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文檔簡介
2023人教版新教材高中數(shù)學(xué)選擇性必修第一冊(cè)
第一章空間向量與立體幾何
(滿分150分,考試用時(shí)120分鐘)
一、單項(xiàng)選擇題(本題共8小題,每小題5分,共40分.在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)
中,只有一項(xiàng)是符合題目要求的)
1.在空間直角坐標(biāo)系Oxyz中,點(diǎn)M(x,y,2022)(xER,y£R)構(gòu)成的集合是()
A.一條直線B.平行于平面Oxy的平面
C.兩條直線D.平行于平面Oxz的平面
2.已知u=(2,2,1)是平面a的法向量,a=(3,4,2)是直線1的方向向量,則直線
1與平面a的位置關(guān)系是()
A.平行或直線在平面內(nèi)B.垂直
C.相交但不垂直D.不能確定
3.在四面體OABC中,OB=b,OC=c,OM=2AM,前+麗=0,用向量a,b,c表示
麗,則而等于()
.12,.12.1..1
A.-a--b+-coB.--a+-b+-c
乙D乙。乙乙
1,l12,2,1
Cr.-a+-ub--cnD,y+§b-5c
4.已知空間向量a,b,c兩兩夾角均為60°,其模均為1,則|a+b-2cl二
()
A.A/2B.V3C.2D.V5
5.已知a=(2,-l,3),b=(T,4,-2),c=(l,3,入),若向量a,b,c共面,則實(shí)數(shù)人等于
6.已知空間向量&二(2,-2,1),及(3,0,4),則向量b在向量a上的投影向量是
()
A學(xué)30,4)B.;(3,0,4)
C.a2,-2,l)D.^(2,-2,1)
7.如圖,圓錐SO的軸截面SAC是等邊三角形,點(diǎn)B是底面圓周上一點(diǎn),且
NB0C=60°,點(diǎn)M是SA的中點(diǎn),則異面直線AB與CM所成角的余弦值為()
8.在棱長為2的正四面體ABCD中,點(diǎn)M滿足祠二x而+y冠-(x+y-l)而,點(diǎn)N滿足
BN=入瓦?+(1-入)豆?,當(dāng)AM,BN最短時(shí),AM?而二()
二、多項(xiàng)選擇題(本題共4小題,每小題5分,共20分.在每小題給出的選項(xiàng)中,有
多項(xiàng)符合題目要求,全部選對(duì)的得5分,有選錯(cuò)的得0分,部分選對(duì)的得2分)
9.已知向量a=(l,-l,m),b=(-2,m-1,2),則下列結(jié)論中正確的是()
A.若|a|=2,則m=±V2
B.若a±b,則m=-l
C.不存在實(shí)數(shù)入,使得a二入b
D.若a?b=-l,則a+b=(-l,-2,-2)
10.在正方體ABCD-ABCD中,下列結(jié)論正確的是()
A.四邊形ABCD的面積為|希||反
B.何與碰的夾角為60°
C.(曲+41。;+218;)2二348:
D.^C?041瓦-4也〉二0
11.將正方形ABCD沿對(duì)角線BD折成直二面角,下列結(jié)論正確的有()
A.AD與BC所成的角為30°
B.AC與BD所成的角為90°
C.BC與平面ACD所成角的正弦值為日
D.平面ABC與平面BCD的夾角的正切值是四
12.在正三棱柱ABC-ABG中,AB=AA尸1,點(diǎn)P滿足加二人配+u西,其中
入£[0,1],口£[0,1],則()
A.當(dāng)入二1時(shí),,AAB.P的周長為定值
B.當(dāng)U=1時(shí),三棱錐P-A.BC的體積為定值
C.當(dāng)人時(shí),有且僅有一個(gè)點(diǎn)P,使得AFJLBP
D.當(dāng)U時(shí),有且僅有一個(gè)點(diǎn)P,使得ABUL平面ABF
三、填空題(本題共4小題,每小題5分,共20分)
13.已知空間向量a=(X+1,2X,1),b=(6,2,2m-l),若a〃b,貝ij入.
