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2021-2022學(xué)年高考物理模擬試卷注意事項(xiàng):1.答卷前,考生務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)填寫在答題卡上。2.回答選擇題時(shí),選出每小題答案后,用鉛筆把答題卡上對應(yīng)題目的答案標(biāo)號(hào)涂黑,如需改動(dòng),用橡皮擦干凈后,再選涂其它答案標(biāo)號(hào)?;卮鸱沁x擇題時(shí),將答案寫在答題卡上,寫在本試卷上無效。3.考試結(jié)束后,將本試卷和答題卡一并交回。一、單項(xiàng)選擇題:本題共6小題,每小題4分,共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中,只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1.一定量的理想氣體從狀態(tài)a開始,經(jīng)歷三個(gè)過程ab、bc、ca回到原狀態(tài),其圖像如圖所示,下列判斷正確的是()A.過程ac中氣體內(nèi)能的增加等于吸收的熱量B.過程bc中氣體既不吸熱也不放熱C.過程ab中氣體吸收的熱量大于氣體內(nèi)能的增加D.a(chǎn)、b和c三個(gè)狀態(tài)中,狀態(tài)a氣體的內(nèi)能最小2.下列說法正確的是()A.布朗運(yùn)動(dòng)雖不是分子運(yùn)動(dòng),但它證明了組成固體顆粒的分子在做無規(guī)則運(yùn)動(dòng)B.液體表面層內(nèi)分子間距離大于液體內(nèi)部分子間的距離,表現(xiàn)為引力C.?dāng)U散現(xiàn)象可以在液體、氣體中進(jìn)行,不能在固體中發(fā)生D.隨著分子間距增大,分子間引力和斥力均減小,分子勢能一定減小3.英國知名科學(xué)雜志《自然》發(fā)表文章,展望了2020年可能會(huì)對科學(xué)界產(chǎn)生重大影響的事件,其中包括中國的嫦娥五號(hào)任務(wù)。若嫦娥五號(hào)經(jīng)過若干次軌道調(diào)整后,先在距離月球表面h的高度處繞月球做勻速圓周運(yùn)動(dòng),然后開啟反沖發(fā)動(dòng)機(jī),嫦娥五號(hào)著陸器暫時(shí)處于懸停狀態(tài),最后實(shí)現(xiàn)軟著陸,自動(dòng)完成月球表面樣品采集,并從月球起飛,返回地球。月球的半徑為R且小于地球的半徑,月球表面的重力加速度為g0且小于地球表面的重力加速度,引力常量為G。不考慮月球的自轉(zhuǎn),則下列說法正確的是()A.嫦娥五號(hào)的發(fā)射速度大于地球的第二宇宙速度B.嫦娥五號(hào)探測器繞月球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的速度可能大于地球的第一宇宙速度C.由題可知月球的平均密度D.嫦娥五號(hào)探測器在繞月球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的周期為4.如圖所示,足夠長的豎直絕緣管內(nèi)壁的粗糙程度處處相同,處于方向互相垂直的勻強(qiáng)電場和勻強(qiáng)磁場中.一帶正電的小球從靜止開始沿管下滑,下列小球運(yùn)動(dòng)速度v和時(shí)間t、小球所受彈力FN和速度v的關(guān)系圖像中正確的是A. B.C. D.5.中國北斗衛(wèi)星導(dǎo)航系統(tǒng)(BeiDouNavigationSatelliteSystem,BDS)是繼美國全球定位系統(tǒng)(GPS)、俄羅斯格洛納斯衛(wèi)星導(dǎo)航系統(tǒng)(GLONASS)之后第三個(gè)成熟的衛(wèi)星導(dǎo)航系統(tǒng)。北斗導(dǎo)航系統(tǒng)中有幾顆衛(wèi)星是地球同步衛(wèi)星,GPS導(dǎo)航系統(tǒng)是由周期約為12h的衛(wèi)星群組成。則北斗導(dǎo)航系統(tǒng)的同步衛(wèi)星與GPS導(dǎo)航衛(wèi)星相比()A.北斗導(dǎo)航系統(tǒng)的同步衛(wèi)星的角速度大B.北斗導(dǎo)航系統(tǒng)的同步衛(wèi)星的軌道半徑小C.GPS導(dǎo)航衛(wèi)星的線速度大D.GPS導(dǎo)航衛(wèi)星的向心加速度小6.2016里約奧運(yùn)會(huì)男子50米自由泳決賽美國埃爾文奪得金牌。