且不可伸長的細繩懸掛質量為0.5kg的小圓球，圓球又套在可沿水平方向移動的框架槽內，框架槽沿鉛直方向，質量為0.2kg。自細繩靜止于鉛直位置開始，框架在水平力F=20N恒力作用下移至圖中位置，此時細繩與豎直方向夾角30°。繩長0.2m，不計一切摩擦。則此過程中重力對小圓球做功為

J；小圓球在此位置的瞬時速度大小是

m/s。（取g=10m/s2）參考答案：7.如圖，一列簡諧橫波沿x軸傳播，實線為tl=0時刻的波形圖，虛線為t2=0.05s時的波形圖。(1)若波沿x軸正方向傳播且2T<t2-t1<3T(T為波的周期)，求波速.(2)若波速v=260m·s－1，則從tl=0時刻起x=2m處的質點第三次運動到波谷所需的時間。參考答案：（1）220m/s；（2）【詳解】（1）波沿x軸正向傳播，由圖像可知：λ=4m；在?t時間內：因為2T<t2-t1<3T，則n=2，此時，解得，（2）若波速v=260m/s，則在?t=0.05s內傳播的距離為則波沿x軸負向傳播，此時周期為，則從tl=0時刻起x=2m處的質點第三次運動到波谷所需的時間

8.如圖所示，豎直放置的粗細均勻的U形管，右端封閉有一段空氣柱，兩管內水銀面高度差為h=19cm，封閉端空氣柱長度為=40cm。為了使左、右兩管中的水銀面相平，

（設外界大氣壓強=76cmHg，空氣柱溫度保持不變）試問：

①需從左管的開口端再緩慢注入高度多少的水銀柱？此時封閉端空氣柱的長度是多少？②注入水銀過程中，外界對封閉空氣做_____（填“正功”或“負

功”或“不做功”）氣體將______（填“吸熱”或“放熱”）。參考答案：①對空氣柱

得L2=30cm

（2分）需要再注入39cm的水銀柱。（1分）②正功（1分）

放熱

（1分）9.如圖所示，在楊氏雙縫干涉實驗中，用波長為5.30×10－7m的激光，屏上點距雙縫和的路程差為7.95×10－7m。則在這里出現的應是__________（填“明條紋”或“暗條紋”）?，F改用波長為6.30×10－7m的激光進行上述實驗，保持其他條件不變，則屏上的條紋間距將_________（填“變寬”、“變窄”或“不變”）。參考答案：暗條紋（2分）；變寬（2分）10.在一斜面頂端，將甲乙兩個小球分別以v和的速度沿同一方向水平拋出，兩球都落在該斜面上。甲球落至斜面時的速率是乙球落至斜面時速率的A.2倍

B.4倍

C.6倍

D.8倍參考答案：A試題分析

本題考查平拋運動規(guī)律、機械能守恒定律及其相關的知識點。解析

設甲球落至斜面時的速率為v1，乙落至斜面時的速率為v2，由平拋運動規(guī)律，x=vt，y=gt2，設斜面傾角為θ，由幾何關系，tanθ=y/x，小球由拋出到落至斜面，由機械能守恒定律，mv2+mgy=mv12，聯(lián)立解得：v1=·v，即落至斜面時的速率與拋出時的速率成正比。同理可得，v2=·v/2，所以甲球落至斜面時的速率是乙球落至斜面時的速率的2倍，選項A正確。點睛

此題將平拋運動、斜面模型、機械能守恒定律有機融合，綜合性強。對于小球在斜面上的平拋運動，一般利用平拋運動規(guī)律和幾何關系列方程解答。11.如圖1所示，有人對“利用頻閃照相研究平拋運動規(guī)律”裝置進行了改變，在裝置兩側都裝上完全相同的斜槽A、B，但位置有一定高度差，白色與黑色的兩個相同的小球都從斜槽某位置由靜止開始釋放．實驗后對照片做一定處理并建立直角坐標系，得到如圖所示的部分小球位置示意圖．（g取10m/s2）（1）觀察改進后的實驗裝置可以發(fā)現，斜槽末端都接有一小段水平槽，這樣做的目的是

．（2）根據部分小球位置示意圖（如圖2），下列說法正確的是

A．閃光間隔為0.1sB．A球拋出點坐標（0，0）C．B球拋出點坐標（0.95，0.50）D．兩小球作平拋運動的水平速度大小不等．參考答案：（1）保證小球拋出時的速度在水平方向；（2）AB．【考點】研究平拋物體的運動．【分析】（1）斜槽末端都接有一小段水平槽，是為了保證小球水平拋出，做平拋運動．（2）A、平拋運動在豎直方向上做自由落體運動，根據△y=gT2求出閃光的間隔．

BC、求出小球在某一位置豎直方向上的分速度，從而求出運動的時間，根據h=gt2，x=v0t求出拋出點的坐標．

D、根據平拋運動的初速度是否相等，從而即可求解．【解答】解：（1）觀察改進后的實驗裝置可以發(fā)現，斜槽末端都接有一小段水平槽，這樣做的目的是保證小球拋出時的速度在水平方向．（2）A、由圖可知，每格邊長為0.05m，對A球，根據△y=2L=gT2得閃光的周期為T=，故A正確．B、A球在第二位置的豎直分速度為，在拋出點到該位置運動的時間為t=，等于閃光的周期，可知A球的拋出點坐標為（0，0），故B正確．C、橫坐標為0.80m的小球在豎直方向上的分速度為vy==1.5m/s．則運行的時間為t==0.15s．水平分速度為v0=m/s=1.5m/s．則此時B球的水平位移為x=v0t=1.5×0.15m=0.225m，豎直位移為y=gt2=×10×0.152m=0.1125m．所以B球拋出點的坐標為：（1.025，0.4875）．故C錯誤．D、兩球在水平方向上相等時間間隔內的位移相等，則初速度相等，故D錯誤．故答案為：（1）保證小球拋出時的速度在水平方向；（2）AB．12.測定木塊與長木板之間的動摩擦因數時，采用如圖所示的裝置，圖中長木板水平固定．（1）實驗過程中，電火花計時器應接在

