2022年浙江省臺州市高龍中學高三物理知識點試題含解析

2022年浙江省臺州市高龍中學高三物理知識點試題含解析一、選擇題：本題共5小題，每小題3分，共計15分．每小題只有一個選項符合題意1.有1、2兩列完全相同的橫波，分別從波源兩點A、B沿直線相向傳播，t=0時刻的圖象如圖所示，如果兩列波的波速都為1m/s，則A、=0.2s時，C、D之間只有點F的位移最大B、=0.2s時，C、D之間點E、F、G的位移最大C、=0.5s時，C、D之間只有點F的位移最大D、=0.5s時，C、D之間點E、G的位移最大參考答案：C2.（單選）下列說法正確的是：（

）A．水的飽和汽壓隨溫度的升高而減小B．用油膜法可以粗略測定分子的質(zhì)量C．滴入水中的紅墨水很快散開是布朗運動D．如圖水黽可以停在水面上說明了液體存在表面張力參考答案：D3.（多選）如圖所示，理想變壓器原線圈輸入電壓u=sint，副線圈電路中R0為定值電阻，R是滑動變阻器．V1和V2是理想交流電壓表，示數(shù)分別用U1和U2表示；A1和A2是理想交流電流表，示數(shù)分別用I1和I2表示。下列說法正確的是

A.I1、I2五表示電流的有效值，U1、U2表示電壓的瞬時值

B．變壓器的輸入功率I1U1與輸出功率I2U2相等

C．滑動觸頭P向下滑動，U2變小、I2變小D.滑動觸頭P向下滑動過程中，U1不變、I1變大參考答案：【知識點】

變壓器的構(gòu)造和原理；閉合電路的歐姆定律J2M2【答案解析】BD

解析：A、在交流電中電表顯示的都是有效值，故A錯誤；B、變壓器的輸出功率決定輸入功率，所以：I1U1與輸出功率I2

U2相等，故B正確；C、滑片P向下端滑動過程中，電阻減小，電壓不變即U2不變，則I2變大，故C錯誤；D、由C分析知U2和U1不變，I2變大、則功率變大，故I1變大，故D正確；故選：BD【思路點撥】在交流電中電表顯示的都是有效值，根據(jù)表達式知道輸入電壓的有效值，在根據(jù)匝數(shù)與電壓、電流的比例關(guān)系分析．本題考查了變壓器的構(gòu)造和原理，同時考查了電路的動態(tài)分析．要求要能對變壓器的最大值、有效值、瞬時值以及變壓器變壓原理、功率等問題徹底理解．4.被活塞封閉在氣缸中的一定質(zhì)量的理想氣體溫度增加，壓強保持不變，則

A、氣缸中每個氣體分子的速率都增大

B、氣缸中單位體積氣體分子數(shù)減小

C、氣缸中的氣體吸收的熱量等于氣體內(nèi)能的增加量

D、氣缸中的氣體吸收的熱量大于氣體內(nèi)能的增加量參考答案：BD5.（單選）甲車以加速度由靜止開始作勻加速直線運動，乙車落后在同一地點由靜止出發(fā)，以加速度作加速直線運動，兩車速度方向一致.在乙車追上甲車之前，兩車距離的最大值是A.18m B.24m C.22m D.28m參考答案：B二、填空題：本題共8小題，每小題2分，共計16分6.如圖所示為一正在測量中的多用電表表盤。①如果是用×10Ω擋測量電阻，則讀數(shù)為________Ω。②如果是用直流10V擋測量電壓，則讀數(shù)為________V。參考答案：（i）DEF

（ii）①140

②5.27.某同學做《共點的兩個力的合成》實驗作出如圖所示的圖，其中A為固定橡皮條的固定點，O為橡皮條與細繩的結(jié)合點，圖中___________是F1、F2合力的理論值，___________是合力的實驗值，需要進行比較的是_________和___________，通過本實驗，可以得出結(jié)論：在誤差允許的范圍___________是正確的。參考答案：F;

F’;