經(jīng)視頻分析發(fā)現(xiàn):他從起跳到入水后再經(jīng)過加速到獲得最大速度2.488m/s所用的時(shí)間總共為2.5秒,且這一過程通過的位移為x1=2.988m。若埃爾文以最大速度運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為19s,若超過該時(shí)間后他將做1m/s2的勻減速直線運(yùn)動(dòng)。則這次比賽中埃爾文的成績?yōu)椋ǎ〢.19.94s B.21.94s C.20.94s D.21.40s二、多項(xiàng)選擇題:本題共4小題,每小題5分,共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中,有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對的得5分,選對但不全的得3分,有選錯(cuò)的得0分。7.如圖所示,abcd為一正方形邊界的勻強(qiáng)磁場區(qū)域,磁場邊界邊長為L,三個(gè)粒子以相同的速度從a點(diǎn)沿對角線方向射入,粒子1從b點(diǎn)射出,粒子2從c點(diǎn)射出,粒子3從cd邊垂直射出,不考慮粒子的重力和粒子間的相互作用.根據(jù)以上信息,可以確定A.粒子1帶負(fù)電,粒子2不帶電,粒子3帶正電B.粒子1和粒子3的比荷之比為2:1C.粒子1和粒子2在磁場中的運(yùn)動(dòng)時(shí)間之比為π:4D.粒子3的射出位置與d點(diǎn)相距8.關(guān)于熱力學(xué)的一些現(xiàn)象和規(guī)律,以下敘述正確的是()A.熱量不能自發(fā)地從低溫物體傳到高溫物體B.液體的表面張力使液面繃緊,所以液滴呈球形C.高原地區(qū)水的沸點(diǎn)較低,是高原地區(qū)溫度較低的緣故D.一些昆蟲可以停在水面上,是由于表面層的水分子比內(nèi)部的水分子更密集E.一定質(zhì)量的理想氣體在狀態(tài)改變過程中,既不吸熱也不放熱,內(nèi)能也有可能發(fā)生變化9.如圖所示,在光滑水平面上有寬度為d的勻強(qiáng)磁場區(qū)域,邊界線MN平行于PQ線,磁場方向垂直平面向下,磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B,邊長為L(L<d)的正方形金屬線框,電阻為R,質(zhì)量為m,在水平向右的恒力F作用下,從距離MN為d/2處由靜止開始運(yùn)動(dòng),線框右邊到MN時(shí)速度與到PQ時(shí)的速度大小相等,運(yùn)動(dòng)過程中線框右邊始終與MN平行,則下列說法正確的是()A.線框進(jìn)入磁場過程中做加速運(yùn)動(dòng)B.線框的右邊剛進(jìn)入磁場時(shí)所受安培力的大小為C.線框在進(jìn)入磁場的過程中速度的最小值為D.線框右邊從MN到PQ運(yùn)動(dòng)的過程中,線框中產(chǎn)生的焦耳熱為Fd10.如圖甲所示,將一個(gè)小球從某處水平拋出,經(jīng)過一段時(shí)間后恰好平行斜面沿著斜面向下滑行,從拋出后起一段時(shí)間內(nèi)小球的動(dòng)能隨時(shí)間平方(EK—t2)圖象如圖乙所示,橫坐標(biāo)在02.5之間圖線為直線,此外為曲線,重力加速度為g,則根據(jù)圖乙信息,可以求得()A.小球的初速度 B.小球的質(zhì)量C.小球在斜面上滑行的時(shí)間 D.斜面的傾角三、實(shí)驗(yàn)題:本題共2小題,共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處,不要求寫出演算過程。11.(6分)甲實(shí)驗(yàn)小組利用圖(a)裝置探究機(jī)械能守恒定律.將小鋼球從軌道的不同高度h處靜止釋放,斜槽軌道水平末端離落點(diǎn)的高度為H,鋼球的落點(diǎn)距軌道末端的水平距離為s.(g取10m/s2)(1)若軌道完全光滑,s2與h的理論關(guān)系應(yīng)滿足s2=______(用H、h表示).(2)圖(b)中圖線①為根據(jù)實(shí)驗(yàn)測量結(jié)果,描點(diǎn)作出的s2–h關(guān)系圖線;圖線②為根據(jù)理論計(jì)算得到的s2–h關(guān)系圖線.