黑龍江省伊春市宜春石市中學(xué)高三物理上學(xué)期摸底試題含解析

黑龍江省伊春市宜春石市中學(xué)高三物理上學(xué)期摸底試題含解析一、選擇題：本題共5小題，每小題3分，共計15分．每小題只有一個選項符合題意1.（單選）如圖所示，在平面直角坐標(biāo)系xOy的第一、三象限內(nèi)有垂直該坐標(biāo)平面向里的勻強磁場，二者磁感應(yīng)強度相同，圓心角為90°的扇形導(dǎo)線框OPQ以角速度ω繞O點在圖示坐標(biāo)平面內(nèi)沿順時針方向勻速轉(zhuǎn)動．規(guī)定與圖中導(dǎo)線框的位置相對應(yīng)的時刻為t=0，導(dǎo)線框中感應(yīng)電流逆時針為正．則關(guān)于該導(dǎo)線框轉(zhuǎn)一周的時間內(nèi)感應(yīng)電流i隨時間t的變化圖象，下列正確的是（）A．B．C．D．參考答案：解：BD、在線框切割磁感線產(chǎn)生感應(yīng)電動勢時，由E=ω知，產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢一定，產(chǎn)生的感應(yīng)電流大小不變，故BD錯誤．AC、在～內(nèi)，由楞次定律判斷可知線框中感應(yīng)電動勢方向沿逆時針方向，為正，故A正確，C錯誤．故選：A．2.以下說法中正確的是（）A．光的偏振現(xiàn)象說明光是一種縱波B．相對論認(rèn)為空間和時間與物質(zhì)的運動狀態(tài)無關(guān)C．麥克斯韋預(yù)言并用實驗驗證了電磁波的存在D．在光的雙縫干涉實驗中，若僅將入射光由綠光變?yōu)榧t光，則條紋間距變寬參考答案：D【考點】雙縫干涉的條紋間距與波長的關(guān)系．【分析】光的偏振現(xiàn)象說明光是一種橫波；相對論認(rèn)為空間和時間與物質(zhì)的運動狀態(tài)有關(guān)；麥克斯韋預(yù)言了電磁波的存在，赫茲用實驗驗證；光的雙縫干涉實驗中，入射光的波長越長，則干涉條紋寬度越寬．【解答】解：A、光的偏振現(xiàn)象說明光是一種橫波，而不是縱波，故A錯誤；B、相對論認(rèn)為空間和時間與物質(zhì)的運動狀態(tài)有關(guān)，長度縮短，時間變長，故B錯誤；C、麥克斯韋預(yù)言了電磁波的存在，赫茲用實驗驗證，故C錯誤；D、光的雙縫干涉實驗中，根據(jù)可知，若僅將入射光由綠光變?yōu)榧t光，波長變長，則條紋間距變寬，故D正確；故選：D3.參考答案：CD4.質(zhì)量為m的同步衛(wèi)星距地面的高度約為地球半徑的5倍，已知地球的半徑為R，地球自轉(zhuǎn)的周期為T，則同步衛(wèi)星繞地球轉(zhuǎn)動的線速度為，同步衛(wèi)星受到的萬有引力為．參考答案：考點：人造衛(wèi)星的加速度、周期和軌道的關(guān)系；萬有引力定律及其應(yīng)用．專題：人造衛(wèi)星問題．分析：同步衛(wèi)星所做為勻速圓周運動，圓周運動的一切規(guī)律對于同步衛(wèi)星通用，此外，單獨由萬有引力提供向心力．解答：解：由題意可知同步衛(wèi)星的軌道半徑為6R，根據(jù)線速度與周期和半徑的關(guān)系得同步衛(wèi)星受到的萬有引力等于向心力，故有．故答案為：；．點評：注意向心力的來源，結(jié)合牛頓第二定律和勻速圓周運動的一切規(guī)律解決．5.如圖所示，t＝0時，質(zhì)量為0.5kg的物體從光滑斜面上的A點由靜止開始下滑，經(jīng)過B點后進(jìn)入水平面(設(shè)經(jīng)過B點前后速度大小不變)，最后停在C點．每隔2s物體的瞬時速度記錄在下表中，重力加速度g＝10m/s2，則下列說法中正確的是()t/s0246v/(m·s－1)06128A．t＝3s的時刻物體恰好經(jīng)過B點B．t＝10s的時刻物體恰好停在C點C．物體運動過程中的最大速度為12m/sD．A、B間的距離大于B、C間的距離參考答案：二、填空題：本題共8小題，每小題2分，共計16分6.1905年愛因斯坦提出的狹義相對論是以狹義相對性原理和

這兩條基本假設(shè)為前提的；在相對于地面以0.8c運動的光火箭上的人觀測到地面上的的生命進(jìn)程比火箭上的生命進(jìn)程要（填快或慢）。參考答案：光速不變原理，慢7.氫原子第n能級的能量為En=，其中E1為基態(tài)能量．當(dāng)氫原子由第5能級躍遷到第3能級時，發(fā)出光子的頻率為；若氫原子由第3能級躍遷到基態(tài)，發(fā)出光子的頻率為，則=

