2020-2021學(xué)年朝陽(yáng)某中學(xué)高一年級(jí)上冊(cè)期末物理試卷-附答案解析

2020-2021學(xué)年朝陽(yáng)第二高級(jí)中學(xué)高一上學(xué)期期末物理試卷

一、單選題（本大題共7小題，共28.0分）

1.1932年，美國(guó)科學(xué)家（）首創(chuàng)了回旋加速器.

A.富蘭克林B.洛倫茲C.勞倫斯D.麥克斯韋

2.如圖所示為長(zhǎng)江一段平行江道，一輪船以相對(duì)于水恒定的速率渡江，水?

勻速流動(dòng)（假設(shè)整個(gè)江道水流速度相同）。當(dāng)水流速度變大時(shí)，下列說法

正確的是（）r

A.若船頭始終垂直指向江岸方向，則輪船行駛位移變大，過江時(shí)間變短

B.若船頭始終垂直指向江岸方向，則輪船行駛位移不變，過江時(shí)間不變

C.若保證輪船航行軌跡垂直江岸,則輪船行駛位移不變，過江時(shí)間變長(zhǎng)

D.若保證輪船航行軌跡垂直江岸,則輪船行駛位移不變，過江時(shí)間不變

3.下列說法中正確的是（）

A.只有體積很小或質(zhì)量很小的物體才可以看作質(zhì)點(diǎn)

B.在單向直線運(yùn)動(dòng)中，物體的位移就是路程

C.有摩擦力一定有彈力

D.物體受到的幾個(gè)共點(diǎn)力的合力一定大于每一個(gè)分力

4.在加速度為a勻加速上升的電梯中，有一個(gè)質(zhì)量為m的人，下列說法正確的是（）

A.此人對(duì)地球的吸引作用產(chǎn)生的力為機(jī)（g-a）

B.此人對(duì)電梯的壓力為m（g-a）

C.此人受到的重力為+a）

D.電梯對(duì)人的支持力大小為m（g+a）

5.某質(zhì)點(diǎn)的位移隨時(shí)間變化規(guī)律的關(guān)系是x=3t+2t2,x與t的單位分別是m和s,則質(zhì)點(diǎn)的初速

度和加速度分別是（）

A.2m/s,2m/s2B.3m/s,2m/s2

C.5m/s,4m/s2D.3m/s,4m/s2

6.兩輛完全相同的汽車，沿水平直線一前一后勻速行駛，速度均為火,若前車突然以恒定的加速

度剎車，在它剛停住后，后車以前車剎車的加速度開始剎車，已知前車在剎車過程中所行的距

離為s,若要保證兩輛車在上述情況中不相撞，則兩車在勻速行駛時(shí)保持的距離至少應(yīng)為（）

A.IsB.2sC.3sD.4s

7.在分析和研究生活中的現(xiàn)象時(shí)，我們常常將這些具體現(xiàn)象簡(jiǎn)化成理想模型，這樣可

以反映和突出事物的本質(zhì).例如人原地起跳時(shí).，先身體彎曲，略下蹲，再猛然蹬地，

身體打開，同時(shí)獲得向上的初速度，雙腳離開地面.我們可以將這一過程簡(jiǎn)化成如

下模型：如圖所示，將一個(gè)小球放在豎直放置的彈簧上，用手向下壓小球，將小球

壓至某一位置后由靜止釋放，小球被彈簧彈起，以某一初速度離開彈簧，不考慮空氣阻力.從

小球由靜止釋放到剛好離開彈簧的整個(gè)過程中，下列分析正確的是（）

A.小球的速度一直增大

B.小球始終處于超重狀態(tài)

C.彈簧對(duì)小球彈力沖量的大小大于小球重力沖量的大小

D.地面支持力對(duì)彈簧做的功大于彈簧彈力對(duì)小球做的功

二、多選題（本大題共3小題，共18.0分）

8.如圖所示，質(zhì)量為m的小球用細(xì)繩系住放置在傾角為。的光滑斜面上，當(dāng)細(xì)

