2024屆天津市和平區(qū)高三下學(xué)期二模物理試卷（解析版）

高級(jí)中學(xué)名校試卷PAGEPAGE22024屆天津市和平區(qū)高三下學(xué)期二模物理試卷注意事項(xiàng)：1．每題選出〖答案〗后，用鉛筆將正確〖答案〗填涂在答題卡相應(yīng)的位置上，如需改動(dòng)，用橡皮擦干凈后，再選涂其他〖答案〗標(biāo)號(hào)。2．本卷共8題，每題5分，共40分。一、單項(xiàng)選擇題（每小題5分，共25分。每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一個(gè)是正確的）1.通過(guò)對(duì)光現(xiàn)象的深入分析可以了解光的本質(zhì)規(guī)律，以下是一些光現(xiàn)象的示意圖，圖甲是劈尖干涉的裝置及形成的條紋示意圖，圖乙是雙縫干涉示意圖，圖丙是一束復(fù)色光進(jìn)入水珠后傳播光路示意圖，圖丁是自然光通過(guò)偏振片P、Q的實(shí)驗(yàn)結(jié)果。下列說(shuō)法中正確的是（）A.圖甲中，將兩平板玻璃中間的紙片拿掉一張后，條紋間距不變B.圖乙中，若只增大屏到擋板間距離，兩相鄰亮條紋間距離將減小C.圖丙中，a光在水珠中傳播速度一定大于b光在水珠中傳播速度D.圖丁中，從圖示位置轉(zhuǎn)動(dòng)偏振片P，光屏上亮度將逐漸變暗〖答案〗C〖解析〗A．當(dāng)抽去一張紙片后，劈形空氣薄膜的劈尖角(上、下表面所夾的角)變小，相同的厚度差對(duì)應(yīng)的水平距離變大，故相鄰的亮條紋或暗條紋間距變大，即條紋變疏，故A錯(cuò)誤；B．根據(jù)雙縫干涉條紋間距公式圖乙中，若只增大屏到擋板間距離，兩相鄰亮條紋間距離將增大，故B錯(cuò)誤；C．圖丙中，b光的偏折程度較大，b光的折射率較大，根據(jù)可知a光在水珠中傳播速度一定大于b光在水珠中傳播速度，故C正確；D．光是橫波，圖丁中，從圖示位置轉(zhuǎn)動(dòng)偏振片P，光屏上亮度逐漸變亮，故D錯(cuò)誤。故選C。2.2023年8月25日，新一代人造太陽(yáng)“中國(guó)環(huán)流三號(hào)”首次實(shí)現(xiàn)100萬(wàn)安培等離子體電流下的高約束模式運(yùn)行，再次刷新中國(guó)磁約束聚變裝置運(yùn)行紀(jì)錄。核聚變是一種核反應(yīng)的形式，下列關(guān)于核聚變的說(shuō)法中正確的是（）A.相同質(zhì)量的核燃料，聚變產(chǎn)生的能量比裂變多B.核聚變反應(yīng)可以自發(fā)進(jìn)行，不需要任何條件C.太陽(yáng)在核聚變的過(guò)程中質(zhì)量保持不變D核聚變由于原料具有放射性因此不適合用來(lái)發(fā)電〖答案〗A〖解析〗A．相同質(zhì)量的核燃料，聚變產(chǎn)生的能量比裂變多，故A正確；B．輕核聚變需要很高的溫度，使發(fā)生反應(yīng)的兩個(gè)核有較大的相對(duì)動(dòng)能，故B錯(cuò)誤；C．太陽(yáng)在核聚變的過(guò)程中放出大量能量，根據(jù)質(zhì)能方程可知，太陽(yáng)的質(zhì)量有虧損，故C錯(cuò)誤；D．核聚變由于不可控因此不適合用來(lái)發(fā)電，故D錯(cuò)誤。故選A。3.2024年2月10日是“天問(wèn)一號(hào)”火星環(huán)繞器環(huán)火三周年紀(jì)念日。3年前“天問(wèn)一號(hào)”火星探測(cè)器成功實(shí)施制動(dòng)捕獲后，進(jìn)入環(huán)繞火星橢圓軌道，成為中國(guó)第一顆人造火星衛(wèi)星。要完成探測(cè)任務(wù)探測(cè)器需經(jīng)歷如圖所示變軌過(guò)程，軌道Ⅰ為圓軌道，軌道Ⅱ、軌道Ⅲ為橢圓軌道，三條軌道相切于P點(diǎn)。關(guān)于探測(cè)器，下列說(shuō)法正確的是（）A.探測(cè)器在軌道Ⅱ上的周期大于在軌道Ⅲ上的周期B.探測(cè)器在軌道Ⅰ上的機(jī)械能大于在軌道Ⅱ上的機(jī)械能C.探測(cè)器在軌道Ⅰ上經(jīng)過(guò)P點(diǎn)的速度小于軌道Ⅱ上經(jīng)過(guò)P點(diǎn)的速度D.探測(cè)器在軌道Ⅰ上經(jīng)過(guò)P點(diǎn)的加速度小于軌道Ⅱ上經(jīng)過(guò)P點(diǎn)的加速度〖答案〗C〖解析〗A．由開(kāi)普勒第三定律可知，軌道半徑越大，周期越大，故A錯(cuò)誤；B．探測(cè)器從軌道Ⅱ變軌到軌道Ⅰ，發(fā)動(dòng)機(jī)點(diǎn)火致使其減速，做負(fù)功，其機(jī)械能將減小，所以探測(cè)器在軌道Ⅰ上的機(jī)械能小于在軌道Ⅱ上的機(jī)械能，故B錯(cuò)誤；C．探測(cè)器從軌道Ⅱ上P點(diǎn)減速變軌到軌道Ⅰ，所以在軌道Ⅰ上經(jīng)過(guò)P點(diǎn)的速度小于軌道Ⅱ上經(jīng)過(guò)P點(diǎn)的速度，故C正確；D．根據(jù)牛頓第二定律，有可得故在軌道Ⅰ上經(jīng)過(guò)P點(diǎn)的加速度等于軌道Ⅱ上經(jīng)過(guò)P點(diǎn)的加速度，故D錯(cuò)誤。故選C。4.“西電東送”是國(guó)家重大工程。如圖為某水電站遠(yuǎn)距離輸電的原理圖，發(fā)電廠輸出的電壓恒為U，通過(guò)升壓變壓器將電壓升高至kU向遠(yuǎn)處輸電，在用戶(hù)端用降壓變壓器把電壓仍降為U供用戶(hù)使用，下列說(shuō)法正確的是（）A.降壓變壓器原線圈匝數(shù)為副線圈匝數(shù)的k倍B.若用戶(hù)功率增大，則輸電線上損失的功率也增大C.若用戶(hù)功率增大，升壓變壓器的輸出電壓也增大D.若用戶(hù)功率增大，降壓變壓器輸出電壓也增大〖答案〗B〖解析〗A．