2024屆湖北省宜荊荊隨恩高三下學(xué)期5月聯(lián)考（二模）物理試題

2023-2024學(xué)年湖北省宜荊荊隨恩高三聯(lián)考物理試卷（5月）一、單選題：本大題共7小題，共28分。1.歷史上為了研究原子和原子核的性質(zhì)，科學(xué)家們做了大量的實(shí)驗(yàn)研究，下列說法正確的是(

)A.湯姆孫通過分析粒子散射實(shí)驗(yàn)結(jié)果，提出了原子核式結(jié)構(gòu)模型

B.利用探測(cè)射線穿過鋼板后到的射線強(qiáng)弱不同，可以來檢測(cè)鋼材的厚度

C.天然放射現(xiàn)象說明了原子核內(nèi)部是有結(jié)構(gòu)的

D.放射性元素的半衰期隨著溫度的升高而減小2.如圖所示，三條實(shí)線為電場(chǎng)線，帶電粒子a沿虛線軌跡1從A運(yùn)動(dòng)到B，帶電粒子b沿軌跡2從C運(yùn)動(dòng)到D。若兩帶電粒子運(yùn)動(dòng)過程中，均僅受電場(chǎng)力作用。下列說法正確的是(

)

A.a粒子帶正電，b粒子帶負(fù)電

B.a粒子帶負(fù)電，b粒子帶正電

C.運(yùn)動(dòng)過程中，粒子a和粒子b的速度一直減小

D.粒子a在A、B兩點(diǎn)的電勢(shì)能，粒子b在C、D兩點(diǎn)的電勢(shì)能3.如圖為湖邊一傾角為的大壩的橫截面示意圖，水面與大壩的交點(diǎn)為O，一人站在A點(diǎn)處以速度沿水平方向扔小石子，已知，g取，忽略空氣阻力，下列說法正確的是(

)

A.若，則石塊可以落入水中

B.若石塊能落入水中，則越大，落水時(shí)速度方向與水平面的夾角越小

C.若石塊不能落入水中，則越大，落到斜面上時(shí)速度方向與斜面的夾角越大

D.若石塊不能落入水中，則越大，落到斜面上時(shí)速度方向與斜面的夾角越小4.2024年4月26日3時(shí)23分，神州十八號(hào)載人飛船成功對(duì)接空間站天和核心艙徑向端口，成功入駐離地400km的“天宮”。這次太空遠(yuǎn)航，航天員們將攜帶一個(gè)叫做“小受控型生態(tài)生命模塊”的裝置及相關(guān)物品進(jìn)入太空，其中的主要水生生命體就是斑馬魚和金魚藻，實(shí)現(xiàn)我國(guó)在外太空培養(yǎng)脊椎動(dòng)物的首次突破。下列說法正確的是(

)A.空間站繞地穩(wěn)定飛行時(shí)，斑馬魚不受浮力作用

B.空間站繞地穩(wěn)定飛行時(shí)，斑馬魚受到的萬有引力和浮力平衡

C.空間站繞地飛行速度大于第一宇宙速度

D.神州十八號(hào)需要進(jìn)入核心艙軌道后，向后噴氣加速才能追上核心艙5.某同學(xué)在轉(zhuǎn)動(dòng)如圖所示的鉛筆的過程中，發(fā)現(xiàn)在水平面內(nèi)繞筆中心轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度超過時(shí)，位于鉛筆一端的橡皮將滑出，已知他使用的鉛筆長(zhǎng)20cm，假設(shè)橡皮受到的最大靜摩擦力為定值，且橡皮的大小可忽略，g取，則要保證橡皮擦不滑出，這支鉛筆在豎直面內(nèi)繞其中心轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度的最大值為(

)

A. B. C. D.6.理想氣體的圖像如圖所示，一定質(zhì)量的理想氣體從狀態(tài)A開始經(jīng)過狀態(tài)B、C、D又回到狀態(tài)A，其中AB、CD的延長(zhǎng)線經(jīng)過坐標(biāo)原點(diǎn)O，BC與橫軸平行，，下列說法正確的是(