對比實(shí)驗(yàn)結(jié)果,發(fā)現(xiàn)自同一高度靜止釋放的鋼球,實(shí)際水平拋出的速率______(選填“小于”或“大于”)理論值.造成這種偏差的可能原因是______________________.乙實(shí)驗(yàn)小組利用同樣的裝置“通過頻閃照相探究平拋運(yùn)動(dòng)中的機(jī)械能守恒”.將質(zhì)量為0.1kg的小鋼球A由斜槽某位置靜止釋放,由頻閃照相得到如圖(c)所示的小球位置示意圖,O點(diǎn)為小球的水平拋出點(diǎn).(3)根據(jù)小球位置示意圖可以判斷閃光間隔為______s.(4)以O(shè)點(diǎn)為零勢能點(diǎn),小球A在O點(diǎn)的機(jī)械能為______J;小球A在C點(diǎn)時(shí)的重力勢能為______J,動(dòng)能為______J,機(jī)械能為______J.12.(12分)某同學(xué)研究小燈泡的伏安特性曲線,所使用的器材有:小燈泡L(額定電壓,額定電流),電壓表(量程,內(nèi)阻為),電流表A(量程內(nèi)阻約),定值電阻(阻值為),滑動(dòng)變阻器R(阻值),電源E(電動(dòng)勢,內(nèi)阻很?。╅_關(guān)S,導(dǎo)線若干.(1)實(shí)驗(yàn)要求能夠?qū)崿F(xiàn)在的范圍內(nèi)對小燈泡的電壓進(jìn)行測量,請將圖甲電路補(bǔ)畫完整______________;(2)實(shí)驗(yàn)測得該小燈泡伏安特性曲線如圖所示,由曲線可知,隨著電流的增加小燈泡的電阻將_________;A.逐漸增大B.逐漸減小C.先增大后不變D.先減小后不變(3)若用多用表直接測量該小燈泡的電阻,正確操作后多用表指針如圖所示,則小燈泡的電阻是_______.(4)用另一電源(電動(dòng)勢,內(nèi)阻)和題中所給的小燈泡L、滑動(dòng)變阻器R連接成如圖所示的電路,閉合開關(guān)S,調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器R的阻值.在R的變化范圍內(nèi),電源的最大輸出功率為_______W,此時(shí)小燈泡的功率為_______W,滑動(dòng)變阻器R接入電路的電阻為_______.四、計(jì)算題:本題共2小題,共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處,要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13.(10分)2020年2月18日,我國發(fā)射的嫦娥四號(hào)著陸器和玉兔二號(hào)探測器再次啟動(dòng),打破了探測器在月球上工作的世界紀(jì)錄,并將開始第15個(gè)月晝的科學(xué)探測活動(dòng)。若著陸器與探測器總質(zhì)量為,著陸過程簡化如下:在距月面處懸停,當(dāng)發(fā)動(dòng)機(jī)推力為時(shí),先豎直向下做勻加速直線運(yùn)動(dòng);當(dāng)發(fā)動(dòng)機(jī)推力為時(shí),隨即做勻減速直線運(yùn)動(dòng),且兩個(gè)階段加速度大小相等,剛好在距離月面時(shí)再次懸停,此過程總共用時(shí),此后關(guān)閉發(fā)動(dòng)機(jī)做自由落體運(yùn)動(dòng),直到接觸月球表面。月球表面重力加速度取,求:(1)探測器接觸月球表面時(shí)的速度大?。?2)發(fā)動(dòng)機(jī)施加推力的差值的大小。14.(16分)一扇形玻璃磚的橫截面如圖所示,圓心角∠AOC=,圖中的虛線OB為扇形的對稱軸,D為OC的中點(diǎn),一細(xì)束平行于玻璃磚截面的單色光沿與OC面成角的方向從D點(diǎn)射入玻璃磚,折射光線與豎直方向平行。(i)求該玻璃磚對該單色光的折射率;(ii)請計(jì)算判斷此單色光能否從玻璃磚圓弧面射出,若能射出,求射出時(shí)折射角的正弦值。15.(12分)如圖所示,兩平行長直金屬導(dǎo)軌不計(jì)電阻水平放置,間距為L,有兩根長度均為L、電阻均為R、質(zhì)量均為m的導(dǎo)體棒AB、CD平放在金屬導(dǎo)軌上。