升壓變壓器次級(jí)電壓為kU，由于導(dǎo)線上有電壓損失則降壓變壓器初級(jí)電壓小于kU，而次級(jí)電壓等于U，則降壓變壓器原線圈匝數(shù)與副線圈匝數(shù)比小于k，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；BCD．若用戶(hù)功率增大，升壓變壓器的輸入功率變大，而輸入電壓不變，則升壓變壓器的輸出電壓不變，輸出功率變大，輸出電流變大，輸電線上的電流變大，則輸電線上損失的功率也增大，輸電線上的電壓損失變大，降壓變壓器的初級(jí)電壓減小，則降壓變壓器的輸出電壓減小，選項(xiàng)B正確，CD錯(cuò)誤。故選B。5.一實(shí)驗(yàn)小組使用如圖所示的裝置探究力和運(yùn)動(dòng)的關(guān)系，P是位于光滑水平軌道上的滑塊，用跨過(guò)光滑輕質(zhì)定滑輪的輕繩將P與鉤碼Q相連，Q的質(zhì)量為m，開(kāi)始時(shí)用手托住Q，繩子處于拉直狀態(tài)，釋放Q后兩物體由靜止開(kāi)始運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中（P未與滑輪相碰），軌道以上的繩子始終是水平的，不計(jì)一切摩擦，以下對(duì)實(shí)驗(yàn)規(guī)律描述中正確的是（）A.P受到輕繩的拉力大小等于Q的重力mgB.Q減小的重力勢(shì)能等于P增加的動(dòng)能C.若軌道以上的繩子不水平，P也能做勻變速直線運(yùn)動(dòng)D.某段時(shí)間內(nèi)，Q的重力沖量大小大于P的動(dòng)量增加量〖答案〗D〖解析〗A.P、Q整體做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，設(shè)輕繩拉力為，加速度為，對(duì)Q有可見(jiàn)P受到輕繩的拉力大小小于Q的重力mg，故A錯(cuò)誤；B.根據(jù)能量守恒可知Q減小的重力勢(shì)能等于P增加的動(dòng)能與Q增加的動(dòng)能之和，故B錯(cuò)誤；C.若軌道以上的繩子不水平，因運(yùn)動(dòng)過(guò)程繩子與水平方向夾角不斷變化，所以P不能做勻變速直線運(yùn)動(dòng)，故C錯(cuò)誤；D.某段時(shí)間內(nèi)，對(duì)Q，由動(dòng)量定理有對(duì)P聯(lián)立得可見(jiàn)Q的重力沖量大小大于P的動(dòng)量增加量，故D正確。故選D。二、多項(xiàng)選擇題（每小題5分，共15分。每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，都有多個(gè)選項(xiàng)是正確的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，選錯(cuò)或不答的得0分）6.取一個(gè)空金屬易拉罐，在開(kāi)口處插入一根粗細(xì)均勻的長(zhǎng)透明吸管，在吸管內(nèi)注入一小段油柱（長(zhǎng)度、質(zhì)量均可忽略），然后用蠟將易拉罐開(kāi)口處密封。以密封處為原點(diǎn)，在吸管上標(biāo)上刻度，如果不考慮大氣壓的變化，就是一個(gè)簡(jiǎn)易的氣溫計(jì)，如圖所示。當(dāng)環(huán)境溫度由緩慢升高到的過(guò)程中，油柱從刻度L處上升到2L處，則（）A.這一過(guò)程中，罐壁單位面積上單位時(shí)間內(nèi)碰撞的氣體分子數(shù)減少B.這一過(guò)程中，罐內(nèi)氣體分子的平均動(dòng)能保持不變C.油柱在刻度L處時(shí)罐內(nèi)氣體壓強(qiáng)小于油柱在2L處時(shí)的壓強(qiáng)D.這一過(guò)程中，罐內(nèi)氣體對(duì)外做的功小于氣體從外界吸收的熱量〖答案〗AD〖解析〗AB．這一過(guò)程中，氣體壓強(qiáng)不變，溫度升高，氣體分子的平均動(dòng)能變大，分子平均速率變大，分子對(duì)器壁的平均作用力變大，氣體數(shù)密度減小，可知罐壁單位面積上單位時(shí)間內(nèi)碰撞的氣體分子數(shù)減少，選項(xiàng)A正確，B錯(cuò)誤；C．外界大氣壓保持不變，油柱產(chǎn)生的壓強(qiáng)可忽略，則油柱在刻度L處時(shí)罐內(nèi)氣體壓強(qiáng)等于油柱在2L處時(shí)的壓強(qiáng)，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；D．這一過(guò)程中，氣體體積變大，對(duì)外做功，溫度升高，內(nèi)能變大，根據(jù)可知，氣體從外界吸收的熱量等于氣體對(duì)外做功與氣體內(nèi)能增量之和，則罐內(nèi)氣體對(duì)外做的功小于氣體從外界吸收的熱量，選項(xiàng)D正確。故選AD。7.一列簡(jiǎn)諧橫波沿x軸傳播，在時(shí)刻和時(shí)刻的波形分別如圖中實(shí)線和虛線所示。已知處的質(zhì)點(diǎn)在內(nèi)運(yùn)動(dòng)的路程為7cm。下列說(shuō)法正確的是（）A.該波一定沿x軸負(fù)方向傳播B.在1s內(nèi)，波向傳播方向傳播了3mC.波的傳播速度大小為21m/sD.時(shí)，處的質(zhì)點(diǎn)沿y軸負(fù)方向運(yùn)動(dòng)〖答案〗AC〖解析〗ABC．處的質(zhì)點(diǎn)在內(nèi)運(yùn)動(dòng)的路程為7cm，則解得由圖可知波長(zhǎng)為，波的傳播速度大小為內(nèi)，波傳播的距離為將時(shí)刻波形圖沿x軸負(fù)方向平移可得到時(shí)刻波形圖，將時(shí)刻波形圖沿x軸正方向平移不能得到時(shí)刻波形圖，故該波沿x軸負(fù)方向傳播，故AC正確，B錯(cuò)誤；D．波沿x軸負(fù)方向傳播，根據(jù)同側(cè)法，時(shí)，處的質(zhì)點(diǎn)沿y軸正方向運(yùn)動(dòng)，故D錯(cuò)誤。