)

A.氣體從狀態(tài)A到狀態(tài)B分子平均動(dòng)能減小

B.氣體從狀態(tài)C到狀態(tài)D從外界吸熱

C.氣體在狀態(tài)A的溫度和狀態(tài)D的溫度相同

D.從狀態(tài)D到狀態(tài)A，外界對(duì)氣體做功為7.如圖所示，水平面上固定一半圓形凹槽，凹槽的質(zhì)量為M，半圓弧的圓心為O點(diǎn)，最低點(diǎn)為A點(diǎn)，半徑為R。現(xiàn)將一質(zhì)量為m的光滑小球從圓弧上的D點(diǎn)釋放，已知OD與OA的夾角為，重力加速度為g，小球大小可以忽略不計(jì)。從D點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到A點(diǎn)的過程中，小球?qū)Π疾鄣膹椓Φ臎_量大小為(

)

A. B.

C. D.二、多選題：本大題共3小題，共12分。8.如圖所示，有兩列簡(jiǎn)諧橫波a、b在同一均勻介質(zhì)中均沿x軸正方向傳播，兩列波的傳播速度相等.在時(shí)刻兩列波的波形曲線如圖所示，已知a波的周期為1s，下列表述正確的是(

)

A.時(shí)刻，處的質(zhì)點(diǎn)偏離平衡位置的位移為

B.時(shí)刻，處的質(zhì)點(diǎn)偏離平衡位置的位移為

C.從時(shí)刻開始，至少經(jīng)過，的質(zhì)點(diǎn)偏離平衡位置的位移為

D.從時(shí)刻開始，至少經(jīng)過，的質(zhì)點(diǎn)偏離平衡位置的位移為9.如圖甲所示，水平地面上固定一帶擋板的長(zhǎng)木板，一輕彈簧左端固定在擋板上，右端接觸滑塊，彈簧被壓縮后鎖定，時(shí)解除鎖定，釋放滑塊，滑塊未脫離木板.計(jì)算機(jī)通過滑塊上的速度傳感器描繪出滑塊的圖象如圖乙所示，其中oab段為曲線，bc段為直線，傾斜直線od是時(shí)的速度圖線的切線。已知滑塊質(zhì)量，取，則下列說法正確的是(

)

A.滑塊速度最大時(shí)，彈簧恰好恢復(fù)原長(zhǎng)

B.滑塊與長(zhǎng)木板之間的摩擦因數(shù)為

C.彈簧的勁度系數(shù)

D.從靜止釋放到速度最大時(shí)滑塊的圖象圍成的面積是10.如圖所示，在xoy平面存在一半徑的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B，方向垂直紙面向外，在圓心O處有一粒子源，粒子源沿xoy平面，朝第二象限范圍內(nèi)的各個(gè)方向發(fā)射同種帶正電的粒子，且粒子源朝各個(gè)方向發(fā)射的粒子數(shù)目均勻分布，發(fā)射出的粒子速度大小相等，所帶電荷量為q，質(zhì)量為m。在處有一平行于y軸放置的的豎直擋板，擋板足夠長(zhǎng)，與圓形磁場(chǎng)區(qū)域分別交于A、B兩點(diǎn)，擋板上C點(diǎn)坐標(biāo)為。從粒子源發(fā)出的粒子恰好均能打在擋板上，且發(fā)現(xiàn)有兩種不同方向的粒子會(huì)打在擋板上的同一位置。若不計(jì)帶電粒子重力，粒子打在擋板上就被吸收，則下列說法正確的是(

)

A.粒子對(duì)應(yīng)速度大小為

B.擋板上有兩種不同方向的粒子會(huì)打在同一位置的區(qū)域長(zhǎng)度為

C.若擋板可繞C點(diǎn)轉(zhuǎn)動(dòng)，要保證所有粒子均打在擋板上的不同位置，擋板至少要逆時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)