其中棒CD通過絕緣細(xì)繩、定滑輪與質(zhì)量也為m的重物相連,重物放在水平地面上,開始時(shí)細(xì)繩伸直但無彈力,棒CD與導(dǎo)軌間的動(dòng)摩擦因數(shù)為,最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力,忽略其他摩擦和其他阻力,導(dǎo)軌間有一方向豎直向下的勻強(qiáng)磁場,磁場區(qū)域的邊界滿足曲線方程:,單位為。CD棒處在豎直向上的勻強(qiáng)磁場中?,F(xiàn)從時(shí)刻開始,使棒AB在外力F的作用下以速度v從與y軸重合處開始沿x軸正方向做勻速直線運(yùn)動(dòng),在運(yùn)動(dòng)過程中CD棒始終處于靜止?fàn)顟B(tài)。(1)求棒AB在運(yùn)動(dòng)過程中,外力F的最大功率;(2)求棒AB通過磁場區(qū)域的過程中,棒CD上產(chǎn)生的焦耳熱;(3)若棒AB在勻強(qiáng)磁場中運(yùn)動(dòng)時(shí),重物始終未離開地面,且滿足:,求重物所受支持力大小隨時(shí)間變化的表達(dá)式。
參考答案一、單項(xiàng)選擇題:本題共6小題,每小題4分,共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中,只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、D【解析】
A.過程ac為等壓變化,由可知,溫度升高,體積增大,氣體對外做功,溫度升高,內(nèi)能增大,由熱力學(xué)第一定律可知,氣體內(nèi)能的增加等于吸收的熱量與氣體對外做功之差,則氣體內(nèi)能的增加小于吸收的熱量,故A錯(cuò)誤;B.過程bc為等溫變化,△U=0,但氣體壓強(qiáng)減小,由知V增大,氣體對外做功,W<0,由△U=Q+W可知Q>0即氣體吸收熱量,故B錯(cuò)誤;C.過程ab為等容變化,溫度升高,內(nèi)能增大,體積不變,由熱力學(xué)第一定律可知,氣體吸收的熱量等于氣體內(nèi)能的增加,故C錯(cuò)誤;D.理想氣體的內(nèi)能只與溫度有關(guān),溫度越高,內(nèi)能越大,a、b和c三個(gè)狀態(tài)中,狀態(tài)a溫度最低,則理想氣體的內(nèi)能最小,故D正確。故選D。2、B【解析】
A.布朗運(yùn)動(dòng)是懸浮在液體中固體顆粒的運(yùn)動(dòng),是液體分子無規(guī)則熱運(yùn)動(dòng)的反映,不是組成固體顆粒的分子在做無規(guī)則運(yùn)動(dòng),故A錯(cuò)誤;B.液體表面層,分子較為稀疏,分子間距離大于平衡時(shí)的距離,因此分子間作用力表現(xiàn)為引力,液體表面有收縮趨勢,故B正確;C.?dāng)U散現(xiàn)象可以在液體、氣體中進(jìn)行,也能在固體中發(fā)生,故C錯(cuò)誤;D.分子間距離為平衡時(shí)的距離,分子間作用力為零,當(dāng)分子間距離大于時(shí),分子間作用力表現(xiàn)為引力,此時(shí)隨著分子間距的增大分子間作用力做負(fù)功,分子勢能增大,所以當(dāng)分子間距增大時(shí),分子勢能不一定減小,故D錯(cuò)誤;故選B。3、C【解析】
A.發(fā)射速度大于第二宇宙速度就能脫離太陽束縛,飛到太陽系外進(jìn)入銀河系,而嫦娥五號(hào)還是在地月系內(nèi)運(yùn)動(dòng),故其發(fā)射速度大于地球的第一宇宙速度而小于第二宇宙速度,故A錯(cuò)誤;B.根據(jù)萬有引力提供衛(wèi)星做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的向心力,有可得星球的第一宇宙速度為因,,則月球的第一宇宙速度小于地球的第一宇宙速度,而嫦娥五號(hào)的運(yùn)行速度小于月球的第一宇宙速度,故嫦娥五號(hào)探測器繞月球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的速度一定小于地球的第一宇宙速度,故B錯(cuò)誤;C.對月表的物體,有聯(lián)立解得故C正確;D.對嫦娥五號(hào)做勻速圓周運(yùn)動(dòng),有聯(lián)立可得嫦娥五號(hào)的周期為故D錯(cuò)誤。故選C。4、D【解析】
由題中“足夠長的豎直絕緣管內(nèi)壁的粗糙程度處處相同”可知,本題考查帶電物體在復(fù)合場中的受力分析,根據(jù)電場力性質(zhì)和洛倫茲力以及受力分析可解答本題。【詳解】AB、當(dāng)粒子速度足夠大時(shí),有會(huì)有此時(shí),速度不再增加,故AB錯(cuò)誤;CD、根據(jù)受力分析,小球在水平方向受力平衡,即故C錯(cuò)誤,D正確。5、C【解析】