故選AC。8.如圖所示，在O點(diǎn)處固定一個(gè)正點(diǎn)電荷；圖中虛線是以O(shè)點(diǎn)為圓心的圓周，從P點(diǎn)由靜止釋放一個(gè)帶負(fù)電的小球，小球僅在重力和該點(diǎn)電荷電場(chǎng)力作用下在豎直面內(nèi)運(yùn)動(dòng)，其一段軌跡如圖所示。M、N是軌跡與圓周的交點(diǎn)，，則小球（）A.小球在M點(diǎn)的速度等于在N點(diǎn)的速度B.在P點(diǎn)的電勢(shì)能大于在N點(diǎn)的電勢(shì)能C.在M點(diǎn)的機(jī)械能等于在N點(diǎn)的機(jī)械能D.從M點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到N點(diǎn)的過(guò)程中，電場(chǎng)力始終不做功〖答案〗BC〖解析〗AC．根據(jù)點(diǎn)電荷的電勢(shì)分布情況可知M點(diǎn)和N點(diǎn)到點(diǎn)電荷的距離相等，則根據(jù)電場(chǎng)力做功為小球從M點(diǎn)到N點(diǎn)電場(chǎng)力做功為零，則小球在M點(diǎn)和N點(diǎn)的機(jī)械能相等，N點(diǎn)的重力勢(shì)能小于M點(diǎn)的重力勢(shì)能，則N點(diǎn)的動(dòng)能大于M點(diǎn)的動(dòng)能，即N點(diǎn)的速度大于M點(diǎn)的速度，故A錯(cuò)誤，C正確；B．根據(jù)其中小球帶負(fù)電，所以故B正確；D．從M點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到N點(diǎn)的過(guò)程中，電場(chǎng)力先做正功后做負(fù)功，D錯(cuò)誤。故選BC。第Ⅱ卷注意事項(xiàng)：1．用黑色墨水的鋼筆或簽字筆將〖答案〗寫(xiě)在答題卡上。2．本卷共4題，共60分。9.某同學(xué)采用如圖甲所示的裝置做“探究平拋運(yùn)動(dòng)的特點(diǎn)”實(shí)驗(yàn)，按以下步聚進(jìn)行：（1）用小錘打擊彈性金屬片，金屬片把A球沿水平方向彈出，同時(shí)B球被松開(kāi)，自由下落，觀察到兩球同時(shí)落地。改變高度重復(fù)此實(shí)驗(yàn)，觀察到兩球總同時(shí)落地，這說(shuō)明________。A.平拋運(yùn)動(dòng)在水平方向分運(yùn)動(dòng)是勻速直線運(yùn)動(dòng)B.平拋運(yùn)動(dòng)在豎直方向分運(yùn)動(dòng)是自由落體運(yùn)動(dòng)C.平拋運(yùn)動(dòng)的運(yùn)動(dòng)軌跡是拋物線D.改變擊打力度，可以得到A球水平方向上的運(yùn)動(dòng)特點(diǎn)（2）為得到小球做平拋運(yùn)動(dòng)的軌跡，使用如圖乙所示的裝置，實(shí)驗(yàn)前，先將一張帶有小方格的白紙和復(fù)寫(xiě)紙固定在裝置的背板上，鋼球落到傾斜的擋板上后，就會(huì)擠壓復(fù)寫(xiě)紙，在白紙上留下印跡。上下調(diào)節(jié)擋板，通過(guò)多次實(shí)驗(yàn)，在白紙上記錄鋼球所經(jīng)過(guò)的多個(gè)位置，下列步驟，必要的是________。A.使用密度大、體積小的鋼球B.斜槽要盡可能光滑C.每次實(shí)驗(yàn)鋼球需要從同一位置釋放D.每次實(shí)驗(yàn)，擋板需要下降相同的高度E.背板必須豎直放置F.需要用折線將白紙上的各位置連接（3）得到平拋運(yùn)動(dòng)的軌跡后，以拋出點(diǎn)為坐標(biāo)原點(diǎn)O，建立平面直角坐標(biāo)系，水平向右為x軸，豎直向下為y軸，已知每個(gè)小方格的邊長(zhǎng)為L(zhǎng)，已經(jīng)在軌跡上確定了坐標(biāo)為（5L，5L）的A點(diǎn)，若想得到小球水平方向運(yùn)動(dòng)的規(guī)律，需要再選取縱坐標(biāo)為_(kāi)_______的B點(diǎn)，若B點(diǎn)的橫坐標(biāo)為_(kāi)_______，則能初步說(shuō)明小球在水平方向的運(yùn)動(dòng)是勻速直線運(yùn)動(dòng)?！即鸢浮剑?）B（2）ACE（3）20L10L〖解析〗【小問(wèn)1詳析】觀察到兩球同時(shí)落地。改變高度重復(fù)此實(shí)驗(yàn)，觀察到兩球總是同時(shí)落地，則說(shuō)明，平拋運(yùn)動(dòng)在豎直方向分運(yùn)動(dòng)時(shí)自由落體運(yùn)動(dòng)。故選B?！拘?wèn)2詳析】A．為減少空氣阻力的影響，所以應(yīng)該選用密度大，體積小的鋼球，故A項(xiàng)正確；B．實(shí)驗(yàn)過(guò)程中斜槽不必盡可能光滑，故B項(xiàng)錯(cuò)誤；C．為保證小球以同一初速度做平拋運(yùn)動(dòng)，所以每次實(shí)驗(yàn)鋼球需要從同一位置釋放，故C項(xiàng)正確；D．每次實(shí)驗(yàn)，豎直方向加速運(yùn)動(dòng)，相同時(shí)間豎直方向位移變大，擋板不是必修需要下降相同的高度，故D項(xiàng)錯(cuò)誤；E．平拋運(yùn)動(dòng)豎直方向?yàn)樽杂陕潴w，在同一平面，所以背板必須豎直放置，故E項(xiàng)正確；F．需要用光滑的曲線將白紙上的各位置連接，故F項(xiàng)錯(cuò)誤。故選ACE?！拘?wèn)3詳析】[1]小球平拋運(yùn)動(dòng)在水平方向做勻速直線運(yùn)動(dòng)，在豎直方向做初速度為零的勻加速直線運(yùn)動(dòng)。