2023-2024學(xué)年湖北省武漢市某中學(xué)高三（下）模擬考試物理試卷+答案解析

2023-2024學(xué)年湖北省武漢市第二中學(xué)高三（下）模擬考試物理試卷

一、單選題：本大題共7小題，共28分。

1.光電管是應(yīng)用光電效應(yīng)原理制成的光電轉(zhuǎn)換器件，在有聲電影、自動(dòng)計(jì)數(shù)、自動(dòng)報(bào)警等方面有著廣泛的

應(yīng)用?，F(xiàn)有含光電管的電路如圖（a）所示，圖他）是用甲、乙、丙三束光分別照射光電管得到的/—U圖線,

Uj、a2表示遏止電壓。下列說法中正確的是（）

A.甲、乙、丙三束光的光子動(dòng)量。甲=。乙〉P丙

B.甲光照射時(shí)比丙光照射時(shí)產(chǎn)生的光電子的最大初動(dòng)能小

C.分別用甲光、丙光照射同一雙縫干涉實(shí)驗(yàn)裝置，甲光照射比丙光照射形成的干涉條紋間距窄

D.甲、乙是相同顏色的光，甲光束比乙光束的光強(qiáng)度弱

2.某人駕駛汽車在平直公路上以10枇機(jī)他的速度勻速行駛，某時(shí)刻看到前方路上有障礙物，經(jīng)過一段反應(yīng)

時(shí)間，開始剎車，假設(shè)剎車后汽車做勻減速直線運(yùn)動(dòng)。從看到障礙物到車子停下的過程，汽車的位移x隨

速度v變化的關(guān)系圖像由一段平行于x軸的直線與一段曲線組成，直線與曲線的分界點(diǎn)為尸點(diǎn)（如圖所示）。

則下列說法正確的是（）

A.曲線部分是一段拋物線B.司機(jī)的反應(yīng)時(shí)間為0.417s

C.剎車的加速度大小為5加/S2D.剎車的時(shí)間是6s

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3.如圖所示，A8CD是正四面體，虛線圓為三角形Z8D的內(nèi)切圓，切點(diǎn)分別為M、N、P,。為圓心，正四

面體的頂點(diǎn)/、2和。分別固定有電荷量為+Q、+Q和—Q的點(diǎn)電荷，下列說法正確的是()

N.M、P兩點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度相同

B.M、。、N、尸四點(diǎn)的電勢(shì)SN〉So〉8P〉8M

C.將帶正屯的試探電荷由。點(diǎn)沿直線移動(dòng)到C點(diǎn)，電勢(shì)能先增大后減小

D.將固定在。點(diǎn)的點(diǎn)電荷移動(dòng)到。點(diǎn)，電場(chǎng)力做功為零

4.風(fēng)洞是測(cè)試飛機(jī)性能、研究流體力學(xué)的一種必不可少的重要設(shè)施，我國(guó)的風(fēng)洞技術(shù)處于世界領(lǐng)先地位。

如圖所示，某次風(fēng)洞實(shí)驗(yàn)中，使風(fēng)力大小恒定，方向水平，一質(zhì)量為機(jī)的小球先后經(jīng)過0、6兩點(diǎn)，其中在

a點(diǎn)的速度大小為v,方向與°、6連線成a=45°角；在b點(diǎn)的速度大小也為v,方向與a、6連線成/3=45°

角。已知a、6連線長(zhǎng)為d,與水平方向的夾角為45°，小球的重力忽略不計(jì)，下列說法正確的是()

竺公.

A.從。運(yùn)動(dòng)到b點(diǎn)所用的時(shí)間為回

2n

B.小球的最小速度為0

c.風(fēng)力大小為用Q

2d

D.若改用質(zhì)量為2m的小球，同樣從。點(diǎn)以相同速度拋出，其仍能經(jīng)過6點(diǎn)

5.2023年5月30日16時(shí)29分神舟十六號(hào)成功對(duì)接于空間站天和核心艙徑向端口，若對(duì)接前“神舟十六號(hào)”

和“空間站”分別在圓形軌道I和n上繞同一方向做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，圓周運(yùn)動(dòng)的半徑分別為『1、/2,地球半

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徑為五，地球表面重力加速度為g,萬有引力常量為G,下列說法正確的是（）

