2024年廣東汕頭市高考二模物理模擬試卷試題（含答案詳解）

2024年汕頭市普通高考第二次模擬考試

物理

注意事項：

1.本試卷分第I卷（選擇題）和第II卷（非選擇題）兩部分。答卷前，考生在答

題卡上務必用直徑0.5毫米黑色墨水簽字筆將自己的姓名、準考證號填寫清楚,

并貼好條形碼。請認真核準條形碼上的準考證號、姓名和科目。

2.回答第I卷時，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡對應題目的答案標號涂黑。

如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其它答案標號。寫在本試卷上無效。

3.回答第II卷時，將答案寫在答題卡上。寫在本試卷上無效。

4.考試結束后，將本試卷和答題卡一并交回。

第I卷

一、單項選擇題：本題共7小題，每小題4分，共28分。在每小題給出的四個

選項中，只有一項是符合要求的。

1.撲克牌可以用來“搭房子”，如圖1所示。每一張紙牌的質量為相，在圖2的示意圖中，

下列說法正確的是（）

A.。紙牌受到其它紙牌的作用力大小為7煙，方向豎直向上

B.6紙牌受到其它紙牌的作用力大小為〃織，方向豎直向上

C.紙牌對地面的壓力大小為&咫

D.每一張紙牌的合外力都不相同

2.掃描隧道顯微鏡讓人類對原子有了直觀的感受,下列關于原子結構的說法正確的是（)

A.玻爾的原子結構假說認為核外電子可在任意軌道上運動

B.。粒子散射實驗中，絕大多數(shù)a粒子發(fā)生了大角度散射

C.原子光譜是線狀譜，不同原子的光譜可能相同

D.氫原子在激發(fā)態(tài)自發(fā)躍遷時，氫原子能量減少

3.風力和空氣阻力會影響雨滴下落的軌跡，如圖為從某時刻開始計時的雨滴在水平x方向

和豎直y方向的運動圖像，下列說法不正確的是（）

A.雨滴做勻變速曲線運動

B.雨滴的初速度是8m/s

C.02s內(nèi)，雨滴重力的瞬時功率一直增大

D.02s內(nèi)，重力和風力對雨滴做的功大于雨滴克服空氣阻力做的功

4.神舟十七號載人飛船與距離地面約390km的天宮空間站成功對接。變軌過程可簡化為如

圖：飛船先從圓形軌道I的A位置變軌到橢圓軌道II,再從8位置變軌進入空間站所在的

圓形軌道III。假設空間站軌道半徑為r,地球半徑為R,地球表面的重力加速度為g。下列

說法正確的是（）

III

A.空間站內(nèi)的航天員處于“懸浮”狀態(tài)是因為他所受到合外力為零

B.飛船沿橢圓軌道II由A點到B點的時間為烏、口

R

c.空間站的向心加速度大于赤道上的物體隨地球自轉的向心加速度

D.根據(jù)狹義相對論原理，在軌飛行的飛船中，航天員的手表變快了

5.利用靜電紡絲技術制備納米纖維材料是近年來材料領域的重要技術。如圖所示，初始時

無電場，噴嘴處的球形液滴保持靜止；隨著高壓電場逐漸增強，液滴帶上正電荷且由球形變

為圓錐形（即“泰勒錐”）；當電壓增至某個臨界值時（假設此后電壓保持不變），液滴從尖端

試卷第2頁，共8頁

噴出，在非勻強電場的作用下向下方運動，M.N為直線路徑上的兩點。以下說法正確的是

)