繩由水平方向逐漸向上偏移時(shí)，細(xì)繩上的拉力F和斜面對(duì)小球的支持力N的土匕

變化情況是（）

A.F先減小后增大B.尸逐漸減小

C.N逐漸減小D.N逐漸增大

9.如圖所示，t=0時(shí)刻，b物體在a物體前方50（hn處，a、b的發(fā)一￡圖象如『足''

圖所示，下列選項(xiàng)正確的是（）401/；

A.a、b加速時(shí)，物體a的加速度大于b的加速度（f||/;/；；

B.20s時(shí)，兩物體相距最遠(yuǎn)。2%4b

C.a、b相遇兩次

D.第二次相遇在60s

10.如圖所示，物體P置于水平面上，用輕細(xì)線跨過質(zhì)量不計(jì)的光滑定滑輪連接一個(gè)重力G=10N的

重物，物體P向右運(yùn)動(dòng)的加速度為%;若細(xì)線下端不掛重物，而用尸=10N的力豎直向下拉細(xì)線

下端，這時(shí)物體P的加速度為。2，貝"（）

c.兩次細(xì)繩所受拉力相等D.兩次細(xì)繩所受拉力不等

三、實(shí)驗(yàn)題（本大題共2小題，共14.0分）

11.在做“探究共點(diǎn)力合成規(guī)律”的實(shí)驗(yàn)時(shí)，可以先將橡皮條的一端固定在木板上，再用兩個(gè)彈簧

秤把橡皮條的另一端拉到某一位置。，之后只用一個(gè)彈簧秤拉橡皮條使其伸長(zhǎng)，如圖甲所示.

①關(guān)于實(shí)驗(yàn)操作，下列說法正確的是.

4同一次實(shí)驗(yàn)中。點(diǎn)的位置允許變動(dòng).

B實(shí)驗(yàn)中彈簧秤必須保持與木板平行，讀數(shù)時(shí)要正視彈簧秤刻度.

C實(shí)驗(yàn)中只需要記錄彈簧秤的示數(shù).

②實(shí)驗(yàn)中，橡皮條的一端固定在P點(diǎn)，另一端被4、B兩只彈簧測(cè)力計(jì)拉伸至。點(diǎn)，鳥、尸2分別表示小

B兩只彈簧測(cè)力計(jì)的讀數(shù)，如圖乙所示.使彈簧測(cè)力計(jì)B從圖示位置開始順時(shí)針緩慢轉(zhuǎn)動(dòng)，在這

一過程中保持。點(diǎn)和彈簧測(cè)力計(jì)4的拉伸方向不變，則在整個(gè)過程中兩彈簧測(cè)力計(jì)的讀數(shù)Fi、F2

的變化是

A.Fi減小，尸2減小B.Fi減小，尸2增大

C.&減小，氏先增大后減小D.&減小，尸2先減小后增大.

12.在“探究加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系的實(shí)驗(yàn)中，采用如圖甲所示的裝置。

硅碼和

魅碼盤

（1）實(shí)驗(yàn)中，需要平衡摩擦力和其它阻力，正確的操作方法是把長(zhǎng)木板右端墊高，在（選填“掛”

或“不掛”）祛碼和祛碼盤、小車（選填“拖”或“不拖”）著紙帶、打點(diǎn)計(jì)時(shí)器（

選填“打點(diǎn)”或“不打點(diǎn)”）的情況下，輕推一下小車，若小車做勻速運(yùn)動(dòng)，則表明已經(jīng)消除了

摩擦力和其它阻力的影響。

(2)在某次實(shí)驗(yàn)中，打出了一條紙帶如圖乙所示。計(jì)時(shí)器打點(diǎn)的時(shí)間間隔為0.02s,且相鄰兩個(gè)計(jì)數(shù)