A.地球的密度約為色

4TTR

B.神舟十六號(hào)與空間站的線速度之比為5

C.神舟十六號(hào)與空間站的向心加速度之比為三

3

D.從相距最遠(yuǎn)到相距最近的最短時(shí)間為|"3

—若）

6.“戰(zhàn)繩”是一種時(shí)尚的健身器材，有較好的健身效果。如圖甲所示，健身者把兩根相同繩子的一端固定

在尸點(diǎn)，用雙手分別握住繩子的另一端，然后根據(jù)鍛煉的需要以不同的頻率、不同的幅度上下抖動(dòng)繩子，

使繩子振動(dòng)起來。某次鍛煉中，健身者以2星的頻率開始抖動(dòng)繩端，力=0時(shí)，繩子上形成的簡(jiǎn)諧波的波形

如圖乙所示，〃、b為右手所握繩子上的兩個(gè)質(zhì)點(diǎn)，二者平衡位置間距離為波長(zhǎng)的《倍，此時(shí)質(zhì)點(diǎn)〃的位移

o

為8v^51，已知繩子長(zhǎng)度為20加，下列說法正確的是（）

2

A.a、6兩質(zhì)點(diǎn)振動(dòng)的相位差為:亓

B.1=gs時(shí)，質(zhì)點(diǎn)。的位移仍為8V且速度方向向下

o

C.健身者抖動(dòng)繩子端點(diǎn)，經(jīng)過5s振動(dòng)恰好傳到P點(diǎn)

D.健身者增大抖動(dòng)頻率，振動(dòng)從繩子端點(diǎn)傳播到P點(diǎn)的時(shí)間將會(huì)減少

7.某同學(xué)研究遠(yuǎn)距離輸電的電路如圖所示，a、6端接入電壓為Uo的交流電源，升壓變壓器和降壓變壓

器不均為理想變壓器，且兩變壓器的匝數(shù)比1=已知尺八丘2的阻值均為Ro，人3的阻值為，，電

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阻兄1、兄2消耗的功率相同，電表均為理想交流電表，下列說法正確的是（）

A.升壓變壓器外的匝數(shù)比4;2

B.電壓表的示數(shù)為可。0

O

C.電流表的示數(shù)為學(xué)

D.若斷路，電流表示數(shù)將增大

4%

二、多選題：本大題共3小題，共12分。

8.如圖，水面下方有固定的線狀單色光源S,光源傾斜放置，和豎直方向夾角滿足30°＜。＜60°,水對(duì)

該光的折射率為1.33。光源發(fā)出的光到達(dá)水面后有一部分可以直接透射出去，從水面上方看，該區(qū)域的形

狀可能為（）

BO

9.某緩沖裝置的理想模型如圖所示，勁度系數(shù)足夠大的輕質(zhì)彈簧與輕桿相連，輕桿足夠長(zhǎng)，輕桿可在固定

的槽內(nèi)移動(dòng)，與槽間的滑動(dòng)摩擦力與插入的距離4成正比（?=Ad）。固定的槽足夠長(zhǎng)，裝置可安全工作。

若一小車分別以初動(dòng)能石入和同撞擊彈簧，導(dǎo)致輕桿分別向右移動(dòng)上和3L。已知輕桿初始時(shí)位于槽間的

長(zhǎng)度為乙裝置安全工作時(shí)，輕桿與槽間的最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，且不計(jì)小車與地面間的摩擦。比

較小車這兩次撞擊緩沖過程，下列說法正確的是（彈簧的彈性勢(shì)能與=）/）（）

mv

------“1--l

＞MAA/VI、1

E瀛!〃〃〃,〃二〃〃加

、輕桿

A.小車撞擊彈簧的初動(dòng)能之比大于1:4B.系統(tǒng)損失的機(jī)械能之比為1:4

C.兩次小車反彈離開彈簧的速度之比為1:2D.小車做加速度增大的減速運(yùn)動(dòng)

10.預(yù)測(cè)到2025年，我國(guó)將成為第一個(gè)在航空母艦上用中壓直流技術(shù)的電磁彈射器實(shí)現(xiàn)對(duì)飛機(jī)的精確控制。

其簡(jiǎn)單模擬等效電路如圖（俯視圖），直流電源電動(dòng)勢(shì)E=18V,超級(jí)電容器的電容。=IB。兩根固定于

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水平面內(nèi)的光滑平行金屬導(dǎo)軌間距￡=0.4m，電阻不計(jì)，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小B=2.07的勻強(qiáng)磁場(chǎng)垂直于導(dǎo)

軌平面向外。質(zhì)量瓶=0.16利，R=0.2。的金屬棒”N（相當(dāng)于飛機(jī)）垂直放在兩導(dǎo)軌間處于靜止?fàn)顟B(tài),

并與導(dǎo)軌良好接觸。開關(guān)S先接1,使電容器完全充電，然后將S接至2,開始向右加速運(yùn)動(dòng)，達(dá)到

最大速度之后離開導(dǎo)軌。貝1（）

A.開關(guān)S接2后，做勻加速直線運(yùn)動(dòng)

B.S接至2瞬間金屬棒血W加速度大小為450nz/s2

C.MN的最大速度為36m/s

D.下一架相同飛機(jī)要以相同的最大速度起飛還需要對(duì)電容器充電的電量為3.6。

三、實(shí)驗(yàn)題：本大題共2小題，共18分。

11.某同學(xué)為了驗(yàn)證對(duì)心碰撞過程中的動(dòng)量守恒定律，設(shè)計(jì)了如下實(shí)驗(yàn)：用紙板搭建如圖所示的滑道，使硬