D.若圓形磁場(chǎng)的區(qū)域的半徑調(diào)為，圓心位置移動(dòng)到，則能打在擋板上的粒子均垂直打在豎直擋板上，且打在AC區(qū)域上的粒子數(shù)目大于發(fā)射粒子總數(shù)的三、實(shí)驗(yàn)題：本大題共2小題，共18分。11.某同學(xué)如圖甲，用量程為5N的彈簧測(cè)力計(jì)，測(cè)量一個(gè)超出其量程的物體的重力：將表面印有等距圓環(huán)的白紙固定在豎直放置的木板上;三根細(xì)線分別與彈簧測(cè)力計(jì)一端、一個(gè)圖釘、待測(cè)重物相連，彈簧測(cè)力計(jì)的另一端固定，通過改變圖釘在木板的位置調(diào)節(jié)細(xì)線OB，使細(xì)線的結(jié)點(diǎn)O與圓環(huán)的圓心位置重合;標(biāo)出OA、OB、OC的拉力方向，記錄彈簧測(cè)力計(jì)的讀數(shù)__________①根據(jù)共點(diǎn)力平衡條件和平行四邊形定則，用“力的圖示”在圖乙中作出OA、OB拉力的合力;②由作圖結(jié)果可得重物的重力為__________結(jié)果保留一位小數(shù)。保持結(jié)點(diǎn)O和圖釘?shù)奈恢貌蛔儯瑢椈蓽y(cè)力計(jì)從圖甲所示位置逆時(shí)針旋轉(zhuǎn)到水平位置的過程中，彈簧測(cè)力計(jì)的示數(shù)將__________。A.逐漸增大B.先增大后減小C.逐漸減小D.先減小后增大12.某物理興趣小組設(shè)計(jì)了如圖甲所示的歐姆表電路，通過控制開關(guān)S和調(diào)節(jié)電阻箱，可使歐姆表具有“”和“”兩種倍率。所用器材如下：A.干電池：電動(dòng)勢(shì)，內(nèi)阻B.電流表滿偏電流，內(nèi)阻C.定值電阻：D.電阻箱和最大阻值均為E.電阻箱最大阻值為F.開關(guān)一個(gè)，紅、黑表筆各1支，導(dǎo)線若干

該實(shí)驗(yàn)小組按圖甲正確連接好電路。當(dāng)開關(guān)S斷開時(shí)，將紅、黑表筆短接，調(diào)節(jié)電阻箱使電流表達(dá)到滿偏，此時(shí)閉合電路的總電阻叫做歐姆表的內(nèi)阻，則__________，歐姆表的倍率是__________選填“”、“”。閉合開關(guān)第一步：調(diào)節(jié)電阻箱和，當(dāng)__________且__________時(shí)，再將紅、黑表筆短接，電流表再次滿偏。第二步：在電流表刻度上方標(biāo)出兩種倍率通用的歐姆表刻度。如：的上方應(yīng)該標(biāo)0，0mA的上方應(yīng)該標(biāo)，的上方應(yīng)該標(biāo)__________。四、計(jì)算題：本大題共3小題，共30分。13.有一形狀特殊的玻璃磚如圖所示，AB為四分之一圓弧，O為弧的圓心，半徑，OAC為直角三角形，。一束光沿著平行于BC的方向從玻璃磚AB弧面上的D點(diǎn)射入，經(jīng)玻璃磚折射后剛好打到OC上的一點(diǎn)圖中未標(biāo)出。，，已知光在真空中的傳播速度c，不考慮二次反射的光線。求：