在相同時(shí)間內(nèi)，其豎直方向的位移之比滿(mǎn)足，由題意可知，第一段時(shí)間內(nèi)豎直位移為5L，所以相同時(shí)間，第二段其位移為15L。則前兩段時(shí)間豎直位移為20L，所以B點(diǎn)的縱坐標(biāo)為20L。[2]若在水平方向做勻速直線運(yùn)動(dòng)，所以其第二段小球的水平位移也為5L，則其前兩段的水平位移為10L，所以B點(diǎn)的橫坐標(biāo)因該為10L。10.為將靈敏電流計(jì)的量程擴(kuò)大為原來(lái)的10倍。設(shè)計(jì)電路測(cè)量靈敏電流計(jì)的內(nèi)阻，實(shí)驗(yàn)室有下列器材：待測(cè)靈敏電流計(jì)G（量程5mA，內(nèi)阻約為50Ω）；電壓表V（，內(nèi)阻約為10kΩ）；電阻箱（）；滑動(dòng)變阻器（，1.5A）；電源（電動(dòng)勢(shì)約為3V，內(nèi)阻不計(jì)）；導(dǎo)線和開(kāi)關(guān)若干（1）為盡可能精確測(cè)出靈敏電流計(jì)的內(nèi)電阻，不同小組設(shè)計(jì)了如圖甲所示的四種電路，其中正確的是________。A. B.C. D.（2）選擇正確電路后進(jìn)行實(shí)驗(yàn)，某次實(shí)驗(yàn)中，測(cè)得電壓表示數(shù)為2.00V，靈敏電流計(jì)示數(shù)為4.00mA，電阻箱旋鈕位置如圖乙所示，則可以得到靈敏電流計(jì)內(nèi)阻為_(kāi)_______Ω；（3）為了將靈敏電流計(jì)的量程擴(kuò)大為原來(lái)的10倍，該實(shí)驗(yàn)小組將電阻箱與靈敏電流計(jì)并聯(lián)，則應(yīng)將電阻箱的阻值調(diào)為_(kāi)_______Ω。〖答案〗（1）B（2）45（3）5〖解析〗【小問(wèn)1詳析】A．該電路圖中不能確定電流計(jì)G兩端電壓，則不能求解電流計(jì)的內(nèi)阻，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；B．該電路中根據(jù)電流計(jì)讀數(shù)I和電壓表讀數(shù)U，根據(jù)可得電流計(jì)內(nèi)阻，選項(xiàng)B正確；C．該電路圖中不能確定電流計(jì)G兩端電壓，況且電流表示數(shù)較小，誤差較大，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；D．該電路中電壓表示數(shù)很小，讀數(shù)誤差較大，選項(xiàng)D錯(cuò)誤。故選B?！拘?wèn)2詳析】電阻箱讀數(shù)為455Ω，由電路可知，電流計(jì)內(nèi)阻【小問(wèn)3詳析】應(yīng)將電阻箱的阻值調(diào)為11.某生產(chǎn)線上的傳送裝置如圖所示，質(zhì)量為的零件先從A點(diǎn)由靜止釋放，通過(guò)半徑的圓弧軌道，然后進(jìn)入一段水平軌道，運(yùn)動(dòng)了之后，從水平軌道末端C點(diǎn)沖上靜止在地面上且表面與水平軌道相切的傳送小車(chē)，零件與小車(chē)相對(duì)靜止后，小車(chē)到達(dá)擋板與擋板碰撞后立即停止運(yùn)動(dòng)，零件在小車(chē)上又滑行了恰好能被擋板處的工人接到，已知小車(chē)質(zhì)量為，小車(chē)與地面間摩擦力很小可以忽略，已知零件與水平軌道和傳送小車(chē)間的動(dòng)摩擦因數(shù)均為，g取，求：（1）傳送小車(chē)的長(zhǎng)度L；（2）圓弧軌道的摩擦力對(duì)零件做的功。〖答案〗（1）3.5m；（2）〖解析〗（1）車(chē)靜止后，零件在車(chē)上滑行過(guò)程根據(jù)動(dòng)量守恒和能量守恒定律可知零件在車(chē)上相對(duì)滑動(dòng)過(guò)程有解得傳送小車(chē)的長(zhǎng)度（2）根據(jù)動(dòng)量定理，零件在BC段滑行過(guò)程根據(jù)動(dòng)能定理，在圓弧軌道上下滑可得圓弧軌道的摩擦力對(duì)零件做的功12.航天回收艙實(shí)現(xiàn)軟著陸時(shí)，回收艙接觸地面前經(jīng)過(guò)噴火反沖減速后的速度為，此速度仍大于要求的軟著陸設(shè)計(jì)速度，為此科學(xué)家設(shè)計(jì)了一種電磁阻尼緩沖裝置，其原理如圖所示。主要部件為緩沖滑塊K及固定在絕緣光滑緩沖軌道MN和PQ上的回收艙主體，回收艙主體中還有超導(dǎo)線圈（圖中未畫(huà)出），能在兩軌道間產(chǎn)生垂直于導(dǎo)軌平面的勻強(qiáng)磁場(chǎng)B，導(dǎo)軌內(nèi)的緩沖滑塊由高強(qiáng)度絕緣材料制成，滑塊K上繞有n匝矩形線圈abcd，線圈的總電阻為R，ab邊長(zhǎng)為L(zhǎng)，當(dāng)回收艙接觸地面時(shí)，滑塊K立即停止運(yùn)動(dòng)，此后線圈與軌道間的磁場(chǎng)發(fā)生作用，使回收艙主體持續(xù)做減速運(yùn)動(dòng)，從而實(shí)現(xiàn)緩沖。已知回收艙主體及軌道的質(zhì)量為m，緩沖滑塊（含線圈）K的質(zhì)量為M，重力加速度為g，不考慮運(yùn)動(dòng)磁場(chǎng)產(chǎn)生的電場(chǎng)，求：（1）緩沖滑塊剛落地時(shí)回收艙主體的加速度大小；（2）達(dá)到回收艙軟著陸要求的設(shè)計(jì)速度時(shí)，緩沖滑塊K對(duì)地面的壓力大??；（3）回收艙主體可以實(shí)現(xiàn)軟著陸，若從減速到的過(guò)緩沖程中，通過(guò)線圈的電荷量為q，求該過(guò)程中線圈中產(chǎn)生的焦耳熱Q。