幣可以平滑地從斜面滑到水平面上，選擇適當(dāng)?shù)囊稽c(diǎn)標(biāo)記為。，其中。/為水平段。選擇相同材質(zhì)的一角硬

幣和一元硬幣進(jìn)行實(shí)驗(yàn)。測(cè)量硬幣的質(zhì)量，得到一角和一元硬幣的質(zhì)量分別為加1和加2（啊＜機(jī)2）。將硬幣

甲放置在斜面某一位置，標(biāo)記此位置為2。由靜止釋放甲，當(dāng)甲停在水平面上某處時(shí)，測(cè)量甲硬幣右側(cè)從。

點(diǎn)到停止處的滑行距離。尸。將硬幣乙放置在。處，左側(cè)與。點(diǎn)重合，將甲放置于8點(diǎn)由靜止釋放。當(dāng)兩

枚硬幣發(fā)生碰撞后，分別測(cè)量甲右側(cè)、乙左側(cè)從。點(diǎn)到停止處的滑行距離0M和ON。保持釋放位置不變，

重復(fù)實(shí)驗(yàn)若干次，得到。尸、OM、ON的平均值分別為si、S2、S3。

（2）碰撞前，甲到。點(diǎn)時(shí)速度的大小可表示為（設(shè)硬幣與紙板間的動(dòng)摩擦因數(shù)為〃，重力加速度

為辦

（3）若甲、乙碰撞過程中動(dòng)量守恒，則再—嚴(yán)=_________（用加1和62表示），然后通過測(cè)得的具體數(shù)

V53

據(jù)驗(yàn)證硬幣對(duì)心碰撞過程中動(dòng)量是否守恒。

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12.2024年3月28日，國(guó)產(chǎn)某米汽車一上市就得到了廣大消費(fèi)者的歡迎。下圖為網(wǎng)傳的某米汽車電池的參

數(shù)圖片，則根據(jù)這張圖片某實(shí)驗(yàn)小組決定研究一下某米汽車的電池，已知該車內(nèi)的整塊電池是由20塊刀片

電池串聯(lián)而成，其中一塊刀片電池又由10塊電芯串聯(lián)而成進(jìn)行了如下的實(shí)驗(yàn)：

MODENAME/型號(hào):413100P/ATNUM8E芯/零件號(hào)：P000000367001M/NUF4CT0A/制

造商代碼：「47832LI-lONBATTERY/鋰離子電池

726.77139.0皿IQl.OkWh642.0kgMADEINCHINA

圖1圖2

（1）如果用L4的電流給該汽車的一塊電芯充電需要〃時(shí)間充滿。（保留兩位有效數(shù)字）

（2）實(shí)驗(yàn)小組/,為了能較準(zhǔn)確的測(cè)量該款車輛電池的電動(dòng)勢(shì)E和內(nèi)阻r,該同學(xué)設(shè)計(jì)了一個(gè)可以排除電流

表和電壓表內(nèi)阻影響的實(shí)驗(yàn)方案，如圖1所示，記錄了單刀雙擲開關(guān)S2分別接1、2對(duì)應(yīng)的多組電壓表的示

數(shù)U和電流表的示數(shù)/，根據(jù)實(shí)驗(yàn)記錄的數(shù)據(jù)繪制如圖2中所示的/、3兩條U-/圖線，可以判斷圖線/

是利用單刀雙擲開關(guān)S2接（選填“1”或“2”）中的實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)描出的，由圖線N得出的內(nèi)阻測(cè)量

值比真實(shí)值偏（選填“大”或“小”）。綜合/、8兩條圖線，此電芯的電動(dòng)勢(shì)為￡=,

內(nèi)阻r=（用圖中E4、EB、乙、表示）。

四、計(jì)算題：本大題共3小題，共42分。

13.如圖所示是王同學(xué)家新買的某品牌5座小汽車油箱蓋里面的標(biāo)牌，標(biāo)牌內(nèi)容為廠家建議冷態(tài)時(shí)（汽車靜

止停放時(shí)）輪胎充氣壓力標(biāo)準(zhǔn)，王同學(xué)通過上網(wǎng)查詢得知lbw=100kP,王同學(xué)一家人利用寒假滿載行李

進(jìn)行中國(guó)紅色文化自駕游。出發(fā)前汽車停放在室溫為27°。的地下車庫(kù)，根據(jù)廠家建議，王同學(xué)把汽車后輪

胎壓充氣調(diào)整為2.8bar，王同學(xué)一家人駕駛該汽車在高速公路連續(xù)行駛了4小時(shí)后開進(jìn)了服務(wù)區(qū)，剛到服

務(wù)區(qū)時(shí)王同學(xué)發(fā)現(xiàn)汽車胎壓儀表盤上顯示車后輪胎壓為3.366ar,己知輪胎內(nèi)氣體可看作理想氣體，車胎的

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容積可視為不變，熱力學(xué)溫度與攝氏溫度的關(guān)系/=力+273改。