玻璃磚的折射率;束光從射入到第一次射出的過程中，在玻璃磚中傳播的時(shí)間。14.如圖所示，足夠長(zhǎng)的平行金屬導(dǎo)軌MN、PQ水平固定，間距，整個(gè)軌道平面存在豎直向下和水平向右的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，其磁感應(yīng)強(qiáng)度大小分別為，，導(dǎo)軌左端連一電阻。有一輕質(zhì)金屬棒ab靜置于軌道上，其電阻為，與軌道間的動(dòng)摩擦因數(shù)為。輕繩一端與棒ab中點(diǎn)相連，另一端跨過定滑輪與一質(zhì)量為的重物相連，由靜止釋放重物，經(jīng)過時(shí)間時(shí)，重物下降了不落地，棒ab開始向右做勻速直線運(yùn)動(dòng)，不計(jì)繩與滑輪間的摩擦及軌道的電阻，重力加速度。求：

棒勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)的速度時(shí)間t內(nèi)通過棒的電量時(shí)間t內(nèi)電阻R產(chǎn)生的熱量Q。15.如圖所示，水平地面上P點(diǎn)左側(cè)粗糙，右側(cè)光滑，物塊A靜止放置在木板B上，物塊A、木板B的質(zhì)量分別為2m、m，A、B之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為，木板B與地面之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為。P點(diǎn)右側(cè)足夠遠(yuǎn)有N個(gè)質(zhì)量均為3m的光滑小鋼球向右沿直線緊密排列，小鋼球的直徑等于木板的厚度。用手指推動(dòng)物體A向右勻加速直線運(yùn)動(dòng)，手指對(duì)A施加的正壓力大小為mg，手指作用時(shí)間后立即撤離，手指撤離后再經(jīng)過時(shí)間，木板B右端剛好抵達(dá)P點(diǎn)，且A、B速度恰好相等。木板B完全通過P點(diǎn)的速度為其右端剛到達(dá)P點(diǎn)時(shí)速度的。已知物塊A始終未脫離木板B，最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，所有碰撞均為彈性碰撞且碰撞時(shí)間忽略不計(jì)，重力加速度為g。求：

木板B右端剛好到達(dá)P點(diǎn)時(shí)的速度木板B第一次與小球碰撞到第二次與小球碰撞的時(shí)間間隔;從開始運(yùn)動(dòng)到所有碰撞結(jié)束A、B重新相對(duì)靜止的整個(gè)過程，A、B之間因摩擦產(chǎn)生的熱量。

答案和解析1.【答案】C

【解析】【分析】本題考查了粒子散射實(shí)驗(yàn)、射線及其特性、原子核、原子核的衰變及半衰期；本題涉及的知識(shí)點(diǎn)多，關(guān)鍵平時(shí)要多掌握基礎(chǔ)知識(shí)。

盧瑟福通過分析粒子散射實(shí)驗(yàn)結(jié)果，得出原子的核式結(jié)構(gòu)模型；

根據(jù)、、三種射線的特點(diǎn)，及各自穿透能力高低分析；

天然放射現(xiàn)象說明原子核內(nèi)部有復(fù)雜結(jié)構(gòu)；

半衰期與環(huán)境無關(guān)?！窘獯稹?/p>

解：盧瑟福通過分析粒子散射實(shí)驗(yàn)結(jié)果，提出了原子核式結(jié)構(gòu)模型，不是湯姆孫，故A錯(cuò)誤；

B.根據(jù)、、三種射線特點(diǎn)可知，射線穿透能力最強(qiáng)，電離能力最弱，射線電離能力最強(qiáng)，穿透能力最弱，為了能夠準(zhǔn)確測(cè)量鋼板的厚度，探測(cè)射線應(yīng)該用射線，故B錯(cuò)誤；

C.天然放射現(xiàn)象中的射線來自原子核，說明原子核內(nèi)部有復(fù)雜結(jié)構(gòu)，故C正確；

D.放射性元素的半衰期由自身性質(zhì)決定，與外界環(huán)境無關(guān)，故D錯(cuò)誤。2.【答案】D

【解析】【分析】【分析】

本題考查電場(chǎng)線與帶電粒子的運(yùn)動(dòng)軌跡問題，解題的關(guān)鍵是要知道電場(chǎng)線的疏密程度表示電場(chǎng)強(qiáng)度的大小，根據(jù)電場(chǎng)線及軌跡確定粒子受到的電場(chǎng)力方向與運(yùn)動(dòng)速度方向，根據(jù)電場(chǎng)線方向確定粒子電性，根據(jù)力與速度方向的夾角確定力做功情況，判斷速度變化情況及能量變化情況?！窘獯稹?/p>

