2023-2024學(xué)年江蘇省百校大聯(lián)考高一上期1月階段檢測(cè)化試卷（解析版）

PAGEPAGE3江蘇省百校大聯(lián)考2023-2024學(xué)年高一上學(xué)期12月階段檢測(cè)試卷本試卷滿分100分，考試用時(shí)75分鐘。注意事項(xiàng)：考生在答題前請(qǐng)認(rèn)真閱讀本注意事項(xiàng)及各題答題要求。1.本試卷共6頁(yè)，包含選擇題[第1題～第14題，共42分]、非選擇題[第15題～第18題，共58分]兩部分。班級(jí)、姓名、學(xué)號(hào)、考生號(hào)、座位號(hào)用0.5毫米的黑色簽字筆寫(xiě)在答題卡上相應(yīng)的位置。2.選擇題每小題選出〖答案〗后，請(qǐng)用2B鉛筆在答題紙指定區(qū)域填涂，如需改動(dòng)，用橡皮擦干凈后，再填涂其他〖答案〗。非選擇題請(qǐng)用0.5毫米的黑色簽字筆在答題紙指定區(qū)域作答。在試卷或草稿紙上作答一律無(wú)效?？赡苡玫降南鄬?duì)原子質(zhì)量：一、單項(xiàng)選擇題(本題包括14小題，每題3分，共42分。每小題只有一個(gè)選項(xiàng)符合題意)1.化學(xué)與生產(chǎn)、生活及環(huán)境密切相關(guān)，下列說(shuō)法不正確的是（）A.納米鐵粉可以去除被污染水體中的、等重金屬離子B.將加碘鹽加入淀粉溶液中，淀粉溶液可變藍(lán)C.葡萄酒中通常含有微量，既可以殺菌又可以防止?fàn)I養(yǎng)成分被氧化D.燃煤中加入可以減少酸雨的形成〖答案〗B〖解析〗【詳析】A．鐵具有還原性，納米鐵粉可以去除被污染水體中的、等重金屬離子，故A正確；B．加碘鹽中含有KIO3，KIO3不能使淀粉變藍(lán)，故B錯(cuò)誤；C．具有還原性，葡萄酒中通常含有微量，既可以殺菌又可以防止?fàn)I養(yǎng)成分被氧化，故C正確；D．氧化鈣和二氧化硫生成CaSO3，燃煤中加入可以吸收二氧化硫，減少酸雨的形成，故D正確；選B。2.下列敘述中，正確的是（）A.的摩爾質(zhì)量是98B.等質(zhì)量的和中所含的氧原子數(shù)相同C.溶液與溶液中的的濃度相等D.等質(zhì)量的和與足量的鹽酸反應(yīng)，產(chǎn)生氣體的質(zhì)量一定相等〖答案〗B〖解析〗【詳析】A．摩爾質(zhì)量的單位是“g/mol”，的摩爾質(zhì)量是98g/mol，故A錯(cuò)誤；B．等質(zhì)量的和，設(shè)質(zhì)量都是mg，含有氧原子的物質(zhì)的量分別是，所含的氧原子數(shù)相同，故B正確；C．KClO3溶液中不含，故C錯(cuò)誤；D．和中碳元素質(zhì)量分?jǐn)?shù)不同，等質(zhì)量的和與足量的鹽酸反應(yīng)，根據(jù)碳元素守恒，產(chǎn)生二氧化碳?xì)怏w的質(zhì)量不相等，故D錯(cuò)誤；選B。3.下列選項(xiàng)所示的物質(zhì)間轉(zhuǎn)化均能實(shí)現(xiàn)的是（）A.B.C.海水D.〖答案〗B〖解析〗【詳析】A．單質(zhì)S燃燒生成SO2，故不選A；B．氧化性Cl2>Br2>I2，氯氣和NaBr反應(yīng)生成氯化鈉和Br2，Br2和NaI反應(yīng)生成NaBr和I2，故選B；C．電解氯化鎂溶液生成氫氣、氯氣、氫氧化鎂，電解熔融氯化鎂生成Mg和Cl2，故不選C；D．氯化鈉溶液和二氧化碳不反應(yīng)，故不選D；選B。