Coldtryeinflationpressures

輪胎冷態(tài)充氣壓力

依._________2.02.0

22--Z8

求：°)汽車開進(jìn)服務(wù)區(qū)時(shí)，后輪胎內(nèi)氣體的溫度：

(2)汽車開進(jìn)服務(wù)區(qū)后，王同學(xué)立即從后輪胎內(nèi)放出一部分氣體讓胎壓回到2.8bar,若放氣前后輪胎內(nèi)氣體

的溫度不變，則從后輪胎內(nèi)放出氣體的質(zhì)量占后輪胎內(nèi)氣體總質(zhì)量的百分比。(結(jié)果保留三位有效數(shù)字)

14.如圖甲所示，固定在水平面上的滑道由/、B、C三部分組成，其中/部分為

”形平臺(tái)，其上表面光滑，上方有一與其等長(zhǎng)輕質(zhì)彈簧，彈簧左端固定，右端自然伸長(zhǎng)；3部分為質(zhì)量

M=0.9kg,長(zhǎng)L=3.0m的長(zhǎng)木板，其上表面粗糙、下表面光滑；C部分為半徑R=0.9機(jī)的豎直光滑半

圓軌道，其直徑豎直?，F(xiàn)用質(zhì)量1.8包的小物塊將彈簧壓縮至尸點(diǎn)，由靜止釋放后，小物塊沿滑道運(yùn)

動(dòng)至。點(diǎn)水平拋出后恰好落在/的最右端。已知小物塊與8上表面的動(dòng)摩擦因數(shù)〃=：,g=106/$2。求:

0

(1)小物塊運(yùn)動(dòng)至0點(diǎn)時(shí)對(duì)豎直半圓軌道C的壓力；

(2)彈簧壓縮至P點(diǎn)時(shí)的彈性勢(shì)能；

(3)如圖乙所示，將豎直半圓軌道。向右移動(dòng)一段較長(zhǎng)的距離s后固定，并解除對(duì)長(zhǎng)木板3的固定。再次將

小物塊壓縮彈簧至P點(diǎn)由靜止釋放，改變小物塊與B上表面的動(dòng)摩擦因數(shù)使小物塊滑上B且恰好未滑下，

此后3與。碰撞，小物塊沖上豎直半圓軌道C。求小物塊沖上豎直半圓軌道C至落地過程中上升的最大高

度。

15.如圖所示，平面直角坐標(biāo)系中第一、二、四象限內(nèi)存在磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為3的勻強(qiáng)磁場(chǎng).第一、四

象限內(nèi)磁場(chǎng)方向垂直紙面向里，第二象限內(nèi)磁場(chǎng)方向垂直紙面向外.第三象限存在沿y軸正方向的勻強(qiáng)電

場(chǎng).質(zhì)量為m、電荷量為q(q〉0)的粒子從點(diǎn)芻以一定初速度釋放，初速度方向與x軸正方向的夾

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角為p=45°，從點(diǎn)K(O,T)垂直y軸進(jìn)入第四象限磁場(chǎng)區(qū)域，然后從P&0)點(diǎn)垂直x軸進(jìn)入第一象限.不

計(jì)粒子重力，求:

XXX

XXX

XXX

X尸一XX

1.X

()XX

-/XXX

XXX

XXX

(1)粒子進(jìn)入第四象限時(shí)的速度。0;

(2)若使第二象限磁場(chǎng)反向，大小變成22,求粒子第100次經(jīng)過y軸時(shí)的縱坐標(biāo)；

(3)若在第二象限內(nèi)施加一沿x軸負(fù)方向、電場(chǎng)強(qiáng)度大小與第三象限電場(chǎng)相同的勻強(qiáng)電場(chǎng)，求粒子在第二象

限運(yùn)動(dòng)的最大速度%p

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答案和解析

1.【答案】B

【解析】【分析】

本題主要考查光電效應(yīng)現(xiàn)象的條件、規(guī)律及愛因斯坦光電效應(yīng)的理解與應(yīng)用，知道只有當(dāng)入射光的頻率大

于金屬的極限頻率時(shí)，才能產(chǎn)生光電效應(yīng)是解題的關(guān)鍵，結(jié)合光子動(dòng)量p="可知甲、乙、丙三束光的光

C

子動(dòng)量的大小關(guān)系。

由光電效應(yīng)現(xiàn)象的條件、規(guī)律及愛因斯坦光電效應(yīng)方程判斷得解；根據(jù)雙縫干涉條紋間距公式分析判斷。

【解答】

4根據(jù)光電效應(yīng)方程ER=hv—WQ

再根據(jù)動(dòng)能定理=

聯(lián)立可得eUc=hi^-W0

利用圖像遏止電壓的值可知"甲="乙<”丙

而光子動(dòng)量p=?