〖答案〗（1）；（2）；（3）〖解析〗（1）線圈切割磁感線產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為根據(jù)歐姆定律，線圈中的電流為線圈受到的安培力為根據(jù)牛頓第二定律可得（2）對(duì)滑塊K，設(shè)滑塊K受到的支持力為，由力的平衡線圈的速度減小到原來(lái)的一半，則安培力減小為根據(jù)牛頓第三定律，滑塊對(duì)地面的壓力為可得（3）由能量守恒根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律又可得13.將一金屬或半導(dǎo)體薄片垂直置于磁場(chǎng)中，并沿垂直磁場(chǎng)方向通入電流，則在導(dǎo)體中垂直于電流和磁場(chǎng)方向會(huì)產(chǎn)生一個(gè)電勢(shì)差，這一現(xiàn)象稱(chēng)為霍爾效應(yīng)，此電勢(shì)差稱(chēng)為霍爾電壓。某長(zhǎng)方體薄片霍爾元件，長(zhǎng)為a、寬為b、厚為c，在霍爾元件中有沿x軸方向的電流強(qiáng)度為I，若霍爾元件中導(dǎo)電的載流子是自由電子，帶電量為e，薄片處在沿方向磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，則在沿z軸方向產(chǎn)生霍爾電壓，（1）請(qǐng)判斷該霍爾元件圖中前、后兩個(gè)側(cè)面，哪端的電勢(shì)高，并簡(jiǎn)要敘述理由；（2）該霍爾元件在具體應(yīng)用中，有，式中的稱(chēng)為霍爾元件靈敏度，一般要求越大越好，推導(dǎo)的表達(dá)式并解釋為什么霍爾元件一般都做得很?。唬?）由于金屬中載流子密度很大，霍爾效應(yīng)不明顯，因此霍爾元件常用半導(dǎo)體而不是金屬。一種半導(dǎo)體材料中同時(shí)存在電子與空穴兩種載流子（空穴可視為能移動(dòng)的帶正電的粒子），每個(gè)載流子所帶電量的絕對(duì)值均為e，單位體積內(nèi)電子和空穴的數(shù)目之比為ρ，在霍爾電壓穩(wěn)定后，電子和空穴沿z方向定向移動(dòng)的速率分別為和，求電子和空穴沿z軸方向定向移動(dòng)的速率和之比?！即鸢浮剑?）前表面，見(jiàn)〖解析〗；（2）見(jiàn)〖解析〗；（3）〖解析〗（1）根據(jù)左手定則，電子向后表面偏轉(zhuǎn)，故前表面電勢(shì)高。（2）電子受到的洛倫茲力與電場(chǎng)力平衡電場(chǎng)強(qiáng)度電流的微觀表達(dá)式可得故由表達(dá)式可知，霍爾靈敏度與元件厚度c成反比，c越小，值越大，故霍爾元件一般都做得很薄。（3）霍爾電壓穩(wěn)定，則一段時(shí)間內(nèi)，到達(dá)后表面的電子總電荷量和空穴總電荷量相等，有又可得2024屆天津市和平區(qū)高三下學(xué)期二模物理試卷注意事項(xiàng)：1．每題選出〖答案〗后，用鉛筆將正確〖答案〗填涂在答題卡相應(yīng)的位置上，如需改動(dòng)，用橡皮擦干凈后，再選涂其他〖答案〗標(biāo)號(hào)。2．本卷共8題，每題5分，共40分。一、單項(xiàng)選擇題（每小題5分，共25分。每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一個(gè)是正確的）1.通過(guò)對(duì)光現(xiàn)象的深入分析可以了解光的本質(zhì)規(guī)律，以下是一些光現(xiàn)象的示意圖，圖甲是劈尖干涉的裝置及形成的條紋示意圖，圖乙是雙縫干涉示意圖，圖丙是一束復(fù)色光進(jìn)入水珠后傳播光路示意圖，圖丁是自然光通過(guò)偏振片P、Q的實(shí)驗(yàn)結(jié)果。下列說(shuō)法中正確的是（）A.圖甲中，將兩平板玻璃中間的紙片拿掉一張后，條紋間距不變B.圖乙中，若只增大屏到擋板間距離，兩相鄰亮條紋間距離將減小C.圖丙中，a光在水珠中傳播速度一定大于b光在水珠中傳播速度D.圖丁中，從圖示位置轉(zhuǎn)動(dòng)偏振片P，光屏上亮度將逐漸變暗〖答案〗C〖解析〗A．當(dāng)抽去一張紙片后，劈形空氣薄膜的劈尖角(上、下表面所夾的角)變小，相同的厚度差對(duì)應(yīng)的水平距離變大，故相鄰的亮條紋或暗條紋間距變大，即條紋變疏，故A錯(cuò)誤；B．根據(jù)雙縫干涉條紋間距公式圖乙中，若只增大屏到擋板間距離，兩相鄰亮條紋間距離將增大，故B錯(cuò)誤；C．圖丙中，b光的偏折程度較大，b光的折射率較大，根據(jù)可知a光在水珠中傳播速度一定大于b光在水珠中傳播速度，故C正確；D．光是橫波，圖丁中，從圖示位置轉(zhuǎn)動(dòng)偏振片P，光屏上亮度逐漸變亮，故D錯(cuò)誤。故選C。2.2023年8月25日，新一代人造太陽(yáng)“中國(guó)環(huán)流三號(hào)”首次實(shí)現(xiàn)100萬(wàn)安培等離子體電流下的高約束模式運(yùn)行，再次刷新中國(guó)磁約束聚變裝置運(yùn)行紀(jì)錄。核聚變是一種核反應(yīng)的形式，下列關(guān)于核聚變的說(shuō)法中正確的是（）A.相同質(zhì)量的核燃料，聚變產(chǎn)生的能量比裂變多B.核聚變反應(yīng)可以自發(fā)進(jìn)行，不需要任何條件C.太陽(yáng)在核聚變的過(guò)程中質(zhì)量保持不變D核聚變由于原料具有放射性因此不適合用來(lái)發(fā)電〖答案〗A〖解析〗A．相同質(zhì)量的核燃料，聚變產(chǎn)生的能量比裂變多，故A正確；B．輕核聚變需要很高的溫度，使發(fā)生反應(yīng)的兩個(gè)核有較大的相對(duì)動(dòng)能，故B錯(cuò)誤；C．太陽(yáng)在核聚變的過(guò)程中放出大量能量，根據(jù)質(zhì)能方程可知，太陽(yáng)的質(zhì)量有虧損，故C錯(cuò)誤；D．核聚變由于不可控因此不適合用來(lái)發(fā)電，故D錯(cuò)誤。故選A。3.2024年2月10日是“天問(wèn)一號(hào)”火星環(huán)繞器環(huán)火三周年紀(jì)念日。