-----/7接收端

A.噴嘴處的球形液滴在無電場的情況下只受重力

B.液滴從M到N的過程做勻加速直線運動

C.液滴從M到N的過程電場力做負功

D.液滴向下做螺旋運動時電勢能減小

6.在礦山開采中，滑輪裝置被用于提升和移動礦石。如圖，一輛車通過定滑輪提升質量為

M的礦石，滑輪左側連接車的繩子在豎直方向的投影為人，當車以速度v勻速向左行駛一段

34

距離后，連接車的繩子與水平方向的夾角從53變?yōu)?7,sin37sin53=-,則該過

程中（）

V

A.礦石重力的功率為年v

B.礦石重力做功為-，Afg/z

C.繩子對礦石拉力做的功等于礦石重力做的功

D.繩子對礦石拉力的功率一直保持不變

7.電磁波的發(fā)現(xiàn)和使用極大地改變了人類的生活。下列說法中正確的是（）

A.根據(jù)麥克斯韋電磁理論，變化的磁場產(chǎn)生變化的電場，變化的電場產(chǎn)生變化的磁場

B.藍牙耳機的電磁波在真空中的傳播速度比手機通信的電磁波速度小

C.盒裝牛奶內(nèi)壁有鋁箔，放入微波爐中不能被加熱

D.某同學自制收音機來收聽廣播時，其接收電臺的過程稱為調(diào)制

二、多項選擇題：本題共3小題，每小題6分，共18分。在每小題給出的四個

選項中，有多項符合題目要求，全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有

選錯的得0分。

8.如圖1所示，大功率家用電器的插頭常配備漏電保護裝置，工作原理如圖2所示，其中“零

序電流互感器”可視為閉合鐵芯。正常用電時，火線和零線的電流等大反向；出現(xiàn)漏電時，

快速響應電路能夠在毫秒級的時間內(nèi)檢測到漏電并觸發(fā)斷路器，使觸頭彈起從而自動切斷電

源。下列說法正確的是（

電

熱

水

器

圖1圖2

A.漏電保護裝置應用了電磁感應的原理

B.圖2中零線應該置于互感器的外面，否則無法正常使用

C.正常用電時，M和N兩點之間沒有電壓

D.出現(xiàn)漏電時，M和N兩點之間沒有電壓

下列說法正確的是（

B.安裝裝置時，必須使相互平行

C.實驗時為減小實驗誤差，常直接測量相鄰兩條亮條紋間的距離

D.可以通過減小雙縫間距使條紋變疏

試卷第4頁，共8頁

10.如圖所示，球筒中靜置著一個羽毛球。小明左手拿著球筒，右手迅速拍打筒的上端，使

筒獲得向下的初速度并與左手發(fā)生相對運動，最后羽毛球（視為質點）從筒口上端出來，已

知球筒質量為M=90g（不含球的質量），羽毛球質量為〃z=5g,球筒與手之間的滑動摩擦

力為工=2.6N,球與筒之間的滑動摩擦力為力=01N,球頭離筒的上端距離為d=9cm,重

力加速度g取lOm/s2,空氣阻力忽略不計，當球筒獲得一個向下的初速度后（）

A.靜置時，羽毛球的摩擦力為。1N

B.拍打球筒后瞬間，羽毛球受到向上的摩擦力

C.拍打球筒后瞬間，羽毛球的加速度為30m/s2

D.僅拍打一次，羽毛球恰能出來，則筒的初速度為3m/s

第n卷

三、非選擇題：本題共4小題，共54分，考生根據(jù)要求做答。

11.同學們在學習了感應電流產(chǎn)生的條件后，想通過實驗探究影響感應電流方向的因素，實

（1）按照圖1所示電路連接器材，閉合電鍵，電流表指針向右偏轉，對調(diào)電源正負極，重

復以上操作。該步驟目的是獲得電流表指針偏轉方向與方向的對應關系；

（2）按照圖2所示電路連接器材，查明線圈中導線的繞向，以確定感應電流產(chǎn)生的磁場方

（3）分別改變磁體磁場的方向和磁體運動方向，觀察指針偏轉方向，使用表格中記錄數(shù)據(jù);

根據(jù)第1步探究的對應關系，表中實驗4中標有“▲”空格應填（選填“向上”、“向

下”、“向左”或'向右"）:

實驗序磁體磁場的方向（正磁體運動情指針偏轉情感應電流的磁場方向（正

號視）況況視）

1向下插入線圈向左向上

2向下拔出線圈向右向下

3向上插入線圈向右向下

4向上拔出線圈向左▲

（4）根據(jù)表中所記錄數(shù)據(jù)，進行如下分析：

①由實驗1和（填實驗序號）可得出結論：感應電流方向與磁體運動情況有關。

②由實驗2、4得出的結論：穿過閉合回路的磁通量減少時，感應電流的磁場與原磁場方向.