因此光子動(dòng)量之間的關(guān)系為P甲=。乙<。丙，/錯(cuò)誤；

8.光電效應(yīng)中eUc=E〃，利用圖像遏止電壓的值可知甲<E為丙，所以8正確；

C光的雙縫干涉實(shí)驗(yàn)中，相鄰干涉條紋的寬度為Ac=

a

c

由〃甲<〃丙，又入=二，得入甲〉、丙

所以分別用甲光、丙光照射同一雙縫干涉實(shí)驗(yàn)裝置，甲光形成的干涉條紋間距比丙光的寬，所以。錯(cuò)誤；

D由題圖可知，甲光和乙光頻率相同，但是甲光比乙光的飽和電流大，即甲光的光強(qiáng)大于乙光，所以。錯(cuò)

誤。

2.【答案】A

【解析】4對(duì)勻減速運(yùn)動(dòng)，滿足7一褚=—2Q力，則1一。圖像為拋物線，故4正確；

區(qū)汽車在反應(yīng)時(shí)間內(nèi)做勻速直線運(yùn)動(dòng)，由圖可知對(duì)應(yīng)于直線段，反應(yīng)時(shí)間內(nèi)的位移為為二15m

速率為的=108km/h=30m/s

x15

則反應(yīng)時(shí)間為11=一=右s=0.5s,故5錯(cuò)誤；

vo30

C剎車過程的位移為“2=(90-15)m=75m

根據(jù)*=2Q12，解得。=6加/$2,故C錯(cuò)誤；

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D剎車的時(shí)間為益="=%=5s,故。錯(cuò)誤。

a6

故選/。

3.【答案】D

【解析】【分析】

根據(jù)對(duì)稱性和電場(chǎng)的疊加原理分析M點(diǎn)和P點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度關(guān)系；根據(jù)等量同種點(diǎn)電荷的電勢(shì)分布特點(diǎn)及正

電荷的電勢(shì)分布結(jié)合電勢(shì)的疊加分析電勢(shì)高低；根據(jù)電場(chǎng)力做功特點(diǎn)分析電場(chǎng)力做功，根據(jù)電勢(shì)能與電勢(shì)

的關(guān)系分析電勢(shì)能變化。

解決本題的關(guān)鍵要掌握電場(chǎng)的疊加原理，分析各個(gè)點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度和電勢(shì)關(guān)系，明確電場(chǎng)力做功與電勢(shì)能的

變化關(guān)系，電勢(shì)能與電勢(shì)的關(guān)系等。

【解答】

4根據(jù)題意，由對(duì)稱性可知，M、P兩點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小相等，但方向不同，故/錯(cuò)誤；

8.根據(jù)等量同種正點(diǎn)電荷空間等勢(shì)面的分布特點(diǎn)可知，在/、8兩處的正點(diǎn)電荷產(chǎn)生的電場(chǎng)中，尸兩點(diǎn)

的電勢(shì)相等，且N點(diǎn)電勢(shì)高于。點(diǎn)的電勢(shì)，。點(diǎn)的電勢(shì)高于M、P點(diǎn)的電勢(shì)；在。點(diǎn)的負(fù)點(diǎn)電荷產(chǎn)生的電

場(chǎng)中，N點(diǎn)的電勢(shì)高于。點(diǎn)的電勢(shì)，。點(diǎn)的電勢(shì)高于M、尸兩點(diǎn)的電勢(shì)，M、尸兩點(diǎn)的電勢(shì)相等，綜上所述,

可知

SN〉So〉8P=5M

故3錯(cuò)誤；

C.根據(jù)等量異種點(diǎn)電荷空間等勢(shì)面的分布特點(diǎn)可知，在/兩處的點(diǎn)電荷產(chǎn)生的電場(chǎng)中，。。連線為等勢(shì)

線，在2點(diǎn)的正點(diǎn)電荷產(chǎn)生的電場(chǎng)中，從。到。電勢(shì)逐漸變小，綜上所述，可知從。到C電勢(shì)逐漸變小，

將帶正電的試探電荷由。點(diǎn)沿直線移動(dòng)到。點(diǎn)，電勢(shì)能一直減小，故C錯(cuò)誤；

。根據(jù)等量同種正點(diǎn)電荷空間等勢(shì)面的分布特點(diǎn)可知，在/、2兩處的正點(diǎn)電荷產(chǎn)生的電場(chǎng)中，C、。兩點(diǎn)

的電勢(shì)相等，則將固定在。點(diǎn)的點(diǎn)電荷移動(dòng)到。點(diǎn)，電場(chǎng)力做功為零，故。正確。

故選。。

4.【答案】C

【解析】【分析】

考查運(yùn)動(dòng)的合成與分解，掌握矢量的合成法則，注意分運(yùn)動(dòng)與合運(yùn)動(dòng)的等時(shí)性。

小球運(yùn)動(dòng)可看作斜上拋運(yùn)動(dòng)，將速度分解，沿水平方向和豎直方向分析求解。

【解答】

4如圖所示：

第10頁，共18頁

小球在。點(diǎn)和b點(diǎn)速度大小相等，與水平方向夾角相等，根據(jù)此特點(diǎn)可知，小球運(yùn)動(dòng)可看作斜上拋運(yùn)動(dòng),