14.已知A(l,2,0),B(0,1,T),P是x軸上的動(dòng)點(diǎn),當(dāng)|兩|二|麗|時(shí),點(diǎn)P的坐標(biāo)
為;當(dāng)前?前取得最小值時(shí),點(diǎn)P的坐標(biāo)為.
15.在棱長為a的正方體ABCD-ARCD中,點(diǎn)M是線段DG上的動(dòng)點(diǎn),則點(diǎn)M到直線
AD距離的最小值為.
16?點(diǎn)P是底面邊長為2V3,高為2的正三棱柱表面上的動(dòng)點(diǎn),MN是該棱柱內(nèi)切球
的一條直徑,則麗?西的取值范圍是.
四、解答題(本題共6小題,共70分.解答應(yīng)寫出文字說明、證明過程或演算步驟)
17.(10分)如圖所示,已知空間四邊形ABCD的每條邊和對(duì)角線長都等于1,點(diǎn)E,G
分別是AB,CD的中點(diǎn).
⑴求證:EG_LAB;
⑵求異面直線AG和CE所成角的余弦值.
18.(12分)如圖,在平行六面體ABCD-ABCD中,以A為端點(diǎn)的三條棱的長都是1,
且它們彼此的夾角都是60°,M為A£與BD的交點(diǎn).若福二a,而二b,京二c,平面
ABCD的法向量n=a+yb+zc.
(1)用a,b,c表示由;
⑵求n及|n|;
⑶求點(diǎn)M到平面ABCD的距離d.
19.(12分)條件①:圖1中,tanNABD=2;條件②:圖1中,3而=2荏+的;條件③:
圖2中,CD>BD,SABCD=1.從以上三個(gè)條件中任選一個(gè),補(bǔ)充在問題中的橫線上,并加
以解答.
如圖1所示,在aABC中,ZACB=45°,BC=3,過點(diǎn)A作AD±BC,垂足D在線段BC上,
沿AD將Z\ABD折起,使NBDC=90°(如圖2).已知點(diǎn)M為棱AC的中點(diǎn),
在棱CD上取一點(diǎn)N,使得CN=3DN,求平面BNM與平面BNC的夾角的余弦值.
注:如果選擇多個(gè)條件分別解答,按第一個(gè)解答計(jì)分.
20.(12分)如圖,在四棱錐P-ABCD中,底面ABCD為梯形,AB〃CD,棱AB,AD,AP兩兩
垂直,長度分別為1,2,2,且向量定與前的夾角的余弦值為誓.
(1)求CD的長度;
(2)求直線PC與平面PBD所成角的正弦值.
21.(12分)如圖,在三棱錐P-ABC中,AB=BC=2V2,PA=PB=PC=AC=4,0為AC的中點(diǎn).
(1)證明:P0J_平面ABC;
(2)若點(diǎn)M在棱BC上,且二面角M-PA-C的大小為30°,求PC與平面PAM所成角的
正弦值.
22.(12分)如圖,已知三棱柱ABC-AB6中,AA」平面
ABC,AC1BC,AC=V2BC,CM1AB于點(diǎn)M,點(diǎn)N在棱CG上,滿足*二人(0<X<1).
CCj
⑴若入4求證:CM〃平面RAN;
⑵設(shè)平面BiAN與平面BM所成的角為。,若AiBLBC試判斷命題
母£(。,1),々”的真假,并說明理由.
答案全解全析
1.B由題意知,點(diǎn)M在平面Oxy的上方,且到平面Oxy的距離始終為2022,故選
B.
2.A因?yàn)榭?3=2乂(-3)+2*4-(-1)乂2=0,所以11,%所以直線1〃平面a或直
線lu平面a.故選A.
3.B9:BN+CN=0,AN為BC的中點(diǎn).連接AN,則
J4N=MA+AN=^OA+-(AC+AB)=-OA+-(AO+OC+AO+OB)=--OA+-OB+-OC=-b+-c
323232222
-|a.故選B.
4.B|a+b-2c|=J(a4-b-2c)2=ya24-b24-4c24-2a?b-4a?c-4b?c
=/H-l+4+2xlxlxi-4xlxlxi-4xlxlx二翼.故選B.