點(diǎn)之間有4個(gè)點(diǎn)未畫出。經(jīng)測(cè)量得出各計(jì)數(shù)點(diǎn)間的距離如圖所示。則小車的加速度。=

M/S2(計(jì)算結(jié)果保留2位有效數(shù)字)。

(3)保持小車質(zhì)量不變，在探究加速度與力的關(guān)系時(shí)，可認(rèn)為細(xì)線對(duì)小車的拉力大小等于祛碼和祛碼

盤的重力大小。某同學(xué)根據(jù)測(cè)量數(shù)據(jù)作出的a-F圖象如圖丙所示。發(fā)現(xiàn)圖象不過原點(diǎn)，末端發(fā)

生了彎曲，出現(xiàn)這種情況可能的原因是。

A.平衡摩擦力時(shí)，木板的傾斜角度過大，且小車質(zhì)量較大

B.平衡摩擦力時(shí)，木板的傾斜角度過大，且祛碼和祛碼盤的質(zhì)量較大

C.平衡摩擦力時(shí)，木板的傾斜角度過小，且小車質(zhì)量較大

。.平衡摩擦力時(shí)，木板的傾斜角度過小，且祛碼和祛碼盤的質(zhì)量較大

四、計(jì)算題(本大題共3小題，共40.0分)

13.如圖所示，物塊4和B疊放在水平地面上，左邊緣對(duì)齊，質(zhì)量均為巾=1kg。4與B、8與地面間

的動(dòng)摩擦因數(shù)均為〃=0.2。先敲擊4,4立即獲得水平向右的初速度，在B上滑動(dòng)距離L=0.25m

后停下；接著敲擊8,B立即獲得水平向右的初速度，4、B都向右運(yùn)動(dòng)，左邊緣兩次對(duì)齊時(shí)恰好

相對(duì)靜止，此后兩者一起運(yùn)動(dòng)至停下。最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，重力加速度為g=10m/s2?

求：

(1)4被敲擊后獲得的初速度大小以；

(2)在左邊緣再次對(duì)齊的前、后，B運(yùn)動(dòng)的加速度大小as、aB'；

(3)B被敲擊后獲得的初動(dòng)能琉。

14.如圖所示，在豎直平面內(nèi)有一固定光滑軌道，其中4B是長(zhǎng)為R的水

平直軌道，BCD是圓心為。、半徑為R的:圓弧軌道，兩軌道相切于

B點(diǎn).在外力作用下，小球從4點(diǎn)由靜止開始做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，

到達(dá)B點(diǎn)時(shí)撤除外力.已知小球剛好能沿圓軌道經(jīng)過最高點(diǎn)C,重

力加速度為g.求：

(1)小球在B點(diǎn)時(shí)的速度大??；

(2)小球在4B段運(yùn)動(dòng)的加速度大?。?/p>

(3)小球從。點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到4點(diǎn)所用的時(shí)間.

15.羚羊從靜止開始奔跑，經(jīng)過4.0s能加速到最大速度25m/s,并能維持一段較長(zhǎng)的時(shí)間；獵豹從

靜止開始奔跑，經(jīng)過60m的距離能加速到最大速度30m/s,以后只能維持這個(gè)速度4.0s接著就會(huì)

減速。設(shè)獵豹距離羚羊xni時(shí)開始攻擊，羚羊則在獵豹開始攻擊后1.0s才開始奔跑，假定羚羊和

獵豹在變速階段分別做勻變速運(yùn)動(dòng)，且均沿同一直線奔跑。求：

(1)獵豹恰好在加速到最大速度時(shí)追上羚羊，x值應(yīng)為多少？

(2)獵豹要在減速前追到羚羊，》值應(yīng)在什么范圍？

參考答案及解析

1.答案：C

解析：解：1932年美國(guó)物理學(xué)家勞倫斯發(fā)明了回旋加速器，巧妙地利用帶電粒子在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)特

點(diǎn)，解決了粒子的加速問題.

