四川省宜賓市敘州區(qū)一中2025屆高三物理下學(xué)期第四學(xué)月考試試題含解析

PAGE18-四川省宜賓市敘州區(qū)一中2025屆高三物理下學(xué)期第四學(xué)月考試試題（含解析）一、選擇題1.下列關(guān)于原子核的敘述中正確的是（）A.居里夫人通過粒子轟擊鋁原子核，首次發(fā)覺了中子B.核反應(yīng)堆中的“慢化劑”是為了減慢反應(yīng)速度，防止反應(yīng)過于猛烈C.輕核聚變過程中，會有質(zhì)量虧損，要釋放能量D.原子核的質(zhì)量越大，比結(jié)合能就越小【答案】C【解析】【詳解】A．查德威克在α粒子轟擊鈹核試驗中發(fā)覺了中子，故A錯誤；B．核反應(yīng)堆中的“慢化劑”是減慢中子速度，故B錯誤；C．輕核聚變過程中，會有質(zhì)量虧損，由愛因斯坦質(zhì)能方程可知，要釋放能量，故C正確；D．比結(jié)合能為結(jié)合能與核子數(shù)的比值，則原子核的質(zhì)量越大，比結(jié)合能不肯定越小，故D錯誤。故選C。2.如圖所示，長木板放在水平地面上，站在木板上的人用斜向左上方的力F拉木箱，長木板、人與木箱質(zhì)量均為m，三者均保持靜止（重力加速度為g）。下列說法正確的是（）A.人對長木板的壓力大小為mg B.長木板對地面的壓力等于3mgC.木箱受到的摩擦力的方向水平向左 D.地面對長木板的摩擦力的方向水平向左【答案】B【解析】【詳解】A．人用力F向左上方拉箱子，依據(jù)牛頓第三定律可知，箱子對人施加向右下方的作用力，依據(jù)平衡條件，人對長木板的壓力大小大于mg，故A錯誤；B．三個物體的整體受力分析，受重力和支持力，故長木板對地面的壓力依舊等于3mg，故B正確；C．箱子在人的拉力作用下，有向左運動的趨勢，因此箱子受到的摩擦力的方向水平向右，故C錯誤；D．對三個物體的整體受力分析，受重力和支持力，不受靜摩擦力，否則不平衡，故地面對木板沒有靜摩擦力，故D錯誤。故選B。3.如圖所示，“在某物體做直線運動的”“”圖象中，引入“加速度的變更率”描述加速度變更的快慢.下列說法正確的是A.0-3s內(nèi)，物體“加速度的變更率”越來越小B.0-3s內(nèi)，物體的速度越來越小C.加速度變更率為0的運動是勻速直線運動D.若時物體速度為1m/s，則3s后速度可能變?yōu)?0m/s【答案】D【解析】【詳解】A．由a-t圖線可知0-3s內(nèi)物體加速度對時間的變更率不變，故A錯誤.B．由于不知道加速度與速度方向的關(guān)系，故不能確定是加速還是減速，故B錯誤.C．加速度變更率為零，即加速度恒定，故是勻變速直線運動，故C錯誤.D．圖線與時間軸圍成的面積表示速度的變更量，則3s內(nèi)速度變更量為：所以若時物體速度為1m/s，則3s后速度可能變?yōu)?0m/s，故D正確.4.如圖所示.志向變壓器原線圈M、N端接一電壓有效值恒定不變的交變電流，副線圈、端接一燈泡L恰好正常發(fā)光，初始時滑動變阻器的滑片P位于圖中所示位置，導(dǎo)線電阻不計.現(xiàn)將滑片P下移，則以下說法中正確的是A.燈仍能正常發(fā)光，原線圈輸入功率不變B.燈仍能正常發(fā)光，原線圈輸入電流變小C.燈變亮，原線圈輸入功率變大D.