由圖可知合力方向垂直于0、6連線。因?yàn)椤?。=45°,則0o=ocos45°=包

2

dy/2d

則運(yùn)動(dòng)時(shí)間為,=萍=丁

-I"

/錯(cuò)誤；

8小球從。點(diǎn)到距離0、6連線最遠(yuǎn)的點(diǎn)做減速運(yùn)動(dòng)，然后做加速運(yùn)動(dòng)到6點(diǎn)，最小速度為

iy/2vc)

VQ=vcos45=2七

5錯(cuò)誤；

C設(shè)合力為F,由斜上拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律知％=vcosa=

代入得色=￡呦

2m2v

2

解得尸=咚

a

所以風(fēng)力F風(fēng)=d等

C正確；

D風(fēng)力不變，重力變?yōu)樵瓉淼?倍，所以合力大小方向都發(fā)生改變，所以不能到達(dá)b點(diǎn)，。錯(cuò)誤。

故選Co

5.【答案】D

【解析】【分析】

本題主要是考查了萬有引力定律及其應(yīng)用，解答此類題目一般要把握兩條線：一是在星球表面，忽略星球

自轉(zhuǎn)的情況下，萬有引力等于重力；二是對(duì)于繞星球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的衛(wèi)星，根據(jù)萬有引力提供向心力列

方程進(jìn)行解答。

【解答】

人由黃金代換式G刊=gR2,2=學(xué)，V=&R3,聯(lián)立可得夕=^^,故/錯(cuò)誤；

V347r3K

2。、根據(jù)萬有引力提供向心力留"==可得u=t①，a=粵，所以神舟十六號(hào)與空間站

/2丁Vr/

第H頁，共18頁

的線速度之比為A，向心加速度之比為(')2,故3c錯(cuò)誤;

神舟十六號(hào)的角速度大，從相距最遠(yuǎn)到相距最近，滿足(以一必)力=7T,解得最短時(shí)間力=,故

一若)

D正確。

故選。。

6.【答案】B

【解析】【分析】

根據(jù)于0、6二者平衡位置間距離與波長(zhǎng)的關(guān)系，得出振動(dòng)的時(shí)間差值，進(jìn)而得出相位差；根據(jù)振動(dòng)時(shí)間與

周期的關(guān)系判斷經(jīng)過力=：s時(shí)，質(zhì)點(diǎn)。的位移，判斷速度方向；利用”=今求出波速，進(jìn)而求解波傳播到尸

所需的時(shí)間。

本題主要考查簡(jiǎn)諧波的基本運(yùn)用，熟練掌握質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)方程以及波長(zhǎng)、波速、周期之間的關(guān)系是解題的關(guān)

鍵。

【解答】

4由圖乙可知：=4m,則A=8加，由于。、6二者平衡位置間距離為，入，而波傳播的速度。=],所以。、

/oJ.

2入

24

6兩質(zhì)點(diǎn)振動(dòng)的時(shí)間差為△￡='=,而一個(gè)周期對(duì)應(yīng)的相位為27r，所以a、b兩質(zhì)點(diǎn)振動(dòng)的相位差為57r,

