黃金卷06-【贏在高考·黃金8卷】備戰(zhàn)2024年高考物理模擬卷（浙江卷專用）（參考答案）

試卷第=page22頁，共=sectionpages2222頁【贏在高考·黃金8卷】備戰(zhàn)2024年高考物理模擬卷（浙江卷專用）黃金卷06·參考答案一、選擇題Ⅰ（本題共13小題，每小題3分，共39分。每小題列出的四個(gè)備選項(xiàng)中只有一個(gè)是符合題目要求的，不選、多選、錯(cuò)選均不得分）12345678910111213BAABBDDCCAABC二、選擇題Ⅱ（本題共2小題，每小題3分，共6分。每小題列出的四個(gè)備選項(xiàng)中至少有一個(gè)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得2分，選對(duì)但不全的得1分，有選錯(cuò)的得0分）1415CDABD三、非選擇題（本題共6小題，共55分）16．(7分+7分)Ⅰ、（1）BD；（2）0.40；（3）未平衡摩擦力或平衡摩擦力不足Ⅱ、（1）AC；（2）③。17．(9分)【解答】解：（1）圖示時(shí)刻，活塞處于靜止?fàn)顟B(tài)，對(duì)活塞，根據(jù)平衡條件得p1S＝p0S+mg可得管內(nèi)封閉氣體的壓強(qiáng)為：p1＝p0+解得p1＝1.02×105Pa（2）圖示時(shí)刻，管內(nèi)外液面高度差為h1=解得h1＝0.2m＝20cm（管內(nèi)液面比管外低20cm）當(dāng)F＝8N，管內(nèi)封閉氣體的壓強(qiáng)為：p2＝p0+解得p2＝9.8×104Pa管內(nèi)外液面高度差為h2=解得h2＝0.2m＝20cm（管內(nèi)液面比管外高20cm）設(shè)F＝8N時(shí)管內(nèi)封閉氣體的長(zhǎng)度為L(zhǎng)1，根據(jù)玻意耳定律得p1L0S＝p2L1S解得L1＝51cm故F＝8N時(shí)活塞相較之圖中位置向上移動(dòng)距離為s＝（L1﹣L0）+（h1+h2）解得s＝42cm（3）當(dāng)氣體的溫度變?yōu)?2℃時(shí)，熱力學(xué)溫度為T3＝（42+273）K＝315K設(shè)此時(shí)管內(nèi)氣體的壓強(qiáng)為p3。根據(jù)查理定律得p解得p3＝1.071×105Pa內(nèi)外水面的高度差h3=解得h3＝0.71m＝71cm對(duì)活塞，由平衡條件得p3S＝p0S+（m+Δm）g解得Δm＝1.02kg18．(12分)【解答】解：（1）滑塊從A到B做平拋運(yùn)動(dòng)，滑塊經(jīng)過B點(diǎn)時(shí)的豎直分速度為vy＝gt＝10×65m/s＝2滑塊恰好從B點(diǎn)進(jìn)入軌道，如圖所示，由平拋運(yùn)動(dòng)的規(guī)律有v0＝vBsinα＝vytanα解得：α＝30°，vB＝42m/s（2）由B→O'，由動(dòng)能定理可知mgRsin30°=解得v滑塊經(jīng)過O'點(diǎn)時(shí)受軌道的支持力大小FN，由牛頓第二定律有F解得FN＝5N由牛頓第三定律可得滑塊在O'點(diǎn)時(shí)對(duì)軌道的壓力大小F壓＝5N，方向向左。（3）設(shè)CD＝DF＝L，從B到F，由動(dòng)能定理及功能關(guān)系有mg（R+Rsinα﹣Lsinθ）﹣μmgL﹣μmgLcosθ﹣Ep＝0?代入數(shù)據(jù)可解得彈簧的彈性勢(shì)能的最大值：Ep＝2.02J（4）設(shè)滑塊返回時(shí)能上升的高度為h，由功能關(guān)系有mgLsinθ+Ep＝μmgLcosθ+μmgL+mgh解得h＝2.44m＞1.2m則滑塊返回時(shí)能從B點(diǎn)離開。運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)時(shí)，有：mg?=mg(R+Rsinα)+1在B點(diǎn)，對(duì)滑塊，由牛頓第二定律得mgsinα+解得：FN＝2.6N由牛頓第三定律可知對(duì)B點(diǎn)的壓力為F'N＝2.6N19．(10分)【解答】解：（1）根據(jù)楞次定律和安培定則可知，在0～t0內(nèi)，CD中的電流由C到D，即：φC＞φD感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為：E=感應(yīng)電流為：I=則外力：F=在t0～3t0，匝圓形導(dǎo)體線圈內(nèi)磁通量不變，則回路電動(dòng)勢(shì)、電流為零，C、D兩點(diǎn)的電勢(shì)相等，故外力F＝0（2）CD棒向左加速過程中，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的平均值為：E感應(yīng)電流的平均值為：I安培力的平均值為：F由動(dòng)量定理得：F聯(lián)立可得：x由串聯(lián)電路的特點(diǎn)可知，電路中產(chǎn)生的總熱量為：Q由功能關(guān)系和能量守恒得：W=3Q+（3）CD從磁場(chǎng)區(qū)域Ⅱ右邊界向左運(yùn)動(dòng)距離x時(shí)，回路中棒CD的長(zhǎng)度為：d回路中總電阻為：r回路中電流為：I棒CD所受安培力為：F棒CD從磁場(chǎng)區(qū)域Ⅱ右邊界運(yùn)動(dòng)到FI過程，由動(dòng)量定理得：?∑即：?B0其中：S3t0=2所以：v=20.（10分）【解答】解：（1）在磁場(chǎng)中由洛倫茲力提供向心力qvP點(diǎn)發(fā)出的粒子均從F點(diǎn)射出，根據(jù)幾何關(guān)系可得r＝R解得帶電粒子的初速度大小v0（2）從M點(diǎn)射出的粒子運(yùn)動(dòng)時(shí)間最長(zhǎng)，粒子從F點(diǎn)離開磁場(chǎng)時(shí)與O1O之間的夾角為θ，如下圖可得sinθ=L解得θ＝30°根據(jù)幾何知識(shí)該粒子在PO1O平面內(nèi)的軌跡長(zhǎng)度為s=3R所以tmax（3）設(shè)打在熒光屏上的橫、縱坐標(biāo)分別為x、y，粒子從F點(diǎn)離開磁場(chǎng)時(shí)與O1O之間的夾角為θ，如圖上所示，可得sinθ=L解得θ＝30°依題意有x=Rtanθ=3帶電拉子在勻強(qiáng)電場(chǎng)中做類平拋運(yùn)動(dòng)，可得a=qEy=1Rcosθ聯(lián)立解得y=2Em則粒子打在熒光屏上的位置坐標(biāo)為(3（4）猜想帶電粒子打到熒光屏上形成圖像的形狀是拋物線。證明：因?yàn)樗辛Ｗ訌腇點(diǎn)射入電場(chǎng)