2024年新教材高中物理期末達(dá)標(biāo)檢測卷粵教版必修第一冊

期末達(dá)標(biāo)檢測卷(考試時間：60分鐘滿分：100分)一、選擇題：本題共20小題，每小題3分，共60分．在每小題給出的四個選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的．1．某中學(xué)同學(xué)乘坐D2782次動車從懷仁東站到大同南站．下列說法正確的是()A．該動車12：29從懷仁東站開出，指的是時間B．懷仁東站到大同南站歷時24分，指的是時刻C．懷仁東站到大同南站全程約為39.2km，指的是位移D．懷仁東站到大同南站全程約為39.2km，指的是路程【答案】D【解析】該動車12：29從懷仁東站開出，指的是時刻，故A錯誤；懷仁東站到大同南站歷時24分，指的是時間，故B錯誤；懷仁東站到大同南站全程約為39.2km，指的是路程，故C錯誤，D正確．2．下列說法正確的是()A．探討“嫦娥四號”探月衛(wèi)星繞月球飛行的運(yùn)動時，衛(wèi)星是不行以被看成質(zhì)點(diǎn)的B．加速度越大，速度改變量也確定越大C．質(zhì)點(diǎn)做減速直線運(yùn)動時，加速度可能在增大D．位移的大小確定不會比路程小【答案】C【解析】探討“嫦娥四號”探月衛(wèi)星繞月球飛行的運(yùn)動時，衛(wèi)星可以被看成質(zhì)點(diǎn)，A錯誤；依據(jù)a＝eq\f(Δv,Δt)可知，加速度越大，速度改變量不確定越大，還與時間有關(guān)，B錯誤；質(zhì)點(diǎn)做減速直線運(yùn)動時，加速度的方向與速度相反，加速度可能在增大，C正確；位移的大小確定不會比路程大，D錯誤．3．下列屬于國際制基本單位的是()A．N B．gC．km D．s【答案】D【解析】N(牛頓)是國際單位制中的導(dǎo)出單位，故A錯誤；g(克)、km(千米)是常用基本單位，但不是國際制基本單位，故B、C錯誤；s(秒)是國際單位中的基本單位，故D正確．4．以下物理量中，不屬于矢量的是()A．密度 B．速度C．位移 D．加速度【答案】A【解析】速度、位移和加速度都是既有大小又有方向，是矢量；而密度只有大小無方向，是標(biāo)量．故選A．5．一物體受到如圖所示的F1、F2作用，且已知F1、F2相互垂直，大小分別為6N和8N，則該物體受到F1、F2的合力大小是()A．2N B．6NC．10N D．14N【答案】C【解析】物體受到F1、F2的合力大小F＝eq\r(F\o\al(2,1)＋F\o\al(2,2))＝eq\r(62＋82)N＝10N，故選C．6．用如圖所示的計時裝置可以近似測出氣墊導(dǎo)軌上滑塊的瞬時速度．已知固定在滑塊上的遮光條的寬度為4.0mm，遮光條經(jīng)過光電門的遮光時間為0.04s，則滑塊經(jīng)過光電門位置時的速度大小為()A．0.10m/s B．100m/sC．4.0m/s D．0.40m/s【答案】A【解析】由速度定義可知滑塊經(jīng)過光電門時的速度大小為v＝eq\f(d,t)＝eq\f(4×10－3,0.04)m/s＝0.10m/s，故選A．7．一輛汽車以72km/h的速度沿平直馬路勻速行駛，司機(jī)發(fā)覺前方有障礙物，馬上緊急制動，汽車以5m/s2的加速度做勻減速直線運(yùn)動至停止，小汽車在最終2s內(nèi)的位移是()A．10m B．20mC．