7222
5.A若向量a,b,c共面,則存在x,y£R,使c=xa+yb,
則有(1,3,X)=x(2,-1,3)+y(-1,4,-2),
(2x-y=1,(x=1,
所以卜%+4y=3,解得y=1,故選A.
{3x~2y=A,Q=1.
6.C因?yàn)閍=(2,-2,l),b=(3,0,4),所以a?b=2X3+1X4=10,|a|=
J22+(一2)2+12=3,所以向量3在向量a上的投影向量是|b|cos〈a,b>
?9二”為《(2,-2,1).故選C.
a\\a\9
7.B連接OS.以過點(diǎn)0且垂直于平面SAC的直線為x軸,0C,0S所在直線分別y
軸,z軸建立空間直角坐標(biāo)系,如圖所示.
設(shè)002,則0S=2V3,所以A(0,-2,0),B(V3,1,0),C(0,2,0),M(0,
-1,圾,所以荏=(V3,3,0),由二(0,-3,V3).
設(shè)異面直線AB與CM所成角為0,
則cosO=|cos<AB,CM>-x二故選
1'曰翌、"B
V3+9XV9+34
8.A由共面向量定理和共線向量定理可知,平面BCD,N£直線AC.當(dāng)AM,BN最
短時(shí),AM,平面BCD,BN±AC,
所以M為4BCD的中心,N為AC的中點(diǎn),
此時(shí)|就|=X2Xsin600總色.
33
?.?AM_L平面BCD,MCu平面BCD,AAM1MC,
???IMA|二J近12-1祝2小甯2爭
又M/VgMC+M/),
:.AM?MN=^(AM?MC+AM?AM)|AM1故選A.
9.AC由|a|=2得J/+(-1)2+瓶2=2,解得m=±短故A選項(xiàng)正確;由a±b得
-2F+1+2IH=0,解得m=l,故B選項(xiàng)錯(cuò)誤;若存在實(shí)數(shù)入,使得a二入b,則
1=-2X,-1=X(mT),m=2入,顯然人無解,即不存在實(shí)數(shù)入,使得a二入b,故C選項(xiàng)
正確;若a?b=-l,則-2-m+l+2m=T,解得m=0,于是a+b=(T,-2,2),故D選項(xiàng)錯(cuò)誤.
10.ACD易知AB_L平面BBCC,.\AB_LBG,???四邊形ABGD的面積為|荏|跖|,
故A中結(jié)論正確;
連接AC,CDb易知AACDi是等邊三角形,
???NAD£=60°,?.?A】B〃DC???異面直線AD1與A】B所成角為NAD?=60°,???向量
砧與碰的夾角為120。,故B中結(jié)論錯(cuò)誤;
連接A3,由向量加法的運(yùn)算法則得丙+硒*+川瓦=溫,易知
|溫12=31不瓦|:???(麗*+京耳+硒)2=3硒:故c中結(jié)論正確;
連接BD,A£,不瓦-匚目二畸,易知DA」平面
AACC,??.DB_LAC,碇?瓦瓦=0,???布?(不瓦-不萬>二0,故D中結(jié)論正確.
故選ACD.
11.BD取BD的中點(diǎn)0,連接AO,CO.易得OA,0C,0D兩兩垂直,工以0為坐標(biāo)原
點(diǎn),0C,0D,0A所在直線分別為x軸,y軸,z軸,建立如圖所示的空間直角坐標(biāo)系.
設(shè)OOI,則A(0,0,1),B(O,-1,O),C(1,O,0),D(0,1,0),1,1),
而二(0,1,T),BC=(1,1,0),福(1,0,-1),~BD=(0,2,0).
Vcos<^4D,密一J5?吃—i」
\AD\?\BC\V2xv22
???異面直線AD與BC所成的角為60。,故A中結(jié)論錯(cuò)誤.
9:AC?50=0,AAC1BD,故B中結(jié)論正確.
設(shè)平面ACD的法向量為t=(x,y,z),
則卜?可=x-z=0,
取z=1,得x=l,y=1,,t二(1,1,1),
(t?AD=y-z=0,
設(shè)BC與平面ACD所成角為0,
貝ljsin0=|cos<FC,t>|二/,2二4~^二£故C中結(jié)論錯(cuò)誤.