A.地球同步衛(wèi)星的周期為24h,GPS導(dǎo)航系統(tǒng)周期約為12h,根據(jù)周期與角速度的關(guān)系可知北斗導(dǎo)航系統(tǒng)的同步衛(wèi)星的周期大,則其角速度小,故A錯(cuò)誤;B.由萬有引力提供向心力有得衛(wèi)星繞地球做圓周運(yùn)動(dòng)的周期北斗導(dǎo)航系統(tǒng)的同步衛(wèi)星的周期大,則其軌道半徑大,故B錯(cuò)誤;C.由萬有引力提供向心力有得衛(wèi)星繞地球做圓周運(yùn)動(dòng)的線速度北斗導(dǎo)航系統(tǒng)的軌道半徑大,則其線速度小,GPS導(dǎo)航衛(wèi)星的線速度大,故C正確;D.根據(jù)可知北斗導(dǎo)航系統(tǒng)的角速度小、線速度小,則其加速度小,GPS導(dǎo)航衛(wèi)星的向心加速度大,故D錯(cuò)誤。故選C。6、D【解析】
埃爾文勻速運(yùn)動(dòng)能走過的最大位移為x2=vt2=2.488×19=47.272m因?yàn)閤1+x2=2.988+47.272=50.26>50m則運(yùn)動(dòng)員沒有勻減速運(yùn)動(dòng)的過程,所以他勻速運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為則埃爾文奪金的成績?yōu)椋簍=2.5+18.895=21.40sA.19.94s與分析不符,故A錯(cuò)誤;B.21.94s與分析不符,故B錯(cuò)誤;C.20.94s與分析不符,故C錯(cuò)誤;D.21.40s與分析相符,故D正確。故選D。二、多項(xiàng)選擇題:本題共4小題,每小題5分,共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中,有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對的得5分,選對但不全的得3分,有選錯(cuò)的得0分。7、BC【解析】
A.根據(jù)左手定則可得:粒子1帶正電,粒子2不帶電,粒子3帶負(fù)電。故A錯(cuò)誤;
B.做出粒子運(yùn)動(dòng)的軌跡如圖,則粒子1運(yùn)動(dòng)的半徑:r1=,由可得:
粒子3的運(yùn)動(dòng)的軌跡如圖,則:r3=L,
所以:.故B正確;
C.粒子1在磁場中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間:;粒子2在磁場中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間:;所以:,故C正確;
D.粒子3射出的位置與d點(diǎn)相距:.故D錯(cuò)誤。8、ABE【解析】
A.根據(jù)熱力學(xué)第二定律,熱量不能自發(fā)地從低溫物體傳到高溫物體,需要外界干預(yù),故A正確;BD.液體表面張力是由于表面層的水分子比液體內(nèi)部的水分子更稀疏,分子間表現(xiàn)出引力,使液面繃緊,液滴呈球形,故B正確,D錯(cuò)誤;C.高原地區(qū)水的沸點(diǎn)較低,這是因?yàn)楦咴貐^(qū)大氣壓較低的緣故,故C錯(cuò)誤;E.根據(jù)熱力學(xué)第一定律,一定質(zhì)量的理想氣體在狀態(tài)改變過程中,既不吸熱也不放熱,通過做功內(nèi)能也有可能發(fā)生變化,故E正確。故選ABE。9、BD【解析】
A、線框右邊到MN時(shí)速度與到PQ時(shí)速度大小相等,線框完全進(jìn)入磁場過程不受安培力作用,線框完全進(jìn)入磁場后做加速運(yùn)動(dòng),由此可知,線框進(jìn)入磁場過程做減速運(yùn)動(dòng),故A錯(cuò)誤;B、線框進(jìn)入磁場前過程,由動(dòng)能定理得:,解得:,線框受到的安培力:,故B正確;C、線框完全進(jìn)入磁場時(shí)速度最小,從線框完全進(jìn)入磁場到右邊到達(dá)PQ過程,對線框,由動(dòng)能定理得:解得:,故C錯(cuò)誤;D、線框右邊到達(dá)MN、PQ時(shí)速度相等,線框動(dòng)能不變,該過程線框產(chǎn)生的焦耳熱:Q=Fd,故D正確;10、ABD【解析】