故選：C.

根據(jù)物理學(xué)史和常識(shí)解答，記住著名物理學(xué)家的主要貢獻(xiàn)即可.

本題考查物理學(xué)史，是常識(shí)性問題，對(duì)于物理學(xué)上重大發(fā)現(xiàn)、發(fā)明、著名理論要加強(qiáng)記憶，這也是

考試內(nèi)容之一.

2.答案：C

解析：解：AB.如圖所示，設(shè)江道寬為d,船垂直于江岸的速度

為"，則有t=W，時(shí)間與水速無關(guān)，若船頭始終垂直指向江岸方

向，水流速度變大，則由％水=〃/可知船在水中運(yùn)動(dòng)的位移就

越大，故AB錯(cuò)誤；

,d

CD、如圖所示，若保證輪船航行軌跡垂直江岸，則輪船行駛位移為江道寬d不變，渡江時(shí)間，=7萬

q水

則過江時(shí)間變長(zhǎng)，故。錯(cuò)誤，c正確；

故選：C。

因?yàn)榇怪庇诤影斗较虻乃俣炔蛔?，而水流方向是垂直于這個(gè)方向的，在這個(gè)方向上沒有分速度，

所以不論水速多大時(shí)間不變；水速越大，水流方向的位移就越大。

本題解題關(guān)鍵是將運(yùn)動(dòng)分解為垂直于河岸和平行于河岸兩個(gè)分運(yùn)動(dòng)，然后分別作答即可解決此類問

題。

3.答案：C

解析：解：力、體積小、質(zhì)量小的物體不一定能看成質(zhì)點(diǎn)，關(guān)鍵看物體的形狀和大小在所研究的問題

中能否忽略。故A錯(cuò)誤。

8、位移是矢量，在單向直線運(yùn)動(dòng)，位移的大小等于路程，不能說位移就是路程。故B錯(cuò)誤。

C、摩擦力產(chǎn)生的條件是：接觸面粗糙、有彈力、有相對(duì)運(yùn)動(dòng)或相對(duì)運(yùn)動(dòng)的趨勢(shì)。所以有摩擦力必有

彈力。故C正確。

。、根據(jù)平行四邊形定則，知合力可能比分力小，可能比分力大。故。錯(cuò)誤。

故選：Co

當(dāng)物體的形狀和大小在所研究的問題中能忽略，物體可以看成質(zhì)點(diǎn).當(dāng)物體做單向直線運(yùn)動(dòng)時(shí)，位

移的大小等于路程.摩擦力產(chǎn)生的條件中必須有彈力.根據(jù)平行四邊形定則判斷合力于分力的大小

關(guān)系.

本題考查了力的合成、質(zhì)點(diǎn)、位移和路程等基礎(chǔ)知識(shí)點(diǎn)，比較簡(jiǎn)單，學(xué)生很容易掌握.

4.答案：D

解析：解：AC,無論物體處于超重還是失重，重力都不會(huì)改變，故重力還是mg,故A錯(cuò)誤，C錯(cuò)誤；

BD、人以加速度a勻加速上升，根據(jù)牛頓第二定律，有.：

N—mg—ma

解得

電梯對(duì)人的支持力為N=m(g+a)

根據(jù)牛頓第三定律，人對(duì)電梯的壓力為m(g+a),故8錯(cuò)誤，。正確。

故選：D?

物體處于超重或是失重時(shí)，物體的重力并沒有改變，改變的只是視重.運(yùn)用牛頓第二定律對(duì)人分析，

可求得電梯對(duì)人的支持力，再根據(jù)牛頓第三定律可得人對(duì)電梯的壓力.

此題屬于超重失重的一般問題，運(yùn)用牛頓第二定律列式求出.此題難度不大，屬于基礎(chǔ)題.