人J3

T

故/錯(cuò)誤；

8.因?yàn)門=)==到，所以而力=：s=；T,波源的振動(dòng)方程為沙=4sin(V)=16sin(4mt)cm,由

于波向右邊傳播，。點(diǎn)先向上振動(dòng)再向下，所以質(zhì)點(diǎn)。從平衡位置振動(dòng)到位移為需要的時(shí)間為：下，

O

而在t=0時(shí)刻質(zhì)點(diǎn)。的位移為所以經(jīng)過力=：s=：T,質(zhì)點(diǎn)。的位移仍為8\/^cm，且速度方向

84

向下，向平衡位置振動(dòng)，故8正確；

8

C根據(jù)波速?？芍?，波速"=im/s=16m/s,波傳播到尸所需的時(shí)間為5=線=設(shè)故。錯(cuò)誤；

T2164

D健身者增大抖動(dòng)頻率，并不影響波的傳播速度，故振動(dòng)傳播到尸點(diǎn)的時(shí)間不變，故。錯(cuò)誤。

故選Bo

第12頁，共18頁

7.【答案】C

【解析】【分析】

本題考查了變壓器的動(dòng)態(tài)變化和遠(yuǎn)距離輸電過程中理想變壓器電流與匝數(shù)比的關(guān)系。

根據(jù)電壓與匝數(shù)成正比，電流與匝數(shù)成反比，電壓決定于原線圈，電流和功率決定于副線圈，分析動(dòng)態(tài)變

化。

【解答】

4已知%、尺2的阻值相等，消耗的功率相同，可知電流相同，設(shè)為A，因兄3的阻值為與，則兄3的

電流為2/2,則降壓變壓器乃的次級(jí)電流為34，由匝數(shù)和電流關(guān)系可知%=罷=；

幾33/23

則叫故/錯(cuò)誤；

n23

A變壓器乃的初級(jí)電流八==3I2,

八1

由能量關(guān)系可知U0h=2U4/2+U4-2/2，

解得04=4。0，即電壓表示數(shù)故5錯(cuò)誤；

c電流表的示數(shù)等于A，等于通過必的電流，則為/2=錚=當(dāng)，故c正確；

助4/t0

D若&斷路，則1次級(jí)電阻變大，相當(dāng)于電網(wǎng)用電設(shè)備減少，總功率減少，電流減小，則初級(jí)電流減小,

則電流表示數(shù)將減小，故。錯(cuò)誤。

故選C。

8.【答案】AC

【解析】【分析】

解決該題的關(guān)鍵是能正確作出光路圖，能根據(jù)幾何知識(shí)求解相關(guān)的角度，熟記全反射的臨界角的公式以及

折射定律的表達(dá)式。

【解答】

點(diǎn)光源對(duì)應(yīng)的透射區(qū)域如圖所示為?！盀榘霃剑琌為圓心的圓形區(qū)域，其中臨界角。約為48°;

第13頁，共18頁

當(dāng)。=。時(shí)上下端點(diǎn)的透射區(qū)對(duì)應(yīng)的大小圓恰好內(nèi)切；

當(dāng)時(shí)大小圓相交，反之大圓包含小圓，故/、C正確，BD錯(cuò)誤。

9.【答案】CD

【解析】【分析】

本題考查了動(dòng)能定理的應(yīng)用；功的概念.解決本題的關(guān)鍵在于搞清對(duì)機(jī)械能守恒的正確應(yīng)用。

【解答】

與槽間的滑動(dòng)摩擦力與插入的距離成正比：第一次：輕桿克服摩擦力做功為%='與24匕=|九2,

彈簧彈力大小為2/3設(shè)彈性勢(shì)能為與，小車撞擊彈簧的初動(dòng)能刷1=卬1+%，第二次：輕桿克服摩擦

力做功為印2=生丁^34=號(hào)力乙2,彈簧彈力大小為4/乙彈性勢(shì)能為4場(chǎng)，小車撞擊彈簧的初動(dòng)能

Ek2—卬2+4Ep,故三<方更<—,A錯(cuò)誤；

5項(xiàng)24

系統(tǒng)損失的機(jī)械能之比為W1：卬2=3B錯(cuò)誤;

小車反彈離開彈簧時(shí)彈性勢(shì)能全部轉(zhuǎn)化成動(dòng)能，可求得速度比為1:2,C正確；

撞擊緩沖過程小車做加速度增大的減速運(yùn)動(dòng)，。正確；

故選CD。

10.【答案】BD

【解析】解：4、開關(guān)S接2后，電容器開始放電，使開始向右加速運(yùn)動(dòng)，切割磁感線產(chǎn)生的感應(yīng)

電動(dòng)勢(shì)阻礙電容器。放電，當(dāng)上的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)與電容器兩極板間的電壓相等時(shí)，回路中電流為零，MN

達(dá)到最大速度，此過程中通過"N的電流減小，則在水平方向有：。=以=巨"，所以〃N先做加速

mm

度逐漸減小的加速運(yùn)動(dòng)，達(dá)到最大時(shí)離開軌道，故/錯(cuò)誤；

R1O

B、S接至2瞬間，棒未動(dòng)，電路屬于純電阻電路，通過的電流為：I=--=-^A=90A,所以金

R0.2

口些,、士七一…F隹BIL2x90x0.4.…八,,,十也

屬棒加速度大小為：Q=—=-------=T—ms19=450m/s29,故B正確；

mm0.16

C、當(dāng)〃N達(dá)到最大速度時(shí)，若電容器此時(shí)的電荷量為夕。切割磁感線產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)等于此時(shí)電容器兩

端電壓，即：BLv=E-^

由動(dòng)量定理得：BLI.t=mv

電容器的電荷量：q=n

CEBL1x18x2.0x0.4

聯(lián)立解得最大速度:m/s=18m/s,故C錯(cuò)誤;

CB2L2+m1x2.02x0.42+0.16

第14頁，共18頁

D、當(dāng)達(dá)到最大速度時(shí)，電容器的電量：Q=CBL”=1x2x0.4x18。=14.4。

下一架相同飛機(jī)要以相同的最大速度起飛還需要對(duì)電容器充電的電量為：

Q'=CE-Q=lxl8C-14.4C=3.6C,故。正確。

故選：BDo

根據(jù)動(dòng)生電動(dòng)勢(shì)公式和歐姆定律得出九W剛開始運(yùn)動(dòng)時(shí)的電流，結(jié)合安培力公式，根據(jù)牛頓第二定律得出

剛開始運(yùn)動(dòng)時(shí)加速度a的大?。?/p>

剛開始放電瞬間，兒W看成是純電阻，根據(jù)歐姆定律、安培力公式、牛頓第二定律求加速度；

開關(guān)S接2后，開始向右加速運(yùn)動(dòng)，速度達(dá)到最大值"max時(shí)，根據(jù)電動(dòng)勢(shì)和電荷量的關(guān)系，以及動(dòng)量定