燈變暗，原線圈輸入電流變小【答案】B【解析】【詳解】變壓器原副線圈兩端電壓等于原副線圈匝數(shù)之比，正弦溝通電壓有效值保持不變，所以副線圈按兩端的電壓不變，即燈泡兩端電壓保持不變，燈泡仍能正常發(fā)光；滑片下移，滑動變阻器接入電路中的電阻增大，副線圈總電流減小，副線圈電功率減小，由于變壓器的輸入功率等于輸出功率，則原線圈輸入功率減小，正弦溝通電壓不變，所以輸入電流變小，故選B.5.某人造衛(wèi)星繞地球做勻速圓周運動，其軌道半徑為r，運動速度為v，地球半徑為R，萬有引力常量為G。則（）A.地球平均密度可表示為B.地球表面重力加速度可表示為C.若人造衛(wèi)星半徑減小后，其穩(wěn)定圓周運動周期將減小D.若人造衛(wèi)星半徑增大后，其穩(wěn)定圓周運動速度將增大【答案】C【解析】【詳解】A．依據(jù)萬有引力供應(yīng)向心力，則有解得地球的平均密度可表示為故A錯誤；B．在地球表面，不考慮地球自轉(zhuǎn)，萬有引力等于重力，則有則地球表面重力加速度可表示為故B錯誤；C．依據(jù)萬有引力供應(yīng)向心力，則有可得可知，若人造衛(wèi)星半徑減小后，其穩(wěn)定圓周運動周期將減小，故C正確；D．依據(jù)萬有引力供應(yīng)向心力，則有解得可知，若人造衛(wèi)星半徑增大后，其穩(wěn)定圓周運動速度將減小，故D錯誤。故選C。6.據(jù)世界衛(wèi)生組織事故調(diào)查顯示，大約50%—60%的交通事故與酒后駕駛有關(guān)，酒后駕駛已經(jīng)被列為車禍致死的主要緣由，如圖是酒精測試儀的電路，當(dāng)開關(guān)閉合時R0是定值電阻。已知酒精氣體的濃度越大，酒精氣體傳感器的電阻越小，則對酗酒者進行測試時（）A.通過酒精氣體傳感器的電流變小 B.電壓表示數(shù)變大C.定值電阻R0的功率變大 D.電壓表示數(shù)變小【答案】BC【解析】【詳解】對酗酒者進行測試時，酒精濃度較大，則酒精氣體傳感器的電阻越小，電路總電阻減小，總電流變大，即通過酒精氣體傳感器的電流變大，R0兩端電壓變大，即電壓表讀數(shù)變大，依據(jù)P=I2R可知定值電阻R0的功率變大，故BC正確，AD錯誤。故選BC。7.回旋加速器的工作原理如圖所示：真空容器D形盒放在與盒面垂直的勻強磁場中，且磁感應(yīng)強度B保持不變。兩盒間狹縫間距很小，粒子從粒子源A處（D形盒圓心）進入加速電場（初速度近似為零）．D形盒半徑為R，粒子質(zhì)量為m、電荷量為+q，加速器接電壓為U的高頻溝通電源．若相對論效應(yīng)、粒子所受重力和帶電粒子穿過狹縫的時間均不考慮．下列論述正確的是A.溝通電源的頻率可以隨意調(diào)整不受其他條件的限制B.加速氘核()和氦核()兩次所接高頻電源的頻率不相同C.加速氘核()和氦核()它們的最大速度相等D.增大U，粒子在D型盒內(nèi)運動的總時間t削減【答案】CD【解析】【詳解】A．依據(jù)回旋加速器的原理，每轉(zhuǎn)一周粒子被加速兩次，溝通電完成一次周期性變更，粒子做圓周運動洛倫茲力供應(yīng)向心力，由牛頓其次定律得粒子做圓周運動周期溝通電源的頻率解得可知溝通電源的頻率不行以隨意調(diào)整，故A錯誤；B．加速不同的粒子，溝通電源的頻率由于氘核()和氦核()的比荷相同，所以加速氘核()和氦核()兩次所接高頻電源的頻率相同，故B錯誤；C．粒子加速后的最大軌道半徑等于D型盒的半徑，洛倫茲力供應(yīng)向心力，由牛頓其次定律得解得粒子的最大運行速度由于氘核()和氦核()的比荷相同，所以加速氘核()和氦核()它們的最大速度相等，故C正確；D．