（選填“相同”、“相反”或“無關”）。

（5）經(jīng)過進一步討論和學習，同學們掌握了影響感應電流方向的因素及其結論，為電磁感

應定律的學習打下了基礎。

12.喬喬同學用平拋運動規(guī)律來測量木制小球從玩具軌道頂部滾落到水平底部時的速度。裝

置圖如圖1所示，需要用到的器材有：新買的學習桌、配送的氣泡水平儀、包裝用的快遞盒

（瓦楞紙板）和刻度尺。實驗步驟如下：

軌道.瓦楞

氣泡、0/紙板（俯視圖）~pl—

（1）將桌子邊緣與地板紋路平行，軌道底部與桌子邊緣對齊。

（2）利用氣泡水平儀將桌面調(diào)至水平。通過查閱說明書，喬喬知道氣泡在水平儀中總保持

在最高位置，當氣泡處于參考線內(nèi)時，安裝面達到水平。將水平儀貼近桌子邊緣，俯視圖如

圖2,右側氣泡不在參考線內(nèi)，此時應該將（填寫“1號”、“2號”、“3號”、“4號”）

兩個桌腳適當墊高。

試卷第6頁，共8頁

（3）把瓦楞紙固定在架子上，調(diào)節(jié)好架子讓瓦楞紙正對軌道固定在水平地面上；將小球沾

上墨水，并記錄小球在軌道開始下滑的位置為。點，靜止釋放小球，小球飛出后在瓦楞紙

板留下痕跡。

（4）將瓦楞紙板往遠離桌子方向平行移動距離并固定,（填寫操作步驟）。重

復此步驟4次，瓦楞紙板留下點跡如圖。

A

X=16.87cm

B

%=28.97cm

C

J3=41.07cm

D

(5)用刻度尺測量A3、BC、CD之間的距離％=16.87cm、%=28.97cm、y3=41.07cm,

重力加速度g取lOm/s?,則相鄰兩次實驗小球在空中運動的時間之差為T=（結果

保留2位有效數(shù)字）。

（6）用刻度尺測量瓦楞紙板每次平行移動的距離。=12.0cm,則小球從軌道底部水平飛出

的速度%=m/s（結果保留3位有效數(shù)字）。

（7）完成實驗后，喬喬對實驗進行評價反思，可能引起誤差的原因有（填寫字母

序號）。

A.未測量水平軌道底部離桌面高度

B.瓦楞紙板厚度不可忽略

C.小球下落過程中有空氣阻力

D.通過小球在瓦楞紙板上的痕跡，通過圓心確定位置時存在誤差

13.自嗨鍋通過自熱包產(chǎn)生熱量使隔層上方鍋內(nèi)氣體吸熱升溫，使用不當時可能造成安全事

故。某次使用前，室溫為27。。大氣壓強為1。義1。5pa,鍋蓋透氣孔被堵塞。假設該款自嗨

鍋鍋體內(nèi)部所能承受的最大壓強為1.04xl（）5pa,鍋蓋扣緊后，鍋內(nèi)氣體視為質量一定的理

想氣體，且體積不變。

（1）請通過計算判斷鍋內(nèi)氣體能否安全加熱到47。。？

（2）若此過程中氣體內(nèi)能的改變量為AU,則鍋內(nèi)氣體吸收的熱量是多少？

食物

隔層

自熱包

14.某科研小組為了研究離子聚焦的問題設計了如圖所示的裝置，在平行于x軸的虛線上方

有一垂直于孫平面的勻強磁場，一質量為加、電荷量為4的離子從M點處以速率v射出，

當速度方向與無軸正方向成90。和53。時，離子均會經(jīng)過N點。已知OM=ON=d,不計離