4.下列有關(guān)物質(zhì)的性質(zhì)與用途具有對(duì)應(yīng)關(guān)系的是（）A.碘單質(zhì)易溶于酒精，可用酒精萃取碘水中的碘B.濃硫酸具有脫水性，可用于干燥C.溶液呈堿性，可用于去除油污D.能與堿反應(yīng)，可用作焙制糕點(diǎn)的膨松劑〖答案〗C〖解析〗【詳析】A．酒精易溶于水，不能用酒精萃取碘水中的碘，故不選A；B．濃硫酸用于干燥，利用濃硫酸的吸水性，故不選B；C．溶液呈堿性，可用于去除油污，故選C；D．用作焙制糕點(diǎn)的膨松劑，是因?yàn)樘妓釟溻c受熱分解放出二氧化碳?xì)怏w，故不選D；選C。5.下列物質(zhì)均有漂白作用，其中漂白原理與其他三種物質(zhì)不同的是（）A. B. C. D.氯水〖答案〗C〖解析〗【詳析】NaClO、、氯水的漂白都是利用物質(zhì)的強(qiáng)氧化性，漂白是和有機(jī)色素發(fā)生化合反應(yīng)生成了無(wú)色物質(zhì)。綜上所述，二氧化硫的漂白原理與其他三種物質(zhì)不同。故選C。6.某同學(xué)在配制溶液的系列操作中可能導(dǎo)致所配溶液濃度偏低的是（）①選剛用蒸餾水洗凈的容量瓶進(jìn)行配制②稱量時(shí)，將固體放在墊了白紙的托盤天平左盤上③將稱量好的固體放入燒杯中，加蒸餾水溶解，立即轉(zhuǎn)移至容量瓶中④用蒸餾水洗滌燒杯內(nèi)壁和玻璃棒兩次，洗滌液都移入容量瓶中⑤定容時(shí)仰視刻度線⑥由于不慎，液面超過(guò)容量瓶刻度線，直接用膠頭滴管吸出超過(guò)的一部分即可⑦搖勻后發(fā)現(xiàn)水低于刻度線，用膠頭滴管繼續(xù)加水至液面與刻度線相切A.①④ B.①④⑤ C.②⑤⑥⑦ D.②⑥⑦〖答案〗C〖解析〗【詳析】①選剛用蒸餾水洗凈的容量瓶進(jìn)行配制，不影響溶液體積，對(duì)濃度無(wú)影響，故不選①；②氫氧化鈉易潮解，將固體放在墊了白紙托盤天平左盤上，部分氫氧化鈉粘在紙上，使溶質(zhì)偏少，所配溶液濃度偏低，故選②；③將稱量好的固體放入燒杯中，加蒸餾水溶解，不冷卻就立即轉(zhuǎn)移至容量瓶中，溶液體積偏小，所配溶液濃度偏高，故不選③；④為使氫氧化鈉完全轉(zhuǎn)移到容量瓶中，用蒸餾水洗滌燒杯內(nèi)壁和玻璃棒兩次，洗滌液都移入容量瓶中，對(duì)濃度無(wú)影響，故不選④；⑤定容時(shí)仰視刻度線，溶液體積偏大，所配溶液濃度偏低，故選⑤；⑥由于不慎，液面超過(guò)容量瓶刻度線，直接用膠頭滴管吸出超過(guò)的一部分，溶質(zhì)偏少，所配溶液濃度偏低，故選⑥；⑦搖勻后發(fā)現(xiàn)水低于刻度線，用膠頭滴管繼續(xù)加水至液面與刻度線相切，溶液體積偏大，所配溶液濃度偏低，故選⑦；可能導(dǎo)致所配溶液濃度偏低的是②⑤⑥⑦，選C。7.下列指定反應(yīng)的離子方程式正確的是（）A.大理石與鹽酸反應(yīng)：B.使溴水褪色：C.用從酸化的海帶灰浸出液中提取碘：D.少量溶液和溶液反應(yīng)：〖答案〗D〖解析〗【詳析】A．大理石與鹽酸反應(yīng)生成氯化鈣、二氧化碳、水，反應(yīng)的離子方程式為，故A錯(cuò)誤；B．和溴水反應(yīng)生成硫酸和氫溴酸，反應(yīng)的離子方程式為，故B錯(cuò)誤；C．用從酸化的海帶灰浸出液中提取碘，雙氧水把碘離子氧化為碘單質(zhì)，反應(yīng)的離子方程式為，故C錯(cuò)誤；D．少量溶液和溶液反應(yīng)生成硫酸鋇沉淀、硫酸鈉、水，反應(yīng)的離子方程式為，故D正確；選D。