3年前“天問(wèn)一號(hào)”火星探測(cè)器成功實(shí)施制動(dòng)捕獲后，進(jìn)入環(huán)繞火星橢圓軌道，成為中國(guó)第一顆人造火星衛(wèi)星。要完成探測(cè)任務(wù)探測(cè)器需經(jīng)歷如圖所示變軌過(guò)程，軌道Ⅰ為圓軌道，軌道Ⅱ、軌道Ⅲ為橢圓軌道，三條軌道相切于P點(diǎn)。關(guān)于探測(cè)器，下列說(shuō)法正確的是（）A.探測(cè)器在軌道Ⅱ上的周期大于在軌道Ⅲ上的周期B.探測(cè)器在軌道Ⅰ上的機(jī)械能大于在軌道Ⅱ上的機(jī)械能C.探測(cè)器在軌道Ⅰ上經(jīng)過(guò)P點(diǎn)的速度小于軌道Ⅱ上經(jīng)過(guò)P點(diǎn)的速度D.探測(cè)器在軌道Ⅰ上經(jīng)過(guò)P點(diǎn)的加速度小于軌道Ⅱ上經(jīng)過(guò)P點(diǎn)的加速度〖答案〗C〖解析〗A．由開(kāi)普勒第三定律可知，軌道半徑越大，周期越大，故A錯(cuò)誤；B．探測(cè)器從軌道Ⅱ變軌到軌道Ⅰ，發(fā)動(dòng)機(jī)點(diǎn)火致使其減速，做負(fù)功，其機(jī)械能將減小，所以探測(cè)器在軌道Ⅰ上的機(jī)械能小于在軌道Ⅱ上的機(jī)械能，故B錯(cuò)誤；C．探測(cè)器從軌道Ⅱ上P點(diǎn)減速變軌到軌道Ⅰ，所以在軌道Ⅰ上經(jīng)過(guò)P點(diǎn)的速度小于軌道Ⅱ上經(jīng)過(guò)P點(diǎn)的速度，故C正確；D．根據(jù)牛頓第二定律，有可得故在軌道Ⅰ上經(jīng)過(guò)P點(diǎn)的加速度等于軌道Ⅱ上經(jīng)過(guò)P點(diǎn)的加速度，故D錯(cuò)誤。故選C。4.“西電東送”是國(guó)家重大工程。如圖為某水電站遠(yuǎn)距離輸電的原理圖，發(fā)電廠輸出的電壓恒為U，通過(guò)升壓變壓器將電壓升高至kU向遠(yuǎn)處輸電，在用戶(hù)端用降壓變壓器把電壓仍降為U供用戶(hù)使用，下列說(shuō)法正確的是（）A.降壓變壓器原線圈匝數(shù)為副線圈匝數(shù)的k倍B.若用戶(hù)功率增大，則輸電線上損失的功率也增大C.若用戶(hù)功率增大，升壓變壓器的輸出電壓也增大D.若用戶(hù)功率增大，降壓變壓器輸出電壓也增大〖答案〗B〖解析〗A．升壓變壓器次級(jí)電壓為kU，由于導(dǎo)線上有電壓損失則降壓變壓器初級(jí)電壓小于kU，而次級(jí)電壓等于U，則降壓變壓器原線圈匝數(shù)與副線圈匝數(shù)比小于k，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；BCD．若用戶(hù)功率增大，升壓變壓器的輸入功率變大，而輸入電壓不變，則升壓變壓器的輸出電壓不變，輸出功率變大，輸出電流變大，輸電線上的電流變大，則輸電線上損失的功率也增大，輸電線上的電壓損失變大，降壓變壓器的初級(jí)電壓減小，則降壓變壓器的輸出電壓減小，選項(xiàng)B正確，CD錯(cuò)誤。故選B。5.一實(shí)驗(yàn)小組使用如圖所示的裝置探究力和運(yùn)動(dòng)的關(guān)系，P是位于光滑水平軌道上的滑塊，用跨過(guò)光滑輕質(zhì)定滑輪的輕繩將P與鉤碼Q相連，Q的質(zhì)量為m，開(kāi)始時(shí)用手托住Q，繩子處于拉直狀態(tài)，釋放Q后兩物體由靜止開(kāi)始運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中（P未與滑輪相碰），軌道以上的繩子始終是水平的，不計(jì)一切摩擦，以下對(duì)實(shí)驗(yàn)規(guī)律描述中正確的是（）A.P受到輕繩的拉力大小等于Q的重力mgB.Q減小的重力勢(shì)能等于P增加的動(dòng)能C.若軌道以上的繩子不水平，P也能做勻變速直線運(yùn)動(dòng)D.某段時(shí)間內(nèi)，Q的重力沖量大小大于P的動(dòng)量增加量〖答案〗D〖解析〗A.P、Q整體做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，設(shè)輕繩拉力為，加速度為，對(duì)Q有可見(jiàn)P受到輕繩的拉力大小小于Q的重力mg，故A錯(cuò)誤；B.根據(jù)能量守恒可知Q減小的重力勢(shì)能等于P增加的動(dòng)能與Q增加的動(dòng)能之和，故B錯(cuò)誤；C.若軌道以上的繩子不水平，因運(yùn)動(dòng)過(guò)程繩子與水平方向夾角不斷變化，所以P不能做勻變速直線運(yùn)動(dòng)，故C錯(cuò)誤；D.某段時(shí)間內(nèi)，對(duì)Q，由動(dòng)量定理有對(duì)P聯(lián)立得可見(jiàn)Q的重力沖量大小大于P的動(dòng)量增加量，故D正確。故選D。二、多項(xiàng)選擇題（每小題5分，共15分。每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，都有多個(gè)選項(xiàng)是正確的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，選錯(cuò)或不答的得0分）6.取一個(gè)空金屬易拉罐，在開(kāi)口處插入一根粗細(xì)均勻的長(zhǎng)透明吸管，在吸管內(nèi)注入一小段油柱（長(zhǎng)度、質(zhì)量均可忽略），然后用蠟將易拉罐開(kāi)口處密封。以密封處為原點(diǎn)，在吸管上標(biāo)上刻度，如果不考慮大氣壓的變化，就是一個(gè)簡(jiǎn)易的氣溫計(jì)，如圖所示。當(dāng)環(huán)境溫度由緩慢升高到的過(guò)程中，油柱從刻度L處上升到2L處，則（）A.這一過(guò)程中，罐壁單位面積上單位時(shí)間內(nèi)碰撞的氣體分子數(shù)減少B.