子重力，已知sin53o=0.8,cos53°=0.6□求：

（1）勻強磁場的磁感應強度；

（2）當離子速度方向與x軸正方向成53。時，從M運動到N的時間。

”____________________

M\ON

15.某物理小組為了模擬汽車碰撞對駕駛員的影響設計了以下模型。如圖固定弧形軌道末端

與粗糙水平面相切于。點。第一次讓質量為m的小滑塊A從弧形軌道的尸點靜止釋放，測

得到達。點的速度為％且停在。點右側距離與處。第二次將質量也為m的小滑塊B靜置在

距離。點右側0.75%處，讓A重新在P點靜止釋放，測得A最終停在。點右側距離七處。

已知A、B相碰為完全非彈性碰撞但不粘連，A、B與水平面的動摩擦因數(shù)不同。求：

（1）A、B相碰前的瞬間，A的速度大??；

（2）第二次試驗中，玉的最大值；

（3）試討論在第二次實驗中，B對A的沖量大小與玉的關系。

O

試卷第8頁，共8頁

1.A

【詳解】A.。紙牌處于靜止狀態(tài)，受到其它紙牌的作用力和自身重力，根據(jù)力的平衡條件

可知其它紙牌對a紙牌的作用力大小為/g,方向豎直向上，故A正確；

B.6紙牌處于靜止狀態(tài)，受到其它紙牌的作用力、自身重力和摩擦力作用，則其它紙牌對

b紙牌的作用力大小不等于，故B錯誤；

C.共有7張紙牌，整體受力分析，可知地面對其支持力為7加g,則紙牌對地面的壓力大小

為7mg,故C錯誤；

D.每張紙牌都處于靜止狀態(tài)，合外力都為0,故D錯誤；

故選Ao

2.D

【詳解】A.玻爾的原子結構假說認為核外電子的軌道是量子化的，電子只能在特定的軌道

上運動，故A錯誤；

B.a粒子散射實驗中，絕大多數(shù)口粒子穿過金箔后基本上仍沿著原來的方向前進，少數(shù)a

粒子穿過金箔后發(fā)生了大角度的偏轉，極少數(shù)a粒子甚至被反彈回來，故B錯誤；

C.原子光譜是線狀譜，不同原子的光譜不同，故C錯誤；

D.氫原子在激發(fā)態(tài)自發(fā)躍遷時，輻射光子釋放能量，氫原子能量減少，故D正確。

故選D。

3.C

【詳解】AB.根據(jù)題圖可知，在水平方向雨滴做初速度為0,加速度為

a=—=—m/s2=1.5m/s2

A/2

的勻加速直線運動，在豎直方向雨滴做速度大小為

16,?,

v=—m/s=8m/s

v)2

的勻速直線運動，可知，雨滴的初速度方向與加速度方向垂直，且雨滴的加速度恒定，由此

可知雨滴做勻變速曲線運動，故AB正確，不符合題意；

C.由于雨滴在豎直方向做勻速直線運動，其豎直分速度不變，則重力的瞬時功率

mV

PO=§y

不變，故c錯誤，符合題意；

D.02s內(nèi)，對雨滴下落過程中由能量守恒有

答案第1頁，共10頁

可得

%+W風-%=A”

由于雨滴下落過程中豎直方向速度不變，但水平方向速度始終在增加，因此雨滴動能的變化

量大于0,則有

%+%-%=孤＞。

由此可知02s內(nèi)，重力和風力對雨滴做的功大于雨滴克服空氣阻力做的功，故D正確，不

符合題意。

故選C?