5.答案：D

2

解析：解：根據(jù)x=vot+^at=3t+2t2得質(zhì)點(diǎn)的初速度為=3m/s,加速度a=4m/s2.故/)正確，

ABC錯(cuò)誤。

故選：Do

根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)的位移時(shí)間公式得出物體的初速度和加速度。

2

解決本題的關(guān)鍵掌握勻變速直線運(yùn)動(dòng)的位移時(shí)間公式x=v0t+|at,知道公式的矢量性。

6.答案：B

解析：解：兩輛完全相同的汽車，剎車時(shí)加速度相同，剎車位移也相同為s,設(shè)加速度大小為a,

前車剎車的時(shí)間為￡=絲=",剎車的位移s=/

aa2a

在此時(shí)間內(nèi)，后車做勻速運(yùn)動(dòng)，位移為x=%t=?

所以x=2s

此后后車剎車，剎車位移也為s,

要保持兩車在上述情況中不相撞，則兩車在勻速行駛時(shí)保持的距離至少應(yīng)為△X=x+s-s=x=

2s

故選：B。

根據(jù)速度-時(shí)間公式求出剎車時(shí)間。前車剎車時(shí)，后車在做勻速運(yùn)動(dòng)，根據(jù)位移公式求出后車勻速

運(yùn)動(dòng)時(shí)的位移，而后車剎車的位移等于前車剎車的位移，故兩車在勻速行駛時(shí)保持的距離至少應(yīng)為

后車勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)的位移。

該題要注意兩輛車完全相同，所以剎車時(shí)的加速度和剎車位移都相同。

7.答案：C

解析：解：4、B、小球向上運(yùn)動(dòng)的過程中，開始時(shí)彈簧的彈力大于小球的重力，小球向上做加速運(yùn)

動(dòng)；當(dāng)彈簧的彈力小于小球的重力后，小球向上做減速運(yùn)動(dòng)到小球離開彈簧。

可知小球在向上運(yùn)動(dòng)到離開彈簧的過程中小球先加速后減速，先超重，后失重?故A錯(cuò)誤，8錯(cuò)誤；

C、小球的初速度為0,而離開彈簧的末速度不為0,根據(jù)動(dòng)量定理可知，外力的總沖量不為0,方向

向上，所以彈簧對(duì)小球彈力沖量的大小大于小球重力沖量的大小。故C正確；

。、由題可知，彈簧對(duì)小球做正功；地面相對(duì)于彈簧的下端沒有位移，所以地面對(duì)彈簧做的功為0,

所以地面支持力對(duì)彈簧做的功小于彈簧彈力對(duì)小球做的功。故。錯(cuò)誤。

故選：C。

小球上升過程，先做加速度不斷減小的加速運(yùn)動(dòng)，當(dāng)加速度減為零時(shí)，速度達(dá)到最大，之后做加速

度不斷增大的減速運(yùn)動(dòng)，直到小球離開彈簧為止.

結(jié)合動(dòng)量定理分析重力的沖量與彈簧的彈力的沖量的大小關(guān)系；根據(jù)功的公式判斷做功的大小關(guān)系.

解答該題關(guān)鍵要將小球的運(yùn)動(dòng)分成向上的加速和減速過程，然后結(jié)合超重與失重的特點(diǎn)分析.

8.答案：AC

解析：解：以小球?yàn)檠芯繉?duì)象，小球受到重力、細(xì)繩的拉力和斜面的支持力，三力平衡，根據(jù)平衡

條件得知拉力與支持力的合力與重力mg大小相等，方向相反，保持不變。作出三個(gè)位置拉力與支持

力的合成的示意圖，

3

t

?

---』

mg

通過力圖可以看出當(dāng)細(xì)繩由水平方向逐漸向上偏移時(shí)，拉力尸先變小后變大，支持力N一直變小。

故選：ACo

對(duì)球受力分析，受重力、支持力、拉力，其中重力大小方向都不變，支持力方向不變、大小變，拉

力大小與方向都變，可用作圖法分析.