IBC|?11|V2XV33
易知平面BCD的一個(gè)法向量為n=(0,0,1),
設(shè)平面ABC的法向量為(x',y',z'),
m?BA=+z二0
則'取x,=l,得y*=-1,z=1,Am=(l,-1,1),
jn?阮=x'+y'=0,
設(shè)兩個(gè)平面的夾角為。,則cosa=|cos<m,設(shè)|二2汨g
ml?|n|3
Asina:?tanQ=V2,
???平面ABC與平面BCD的夾角的正切值是企,故D中結(jié)論正確.
故選BD.
12.BD當(dāng)人=1時(shí),點(diǎn)P在線段CG上,設(shè)CP=x(OWxWl),若x=0,則△ABF即為
△ABC此時(shí)4ABF的周長為2近+1;若x=l,則AABF即為△ABC,此時(shí)AABF的
周長為2/+1;若(Kx〈l,則PC尸l-x,在RtAPCA中,PA=五+*在RtAB^P
中,PB尸Jl+(I-%)2=Vx2-2x+2,又AB尸魚,所以z\ABF的周長為
V2+Vx2-2x4-2+V1+x2,不是定值,故A中說法錯(cuò)誤.
當(dāng)口二1時(shí),點(diǎn)P在線段B£上,
因?yàn)锽£〃BC,B£Q平面ABC,BCu平面ABC,
所以B£〃平面ABC,
所以BC上的任何一點(diǎn)到平面ABC的距離均相等,
所以三棱錐P-A.BC的體積為定值,故B中說法正確.
分別取BC,BC的中點(diǎn)0,0b連接00bA0,易知分i_L平面ABC,AO±BC,以O(shè)B,0A,001
所在直線分別為x軸,y軸,z軸建立如圖所示的空間直角坐標(biāo)系,則
B(i,0,0),A(0,-y,0),A.(0,-^,l).
^P=(0,y,z-1),5P=(-|,0,z),AFLBP,貝ij中?前=0,即z(z—l)=0,解得
z=0或z=lf故當(dāng)X3時(shí),存在兩個(gè)點(diǎn)P,使得A.P1BP,故C中說法錯(cuò)誤.
當(dāng)口號(hào)時(shí),點(diǎn)P在線段MN上(M,N分別是線段BB?CG的中點(diǎn)),設(shè)P(x,0,|)(-1<
x<1),則方二(x,y,若AiBd.平面AB.P,則A.B1AP,即砸?AP=Of又
砸二G,/,T),所以&今一1)?(%,今5)亨+淆力,解得x=T所以
p(-;,o,I),易驗(yàn)證此時(shí)滿足AB,平面ABR所以當(dāng)口三吐有且僅有一個(gè)點(diǎn)P,
使得AB,平面AB.P,故D中說法正確.故選BD.
13.答案三
O
解析因?yàn)閍〃b,所以華丹二士,解得X=im=3,故人+小丹.
622m-l55
14.答案(1,0,0);(1,0,0)
解析因?yàn)镻在x軸上,所以設(shè)P(x,0,0).
由|瓦?|二|而|,得(X-1)2+4+0=XS+1+1,解得x=|.
所以點(diǎn)P的坐標(biāo)為(|,0,0),
2
易知而二(x-1,-2,0),前二(x,-1,1),所以前?前二x(xT)+2二卜-3
+:,所以當(dāng)x=1時(shí),AP?并取得最小值;此時(shí)點(diǎn)P的坐標(biāo)為%0,0).
15.答案與a
解析以A為坐標(biāo)原點(diǎn),AD,AB,AA,所在直線分別為x軸,y軸,z軸建立空間直角
坐標(biāo)系,如圖所示,則A(0,0,0),D(a,0,0),Ct(a,a,a),
Di(a,0,a),DC]=(0,a,a),AD^=(a,0,a).
點(diǎn)M到直線AD1距離的最小值為兩異面直線A?和DC間的距離.
設(shè)直線AD和DG的公垂線的方向向量為n=(x,y,z),
則『?匹=ay+az=0,令,,則曰?一,..皿⑴一]),
ji?AD1=ax+az=0,
又前二(a,0,0),J兩異面直線AL和D3間的距離為上回二令二”a.