（選填“直流”或“交流”）電源上．調整定滑輪高度，使

．（2）已知重力加速度為g，測得木塊的質量為M，砝碼盤和砝碼的總質量為m，木塊的加速度為a，則木塊與長木板間動摩擦因數μ=

．（3）如圖為木塊在水平木板上帶動紙帶運動打出的一條紙帶的一部分，0、1、2、3、4、5、6為計數點，相鄰兩計數點間還有4個打點未畫出．從紙帶上測出x1=3.20cm，x2=4.52cm，x5=8.42cm，x6=9.70cm．則木塊加速度大小a= m/s2(保留兩位有效數字)．參考答案：根據運動學公式得：△x=at2，解得a=考點：探究影響摩擦力的大小的因素13.如圖所示電路中，電源電動勢E＝10V，內電阻r＝4Ω，定值電阻R1＝6Ω，R2=10Ω,R3是滑動變阻器且最大阻值為30Ω,在滑動變阻器的滑動頭上下移動過程中。電壓表的最大讀數為_______V，電源的最大輸出功率為

W。參考答案：三、簡答題：本題共2小題，每小題11分，共計22分14.（簡答）質量,M=3kg的長木板放在光滑的水平面t..在水平悄力F=11N作用下由靜止開始向右運動.如圖11所示,當速度達到1m/s2將質量m=4kg的物塊輕輕放到本板的右端.已知物塊與木板間摩擦因數μ=0.2,物塊可視為質點.(g=10m/s2,).求：(1)物塊剛放置木板上時,物塊和木板加速度分別為多大？(2)木板至少多長物塊才能與木板最終保持相對靜止？(3)物塊與木板相對靜止后物塊受到摩擦力大小？參考答案：(1)1(2)0.5m（3）6.29N牛頓運動定律的綜合應用；勻變速直線運動的位移與時間的關系．解析：(1)放上物塊后，物體加速度

板的加速度

(2)當兩物體達速度相等后保持相對靜止，故

∴t=1秒

1秒內木板位移物塊位移，所以板長L=x1-x2=0.5m（3）相對靜止后，對整體

，對物塊f=ma∴f=44/7=6.29N（1）由牛頓第二定律可以求出加速度．

（2）由勻變速直線運動的速度公式與位移公式可以求出位移．

（3）由牛頓第二定律可以求出摩擦力．15.（選修3-4）（6分）如圖所示，己知平行玻璃磚的折射率，厚度為。入射光線以入射角60°射到玻璃磚的上表面，經玻璃磚折射從下表面射出，出射光線與入射光線平行，求兩平行光線間距離。（結果可用根式表示）參考答案：解析：∵n=

∴r=300

（2分）

光路圖如圖所示

∴L1=d/cosr=

（2分）

∴L2=L1sin300=

（2分）四、計算題：本題共3小題，共計47分16.一質點在外力作用下沿直線做勻加速運動，從某時刻開始計時，測得該質點在第1s內的位移為2．0m，第5s內和第6s內的位移之和為11．2m。求：（1）該質點運動的加速度大??；（2）該質點在第6s內的位移大小。參考答案：,0.8m/s2

6m17.如圖（a），M、N、P為直角三角形的三個頂點，∠M=37°，MP中點處固定一電量為Q的正點電荷，MN是長為a的光滑絕緣桿，桿上穿有一帶正電的小球（可視為點電荷），小球自N點由靜止釋放，小球的重力勢能和電勢能隨位置x（取M點處x=0）的變化圖象如圖（b）所示，取sin37°=0.6，cos37°=0.8．（1）圖（b）中表示電勢能隨位置變化的是哪條圖線？（2）求勢能為E1時的橫坐標x1和帶電小球的質量m；（3）已知在x1處時小球與桿間的彈力恰好為零，求小球的電量q；（4）求小球運動到M點時的速度．參考答案：考點： 勻強電場中電勢差和電場強度的關系；電勢能．分析： （1）判斷出電荷Q產生的電場分布，判斷出正電荷下滑過程中電場力做功情況，即可判斷出電勢能的變化；（2）判斷出x1的位置，利用E1=mgh即可求的質量；（3）根據受力分析利用垂直于斜面方向合力為零即可求的電荷量；（4）利用動能定理求的速度解答： 解：（1）根據Q電荷的電場線的分布可知電場力先對帶電小球做負功，后做正功，故電勢能先增大后減小，故圖（b）中表示電勢能隨位置變化的是圖線Ⅱ（2）勢能為E1時，距M點的距離為x1=acos37°??cos37°=0.32a

x1處重力勢能E1=mgx1sin37°

m===（3）在x1處，根據受力分析可知k=mgcos37°，其中r=x1tan37°=0.24a

帶入數據，得q=（4）根據動能定理，mgasin37°+E2﹣E0=mv2帶入數據，得v=答：（1）圖（b）中表示電勢能隨位置變化的是II圖線（2）勢能為