F和F’;其合力的大小和方向為F1和F2的線段為鄰邊的對角線8.水平面上質(zhì)量為m的滑塊A以速度v撞質(zhì)量為m的靜止滑塊B，碰撞后A、B的速度方向相同，它們的總動量為___________；如果碰撞后滑塊B獲得的速度為v0，則碰撞后滑塊A的速度為____________。參考答案：mv，v－v0 9.（15分）已知萬有引力常量為G，地球半徑為R，同步衛(wèi)星距地面的高度為h，地球的自轉(zhuǎn)周期T，地球表面的重力加速度g.某同學根據(jù)以上條件，提出一種估算地球赤道表面的物體隨地球自轉(zhuǎn)的線速度大小的方法：地球赤道表面的物體隨地球作圓周運動，由牛頓運動定律有又因為地球上的物體的重力約等于萬有引力,有

由以上兩式得:

⑴請判斷上面的結(jié)果是否正確，并說明理由。如不正確，請給出正確的解法和結(jié)果。

⑵由以上已知條件還可以估算出哪些物理量?(請估算兩個物理量,并寫出估算過程).參考答案：解析：（1）以上結(jié)果是不正確的。因為地球赤道表面的物體隨地球作圓周運動的向心力并不是物體所受的萬有引力，而是萬有引力與地面對物體支持力的合力。……………(3分)

正確解答如下：地球赤道表面的物體隨地球自轉(zhuǎn)的周期為T，軌道半徑為R，所以線速度大小為：……………(4分)

(2)①可估算地球的質(zhì)量M，設(shè)同步衛(wèi)星的質(zhì)量為m，軌道半徑為，周期等于地球自轉(zhuǎn)的周期為T，由牛頓第二定律有：……………(3分)

所以……………(1分)

②可估算同步衛(wèi)星運轉(zhuǎn)時線速度的大小，由①知地球同步衛(wèi)星的周期為T，軌道半徑為，所以……………(4分)【或：萬有引力提供向心力……………(1分)

對地面上的物體有：……………(1分)，

所以得：……(2分)】10.如圖所示，由兩塊相互靠近的平行金屬板組成的平行板電容器的極板N與靜電計相接，極板M接地．用靜電計測量平行板電容器兩極板間的電勢差U．在兩板相距一定距離d時，給電容器充電，靜電計指針張開一定角度．在整個實驗過程中，保持電容器所帶電量Q不變．

（1）若將M板向上移，靜電計指針偏角將________．

（2）若在M、N之間插入云母板，靜電計指針偏角將________參考答案：

答案：(1)增大(2)減小11.參考答案：200遠距離輸電電壓，輸電線上損失的電壓，12.一列簡諧橫波沿x軸正向傳播，p點震動周期為0.4s，在某一時刻波形如圖所示，此刻p點的振動方向沿

，該波的波速為

，在離波源為11m的Q點經(jīng)s到達波谷．參考答案：沿y軸正方向；10m/s，0.9【考點】橫波的圖象；波長、頻率和波速的關(guān)系．【專題】振動圖像與波動圖像專題．【分析】簡諧橫波沿x軸正向傳播，P點此時刻振動方向沿y軸正方向．由圖讀出波長，求出波速．利用波形的平移法求出圖示x=2m質(zhì)點的振動傳到Q點的時間，就是Q點到達波谷的時間．【解答】解：簡諧橫波沿x軸正向傳播，P點的振動比原點處質(zhì)點振動遲，此時刻原點處質(zhì)點處于波峰，則P點此時刻振動方向沿y軸正方向，