\n\v33
???點(diǎn)M到直線AD.距離的最小值為爭.
16.答案[0,4]
解析由題意知內(nèi)切球的半徑為L設(shè)球心為0,連接P0,0M,0N,則
~PM?麗二(而+而)?(PO+OW)=PO2+PO?(OM+O/V)+OM?ON=
\PO\2-1.V1^|PO|^V5,:.~PM?麗e[o,4].
17.解析⑴證明:露?荏二(瓦5+萬)?荏=(--AB+-AC+
\22
-AD)?AB^--AB2+-AC?AB-^-AD?荏二二X①人1X1X卓X1X]xj,(2
2722222222
分)
所以前,前,所以EG1AB.(4分)
(2)易知|庶|二|無|二冬萬?CE=^(AC+AD)?|(C4+C5)=
士?(-AC2+AC?CB+AD?&4+/D?。8)二,一心+4。?CBMD?C4+Q4C+CD)?
44
CB]=ixL-12+1X1X(-1)+1X1X(-1)+1X1X(-1)+1
XlxJT(7分)
22
設(shè)異面直線AG和CE所成角為6(0<0<=),
-
MILA\AG-CE\|1|2
貝"COS0=-="~
\AG\?\CE\旦出3'
所以異面直線AG和CE所成角的余弦值為|.(10分)
18.解析(1)連接AB,AC,如圖.
7?
R
前二兩+砧二標(biāo)一荏+三前二標(biāo)一荏+三(而+而)二標(biāo)_三荏+二而二―2a+%b+c.(3
11121212222
分)
(2)由題意得|a|二|b|=|c|=l,a?b=a?c=b?c=1.(5分)
._n(1+-y+-z=0,
由n是平面ABCD的法向量,得rr廠7n;U'即,2J解得
E?b=0,|J+y+*o,
y=l,z=-3,An=a+b-3c.(7分)
/.In|=Va2+b2+9c2+2a?b-6a?c~6b?c=V6.(9分)
⑶?「AM〃平面ABCD,???點(diǎn)M到平面ABCD的距離等于點(diǎn)Ai到平面ABCD的距離,(10
分)
.~忖?nl|c?(a+匕-3c)||c?c+c?b-3c2|假+[一3|區(qū)(]2分)
'\n\|n|Inix/63,
19.解析以D為坐標(biāo)原點(diǎn),建立如圖所示的空間直角坐標(biāo)系Dxyz.(1分)
選條件①.
在題圖1所示的4ABC中,設(shè)AD=CD=a,則在RtAABD中,tanNABD=生*=2,解得
BD3-a
a=2,ABD=1.(3分)
???B(l,0,0),N(0,i,0),M(0,1,1),
,麗二(一1,(5分)
設(shè)平面BNM的法向量為n=(x,y,z),
(n?BN=0,ZH(-x+=0,Aimoc1
由(一>得<2,令x=l,則y=2,z=T,
(n?BM=0,+y+z=0,
An=(l,2,-1).(7分)
取平面BNC的一個(gè)法向量m=(0,0,1),(8分)
1
則cos<m,I:——(10分)
1m|ln|4+22+(一1)26
???平面BNM與平面BNC的夾角的余弦值為R(12分)
6
選條件②.
在題圖1所示的AABC中,由3而二2荏+前,得2(AD-AB)=AC-ADfB|J
2BD=DC,ADC=2BD.VBC=3,ACD=2,BD=1.(3分)
AB(1,0,0),N(0,i,0),M(0,1,1),
???麗二(-1,|,0),FM=(-l,1,1).(5分)
設(shè)平面BNM的法向量為n=(x,y,z),
fn?BN=0,z(~x+7y=0,人-,.
由(―>得H{2)令x=l,則miy=2,oz二T,
ji?BM=0,1-%+y+z=0,
.\n=(l,2,-l).(7分)
取平面BNC的一個(gè)法向量m二(0,0,1),(8分)
則cos<m,n>~m*n]TY(10分)
mln\1XJ12+22+(-1)2
???平面BNM與平面BNC的夾角的余弦值為當(dāng)(12分)
o
選條件③.
在題圖2所示的4BCD中,設(shè)BD=b(0〈b所),則CD=3-b,
.e?S△Bco=1b(3-b)=l,解得b=l或b=2.