30m D．40m【答案】A【解析】汽車以5m/s2的加速度做勻減速直線運(yùn)動至停止，它的逆運(yùn)動是初速度為0的勻加速直線，所以小汽車在最終2s內(nèi)的位移是x1＝eq\f(1,2)ateq\o\al(2,1)＝eq\f(1,2)×5×22m＝10m，故A正確，B、C、D錯誤．8．2024年北京冬奧會上，冰壺競賽是賽程最長的競賽項(xiàng)目．如圖，運(yùn)動員將冰壺以確定初速度推出后，冰壺沿水平冰面做直線運(yùn)動直到停止，冰面上留下的痕跡長度是25m，冰壺與冰面間的動摩擦因數(shù)恒為0.008，g取10m/s2，則冰壺的初速度為()A．eq\f(\r(10),5)m/s B．1m/sC．2m/s D．4m/s【答案】C【解析】依據(jù)牛頓其次定律μmg＝ma，解得冰壺在冰面上的加速度a＝0.08m/s2.依據(jù)運(yùn)動學(xué)公式0－veq\o\al(2,0)＝－2ax，代入數(shù)據(jù)解得v0＝2m/s.故C正確，A、B、D錯誤．9．如圖中ae為珠港澳大橋上四段110m的等跨鋼箱連續(xù)梁橋，若汽車從a點(diǎn)由靜止起先做勻加速直線運(yùn)動，通過ab段的時間為t，則通過be段的時間為()A．t B．eq\r(3)tC．3t D．9t【答案】A【解析】設(shè)通過be段的時間為tx，通過ab段過程中，由位移公式得x＝eq\f(1,2)at2，通過ae段過程中，由位移公式得4x＝eq\f(1,2)a(tx＋t)2，解得tx＝t.故A正確，B、C、D錯誤．10．如圖所示，用彈簧測力計懸掛一個重G＝10N的金屬塊，使金屬塊一部分浸在臺秤上的水杯中(水不會溢出)．若彈簧測力計的示數(shù)變?yōu)镕T＝6N，則臺秤的示數(shù)比金屬塊沒有浸入水前()A．增加4N B．增加10NC．增加6N D．保持不變【答案】A【解析】金屬塊部分浸入水中后，水對金屬塊產(chǎn)生浮力F，由彈簧測力計的示數(shù)知，浮力的大小為F＝G－FT＝(10－6)N＝4N，依據(jù)牛頓第三定律可知，金屬塊對水也施加一個反作用力F′，其大小F′＝F＝4N，所以臺秤的示數(shù)增加4N．故A正確，B、C、D錯誤．11．甲、乙兩輛汽車在平直的馬路上沿同一方向做直線運(yùn)動，t＝0時刻同時經(jīng)過馬路旁的同一個路標(biāo)，如圖所示，圖線a、b分別描述了甲、乙兩車在0～20s的運(yùn)動狀況．下列說法正確的是()A．在0～10s內(nèi)兩車都做減速直線運(yùn)動B．在10～20s內(nèi)乙車加速度為0.5m/s2C．在5～15s內(nèi)甲車的平均速度大小為5m/sD．在t＝10s時乙車速度比甲車大【答案】C【解析】0～10s內(nèi)甲車做勻速直線運(yùn)動，乙車做減速直線運(yùn)動，A錯誤；圖線的斜率表示加速度，故乙車的加速度為a＝eq\f(0－10,20)m/s2＝－0.5m/s2，B錯誤；因?yàn)榧总囎鰟蛩僦本€運(yùn)動，所以平均速度等于隨意時刻的瞬時速度，故為5m/s，C正確；在t＝10s時兩者速度相同，D錯誤．12．藝術(shù)課上，老師將學(xué)生們的剪紙作品進(jìn)行展出時，用磁鐵將剪紙作品吸在豎直的磁性黑板上，下列關(guān)于各物體的受力狀況正確的是()A．磁鐵對剪紙的摩擦力與剪紙對磁鐵的摩擦力是一對平衡力B．