。參考答案：8.（3分）如圖，a、b兩彈簧勁度系數(shù)均為K，兩球質(zhì)量均為m，不計彈簧的質(zhì)量，兩球靜止，則兩彈簧伸長量之和為

。參考答案：3mg/k9.如圖，光滑輕桿AB、BC通過A、B、C三點的鉸接連接，與水平地面形成一個在豎直平面內(nèi)三角形，AB桿長為．BC桿與水平面成角，AB桿與水平面成角。一個質(zhì)量為m的小球穿在BC桿上，并靜止在底端C處。現(xiàn)對小球施加一個水平向左mg的恒力，當(dāng)小球運動到CB桿的中點時，它的速度大小為

，小球沿CB桿向上運動過程中AB桿對B處鉸鏈的作用力隨時間t的變化關(guān)系式為．參考答案：,10.如圖8所示，兩平行金屬板間電場是勻強電場，場強大小為1.0×104V／m，A、B兩板相距1cm，C點與A相距0.4cm，若B接地，則A、C間電勢差UAC＝____,將帶電量為－1.0×10-12C的點電荷置于C點，其電勢能為____．參考答案：11.一列簡諧橫波沿x軸的正方向傳播，t=0時刻的波形如圖所示，此時該波恰好傳播到x=4m處，t=0.1s時，質(zhì)點a第一次到達(dá)最低點，則該波的傳播速度為10m/s；t=0.6s時，位于x=8m處的質(zhì)點b恰好第一次沿y軸負(fù)方向通過平衡位置．參考答案：解：簡諧橫波沿x軸的正方向傳播，圖示時刻a質(zhì)點正向下運動，經(jīng)過T第一次到達(dá)最低點，即有T=0.1s，得T=0.4s由圖知λ=4m，則波速v===10（m/s）當(dāng)圖示時刻a質(zhì)點的狀態(tài)傳到b點處時，質(zhì)點b恰好第一次沿y軸負(fù)方向通過平衡位置，則所用時間為t==s=0.6s，即t=0.6s時，位于x=8m處的質(zhì)點b恰好第一次沿y軸負(fù)方向通過平衡位置．故答案為：10，0.6．12.如圖所示為一電流隨時間變化的圖象。該電流的有效值為___________。參考答案：（4分）13.某壓榨機的結(jié)構(gòu)如圖所示，其中B為固定絞鏈，C為質(zhì)量可忽略不計的滑塊，通過滑輪可沿光滑壁移動，D為被壓榨的物體.當(dāng)在鉸鏈A處作用一垂直于壁的壓力F時，物體D所受的壓力等于________參考答案：5F三、簡答題：本題共2小題，每小題11分，共計22分14.如圖甲所示，將一質(zhì)量m=3kg的小球豎直向上拋出，小球在運動過程中的速度隨時間變化的規(guī)律如圖乙所示，設(shè)阻力大小恒定不變，g=10m/s2，求（1）小球在上升過程中受到阻力的大小f．（2）小球在4s末的速度v及此時離拋出點的高度h．參考答案：（1）小球上升過程中阻力f為5N；（2）小球在4秒末的速度為16m/s以及此時離拋出點h為8m考點： 牛頓第二定律；勻變速直線運動的圖像．專題： 牛頓運動定律綜合專題．分析： （1）根據(jù)勻變速直線運動的速度時間公式求出小球上升的加速度，再根據(jù)牛頓第二定律求出小球上升過程中受到空氣的平均阻力．（2）利用牛頓第二定律求出下落加速度，利用運動學(xué)公式求的速度和位移．解答： 解：由圖可知，在0～2s內(nèi)，小球做勻減速直線運動，加速度大小為：由牛頓第二定律，有：f+mg=ma1代入數(shù)據(jù)，解得：f=6N．（2）2s～4s內(nèi)，小球做勻加速直線運動，其所受阻力方向與重力方向相反，設(shè)加速度的大小為a2，有：mg﹣f=ma2即4s末小球的速度v=a2t=16m/s依據(jù)圖象可知，小球在4s末離拋出點的高度：．答：（1）小球上升過程中阻力f為5N；（2）小球在4秒末的速度為16m/s以及此時離拋出點h為8m點評： 本題主要考查了牛頓第二定律及運動學(xué)公式，注意加速度是中間橋梁15.（簡答）如圖12所示，一個截面為直角三角形的劈形物塊固定在水平地面上.斜面,高h(yuǎn)=4m，a=37°,一小球以Vo=9m/s的初速度由C點沖上斜面.由A點飛出落在AB面上.不計一切阻力.(Sin37°=0.6,cos37°=0.8,g=10m/s2)求.(l)小球到達(dá)A點的速度大?。?2)小球由A點飛出至第一次落到AB面所用時間；(3)小球第一次落到AB面時速度與AB面的夾角的正切值參考答案：(1)1(2)0.25s（3）6.29N機械能守恒定律．解析：(1)從C到A對小球運用動能定理]，解得v0=1m/s(2)將小球由A點飛出至落到AB面的運動分解為沿斜面（x軸）和垂直于斜面（y軸）兩個方向;則落回斜面的時間等于垂直于斜面方向的時間所以（3）小球落回斜面時沿斜面方向速度垂直斜面方向速度vy=1m/s，所以（1）由機械能守恒定律可以求出小球到達(dá)A點的速度．