由圖讀出，波長λ=4m，波速為v=m/s=10m/s，

在離波源為11m的Q點與圖示時刻x=2m處波谷相距x=9m，根據(jù)波形的平移法得到，Q點到達波谷的時間為t=s．故答案為：沿y軸正方向；10m/s，0.913.某同學“探究小車的速度隨時間變化的規(guī)律”的實驗裝置如圖甲所示。小車放在斜面上，車前端拴有不可伸長的細線，跨過固定在斜面邊緣的小滑輪與重物相連，小車后面與穿過打點計時器的紙帶相連。開始時，小車停在靠近打點計時器的位置，重物到地面的距離小于小車到滑輪的距離。啟動打點計時器，釋放重物，小車在重物牽引下，由靜止開始沿斜面向上運動；重物落地后，小車會繼續(xù)向上運動一段距離。打點計時器使用的交流電頻率為50Hz。某次實驗打出的紙帶如圖乙所示，圖中a、b、c是紙帶上的三段，紙帶運動方向如圖中箭頭所示。（1）根據(jù)所提供的紙帶和數(shù)據(jù)，計算打c段紙帶時小車的加速度大小為_______m/s2（結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）。（2）判斷小車運動的最大速度可能出現(xiàn)在b段紙帶中的__________兩點之間。參考答案：(1)5.0(2)D4、D5：（1）根據(jù)勻變速直線運動的推論得：a==5.0m/s2．

（2）從紙帶b上可發(fā)現(xiàn)：相鄰的點距離先增大后減小，由于打點計時器打點的時間間隔是相等的，所以b段紙帶先加速后減速，所以最大速度可能出現(xiàn)在b段紙帶中長度為2.98cm的一段.三、簡答題：本題共2小題，每小題11分，共計22分14.（09年大連24中質(zhì)檢）（選修3—4）（5分）半徑為R的半圓柱形玻璃，橫截面如圖所O為圓心，已知玻璃的折射率為，當光由玻璃射向空氣時，發(fā)生全反射的臨界角為45°．一束與MN平面成45°的平行光束射到玻璃的半圓柱面上，經(jīng)玻璃折射后，有部分光能從MN平面上射出．求①說明光能從MN平面上射出的理由?

②能從MN射出的光束的寬度d為多少?參考答案：解析：①如下圖所示，進入玻璃中的光線a垂直半球面，沿半徑方向直達球心位置O，且入射角等于臨界角，恰好在O點發(fā)生全反射。光線a右側(cè)的光線（如：光線b）經(jīng)球面折射后，射在MN上的入射角一定大于臨界角，在MN上發(fā)生全反射，不能射出。光線a左側(cè)的光線經(jīng)半球面折射后，射到MN面上的入射角均小于臨界角，能從MN面上射出。（1分）最左邊射向半球的光線c與球面相切，入射角i=90°折射角r=45°。故光線c將垂直MN射出（1分）