4.C

【詳解】A.空間站內(nèi)的航天員處于“懸浮”狀態(tài)是因為他處于完全失重狀態(tài)，其自身所受重

力充當其隨空間站一起環(huán)繞地球做圓周運動的向心力，故A錯誤；

B.若飛船從A到8做圓周運動，且軌道半徑為廣，則由萬有引力從當向心力有

解得

T=2^rJ——

\GM

而在地球表面有

—Mm

G-^-=ms

解得

GM=gR2

由此可得

丁2nr[7

則從4到8的時間為

T7ir[r

t=2=~R^g

但由于飛船從A到B并非做勻速圓周運動，而是橢圓運動,因此要求橢圓運動的周期必須

答案第2頁，共10頁

用開普勒第三定律，且必須知道飛船做橢圓運動的半長軸，由此可知，飛船沿橢圓軌道II由

A點到B點的時間并非為故B錯誤；

RNg

c.同步衛(wèi)星與赤道上物體的角速度相同，根據(jù)圓周運動的相關知識可知，向心加速度

a=a)2r

由于同步衛(wèi)星做圓周運動的半徑大于赤道上物體做圓周運動的半徑，因此同步衛(wèi)星的向心加

速度大于赤道上物體的向心加速度，而對于環(huán)繞中心天體做圓周運動的物體，由萬有引力充

當向心力，可得物體環(huán)繞中心天體做圓周運動的向心加速度

GM

CL-----

R2

可知，軌道半徑越大，向心加速度越小，而同步衛(wèi)星的軌道半徑大于空間站的軌道半徑，因

此同步衛(wèi)星的向心加速度小于空間站的向心加速度，由此可知，空間站的向心加速度大于赤

道上的物體隨地球自轉的向心加速度，故C正確；

D.根據(jù)狹義相對論原理，在軌飛行的飛船中，航天員的手表變慢了，故D錯誤。

故選Co

5.D

【詳解】A.噴嘴處的球形液滴在無電場的情況下受重力和表面張力，A錯誤；

B.液滴在非勻強電場中運動，電場力是變力，則加速度是變化的，所以液滴從M到N的

過程做變加速直線運動，B錯誤；

C.液滴帶正電，從M到N的過程中電場力方向豎直向下，與位移方向相同，則電場力做

正功，C錯誤；

D.液滴向下做螺旋運動時電場力做正功，電勢能減小，D正確。

故選D。

6.B

【詳解】A.礦石的速度

V]=VCOS0

令連接車的繩子與水平方向的夾角為凡礦石重力做負功，克服礦石重力的功率為

P=Mgv]=Mgvcos0<Mgv

車以速度V勻速向左行駛，。逐漸減小，可知，該功率逐漸增大，則克服礦石重力的平均功

率小于Mgv,故A錯誤；

答案第3頁，共10頁

B.令滑輪到水平地面的高度差為力，則礦石上升的距離

hh5.

=-------------=—用

°sin37sin5312

礦石重力做功為

W=-Mgx0=-^Mgh

故B正確；

C.結合上述有

匕=ucos6

可知，車以速度V勻速向左行駛，。逐漸減小，礦石速度增大，即繩子拉力大小大于礦石重

力，拉力做正功，礦石重力做負功，則繩子對礦石拉力做的功大于克服礦石重力做的功，故

C錯誤；

D.結合上述，礦石的速度

匕=ucos6

等式兩側對時間求導數(shù)，取導數(shù)的絕對值，得到礦石加速度大小

a=vsin夕夕=/sin夕@

將車的速度垂直與繩分解，該分速度有轉動的效果，則有

%=ysin8=①h

2sin3

對礦石進行分析，根據(jù)牛頓第二定律有

T-mg=ma

繩子對礦石拉力的功率

PT=TVI

解得

mv3sin30cos0

4二mgvcos0+

h

可知，拉力的功率隨6的改變而發(fā)生變化，即繩子對礦石拉力的功率并不是一直保持不變,

故D錯誤。

故選Bo

7.C

【詳解】A.根據(jù)麥克斯韋電磁理論，均勻變化的磁場產(chǎn)生恒定的電場，均勻變化的電場產(chǎn)

答案第4頁，共10頁

生恒定的磁場，A錯誤；

B.藍牙耳機的電磁波在真空中的傳播速度等于手機通信的電磁波速度，B錯誤；

C.盒裝牛奶內(nèi)壁有鋁箔，這屬于金屬材料，金屬能聚集能量產(chǎn)生高頻電流，進而出現(xiàn)發(fā)熱

產(chǎn)生電火花的現(xiàn)象，不能放入微波爐中加熱，C正確；

D.某同學自制收音機來收聽廣播時，其接收電臺的過程稱為調(diào)諧，D錯誤。

故選Co

8.AC

【詳解】ACD.若火線和零線電流始終等大反向，則穿過零序電流互感器的磁通量不發(fā)生

變化，零序電流互感器無感應電動勢，則與之構成閉合回路的斷路器兩端間無電壓，但

若發(fā)生漏電，則由火線、用電器、零線構成的閉合回路中，流經(jīng)火線與零線的電流大小將不

再相等，從而使穿過零序電流互感器的磁通量發(fā)生變化，產(chǎn)生感應電動勢，觸發(fā)斷路器，使

觸頭彈起從而自動切斷電源，保護電路，即此時斷路器兩端MN間有電壓，由此可知漏電保

護裝置應用了電磁感應的原理，故AC正確，D錯誤；

B.圖2中若零線置于互感器的外面，則發(fā)生漏電時，零序電流互感器不能感應到通過火線

的電流變化，因此互感器不能正常使用，只有零線與火線同在互感器里面，互感器通過感應

相反電流產(chǎn)生的磁場是否變化從而做出反饋，因此圖2中零線應該置于互感器的里面，故B

錯誤。

故選AC。

9.BD

【詳解】A.雙縫干涉實驗器具的位置順序依次為光源、透鏡、單縫、雙縫、遮光筒、測量

頭、目鏡光屏，故A錯誤；

B.安裝裝置時，必須使A8相互平行，如此才能保證從單縫獲得振動方向相同的光完全通

過雙縫，若48不平行則通過雙縫的光強度將減弱，從而使得光屏上呈現(xiàn)的條紋圖像過暗,

故B正確；

C.實驗時為減小實驗誤差，常測量多條亮條紋間的距離，然后取平均值，以此減小測量時

的相對誤差，故C錯誤；

D.根據(jù)條紋間距公式

d

則可知，可以通過減小雙縫間距d使條紋變疏，故D正確。

答案第5頁，共10頁

故選BD。

10.CD

【詳解】A.靜置時，根據(jù)平衡條件有

-3

/=mg=5xl0xl0N=0.05N

故A錯誤；

B.拍打球筒后瞬間，球筒相對于羽毛球向下運動，則羽毛球給球筒的摩擦力向上，而根據(jù)