這一過(guò)程中，罐內(nèi)氣體分子的平均動(dòng)能保持不變C.油柱在刻度L處時(shí)罐內(nèi)氣體壓強(qiáng)小于油柱在2L處時(shí)的壓強(qiáng)D.這一過(guò)程中，罐內(nèi)氣體對(duì)外做的功小于氣體從外界吸收的熱量〖答案〗AD〖解析〗AB．這一過(guò)程中，氣體壓強(qiáng)不變，溫度升高，氣體分子的平均動(dòng)能變大，分子平均速率變大，分子對(duì)器壁的平均作用力變大，氣體數(shù)密度減小，可知罐壁單位面積上單位時(shí)間內(nèi)碰撞的氣體分子數(shù)減少，選項(xiàng)A正確，B錯(cuò)誤；C．外界大氣壓保持不變，油柱產(chǎn)生的壓強(qiáng)可忽略，則油柱在刻度L處時(shí)罐內(nèi)氣體壓強(qiáng)等于油柱在2L處時(shí)的壓強(qiáng)，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；D．這一過(guò)程中，氣體體積變大，對(duì)外做功，溫度升高，內(nèi)能變大，根據(jù)可知，氣體從外界吸收的熱量等于氣體對(duì)外做功與氣體內(nèi)能增量之和，則罐內(nèi)氣體對(duì)外做的功小于氣體從外界吸收的熱量，選項(xiàng)D正確。故選AD。7.一列簡(jiǎn)諧橫波沿x軸傳播，在時(shí)刻和時(shí)刻的波形分別如圖中實(shí)線和虛線所示。已知處的質(zhì)點(diǎn)在內(nèi)運(yùn)動(dòng)的路程為7cm。下列說(shuō)法正確的是（）A.該波一定沿x軸負(fù)方向傳播B.在1s內(nèi)，波向傳播方向傳播了3mC.波的傳播速度大小為21m/sD.時(shí)，處的質(zhì)點(diǎn)沿y軸負(fù)方向運(yùn)動(dòng)〖答案〗AC〖解析〗ABC．處的質(zhì)點(diǎn)在內(nèi)運(yùn)動(dòng)的路程為7cm，則解得由圖可知波長(zhǎng)為，波的傳播速度大小為內(nèi)，波傳播的距離為將時(shí)刻波形圖沿x軸負(fù)方向平移可得到時(shí)刻波形圖，將時(shí)刻波形圖沿x軸正方向平移不能得到時(shí)刻波形圖，故該波沿x軸負(fù)方向傳播，故AC正確，B錯(cuò)誤；D．波沿x軸負(fù)方向傳播，根據(jù)同側(cè)法，時(shí)，處的質(zhì)點(diǎn)沿y軸正方向運(yùn)動(dòng)，故D錯(cuò)誤。故選AC。8.如圖所示，在O點(diǎn)處固定一個(gè)正點(diǎn)電荷；圖中虛線是以O(shè)點(diǎn)為圓心的圓周，從P點(diǎn)由靜止釋放一個(gè)帶負(fù)電的小球，小球僅在重力和該點(diǎn)電荷電場(chǎng)力作用下在豎直面內(nèi)運(yùn)動(dòng)，其一段軌跡如圖所示。M、N是軌跡與圓周的交點(diǎn)，，則小球（）A.小球在M點(diǎn)的速度等于在N點(diǎn)的速度B.在P點(diǎn)的電勢(shì)能大于在N點(diǎn)的電勢(shì)能C.在M點(diǎn)的機(jī)械能等于在N點(diǎn)的機(jī)械能D.從M點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到N點(diǎn)的過(guò)程中，電場(chǎng)力始終不做功〖答案〗BC〖解析〗AC．根據(jù)點(diǎn)電荷的電勢(shì)分布情況可知M點(diǎn)和N點(diǎn)到點(diǎn)電荷的距離相等，則根據(jù)電場(chǎng)力做功為小球從M點(diǎn)到N點(diǎn)電場(chǎng)力做功為零，則小球在M點(diǎn)和N點(diǎn)的機(jī)械能相等，N點(diǎn)的重力勢(shì)能小于M點(diǎn)的重力勢(shì)能，則N點(diǎn)的動(dòng)能大于M點(diǎn)的動(dòng)能，即N點(diǎn)的速度大于M點(diǎn)的速度，故A錯(cuò)誤，C正確；B．根據(jù)其中小球帶負(fù)電，所以故B正確；D．從M點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到N點(diǎn)的過(guò)程中，電場(chǎng)力先做正功后做負(fù)功，D錯(cuò)誤。故選BC。第Ⅱ卷注意事項(xiàng)：1．用黑色墨水的鋼筆或簽字筆將〖答案〗寫(xiě)在答題卡上。2．本卷共4題，共60分。9.某同學(xué)采用如圖甲所示的裝置做“探究平拋運(yùn)動(dòng)的特點(diǎn)”實(shí)驗(yàn)，按以下步聚進(jìn)行：（1）用小錘打擊彈性金屬片，金屬片把A球沿水平方向彈出，同時(shí)B球被松開(kāi)，自由下落，觀察到兩球同時(shí)落地。改變高度重復(fù)此實(shí)驗(yàn)，觀察到兩球總同時(shí)落地，這說(shuō)明________。A.平拋運(yùn)動(dòng)在水平方向分運(yùn)動(dòng)是勻速直線運(yùn)動(dòng)B.平拋運(yùn)動(dòng)在豎直方向分運(yùn)動(dòng)是自由落體運(yùn)動(dòng)C.平拋運(yùn)動(dòng)的運(yùn)動(dòng)軌跡是拋物線D.改變擊打力度，可以得到A球水平方向上的運(yùn)動(dòng)特點(diǎn)（2）為得到小球做平拋運(yùn)動(dòng)的軌跡，使用如圖乙所示的裝置，實(shí)驗(yàn)前，先將一張帶有小方格的白紙和復(fù)寫(xiě)紙固定在裝置的背板上，鋼球落到傾斜的擋板上后，就會(huì)擠壓復(fù)寫(xiě)紙，在白紙上留下印跡。上下調(diào)節(jié)擋板，通過(guò)多次實(shí)驗(yàn)，在白紙上記錄鋼球所經(jīng)過(guò)的多個(gè)位置，下列步驟，必要的是________。