又CD>BD,.\CD=2,BD=1.(3分)
AB(1,0,0),N(0,1,0),M(0,1,1),
?,?麗=(一1,(5分)
設(shè)平面BNM的法向量為n=(x,y,z),
由卜?%=°,得卜+1=°,令x=l,則尸2,z=-l,
jt?BM=0,1-%+y+z=0,
An=(l,2,-1).(7分)
取平面BNC的一個(gè)法向量m=(0,0,D,(8分)
m,n-1V6
則cos<m,n>=-■I__)-(10分)
m\n1XJ12+22+(-1)26
???平面BNM與平面BNC的夾角的余弦值為(12分)
O
20.解析(1)以A為坐標(biāo)原點(diǎn),AB,AD,AP所在直線分別為x軸,y軸,軸建立如圖
所示的空間直角坐標(biāo)系,
則B(1,0,0),D(0,2,0),P(0,0,2),A(0,0,0),
A^B=(l,0,0),BD=(-1,2,0).(1分)
由AB〃CD,可設(shè)反二X^B(X>0),AC(X,2,0),APC=(入,2,—2),
(2分)
Acos<PC,前示45?前廠"(入<4),
\PC\\BD\"2+8.V515
...入2—12入+20=0,解得入=2或人=10(舍去),...CD=2AB=2.(5分)
(2)由(1)易得麗二易0,-2),PD=(0,2,-2),PC=(2,2,-2).(6分)
n?PB=x_2z=0,
設(shè)平面PBD的法向量為n=(x,y,z),則
n?PD=2y-2z=0,
令z=l,則x=2,y,???平面PBD的一個(gè)法向量為n=(2,1,1).(8分)
設(shè)直線PC與平面PBD所成角為0,0e[o,4(9分)
則sin0=|cos<PC,n>|上,1二/產(chǎn)烏
11|PC||n|2V3xV63
???直線PC與平面PBD所成角的正弦值為唱(12分)
21.解析(1)證明:因?yàn)镻A=PC=AC=4,。為AC的中點(diǎn),所以O(shè)PJLAC,且0P=2>/3.(1
分)
連接OB.因?yàn)锳B=BC=2V2,0為AC的中點(diǎn),所以O(shè)B±AC,且0B=2.(2分)
易知OP2+OB2=PB2,所以O(shè)P1OB.(3分)
由OP±OB,OP±AC,OBAAC=O,知POJ_平面ABC.(4分)
⑵以0為坐標(biāo)原點(diǎn),建立如圖所示的空間直角坐標(biāo)系Oxyz,
則0(0,0,0),B(2,0,0),A(0,-2,0),C(0,2,0),P(0,0,2V3).
設(shè)M(a,2-a,0)(0<a^2),易得祠二(a,4-a,0),AP=(0,2,2>/3),
OB=(2,0,0),PC=(0,2,-2V3).(6分)
設(shè)平面PAM的法向量為n=(x,y,z).
?幾=°,得.2y+2V3z=0,
?n=0,ax+(4-Q)y=0,
令z二-a,貝ljy=V3a,x=V3a_4V3,
所以n二(V3a-4V3,V3a,-a).(8分)
易知平面PAC的一個(gè)法向量為赤二(2,0,0).(9分)
2
由已知可得|cos<OB,n>I=26(a-4)當(dāng),所以3a+8a-16=0,解得a=-4(舍去)
2j3(a-4)2+3a2+a22
或a4所以n=[增增-)(11分)
oXOOO/
設(shè)PC與平面PAM所成角為。,則sin0=|cos<PC,n>|~3~—.
4x—164
3
所以PC與平面PAM所成角的正弦值為(12分)
4
22.解析⑴證明:設(shè)BC=a,因?yàn)锳C=V2BC,CM±AB,AC±BC,所以AC二缶,AB二商,
又CM?AB=AC?BC,所以CM=ya.設(shè)AA尸b,以M為坐標(biāo)原點(diǎn),BA所在直線為x軸,
過M且和BBi平行的直線為y軸,MC所在直線為z軸建立如圖所示的空間直角坐
標(biāo)系,(1分)
\\
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