【解答】

AB、由于電場(chǎng)線的方向未知，故根據(jù)圖中軌跡只能知道兩粒子電性相反，無法確定具體哪個(gè)粒子帶正電，哪個(gè)粒子帶負(fù)電，故AB均錯(cuò)誤；

C、根據(jù)圖中軌跡及電場(chǎng)線可知，兩粒子在運(yùn)動(dòng)過程中，速度方向與電場(chǎng)力方向的夾角均是先大于90度，后小于90度，故兩粒子所受電場(chǎng)力均是先做負(fù)功，后做正功，根據(jù)動(dòng)能定理可知，動(dòng)能先減小后增大，兩粒子速度均是先減小后增大，C錯(cuò)誤；

D、根據(jù)電場(chǎng)線與粒子運(yùn)動(dòng)軌跡可知，粒子a在A點(diǎn)動(dòng)能大于在B點(diǎn)動(dòng)能，粒子b在C點(diǎn)動(dòng)能大于在D點(diǎn)動(dòng)能，根據(jù)能量守恒可知，粒子a在A、B兩點(diǎn)的電勢(shì)能，粒子b在C、D兩點(diǎn)的電勢(shì)能，D正確；

故選D。3.【答案】B

【解析】【分析】

根據(jù)平拋規(guī)律和推論逐一分析即可。

本題考查了平拋運(yùn)動(dòng)與斜面的結(jié)合，熟悉平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律是解題的關(guān)鍵。

【解答】

A.若石塊恰能落到O點(diǎn)，，則，，解得，，所以若，則石塊不可以落入水中，故A錯(cuò)誤；

B.因?yàn)槭瘔K落水的時(shí)間均為2s，落到水中的豎直速度為定值，由，可知石塊能落入水中時(shí)，越大，落水時(shí)速度方向與水平面的夾角越小，故B正確；

C.若石塊不能落入水中，則落到斜面上時(shí)位移方向與水平方向的夾角即位移偏轉(zhuǎn)角恒為，由速度偏轉(zhuǎn)角與位移偏轉(zhuǎn)角關(guān)系滿足，即速度偏轉(zhuǎn)角為定值，落到斜面上時(shí)速度方向與斜面的夾角為定值，故CD錯(cuò)誤。

故選B。4.【答案】A

【解析】【分析】【解析】空間站繞地穩(wěn)定飛行時(shí)，水做圓周運(yùn)動(dòng)，有向心加速度，水處于完全失重狀態(tài)，浮力“消失”；根據(jù)第一宇宙速度是衛(wèi)星最大的環(huán)繞速度進(jìn)行說明；由變軌的原理，即做離心運(yùn)動(dòng)分析對(duì)接的方案?！窘獯稹?/p>

【解答】A、空間站繞地穩(wěn)定飛行時(shí)，水做圓周運(yùn)動(dòng)，有向心加速度，重力提供向心力，水處于完全失重狀態(tài)，浮力“消失”，即斑馬魚不受浮力作用，A正確，B錯(cuò)誤；

C、第一宇宙速度是衛(wèi)星在繞地圓形軌道上的最大運(yùn)行速度，則空間站在軌運(yùn)行的速度小于第一宇宙速度，C錯(cuò)誤；

D、完成對(duì)接，應(yīng)先進(jìn)入較小軌道，再在適當(dāng)位置加速變軌做離必運(yùn)動(dòng)到較大的軌道完成對(duì)接，故D錯(cuò)誤。