粒子完成一次圓周運動被電場加速2次，由動能定理得經(jīng)過的周期個數(shù)為最大動能為粒子在D型盒磁場內(nèi)運動的時間即U越大，t越小，故D正確。故選CD。8.如圖所示，空間中存在一個范圍足夠大的垂直紙面對里的磁場，磁感應(yīng)強度沿垂直斜面方向大小相等，沿斜面方向從O點起先按B=kx規(guī)律變更（其中k>0，x為斜面上任一點到O點的距離），矩形線圈ABCD在一足夠長的光滑斜面上從O點由靜止起先向下滑動，滑動過程中沒有翻轉(zhuǎn)．下列說法正確的是A.線圈運動過程中感應(yīng)電流的方向沿ADCBA方向B.線圈中的電流先增大后不變C線圈最終將做勻速直線運動D.線圈回路消耗的電功率與運動速度成正比【答案】BC【解析】由楞次定律得，感應(yīng)電流沿逆時針方向，即ABCDA方向，故A錯誤；設(shè)，，位移為x時，感應(yīng)電動勢為：，電流為：，線框所受的安培力為：，依據(jù)牛頓其次定律可得：，則，此可知隨著速度增大，加速度減小，當(dāng)加速度為零時速度不變，線圈做勻速直線運動，電流先增大后不變，故BC正確；電功率為：，所以線圈回路消耗的電功率與運動速度成正比，故D錯誤．所以BC正確，AD錯誤．二、非選擇題9.智能手機具有連拍功能，甲乙兩同學(xué)設(shè)計如下試驗來測手機連拍時的時間間隔。甲同學(xué)在豎直放置的刻度尺旁邊靜止釋放一小球，同時乙同學(xué)按住拍攝按鈕不動，可以拍出小球下落過程的多張照片。然后他們將連續(xù)拍攝的幾張照片疊在一起，如圖所示。由照片中的刻度尺得到小球在BC、CD間的距離分別為x1、x2，已知當(dāng)?shù)刂亓铀俣葹間，則：（1）手機連拍時，連續(xù)拍攝兩張照片的時間間隔為_______；（2）小球在C點時的速度為________；（3）由于有空氣阻力的影響，測得的時間間隔______(選填“大于”、“小于”或“等于”）真實的時間間隔?！敬鸢浮?1).(2).(3).小于【解析】【詳解】（1）[1]．依據(jù)解得（2）[2]．小球在C點時的速度為（3）[3]．由于有空氣阻力的影響，則實際加速度小于g，則測得的時間間隔小于真實的時間間隔。10.用下列器材組裝一個電路A.待測電池組B.待測小燈泡（2A、2.5V）C.電流表A（量程3A、內(nèi)阻特別?。〥.電壓表V1（量程5V、內(nèi)阻特別大）E.電壓表V2（量程1.5V、內(nèi)阻為1000Ω）F.滑動變阻器R（最大阻值20Ω、額定電流5A）G.定值電阻R1（1000Ω）H.開關(guān)一只，導(dǎo)線若干試驗要求：既能測定電池組的電動勢E和內(nèi)阻r，又能同時描繪小燈泡的伏安特性曲線(1)下列四個電路設(shè)計圖中，你認為設(shè)計相對合理的試驗電路圖是____；A.B.C.D.(2)通過移動滑動變阻器，每次記錄電流表A。電壓表Vl和電壓表V2的示數(shù)，記錄數(shù)據(jù)如下：依據(jù)表格中的原始數(shù)據(jù)，經(jīng)過換算請在下圖所示U?I坐標(biāo)系中，分別描繪出電池組和小燈泡的U-I圖線_______。(3)依據(jù)你繪制的圖線，電池組的電動勢E=____V、內(nèi)阻r=____Ω。（結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）(4)假如將兩個相同的該待測小燈泡并聯(lián)后，干脆接到該電池組兩端，則兩個小燈泡實際消耗的總電功率為____W。