②由折射定律知（1分）

則r=45°

（1分）

所以在MN面上射出的光束寬度應(yīng)是

（1分）15.（2014?宿遷三模）學?？萍脊?jié)上，同學發(fā)明了一個用彈簧槍擊打目標的裝置，原理如圖甲，AC段是水平放置的同一木板；CD段是豎直放置的光滑半圓弧軌道，圓心為O，半徑R=0.2m；MN是與O點處在同一水平面的平臺；彈簧的左端固定，右端放一可視為質(zhì)點、質(zhì)量m=0.05kg的彈珠P，它緊貼在彈簧的原長處B點；對彈珠P施加一水平外力F，緩慢壓縮彈簧，在這一過程中，所用外力F與彈簧壓縮量x的關(guān)系如圖乙所示．已知BC段長L=1.2m，EO間的距離s=0.8m．計算時g取10m/s2，滑動摩擦力等于最大靜摩擦力．壓縮彈簧釋放彈珠P后，求：（1）彈珠P通過D點時的最小速度vD；（2）彈珠P能準確擊中平臺MN上的目標E點，它通過C點時的速度vc；（3）當緩慢壓縮彈簧到壓縮量為x0時所用的外力為8.3N，釋放后彈珠P能準確擊中平臺MN上的目標E點，求壓縮量x0．參考答案：（1）彈珠P通過D點時的最小速度為；（2）通過C點時的速度為m/s；（3）壓縮量為0.18m．考點： 動能定理的應(yīng)用；機械能守恒定律．專題： 動能定理的應(yīng)用專題．分析： （1）根據(jù)D點所受彈力為零，通過牛頓第二定律求出D點的最小速度；（2）根據(jù)平拋運動的規(guī)律求出D點的速度，通過機械能守恒定律求出通過C點的速度．（3）當外力為0.1N時，壓縮量為零，知摩擦力大小為0.1N，對B的壓縮位置到C點的過程運用動能定理求出彈簧的壓縮量．解答： 解：（1）當彈珠做圓周運動到D點且只受重力時速度最小，根據(jù)牛頓第二定律有：mg=解得．v==m/s（2）彈珠從D點到E點做平拋運動，設(shè)此時它通過D點的速度為v，則s=vtR=gt從C點到D點，彈珠機械能守恒，有：聯(lián)立解得v=代入數(shù)據(jù)得，V=2m/s（3）由圖乙知彈珠受到的摩擦力f=0.1N，根據(jù)動能定理得，且F1=0.1N，F(xiàn)2=8.3N．得x=代入數(shù)據(jù)解得x0=0.18m．答：（1）彈珠P通過D點時的最小速度為；（2）通過C點時的速度為m/s；（3）壓縮量為0.18m．點評： 本題考查了動能定理、機械能守恒定律、牛頓第二定律的綜合，涉及到圓周運動和平拋運動，知道圓周運動向心力的來源，以及平拋運動在豎直方向和水平方向上的運動規(guī)律是解決本題的關(guān)鍵．四、計算題：本題共3小題，共計47分16.如圖所示為一種電磁裝置，由粒子源、加速電場、偏轉(zhuǎn)電場、勻強磁場組成．在S點有一粒子源，能釋放電量為q，質(zhì)量為m的靜止帶電粒子．帶電粒子被加速電壓為U，極板間距離為d的勻強電場加速后，從正中央垂直射入電壓為U的勻強偏轉(zhuǎn)電場（偏轉(zhuǎn)電場中電壓正負極隨時間做周期性變化），偏轉(zhuǎn)極板長度和極板距離均為L，帶電粒子在偏轉(zhuǎn)電場中一次偏轉(zhuǎn)后即進入一個垂直紙面方向的勻強磁場，其磁感應(yīng)強度為B．若不計重力影響，欲使帶電粒子通過某路徑返回S點，求：（1）帶電粒子進入偏轉(zhuǎn)電場時的速度大??；（2）帶電粒子進入磁場的位置離偏轉(zhuǎn)電場中心線的距離；（3）勻強磁場寬度D的最小值；（4）該帶電粒子周期性運動的周期T．參考答案：解：（1）如圖所示，電場對粒子加速，由動能定理得：，解得，（2）粒子在偏轉(zhuǎn)電場中做類平拋運動，其加速度a為：，粒子通過偏轉(zhuǎn)電場的時間t1為；，粒子在偏轉(zhuǎn)電場中的側(cè)移距離y為：y=，聯(lián)立以上可得，粒子進入磁場的位置離電場中心線的距離為，（3）粒子離開電場時側(cè)向速度vy為：vy=at1，則粒子射出偏轉(zhuǎn)電場時的速度v為：．以速度v進入磁場做勻速圓周運動的洛倫茲力為向心力，設(shè)運動半徑為R，，則磁場寬度D為：=．（4）由于粒子在電場加速過程中做勻加速直線運動，則加速運動的時間，粒子在磁場中做勻速圓周運動的周期T′為：，，所以θ=arctan2．所以粒子在磁場中運動的時間t3為：，粒子從S出發(fā)到回到S的周期T為：T=2t1+2t2+t3=．答：（1）帶電粒子進入偏轉(zhuǎn)電場時的速度大小為；（2）帶電粒子進入磁場的位置離偏轉(zhuǎn)電場中心線的距離為；（3）勻強磁場寬度D的最小值為；（4）該帶電粒子周期性運動的周期T為．17.一列沿著x軸傳播的橫波，在t=0時刻的波形如左圖所示。左圖中x=2cm處的質(zhì)點P的振動圖象如圖所示。求：①該波的波速和傳播方向；②從t=0時刻開始質(zhì)點P出現(xiàn)在波峰的時間；③從t=0時刻開始，左圖中左圖中x=5cm處的質(zhì)點Q第三次出現(xiàn)波峰的時間。參考答案：①0