磁鐵對剪紙的壓力是由于剪紙發(fā)生形變引起的C．黑板對剪紙的作用力與磁鐵對剪紙的作用力大小相等D．磁鐵對剪紙的摩擦力與黑板對剪紙的摩擦力大小不相等【答案】D【解析】磁鐵對剪紙的摩擦力與剪紙對磁鐵的摩擦力是一對相互作用力，故A錯誤；由彈力產(chǎn)生的條件可知，磁鐵對剪紙的壓力是由于磁鐵發(fā)生形變引起的，故B錯誤；由圖可知，三塊磁鐵對剪紙的壓力與黑板對剪紙的支持力相等，三塊磁鐵對剪紙的摩擦力和黑板對剪紙的摩擦力相等，可得磁鐵對剪紙的摩擦力與黑板對剪紙的摩擦力大小不相等，由力的合成知黑板對剪紙的作用力與磁鐵對剪紙的作用力大小不相等，故D正確，C錯誤．13．一質(zhì)量為m的人站在電梯中，電梯加速上升，加速大小為eq\f(g,3)，g為重力加速度．人對電梯底部的壓力為()A．eq\f(mg,3) B．2mgC．mg D．eq\f(4mg,3)【答案】D【解析】對人受力分析，受重力和電梯的支持力，加速度向上，依據(jù)牛頓其次定律可得N－mg＝ma，故N＝mg＋ma＝eq\f(4,3)mg，依據(jù)牛頓第三定律，人對電梯的壓力等于電梯對人的支持力，故人對電梯的壓力等于eq\f(4,3)mg，A、B、C錯誤，D正確．14．鋼球A靜止于水平面C與固定于C的擋板B間，試分析球A與水平面C和擋板B間的摩擦力狀況()A．球A與擋板B間無摩擦力，與水平面C間有摩擦力B．球A與擋板B間有摩擦力，與水平面C間有摩擦力C．球A與擋板B間有摩擦力，與水平面C間無摩擦力D．球A與擋板B間無摩擦力，與水平面C間無摩擦力【答案】D【解析】因?yàn)閾醢錌固定于水平面C上，故B與A只接觸沒有擠壓，故AB之間沒有彈力，則球A與擋板B間沒有摩擦力，且A與水平面C間沒有運(yùn)動趨勢，所以球A與水平面C間也沒有摩擦力．故選D．15．汽車在平直路面以10m/s的速度勻速駛向十字路口，當(dāng)行駛至距路口停車線20m處時，綠燈還有3s熄滅，若從今刻起先計時，該汽車在綠燈熄滅時剛好停在停車線處，則汽車運(yùn)動的v－t圖像可能是下圖中的() A B C D【答案】C【解析】A圖線與時間軸所圍的面積表示汽車在3s內(nèi)的位移為sA＝eq\f(1,2)×10×3m＝15m<20m，故A錯誤；由B圖可知，汽車在3s內(nèi)的位移是sB＜15m，故B錯誤；C圖中，汽車在3s內(nèi)的位移是sC＝(10×1)m＋eq\f(1,2)×10×2m＝20m，故C正確；D圖中，汽車在3s內(nèi)的位移是sD<20m，故D錯誤．16．如圖所示，一個質(zhì)量為m的滑塊靜止置于傾角為30°的粗糙固定斜面上，一根輕彈簧一端固定在豎直墻上的P點(diǎn)，另一端系在滑塊上，彈簧與豎直方向的夾角為30°，重力加速度為g，則()A．滑塊可能受到三個力作用B．彈簧確定處于壓縮狀態(tài)C．斜面對滑塊的支持力大小可能為零D．斜面對滑塊的摩擦力大小確定大于eq\f(1,2)mg【答案】A【解析】假設(shè)沒有彈簧且斜面足夠粗糙，滑塊也可能靜止在題圖所示位置，所以彈簧可能處于原長狀態(tài)，此時滑塊受到三個力的作用，故A正確，B錯誤；假如斜面對滑塊的支持力大小為零，那么斜面與滑塊之間確定沒有摩擦力，滑塊只受到豎直向下的重力和沿彈簧方向的力，不行能平衡，所以斜面對滑塊的支持力大小不行能為零，故C錯誤；由幾何關(guān)系可知，彈簧軸線與斜面垂直，即彈簧彈力與斜面垂直，依據(jù)滑塊沿斜面方向上二力平衡可知，斜面對滑塊的摩擦力大小確定等于mgsin30°＝eq\f(1,2)mg，故D錯誤．