AB.小球做平拋運(yùn)動(dòng)的過程,根據(jù)機(jī)械能守恒定律得:Ek=mgh+由平拋運(yùn)動(dòng)的規(guī)律有h=聯(lián)立得Ek=+圖象在02.5之間是直線,由圖可求得直線的斜率k,由數(shù)學(xué)知識(shí)可得,g已知,則能求出小球的質(zhì)量m;由圖知t2=0時(shí),Ek=5J,由Ek=,可求得小球的初速度v0,故AB正確;CD.小球剛落在斜面上時(shí)速度與斜面平行,設(shè)斜面的傾角為α,則有tanα=由題圖知,t2=2.5,可以求得t,小球的初速度v0也可求得,從而能求出斜面的傾角α;根據(jù)小球在斜面的運(yùn)動(dòng)情況,不能求出小球在斜面上滑行的時(shí)間,故C錯(cuò)誤,D正確。故選ABD。三、實(shí)驗(yàn)題:本題共2小題,共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處,不要求寫出演算過程。11、(1)4Hh(2)小于軌道與小球間存在摩擦或小球的體積過大(3)0.1(4)0.1125–0.80.91250.1125【解析】(1)對于小球從靜止釋放到水平拋出這段曲線運(yùn)動(dòng),運(yùn)用動(dòng)能定理研究得:
mgh=mv2
解得:對于平拋運(yùn)動(dòng),運(yùn)用平拋運(yùn)動(dòng)的規(guī)律得出:在豎直方向:H=gt2
則有:--------①
在水平方向:s=vt-------------②
由①②得:所以:s2=4Hh
(2)對比實(shí)驗(yàn)結(jié)果與理論計(jì)算得到的s2--h關(guān)系圖線中發(fā)現(xiàn):自同一高度靜止釋放的鋼球,也就是h為某一具體數(shù)值時(shí),理論的s2數(shù)值大于實(shí)驗(yàn)的s2數(shù)值,根據(jù)平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律知道同一高度運(yùn)動(dòng)時(shí)間一定,所以實(shí)驗(yàn)中水平拋出的速率小于理論值.從s2--h關(guān)系圖線中分析得出鋼球水平拋出的速率差十分顯著,認(rèn)為造成上述偏差的可能原因是小球與軌道間存在摩擦力,或小球的體積過大造成的阻力過大;由于摩擦阻力做功損失了部分機(jī)械能,所以造成實(shí)驗(yàn)中水平拋出的速率小于理論值.
(3)根據(jù)△y=gT2得:,
(4)設(shè)O點(diǎn)下一個(gè)點(diǎn)為B點(diǎn),根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)公式得,水平初速度,所以小球A在O點(diǎn)的速度v0=1.5m/s,
小球A在C點(diǎn)時(shí)的速度
小球A在O點(diǎn)的機(jī)械能E0=0+×0.1×(1.5)2=0.1125J
因O點(diǎn)為小球的水平拋出點(diǎn),且以O(shè)點(diǎn)為零勢能點(diǎn),則小球A在C點(diǎn)時(shí)的重力勢能為EP=mgh=-0.8J;在C點(diǎn)的動(dòng)能:EkC=mvc2=0.9125J;
小球A在C點(diǎn)時(shí)的機(jī)械能EC=×m×vc2+(-mgh0C)=0.9125-0.8=0.1125J
點(diǎn)睛:本題從新的角度考查了對機(jī)械能守恒實(shí)定律的理解,有一定的創(chuàng)新性,很好的考查了學(xué)生的創(chuàng)新思維,掌握平拋運(yùn)動(dòng)的處理方法,平拋運(yùn)動(dòng)在水平方向上做勻速直線運(yùn)動(dòng),豎直方向上做自由落體運(yùn)動(dòng).12、A1.50.40.283【解析】
(1)[1]因本實(shí)驗(yàn)需要電流從零開始調(diào)節(jié),因此應(yīng)采用滑動(dòng)變阻器分壓接法;因燈泡內(nèi)阻與電流表內(nèi)阻接近,故應(yīng)采用電流表外接法;另外為了擴(kuò)大電壓表量程,應(yīng)用和電壓表串聯(lián),故原理圖如圖所示(2)[2]圖象中圖象的斜率表示電阻的倒數(shù),由圖可知,圖象的斜率隨電壓的增大而減小,故說明電阻隨電流的增大而增大;其原因是燈絲的電阻率隨著電流的增大而增大;A.與分析相符,故A
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