理求出離開導(dǎo)軌的最大速度；

求出此時(shí)電容器上剩余的電荷量。，結(jié)合前一架飛機(jī)充電總電量，得到還需要充電的電量。

本題是電磁感應(yīng)與電路、力學(xué)知識(shí)的綜合，解決這類題目的基本思路是對(duì)研究對(duì)象正確進(jìn)行受力分析，弄

清運(yùn)動(dòng)形式，然后依據(jù)相應(yīng)規(guī)律求解。

,_____7711

11.【答案】一角72吃\—

【解析】⑴國(guó)根據(jù)圖㈤可知，甲碰撞乙后，甲的速度方向仍然向右，沒有發(fā)生反彈，可知甲的質(zhì)量大一

些，即在本實(shí)驗(yàn)中，甲選用的是一元硬幣，乙選用的是一角硬幣。

⑵[2]碰撞前，甲從。點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到尸點(diǎn)減速至0,根據(jù)動(dòng)能定理有—〃mgsi=0—￡加1%

解得=y/2/j.gsi

⑶[3]甲乙碰撞后，甲、乙最終均減速至0,根據(jù)動(dòng)能定理有

一〃加1"2=o-

12

一/j/m2gs3=0--m2?2

所以=山〃"2，”2=2Ms3

碰撞過程中，根據(jù)動(dòng)量守恒定律有rrnvo=mivi+

所以「mi

m2

12.【答案】(1)0.70

E

⑵1大EA

AIB

【解析】(1)充滿一塊電芯的時(shí)間為

第15頁，共18頁

139

t=j=20Whx0.70/i

(2)[1]⑵當(dāng)S2接1時(shí)，誤差在于電流表的分壓，所測(cè)內(nèi)阻等于電源內(nèi)阻與電流表內(nèi)阻之和，所以內(nèi)阻測(cè)量

值比真實(shí)值偏大；當(dāng)S2接2時(shí)，誤差在于電壓表的分流，所測(cè)內(nèi)阻等于電源與電壓表并聯(lián)的總電阻，所以

內(nèi)阻測(cè)量值比真實(shí)值偏小。由于U—/圖線斜率的絕對(duì)值表示內(nèi)阻，即接1時(shí)的圖線陡峭一些，可以判斷

圖線/是利用單刀雙鄭開關(guān)接1中的實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)描出的，內(nèi)阻測(cè)量值比真實(shí)值偏大。

[3]當(dāng)S2接1時(shí)，所測(cè)電動(dòng)勢(shì)為電流表與電源串聯(lián)后整體的等效電源的電動(dòng)勢(shì)，即S2接1時(shí)，電流為零時(shí),

電動(dòng)勢(shì)的測(cè)量值等于真實(shí)值，即有

E=EA

圖由于S2接2時(shí)，當(dāng)電路短路時(shí)，電壓表沒有分壓，即此時(shí)的電流的測(cè)量值與真實(shí)值相等，結(jié)合上述可

知，電源的真實(shí)的圖線是4圖線縱軸交點(diǎn)與8圖線橫軸交點(diǎn)的連線，可知內(nèi)阻為

13.【答案】解：⑴對(duì)車胎內(nèi)氣體分析，出發(fā)前壓強(qiáng)為pi=2.8bar=2.8x105Pa,

溫度為ti—27℃,到服務(wù)區(qū)時(shí)壓強(qiáng)為p2=3.36bar=3.36x105Pa,

Plpo

溫度為i2,車胎的容積可視為不變，根據(jù)查理定律，得十二=赤￡]，

代入數(shù)據(jù)解得12=87°。。

⑵設(shè)輪胎容積為V,放氣后壓強(qiáng)為「3=Pi=2.8bar=2.8x105Pa,

設(shè)在該壓強(qiáng)下體積變?yōu)椤?，放氣前后輪胎內(nèi)氣體的溫度不變，根據(jù)玻意耳定律，得p2k=P3/，

代入數(shù)據(jù)解得『=1.2V，

從后輪胎內(nèi)放出氣體的質(zhì)量△加，占后輪胎內(nèi)氣體總質(zhì)量〃?的百分比為

△17712IZ'—1

—x100%=T,x100%=-x100%?16.7%=

m1.21/6

【解析】(1)分析車胎內(nèi)氣體，發(fā)生等容變化，根據(jù)查理定律求解；

(1)放氣過程可理解成氣體發(fā)生等溫膨脹，根據(jù)玻意耳定律結(jié)合同溫度同壓強(qiáng)下體積之比等于質(zhì)量之比分析。

14.【答案】解：(1)根據(jù)題意可知，小物塊從。點(diǎn)飛出做平拋運(yùn)動(dòng)，設(shè)小物塊在。點(diǎn)的速度為。Q,水平方

向上有

L=VQt

豎直方向上有

第16頁，共18頁

2R=獷

小物塊在。點(diǎn)，由牛頓第二定律有

VQ

F+mg