（結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）【答案】(1).B(2).(3).4.9V(4).1.2Ω(5).3.5W-4.1W均可【解析】【詳解】(1)[1]在B圖中電壓表V2和定值電阻R1串聯(lián)相當(dāng)于量程為3V的電壓表，可用來測量小燈泡兩端的電壓，用電流表A測量小燈泡的電流，來探討小燈泡的伏安特性曲線；電壓表V1可測量電池兩端的電壓，用電流表A測量通過電池的電流，即可測量電源的電動勢和內(nèi)阻，故B符合題意，ACD不符合題意；故電路圖選B；(2)[2]依據(jù)試驗數(shù)據(jù)描繪出電池組和小燈泡的U-I圖線如圖(3)[3][4]依據(jù)繪制的電池組的U-I圖線，縱截距表示電池組的電動勢，則有E=4.9V，斜率的肯定值表示內(nèi)阻，則有(4)[5]假如將兩個相同的該待測小燈泡并聯(lián)后，干脆接到該電池組兩端，設(shè)燈泡的電流為I，電壓為U，則有E=U+2Ir即4.9=U+2.4I將此關(guān)系畫在小燈泡的U-I圖像上，如圖交點坐標(biāo)為I=1.5A，U=1.2V，則兩個燈泡消耗的總功率P=2IU=3.6W11.2024年將在我國舉辦其次十四屆冬奧會，跳臺滑雪是其中最具欣賞性的項目之一。某滑道示意圖如下，長直助滑道AB與彎曲滑道BC平滑連接，滑道BC高h=10m，C是半徑R=20m圓弧的最低點，質(zhì)量m=60kg的運動員從A處由靜止起先勻加速下滑，加速度，到達B點時速度vB=30m/s。取重力加速度g=10m/s2。(1)求長直助滑道AB的長度L；(2)求運動員在AB段所受合外力的沖量的I大?。?3)若不計BC段的阻力，畫出運動員經(jīng)過C點時的受力圖，并求其所受支持力FN的大小?！敬鸢浮?1)；(2)；(3)，3900N【解析】【詳解】1）已知AB段的初末速度，則利用運動學(xué)公式可以求解斜面的長度，即可解得(2)依據(jù)動量定理可知合外力的沖量等于動量的該變量所以(3)小球在最低點的受力如圖所示由牛頓其次定律可得從B運動到C由動能定理可知解得【點睛】本題考查了動能定理和圓周運動，會利用動能定理求解最低點的速度，并利用牛頓其次定律求解最低點受到的支持力大小。12.如圖所示，質(zhì)量為4m的物塊與邊長為L、質(zhì)量為m、阻值為R的正方形金屬線圈abcd由繞過輕質(zhì)光滑定滑輪的絕緣細線相連，已知細線與斜面平行，物塊放在光滑且足夠長的固定斜面上，斜面傾角為300．垂直紙面對里的勻強磁場的磁感應(yīng)強度為B，磁場上下邊緣的高度為L，上邊界距離滑輪足夠遠，線圈ab邊距離磁場下邊界的距離也為L．現(xiàn)將物塊由靜止釋放，已知線圈cd邊出磁場前線圈已經(jīng)做勻速直線運動，不計空氣阻力，重力加速度為g，求：（1）線圈剛進入磁場時ab兩點的電勢差大?。?）線圈通過磁場的過程中產(chǎn)生的熱量【答案】（1）；（2）【解析】【詳解】（1）從起先運動到ab邊剛進入磁場，依據(jù)機械能守恒定律可得，，再依據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律可得，感應(yīng)電動勢，此時ab邊相當(dāng)于是電源，感應(yīng)電流的方向為badcb，a為正極，b為負極，所以ab的電勢差等于電路的路端電壓，可得（2）線圈cd邊出磁場前線圈已經(jīng)做勻速直線運動，所以線圈和物塊均合外力為0，可得繩子的拉力為2mg，線圈受的安培力為mg，所以線圈勻速的速度滿意，從ab邊剛進入磁場到cd邊剛離開磁場，依據(jù)能量守恒定律可知，13.