17．如圖甲所示，木盒中固定一質(zhì)量為m的砝碼，木盒獲得初速度v0后在水平面滑行的最大距離為x1.現(xiàn)拿走砝碼，變?yōu)槌掷m(xù)施加一個豎直向下的恒力F(F＝mg，g為重力加速度)作用在木盒上，如圖乙所示，木盒獲得初速度v0后在水平面滑行的最大距離為x2.則()A．兩種狀況下木盒的加速度相同B．兩種狀況下木盒的滑行時間相同C．x1<x2D．x1>x2【答案】D【解析】設(shè)地面于木盒間的動摩擦因數(shù)為μ，木盒的質(zhì)量為M，對于甲，依據(jù)牛頓其次定律有μ(m＋M)g＝(m＋M)a1，解得a1＝μg，x1＝eq\f(v\o\al(2,0),2a1)，t1＝eq\f(v0,a1)；對于乙，依據(jù)牛頓其次定律有μ(m＋M)g＝Ma2，解得a2＝eq\f(μm＋Mg,M)，x2＝eq\f(v\o\al(2,0),2a2)，t2＝eq\f(v0,a2).由于eq\f(μm＋Mg,M)>μg，所以a2>a1，故x1>x2，t1>t2，故D正確．18．如圖所示，細(xì)繩MO與NO所能承受的最大拉力相同，長度MO>NO，則在不斷增加重物G重力的過程中(繩OC不會斷)()A．ON繩先被拉斷B．OM繩先被拉斷C．ON繩和OM繩同時被拉斷D．因無詳細(xì)數(shù)據(jù)，故無法推斷哪條繩先被拉斷【答案】A【解析】依據(jù)力的作用效果將OC繩對結(jié)點(diǎn)O的拉力分解，如圖所示．FMO與OM繩的拉力相等，F(xiàn)NO與ON繩的拉力相等，且FNO>FMO，因此ON繩先被拉斷，B、C、D錯誤，A正確．19．如圖所示，質(zhì)量為m2的長木板靜止在水平地面上，質(zhì)量為m1的木塊受到水平向右的拉力F，在長木板上向右滑行．已知木塊與木板間的動摩擦因數(shù)為μ1，木板與地面間的動摩擦因數(shù)為μ2，重力加速度為g，則()A．木塊受到的摩擦力大小為μ1FB．木板受到地面的摩擦力的大小確定是μ2(m1＋m2)gC．木板受到地面的摩擦力的大小確定是μ1m1gD．木板受到地面的摩擦力的方向確定水平向右【答案】C【解析】木塊受到的滑動摩擦力大小為f1＝μ1m1g，故A錯誤；木塊對長木板的滑動摩擦力大小也為f1＝μ1m1g，方向水平向右，由于長木板靜止，由平衡條件可知，地面對長木板的摩擦力大小等于μ1m1g，方向水平向左，故B、D錯誤，C正確．20．蹦床屬于一種體操運(yùn)動，有“空中芭蕾”之稱．某次競賽中，一名運(yùn)動員做蹦床運(yùn)動時，利用力傳感器測得運(yùn)動員所受蹦床彈力F隨時間t的改變圖像如圖所示．若運(yùn)動員僅在豎直方向運(yùn)動，不計空氣阻力，重力加速度g取10m/s2.依據(jù)圖像給出的信息，下列說法正確的是()A．運(yùn)動員的最大加速度為45m/s2B．運(yùn)動員在9.3～10.1s內(nèi)速度先減小后增大C．運(yùn)動員離開蹦床后上升的最大高度為15mD．