這類問題的特點(diǎn)是：一個(gè)物體受三個(gè)共點(diǎn)力作用而平衡，其中有一個(gè)力是恒定的（大小、方向均不變，

一般多為物體的重力G）;另一個(gè)力的方向（或大?。┦冀K不變（支持力），第三個(gè)力（拉力）大小和方向都

可能變化.當(dāng)?shù)谌齻€(gè)力與第二個(gè)力垂直時(shí)，第三個(gè)力最小值.找出了這一規(guī)律，運(yùn)用作圖法（或計(jì)算

法）求解都比較方便了.

9.答案：CD

解析：解：4a、b加速時(shí)，a圖線的斜率小于b圖線的斜率，則物體a的加速度小于物體b的加速度，

故A錯(cuò)誤。

B、0-40s內(nèi)，a的速度比b的大，b物體在a物體前方，兩者間距逐漸增大。40s時(shí)刻以后，a的速度

比b的小，兩者間距減小，貝ij40s時(shí)兩物體相距最遠(yuǎn)?故B錯(cuò)誤。

C、0-20s內(nèi)，a比b多運(yùn)動(dòng)的位移為x=*"x20m=500m,所以在t=20時(shí)，a、b相遇一次。

t=40s之后，由于b的速度比a的大，a、b又相遇一次，共相遇兩次，故C正確。

D、因20-60s內(nèi)，a、b通過的位移相等，所以第二次相遇在60s,故。正確。

故選：CD.

速度-時(shí)間圖象的斜率大小表示加速度的大小，“面積”表示位移。根據(jù)斜率判斷加速度的大小。

根據(jù)位移關(guān)系判斷兩物體相遇的次數(shù)。

本題考查理解和應(yīng)用速度圖象的能力。根據(jù)速度圖象的斜率、“面積”等來分析物體的運(yùn)動(dòng)情況是

應(yīng)具備的能力。對(duì)于追及問題，關(guān)鍵要分析兩個(gè)物體之間的位移關(guān)系。

10.答案:BD

解析：解：4、掛重物時(shí)，選連接體為研究對(duì)象，有牛頓第二定律得，共同運(yùn)動(dòng)的加速度大小為：

G10

Qi=-----=-------

mp+mQnip+niQ，

當(dāng)改為ION拉力后，由牛頓第二定律得P的加速度為：&=乎，

故為<。2，故A錯(cuò)誤，B正確；

C、第一次拉力A=mp%<G=10N,第二次拉力7=F=10N,故兩次拉力大小不相等，故C錯(cuò)

誤，。正確。

故選：BD。

連接體共同加速，由牛頓第二定律求得整體的加速度，當(dāng)改用尸后，再次利用牛頓第二定律求得加速

度，比較加速度的大小即可，再根據(jù)牛頓第二定律可求得拉力的大小.

連接體問題常常將整體法和隔離法綜合運(yùn)用，整體法求出共同加速度，隔離法整理待求量.本題中

利用超失重的知識(shí)解決會(huì)更快，懸掛重物時(shí)，重物Q加速下降，處于失重狀態(tài)，對(duì)P的拉力小于Q的

重力(10N).

11.答案：B；D

解析：解：①人要保證兩個(gè)彈簧稱的拉力與一個(gè)彈簧稱的拉力效果相同，橡皮條要沿相同方向伸

長(zhǎng)量相同，則。點(diǎn)的位置應(yīng)固定，故A錯(cuò)誤；

8、本實(shí)驗(yàn)是在水平面作力的圖示，為了減小誤差彈簧測(cè)力計(jì)必須保持與木板平行，讀數(shù)時(shí)視線要正

對(duì)彈簧測(cè)力計(jì)的刻度，故8正確；

C、由于力是矢量，因此在記錄時(shí)不但要記錄大小還要記錄其方向，故C錯(cuò)誤.

故選：B.