（2）小球離開A后在豎直方向上先做勻減速直線運動，后做自由落體運動，小球在水平方向做勻速直線運動，應(yīng)用運動學(xué)公式求出小球的運動時間．

（3）先求出小球落在AB上時速度方向與水平方向間的夾角，然后再求出速度與AB面的夾角θ的正切值．四、計算題：本題共3小題，共計47分16.一定質(zhì)量的理想氣體由狀態(tài)A經(jīng)狀態(tài)B變?yōu)闋顟B(tài)C，其中A→B過程為等壓變化，B→C過程為等容變化．已知VA=0.3m3，TA=TC=300K、TB=400K．（1）求氣體在狀態(tài)B時的體積．（2）說明B→C過程壓強變化的微觀原因（3）設(shè)A→B過程氣體吸收熱量為Q，B→C過程氣體放出熱量為Q2，比較Q1、Q2的大小說明原因．參考答案：考點：氣體的等容變化和等壓變化；熱力學(xué)第一定律；氣體壓強的微觀意義．專題：理想氣體狀態(tài)方程專題．分析：（1）A→B過程為等壓變化，根據(jù)蓋﹣﹣呂薩克定律可求出氣體在狀態(tài)B時的體積．（2）氣體的壓強在微觀上來看，與氣體分子的密集程度和氣體分子的平均動能有關(guān)．所以要解釋氣體壓強變化，只要分析出在等容變化過程中氣體分子的密集程度和氣體分子的平均動能的變化．（3）根據(jù)熱力學(xué)第一定律△U=W+Q，氣體內(nèi)能變化與溫度有關(guān)，A、C兩狀態(tài)的溫度相同，可知A→B增加的內(nèi)能與B→C減小的內(nèi)能相同，然后通過做功的情況比較出吸熱與放熱的大?。獯穑航猓海?）設(shè)氣體在B狀態(tài)時的體積為VB，由蓋﹣﹣呂薩克定律得，，代入數(shù)據(jù)得VB=0.4m3．

（2）微觀原因：氣體體積不變，分子密集程度不變，溫度變小，氣體分子平均動能減小，導(dǎo)致氣體壓強減?。?/p>

（3）Q1大于Q2；因為TA=Tc，故A→B增加的內(nèi)能與B→C減小的內(nèi)能相同，而A→B過程氣體對外做正功，B→C過程氣體不做功，由熱力學(xué)第一定律可知Q1大于Q2點評：解決本題的關(guān)鍵是熟練運用氣體定律和熱力學(xué)第一定律．17.如圖，在兩條靠近的平行直線軌道上有兩輛小車甲、乙．當(dāng)乙車以速度v0=6m/s運動到坐標(biāo)原點O時，甲車在原點從靜止開始沿ox方向做加速度大小為a1的勻加速運動，乙車沿同一方向做加速度大小為a2的勻減速運動直到停止．已知當(dāng)甲車位移x=6m時，兩車速度相同；當(dāng)甲車速度為8m/s，乙車速度為2m/s時，兩車的位置相同．求：（1）甲車的加速度大小為多少？（2）甲車運動8s后，兩車之間的距離△x．參考答案：解：（1）設(shè)經(jīng)過時間t1甲車的位移x=6m此時甲車的速度v甲=a1t1=此時乙車速度v乙=v0+a2t1此時兩車速度相同即v甲=v乙設(shè)經(jīng)過時間t2甲車速度為8m/s對甲車有8=a1t2對乙車有2=6+a2t2此時兩車的位置相同，即解方程得：a1=2m/s2，t1=a2=﹣1m/s2，t2=4s（2）甲車運動8s后，甲車的位移x甲=設(shè)乙車t3時刻停下則0=v0+a2t3解得t3=6s說明乙車6s就停下了，x乙=兩車之間的距離△x=x甲﹣x乙=46m答：（1）甲車的加速度大小為2m/s2；（2）甲車運動8s后，兩車之間的距離△x為46m．【考點】勻變速直線運動的位移與時間的關(guān)系．【分析】（1）根據(jù)已知條件利用勻變速直線運動的速度與時間關(guān)系，以及位移與速度關(guān)系列出方程，求出甲車的加速度大?。唬?）先計算甲車運動8s后的位移，再判斷乙