故選A。5.【答案】B

【解析】【分析】【分析】

本題考查圓周運(yùn)動(dòng)的應(yīng)用，涉及到水平面內(nèi)圓周運(yùn)動(dòng)和豎直面內(nèi)圓周運(yùn)動(dòng)的臨界問題。解題的關(guān)鍵是要根據(jù)題意，分析物體做圓周運(yùn)動(dòng)的向心力的來源，根據(jù)臨界條件分析臨界角速度?！窘獯稹?/p>

【解答】

設(shè)橡皮質(zhì)量為m，鉛筆在水平面內(nèi)繞筆中心以的角速度轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)，對(duì)橡皮有：，其中，解得：

鉛筆在豎直面內(nèi)繞其中心轉(zhuǎn)動(dòng)，當(dāng)橡皮轉(zhuǎn)到最低點(diǎn)恰好要滑出時(shí)有：，

解得：，故B正確，ACD均錯(cuò)誤；

故選B。6.【答案】D

【解析】A.根據(jù)理想氣體整體方程氣體從狀態(tài)A到狀態(tài)B過程，氣體壓強(qiáng)增大，氣體體積增大，可知?dú)怏w溫度升高，則分子平均動(dòng)能增大，故A錯(cuò)誤；B.氣體從狀態(tài)C到狀態(tài)D過程，氣體壓強(qiáng)減小，氣體體積減小，可知?dú)怏w溫度降低，則氣體內(nèi)能減小，由于氣體體積減小，外界對(duì)氣體做正功，根據(jù)熱力學(xué)第一定律可知，氣體向外界放熱，故B錯(cuò)誤；C.由圖像可得可得則有，可得則有，故C錯(cuò)誤；D.根據(jù)圖像與橫軸圍成的面積表示做功大小，從狀態(tài)D到狀態(tài)A，氣體體積減小，外界對(duì)氣體做正功，大小為故D正確。故選D。7.【答案】A

【解析】【分析】本題考查了機(jī)械能守恒定律、類單擺、動(dòng)量定理；注意沖量、動(dòng)量的矢量性。

根據(jù)機(jī)械能守恒定律求出小球從D滑動(dòng)A的速度；小球做類單擺運(yùn)動(dòng)，求出重力的沖量；由動(dòng)量定理得出合力的沖量；根據(jù)平行四邊形定則求出彈力的沖量。【解答】

解：小球從D滑動(dòng)A，機(jī)械能守恒：，解得：；

由于，小球做類單擺運(yùn)動(dòng)，周期；

從D滑動(dòng)A，重力的沖量：，方向豎直向下；

由動(dòng)量定理可知：，方向水平向左；

由矢量合成可知：；

故A正確，BCD錯(cuò)誤。8.【答案】BC

【解析】【分析】

由圖讀出兩列波的波長(zhǎng)、振幅，寫出b機(jī)械波在時(shí)刻的波動(dòng)方程，從而求得時(shí)刻兩波單獨(dú)傳播時(shí)在處的位移，由波的疊加原理求處的質(zhì)點(diǎn)偏離平衡位置的位移；

運(yùn)用波形平移法求出a波的波峰傳播到的質(zhì)點(diǎn)經(jīng)歷的時(shí)間通項(xiàng)，以及b波的波峰傳播到的質(zhì)點(diǎn)經(jīng)歷的時(shí)間通項(xiàng)，聯(lián)立分析即可。

本題關(guān)鍵考查運(yùn)用數(shù)學(xué)知識(shí)解決物理問題的能力，本題是多解問題，往往要分析規(guī)律，列出時(shí)間通項(xiàng)表達(dá)式。

【解答】

由圖可和，兩列波的波長(zhǎng)分別為，，振幅均為

b機(jī)械波在時(shí)刻的波動(dòng)方程為

代入數(shù)據(jù)可得

時(shí)刻對(duì)于的質(zhì)點(diǎn)，

所以可得處的質(zhì)點(diǎn)偏離平衡位置的位移為，故A錯(cuò)誤，B正確；

兩列波的波速為

設(shè)至少經(jīng)過t時(shí)間的質(zhì)點(diǎn)偏離平衡位置的位移為，即兩個(gè)波峰同時(shí)到達(dá)該點(diǎn)，則有，其中m、、1、2……