A.使用密度大、體積小的鋼球B.斜槽要盡可能光滑C.每次實(shí)驗(yàn)鋼球需要從同一位置釋放D.每次實(shí)驗(yàn)，擋板需要下降相同的高度E.背板必須豎直放置F.需要用折線將白紙上的各位置連接（3）得到平拋運(yùn)動(dòng)的軌跡后，以拋出點(diǎn)為坐標(biāo)原點(diǎn)O，建立平面直角坐標(biāo)系，水平向右為x軸，豎直向下為y軸，已知每個(gè)小方格的邊長(zhǎng)為L(zhǎng)，已經(jīng)在軌跡上確定了坐標(biāo)為（5L，5L）的A點(diǎn)，若想得到小球水平方向運(yùn)動(dòng)的規(guī)律，需要再選取縱坐標(biāo)為_(kāi)_______的B點(diǎn)，若B點(diǎn)的橫坐標(biāo)為_(kāi)_______，則能初步說(shuō)明小球在水平方向的運(yùn)動(dòng)是勻速直線運(yùn)動(dòng)?！即鸢浮剑?）B（2）ACE（3）20L10L〖解析〗【小問(wèn)1詳析】觀察到兩球同時(shí)落地。改變高度重復(fù)此實(shí)驗(yàn)，觀察到兩球總是同時(shí)落地，則說(shuō)明，平拋運(yùn)動(dòng)在豎直方向分運(yùn)動(dòng)時(shí)自由落體運(yùn)動(dòng)。故選B?！拘?wèn)2詳析】A．為減少空氣阻力的影響，所以應(yīng)該選用密度大，體積小的鋼球，故A項(xiàng)正確；B．實(shí)驗(yàn)過(guò)程中斜槽不必盡可能光滑，故B項(xiàng)錯(cuò)誤；C．為保證小球以同一初速度做平拋運(yùn)動(dòng)，所以每次實(shí)驗(yàn)鋼球需要從同一位置釋放，故C項(xiàng)正確；D．每次實(shí)驗(yàn)，豎直方向加速運(yùn)動(dòng)，相同時(shí)間豎直方向位移變大，擋板不是必修需要下降相同的高度，故D項(xiàng)錯(cuò)誤；E．平拋運(yùn)動(dòng)豎直方向?yàn)樽杂陕潴w，在同一平面，所以背板必須豎直放置，故E項(xiàng)正確；F．需要用光滑的曲線將白紙上的各位置連接，故F項(xiàng)錯(cuò)誤。故選ACE?！拘?wèn)3詳析】[1]小球平拋運(yùn)動(dòng)在水平方向做勻速直線運(yùn)動(dòng)，在豎直方向做初速度為零的勻加速直線運(yùn)動(dòng)。在相同時(shí)間內(nèi)，其豎直方向的位移之比滿(mǎn)足，由題意可知，第一段時(shí)間內(nèi)豎直位移為5L，所以相同時(shí)間，第二段其位移為15L。則前兩段時(shí)間豎直位移為20L，所以B點(diǎn)的縱坐標(biāo)為20L。[2]若在水平方向做勻速直線運(yùn)動(dòng)，所以其第二段小球的水平位移也為5L，則其前兩段的水平位移為10L，所以B點(diǎn)的橫坐標(biāo)因該為10L。10.為將靈敏電流計(jì)的量程擴(kuò)大為原來(lái)的10倍。設(shè)計(jì)電路測(cè)量靈敏電流計(jì)的內(nèi)阻，實(shí)驗(yàn)室有下列器材：待測(cè)靈敏電流計(jì)G（量程5mA，內(nèi)阻約為50Ω）；電壓表V（，內(nèi)阻約為10kΩ）；電阻箱（）；滑動(dòng)變阻器（，1.5A）；電源（電動(dòng)勢(shì)約為3V，內(nèi)阻不計(jì)）；導(dǎo)線和開(kāi)關(guān)若干（1）為盡可能精確測(cè)出靈敏電流計(jì)的內(nèi)電阻，不同小組設(shè)計(jì)了如圖甲所示的四種電路，其中正確的是________。A. B.C. D.（2）選擇正確電路后進(jìn)行實(shí)驗(yàn)，某次實(shí)驗(yàn)中，測(cè)得電壓表示數(shù)為2.00V，靈敏電流計(jì)示數(shù)為4.00mA，電阻箱旋鈕位置如圖乙所示，則可以得到靈敏電流計(jì)內(nèi)阻為_(kāi)_______Ω；（3）為了將靈敏電流計(jì)的量程擴(kuò)大為原來(lái)的10倍，該實(shí)驗(yàn)小組將電阻箱與靈敏電流計(jì)并聯(lián)，則應(yīng)將電阻箱的阻值調(diào)為_(kāi)_______Ω?！即鸢浮剑?）B（2）45（3）5〖解析〗【小問(wèn)1詳析】A．該電路圖中不能確定電流計(jì)G兩端電壓，則不能求解電流計(jì)的內(nèi)阻，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；B．該電路中根據(jù)電流計(jì)讀數(shù)I和電壓表讀數(shù)U，根據(jù)可得電流計(jì)內(nèi)阻，選項(xiàng)B正確；C．該電路圖中不能確定電流計(jì)G兩端電壓，況且電流表示數(shù)較小，誤差較大，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；D．該電路中電壓表示數(shù)很小，讀數(shù)誤差較大，選項(xiàng)D錯(cuò)誤。故選B。【小問(wèn)2詳析】電阻箱讀數(shù)為455Ω，由電路可知，電流計(jì)內(nèi)阻【小問(wèn)3詳析】應(yīng)將電阻箱的阻值調(diào)為11.某生產(chǎn)線上的傳送裝置如圖所示，質(zhì)量為的零件先從A點(diǎn)由靜止釋放，通過(guò)半徑的圓弧軌道，然后進(jìn)入一段水平軌道，運(yùn)動(dòng)了之后，從水平軌道末端C點(diǎn)沖上靜止在地面上且表面與水平軌道相切的傳送小車(chē)，零件與小車(chē)相對(duì)靜止后，小車(chē)到達(dá)擋板與擋板碰撞后立即停止運(yùn)動(dòng)，零件在小車(chē)上又滑行了恰好能被擋板處的工人接到，已知小車(chē)質(zhì)量為，小車(chē)與地面間摩擦力很小可以忽略，已知零件與水平軌道和傳送小車(chē)