關(guān)于分子動理論，下列敘述正確的是A.機械能可以全部轉(zhuǎn)化成內(nèi)能，但內(nèi)能不能全部轉(zhuǎn)化成機械能B.液體表面張力的方向和液面相切，垂直于液面上的各條分界線C.在任一溫度下，氣體分了的速率分布呈現(xiàn)“中間多、兩頭少”的分布規(guī)律D.有的物質(zhì)微粒能夠依據(jù)不同規(guī)則在空間分布，在不同條件下能夠生成不同的晶體E.溫度不變時，液體的飽和汽壓隨體積增大而增大【答案】BCD【解析】【詳解】A．機械能可以自發(fā)地全部轉(zhuǎn)化為內(nèi)能，而內(nèi)能全部轉(zhuǎn)化為機械能必需受外界影響或引起外界變更；故A錯誤.B．表面張力跟液面相切，跟這部分液面的分界線垂直；故B正確.C．氣體中的大多數(shù)分子的速率都接近某個數(shù)值，與這個數(shù)值相差越多，分子數(shù)越少，表現(xiàn)出“中間多，兩頭少”的分布規(guī)律．當(dāng)溫度上升時，分子最多的速率區(qū)間移向速度大的地方，速率小的分子數(shù)減小，速率大的分子數(shù)增加，分子的平均動能增大，總體上仍舊表現(xiàn)出“中間多，兩頭少”的分布規(guī)律，氣體分子速率分布規(guī)律也是一種統(tǒng)計規(guī)律；故C正確.D．有的物質(zhì)微粒能夠依據(jù)不同規(guī)則在空間分布，在不同條件下能夠生成不同的晶體，例如石墨和金剛石；故D正確.E．溫度不變時，液體的飽和汽壓和體積無關(guān)；故E錯誤.14.如圖，容積為V的汽缸由導(dǎo)熱材料制成，面積為S的活塞將汽缸分成容積相等的上下兩部分，汽缸上部通過細管與裝有某種液體的容器相連，細管上有一閥門K.起先時，K關(guān)閉，汽缸內(nèi)上下兩部分氣體的壓強均為p0.現(xiàn)將K打開，容器內(nèi)的液體緩慢地流入汽缸，當(dāng)流入的液體體積為時，將K關(guān)閉，活塞平衡時其下方氣體的體積減小了.不計活塞的質(zhì)量和體積，外界溫度保持不變，重力加速度大小為g.求流入汽缸內(nèi)液體的質(zhì)量.【答案】【解析】【詳解】設(shè)活塞再次平衡后，活塞上方氣體的體積為V1，壓強為p1，下方氣體的體積為V2，壓強為p2.在活塞下移的過程中，活塞上、下方氣體的溫度均保持不變，由玻意耳定律得p0·＝p1V1p0·＝p2V2由已知條件得V1＝＋－＝VV2＝－＝設(shè)活塞上方液體的質(zhì)量為m，由力的平衡條件得p2S＝p1S＋mg聯(lián)立以上各式得：m＝.15.一列簡諧橫波沿x軸正方向傳播，在t＝0和t＝0.20s時的波形分別如圖中實線和虛線所示．已知該波的周期T>0.20s．下列說法正確的是________．A.波速為0.40m/sB.波長為0.08mC.x＝0.08m的質(zhì)點在t＝0.70s時位于波谷D.x＝0.08m的質(zhì)點在t＝0.12s時位于波谷E.若此波傳入另一介質(zhì)中其波速變?yōu)?.80m/s，則它