②點(diǎn)0受到三個(gè)拉力，處于平衡狀態(tài)，所以兩個(gè)彈簧測(cè)力計(jì)對(duì)。點(diǎn)拉力的合力一定P。方向，根據(jù)三

角形幾何關(guān)系可知，合力作為直角三角形的直角邊，而

&作為斜邊，所以合力一定小于Fi；

對(duì)點(diǎn)0受力分析，受到兩個(gè)彈簧的拉力和橡皮條的拉力，如圖，其中橡皮條長(zhǎng)度不變，其拉力大小不

變，04彈簧拉力方向不變，0B彈簧拉力方向和大小都改變

根據(jù)平行四邊形定則可以看出的尸2先變小后變大，&的讀數(shù)不斷變?。?/p>

故選：D.

故答案為：①B；@D.

1、本實(shí)驗(yàn)的目的是驗(yàn)證力的平行四邊形定則，研究合力與分力的關(guān)系，而合力與分力是等效的.本

實(shí)驗(yàn)采用作合力與分力圖示的方法來驗(yàn)證，根據(jù)實(shí)驗(yàn)原理和方法來選擇.

2、點(diǎn)0受到三個(gè)拉力，處于平衡狀態(tài)，所以兩個(gè)彈簧測(cè)力計(jì)對(duì)。點(diǎn)拉力的合力一定P0方向，根據(jù)三

角形幾何關(guān)系可以判斷合力與F】的關(guān)系，

其中橡皮條長(zhǎng)度不變，其拉力大小不變，。4彈簧拉力方向不變，0B彈簧拉力方向和大小都改變，根

據(jù)平行四邊形定則作圖分析即可.

本實(shí)驗(yàn)采用是等效替代的思維方法.實(shí)驗(yàn)中要保證一個(gè)合力與兩個(gè)分力效果相同，結(jié)點(diǎn)。的位置必

須相同.關(guān)于三力平衡問題中的動(dòng)態(tài)分析問題，關(guān)鍵受力分析后，作出示意圖，然后運(yùn)用力的平行

四邊形定則進(jìn)行分析討論.

12.答案：不掛拖打點(diǎn)0.80D

解析：解：(1)平衡摩擦力和其它阻力時(shí)，正確的操作方法是把長(zhǎng)木板右端墊高，為了使小車本身的

下滑力與拖著打點(diǎn)的紙帶受的摩擦力和其它阻力平衡，因此不掛祛碼和祛碼盤；在小車拖著紙帶，

打點(diǎn)計(jì)時(shí)器打點(diǎn)情況下，輕推一下小車，若小車做勻速運(yùn)動(dòng)，則表明已經(jīng)消除了摩擦力和其它阻力

的影響。

(2)且相鄰兩個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)之間有4個(gè)點(diǎn)未畫出，故兩計(jì)數(shù)點(diǎn)間的時(shí)間間隔7=5x0.02s=0.1s,根據(jù)△

2

x=a72運(yùn)用逐差法得a=%等=(2.79+3.61)-(；20+2.00)乂10-2m/s2=o.8Om/s:

4TZ4xO.lz

(3)根據(jù)圖丙可知，F(xiàn)不等于零時(shí)，a仍等于零，可能沒有平衡摩擦力或平衡摩擦力不足，即木板的傾

斜角度過??；圖象末端彎曲，可能沒有滿足祛碼和祛碼盤的質(zhì)量遠(yuǎn)小于小車的質(zhì)量，即祛碼和祛碼

盤的質(zhì)量較大，故。正確，A8C錯(cuò)誤。

故選：。。

故答案為：(1)不掛;拖;打點(diǎn)；(2)0.80；(3)。。

(1)平衡摩擦力時(shí)，不能掛祛碼和祛碼盤，在拉著紙帶的情況下做勻速直線運(yùn)動(dòng)；

(2)根據(jù)連續(xù)相等時(shí)間內(nèi)的位移之差是一恒量，運(yùn)用逐差法求出加速度。

(3)根據(jù)圖線不過原點(diǎn)和上部彎曲得出實(shí)驗(yàn)存在的問題。

解決本題的關(guān)鍵知道實(shí)驗(yàn)的原理和注意事項(xiàng)，知道實(shí)驗(yàn)誤差形成的原因，掌握紙帶的處理方法，會(huì)