運(yùn)動員離開蹦床后上升的最大高度為10m【答案】A【解析】由圖給信息可知，起先時運(yùn)動員靜止在蹦床上，所受彈力與重力大小相等，即mg＝600N，解得運(yùn)動員的質(zhì)量m＝60kg在蹦床上時受到的最大彈力Fm＝3300N最大加速度am＝eq\f(Fm－mg,m)＝45m/s2，故A正確；在9.3～10.1s內(nèi)，F(xiàn)先增大后減小，對應(yīng)運(yùn)動過程是，從接觸蹦床到將蹦床壓到最低，再向上運(yùn)動到離開蹦床的過程，前后兩個階段速度都是先增大(合力方向與速度同向)后減小(合力方向與速度方向相反)，故B錯誤；運(yùn)動員離開蹦床后在空中運(yùn)動的時間t＝2s，上升和下落的時間分別為1s，則最大高度為h＝eq\f(1,2)gt2＝5m，故C、D錯誤．二、非選擇題：本題共3小題，共40分．21．(10分)某組同學(xué)設(shè)計了“探究加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系”的試驗(yàn)，如圖甲為試驗(yàn)裝置簡圖，A為小車，B為電火花計時器，C為裝有細(xì)沙的小桶，D為一端帶有定滑輪的長方形木板，試驗(yàn)中認(rèn)為細(xì)繩對小車?yán)等于細(xì)沙和小桶的總重力，小車運(yùn)動的加速度a可用紙帶上打出的點(diǎn)求得．(1)某次試驗(yàn)時，測得小車和小車上的鉤碼總質(zhì)量為800g，則細(xì)沙和小桶的總質(zhì)量較為合理的是________.A．50g B．500gC．5kg D．50kg(2)如圖乙為某次試驗(yàn)得到的紙帶，已知試驗(yàn)所用電源的頻率為50Hz，依據(jù)紙帶可求得電火花計時器打B點(diǎn)時的速度為____________m/s，小車的加速度大小為______________m/s2.(結(jié)果均保留兩位小數(shù))(3)在“探究加速度a與質(zhì)量m的關(guān)系”時，某同學(xué)依據(jù)自己的方案將試驗(yàn)數(shù)據(jù)都在坐標(biāo)系中進(jìn)行了標(biāo)注，但尚未完成圖像(如圖丙所示)．請幫助該同學(xué)接著完成坐標(biāo)系中的圖像．(4)在探究“加速度a與合力F的關(guān)系”時，該同學(xué)依據(jù)試驗(yàn)數(shù)據(jù)作出了加速度a與合力F的圖線如圖丁所示，圖線不通過坐標(biāo)原點(diǎn)的緣由是_______________________．【答案】(1)A(2)1.631.72(3)如圖(4)沒有平衡摩擦力或者平衡摩擦力不夠【解析】(1)設(shè)繩子拉力為F，依據(jù)mg＝(M＋m)a，小車F＝Ma，解得F＝eq\f(Mmg,M＋m)＝eq\f(mg,1＋\f(m,M)).即要滿意小車的質(zhì)量遠(yuǎn)大于細(xì)沙和小桶的總質(zhì)量，小車和小車上的鉤碼總質(zhì)量為800g，則細(xì)沙和小桶的總質(zhì)量較為合理的是50g，故選A．(2)電源的頻率為50Hz，周期為0.02s，B點(diǎn)的瞬時速度vB＝eq\f(xAB＋xBC,4T)＝1.63m/s；小車的加速度a＝eq\f(xCD＋xDE－xAB＋xBC,4T2)＝1.72m/s2.(3)舍去錯誤的點(diǎn)，連成光滑的直線，如上圖．(4)圖線不通過坐標(biāo)原點(diǎn)，F(xiàn)不為零時，加速度仍為零，可知試驗(yàn)前沒有平衡摩擦力或者平衡摩擦力不夠．22．(15分)滑雪運(yùn)動員不借助雪杖，以加速度a1由靜止從山坡頂勻加速滑下，測得其10s后的速度為10m/s,40s后到達(dá)坡底，又以加速度