牛頓第三定律可知，球筒給羽毛球的摩擦力向下，故B錯誤；

C.拍打球筒后瞬間，對羽毛球由牛頓第二定律有

mg+f2=機〃i

解得

q=30m/s2

故C正確；

D.僅拍打一次，羽毛球恰能出來，則羽毛球與球筒恰好達到共速，設球筒的加速度為。2,

筒的初速度為L則對球筒由牛頓第二定律有

fl+f2-Mg=Ma2

解得

2

a2=20m/s

球筒做勻減速運動，羽毛球做勻加速運動，有

v-a2t=a{t

1212

vt_~aj—-Q/—d

代入數(shù)據(jù)解得

v=3m/s

故D正確。

故選CD。

11.電流向上2相同

【詳解】（1）口］電流流向不同，對應指針偏轉方向不同，所以該步驟目的是獲得電流表指

針偏轉方向與電流方向的對應關系。

答案第6頁，共10頁

(3)[2]磁體磁場的方向向上，拔出線圈，根據(jù)安培定則可知，感應電流的磁場方向向上。

(4)①⑶要探究感應電流方向與磁體運動情況，需保證磁體磁場的方向和指針偏轉情況相

同，故由實驗1和2可得出結論。

②⑷由實驗2、4得出的結論：穿過閉合回路的磁通量減少時，感應電流的磁場與原磁場方

向相同。

12.1號、4號小球從。點由靜止開始下滑Qlls1.09CD

【詳解】(2)山由圖2可知氣泡偏右，說明桌子左側低，應該將1、4桌腳適當墊高。

(4)[2]實驗中應保持平拋運動的初速度不變，需要小球從。點由靜止開始下滑。

(5)[3]相鄰兩次實驗小球在空中運動的時間之差為

%-y=gL

解得

T=0.11s

(6)[4]小球從軌道底部水平飛出的速度為

D12.0x10-2

%=—=-------------m/s=1.09m/s

T0.11

(7)[5]A.未測量水平軌道底部離桌面高度，不影響小球豎直位移，故A錯誤；

B.瓦楞紙板厚度不影響水平位移，可忽略，故B錯誤；

C.小球下落過程中有空氣阻力，影響水平位移和豎直位移，故C正確；

D.通過小球在瓦楞紙板上的痕跡，通過圓心確定位置時存在誤差，影響豎直位移，故D正

確。

故選CD。

13.(1)不能；(2)Q=AU

【詳解】(1)設初始時，氣體的壓強為耳=lxl()5pa,溫度為7]=300K,加熱到47P時，

氣體的壓強為尸2,溫度為q=320K,氣體發(fā)生等容變化，則有

(T2

解得

￡=1.07x105pa>104x1()5pa

所以不能安全加熱到47。(2。

(2)由熱力學第一定律可知

答案第7頁，共10頁

AU=W+Q

氣體體積不變，W=o,解得

Q=\U

【詳解】(1)當粒子速度方向與x軸正方向成90。時，其運動軌跡如圖所示

根據(jù)幾何關系可知粒子在磁場中做圓周運動的軌跡半徑

R=d

粒子在磁場中做勻速圓周運動，由洛倫茲力充當向心力有

qvB=^~

R

聯(lián)立以上兩式解得

B=—

qd

(2)粒子在磁場中做勻速圓周運動的周期

T2

V

其運動軌跡如圖所示

根據(jù)幾何關系可知粒子在磁場中轉過的圓心角

6?=53°x2=106°

則粒子在磁場中運動的時間

答案第8頁，共10頁

醯=~^-xT

圓360°

粒子在非磁場區(qū)做勻速直線運動，根據(jù)幾何關系可得

d—Rsin530

s=----------------

cos53°

由此可知粒子在非磁場區(qū)運動的時間為

2s

喑=一

V

則粒子運動的總時間

'總='圓+'直

求得

<7(253萬

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