通過紙帶求解瞬時(shí)速度和加速度，關(guān)鍵是勻變速直線運(yùn)動(dòng)推論的運(yùn)用。

13.答案：解：(1)敲擊4時(shí)，4受向左的滑動(dòng)摩擦力做減速運(yùn)動(dòng)

B受到4的滑動(dòng)摩擦力/BA=nmg=0.2x1xION=2N

B與地面的最大靜摩擦力加=林-2mg=0.2x2x1xION=4N

由于B受到4的動(dòng)摩擦力小于B與地面的最大靜摩擦力，所以B保持靜止，4的加速度大小為

2

aA—Rm，==2m/s

滑動(dòng)過程有

若=2%L

解得

vA=12aAL=V2x2x0.25m/s=Im/s

(2)對(duì)齊前，根據(jù)牛頓第二定律，對(duì)8

4mg+2/j.mg—maB

解得

2

aB=3Hg=6m/s

對(duì)齊后，對(duì)4B整體

21mlg=2maB'

解得

2

O.B=4g=2m/s

(3)設(shè)敲擊B后經(jīng)過時(shí)間t,4、B達(dá)到共同速度。，位移分別為辦、XB，4受向右的滑動(dòng)摩擦力做加速

運(yùn)動(dòng)，根據(jù)牛頓第二定律可得加速度

aA—^9—2m/s2

速度為

v=aAt

v=vB-aBt

根據(jù)位移時(shí)間關(guān)系

2

XA=2aAt

12

d

xB=vBt--aBt

xB-xA=L

聯(lián)立解得

vB=2m/s

B被敲擊后獲得的初動(dòng)能

11

Ek=2mvB=2x1x22/=2/

答：(1)4被敲擊后獲得的初速度大小以為Im/s；

(2)在左邊緣再次對(duì)齊的前、后，B運(yùn)動(dòng)的加速度大小%、CIB'分別為6m/s2和2m/s2；

(3*被敲擊后獲得的初動(dòng)能以為2人

解析：(1)敲擊4后，4獲得速度后，向右做勻減速運(yùn)動(dòng)，根據(jù)牛頓第二定律及勻變速直線運(yùn)動(dòng)規(guī)律解

題；

(2)根據(jù)4與B之間的摩擦力，B與地面之間的摩擦力，結(jié)合牛頓第二定律可分析出對(duì)齊和不對(duì)齊時(shí)B的

加速度；

(3)由4、B所發(fā)生的相對(duì)位移L著手，分析出共速時(shí)各自發(fā)生的位移，聯(lián)立等式進(jìn)行求解。

本題考查了勻變速直線運(yùn)動(dòng)，難點(diǎn)在于運(yùn)用力、B共速后所發(fā)生的相對(duì)位移，聯(lián)立等式求解初速度,

因此思維只要落入這個(gè)等式即可求解。

14.答案：解：(1)小球在最高點(diǎn)C所受軌道正壓力為零，有：

mg=小V怖c

解得：vc=y[gR^

小球從B點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到C點(diǎn)，根據(jù)機(jī)械能守恒有：

+2mgR,

解得：vB=y/5gR.

(2)由于小球在AB段由靜止開始做勻加速運(yùn)動(dòng)，設(shè)加速度大小為a,由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式有：

VQ—2a/?,

解得：a=|g.

(3)設(shè)小球在。處的速度大小為外,下落到4點(diǎn)的速度為，由機(jī)械能守恒有:

11

7=-mvf7,+mgR,

-1mv2p=1-mv2z,

設(shè)從。點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到4點(diǎn)所用的時(shí)間為t，由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式得，gt=