整理得

當(dāng)時(shí)上式成立，因此解得

故C正確，D錯(cuò)誤。9.【答案】BD

【解析】【分析】本題關(guān)鍵從速度時(shí)間圖象得到滑塊剛釋放和脫離彈簧時(shí)的加速度大小，然后根據(jù)牛頓第二定律列式分析求解；了解圖象的物理意義是正確解題的前提。

彈簧彈力與摩擦力相等時(shí)速度最大，滑塊在b處脫離彈簧，再根據(jù)牛頓第二定律和胡克定律解答?！窘獯稹緼.根據(jù)圖線的斜率表示加速度，可知滑塊被釋放后，先做加速度逐漸減小的加速直線運(yùn)動(dòng)，彈簧彈力與摩擦力相等時(shí)速度最大，此時(shí)彈簧不是原長(zhǎng)，故A錯(cuò)誤；

B.從題中圖象知，滑塊在b處脫離彈簧，滑塊脫離彈簧后的加速度大小，

由牛頓第二定律得摩擦力大小為：，可得，故B正確；

C.剛釋放時(shí)滑塊的加速度為：，由牛頓第二定律得

，解得，故C錯(cuò)誤；

D.

速度最大時(shí)，，所以滑塊的位移為，即滑塊的圖象圍成的面積是，故D正確。10.【答案】BCD

【解析】【分析】本題考查旋轉(zhuǎn)圓模型和磁聚焦模型，畫出粒子軌跡，結(jié)合題意和幾何關(guān)系進(jìn)行分析?！窘獯稹?/p>

A、由題意從粒子源發(fā)出的粒子恰好均能打在擋板上，且發(fā)現(xiàn)有兩種不同方向的粒子會(huì)打在擋板上的同一位置。由旋轉(zhuǎn)圓模型規(guī)律知，則粒子做圓周運(yùn)動(dòng)的直徑為圓形區(qū)域半徑a，做圓周運(yùn)動(dòng)的半徑為，畫出粒子運(yùn)動(dòng)軌跡：

由得，A錯(cuò)誤；

B、由于粒子做圓周運(yùn)動(dòng)直徑為a，故粒子在擋板上方最遠(yuǎn)點(diǎn)恰在圓上為A點(diǎn)，粒子沿y軸方向射出的粒子打在C點(diǎn)。故由粒子軌跡知，AC部分有兩種不同方向的粒子的會(huì)打在同一位置，，B正確；

C、由前分析知，要使粒子均打在擋板不同位置，應(yīng)使沿x負(fù)向射出的粒子打在擋板距離C最遠(yuǎn)，此時(shí)射出點(diǎn)和打在擋板上的點(diǎn)距離為做圓周運(yùn)動(dòng)的直徑，即圓形區(qū)域半徑，故應(yīng)繞C點(diǎn)逆時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)，C正確；

D、若圓形磁場(chǎng)的區(qū)域的半徑調(diào)為，此時(shí)圓周運(yùn)動(dòng)半徑等于磁場(chǎng)區(qū)域半徑，為磁聚焦模型，由幾何關(guān)系知，射出粒子方向均沿x軸正向，故均垂直打在擋板上。畫出到達(dá)A點(diǎn)的粒子軌跡

設(shè)其射出時(shí)速度方向與y軸夾角為，，故打在AC區(qū)域上的粒子數(shù)目大于發(fā)射粒子總數(shù)的。D正確。11.【答案】均可；①

；

②均可

。

【解析】【分析】

本題考查了彈簧秤的讀數(shù)和平行四邊形定則。

彈簧測(cè)力計(jì)的最小分度值為，注意向后估讀一位；

①根據(jù)平行四邊形定則解答；

②根據(jù)圖中的比例解答。

根據(jù)力的矢量三角形法分析力的動(dòng)態(tài)變化。

【解答】

彈簧測(cè)力計(jì)的最小分度值為，所以記錄彈簧測(cè)力計(jì)的讀數(shù)為；

①如圖：

；

②由圖可得重物的重力為，考慮到有誤差，故均可；

保持結(jié)點(diǎn)O和圖釘?shù)奈恢貌蛔?，將彈簧測(cè)力計(jì)從圖甲所示位置逆時(shí)針旋轉(zhuǎn)到水平位置的過程中，對(duì)O點(diǎn)受力分析，并作出力的矢量三角形如圖所示，

表示OA繩上的拉力，大小等于彈簧彈力、表示OB繩上的拉力，其方向沿OB方向保持不變、表示OC繩上的拉力，大小等于重物的重力，方向豎直向下；

根據(jù)力的矢量三角形可知，彈簧測(cè)力計(jì)的示數(shù)先減小后增大，D選項(xiàng)正確，ABC均錯(cuò)誤；故選D。12.【答案】；

【解析】【分析】

本題考查了多用電表的原理，要注意明確多用電表的基本原理為閉合電路歐姆定律，同時(shí)注意串并聯(lián)電路的規(guī)律的正確應(yīng)。

由閉合電路歐姆定律可求得歐姆表的內(nèi)阻，根據(jù)表盤的刻度分布可知對(duì)應(yīng)的倍率；

根據(jù)閉合電路歐姆定律可求得兩電阻的阻值，再由所用倍率及對(duì)應(yīng)的示數(shù)即可求得歐姆表內(nèi)阻；

根據(jù)電動(dòng)勢(shì)的變化及中值電阻的意義，應(yīng)用閉合電路歐姆定律解題。

【解答】

由閉合電路歐姆定律可知：S斷開時(shí)，歐姆表的內(nèi)阻為：，

則：，剛好在電阻箱之內(nèi)；

內(nèi)阻為，對(duì)應(yīng)開關(guān)S斷開表內(nèi)阻較大的狀態(tài)，對(duì)應(yīng)是大倍率，故歐姆表倍率應(yīng)為“”。

閉合開關(guān)S時(shí)歐姆表為“”倍率，電流表G滿偏時(shí)，內(nèi)阻為；

歐姆表的電流為：；

此時(shí)表頭中電流應(yīng)為滿偏電流；則與之并聯(lián)電阻電流應(yīng)為：，

并聯(lián)電阻為：

所以：；

則：；

圖示為表頭G的電流；

由知，歐姆表的電流為表頭的10倍即6mA

則總電阻為：

故待測(cè)電阻為：，因?yàn)槭潜堵?，故?duì)應(yīng)的刻度應(yīng)為10。13.【答案】解：入射光經(jīng)過折射后到達(dá)OC邊的E點(diǎn)，如圖所示：

結(jié)合題意，由幾何關(guān)系可得入射角為，折射角，

根據(jù)折射定律，有，解得；

因?yàn)椋?，所以，在E點(diǎn)入射角，臨界角，得，而，所以在E點(diǎn)發(fā)生全反射，光路如圖所示，由幾何關(guān)系可得，

光在玻璃磚中的傳播路程，又，傳播時(shí)間，解得。

【解析】本題主要考查折射定律以及全反射條件的應(yīng)用，作出光路圖是解決問題的關(guān)鍵。

光在D點(diǎn)發(fā)生折射，根據(jù)幾何知識(shí)求出入射角和折射角，由折射定律求得玻璃磚的折射率；

根據(jù)幾何關(guān)系求出光線射到E點(diǎn)的入射角，與臨界角C比較，判斷知道光在E點(diǎn)發(fā)生全反射，這束光從射入到第一次射出的過程中，根據(jù)幾何關(guān)系求光在玻璃磚中傳播的距離，由求出光在玻璃磚中傳播速度，從而求得傳播時(shí)間。14.【答案】解：電動(dòng)勢(shì)，感應(yīng)電流，棒所受的安培力，，

棒和重物整體受力如