8.實(shí)驗(yàn)室制取SO2并回收CuSO4的實(shí)驗(yàn)原理及裝置不能達(dá)到實(shí)驗(yàn)?zāi)康氖牵ǎ〢BCD制取SO2干燥SO2吸收尾氣中的SO2將硫酸銅溶液蒸發(fā)濃縮〖答案〗C〖解析〗【詳析】A．銅與濃硫酸加熱制得SO2，反應(yīng)原理為：Cu+2H2SO4(濃)CuSO4+SO2↑+2H2O，A不合題意；B．SO2是酸性氣體，可以用濃硫酸干燥，B不合題意；C．SO2可以用NaOH溶液吸收，但吸收時(shí)需要注意防止倒吸，圖中防倒吸裝置錯(cuò)誤，C符合題意；D．用蒸發(fā)皿加熱可以將硫酸銅溶液蒸發(fā)濃縮，D不合題意；故〖答案〗為：C。9.氮化硅(Si3N4)是一種新型陶瓷材料，它可由石英與焦炭在高溫的氮?dú)饬髦型ㄟ^(guò)如下反應(yīng)制得：3SiO2+6C+2N2=Si3N4+6CO。下列對(duì)該反應(yīng)的說(shuō)法正確的是（）A.該反應(yīng)的氧化劑是SiO2和N2B.該反應(yīng)的還原劑為COC.氮化硅中氮元素化合價(jià)為+3價(jià)D.上述反應(yīng)中每生成1molSi3N4轉(zhuǎn)移12mol電子〖答案〗D〖解析〗〖祥解〗該反應(yīng)中N元素化合價(jià)由0價(jià)變?yōu)?3價(jià)、C元素化合價(jià)由0價(jià)變?yōu)?2價(jià)，Si、O元素化合價(jià)不變?！驹斘觥緼．N元素化合價(jià)由0價(jià)變?yōu)?3價(jià)，得電子化合價(jià)降低的反應(yīng)物是氧化劑，所以氧化劑是N2，Si、O元素化合價(jià)不變，SiO2不是氧化劑，故A錯(cuò)誤；B．C元素化合價(jià)由0價(jià)變?yōu)?2價(jià)，C是還原劑，CO是氧化產(chǎn)物，故B錯(cuò)誤；C．氮化硅中氮元素化合價(jià)為-3價(jià)，故C錯(cuò)誤；D．上述反應(yīng)中每生成1molSi3N4轉(zhuǎn)移1mol×4×[0-(-3)]mol=12mol電子，故D正確；故〖答案〗為D。10.氫元素及其化合物在自然界廣泛存在且具有重要應(yīng)用。、、是氫元素的3種核素，H既可以形成又可以形成，還能形成、、、、等重要化合物。是有機(jī)合成中一種重要的還原劑，能與等強(qiáng)氧化劑劇烈反應(yīng)。是一種儲(chǔ)氫材料，與水反應(yīng)釋放氫氣，設(shè)表示阿伏加德羅常數(shù)的值，下列說(shuō)法不正確的是（）A.、、都屬于氫元素B.標(biāo)準(zhǔn)狀況下，體積均為的和含有的電子數(shù)目都為C.，該反應(yīng)中生成氫氣轉(zhuǎn)移的電子數(shù)目為D.的結(jié)構(gòu)示意圖為〖答案〗B〖解析〗【詳析】A．、、質(zhì)子數(shù)都1，都屬于氫元素，故A正確；B．標(biāo)準(zhǔn)狀況下水是液體，的物質(zhì)的量不是0.1mol，故B錯(cuò)誤；C．，CaH2中H元素化合價(jià)由-1升高為0，H2O中H元素化合價(jià)由+1降低為0，H2既是氧化產(chǎn)物又是還原產(chǎn)物，生成氫氣轉(zhuǎn)移1mol電子，故C正確；D．核外有2個(gè)電子，的結(jié)構(gòu)示意圖為，故D正確；選B。11.是有機(jī)合成中一種重要的還原劑，能與等強(qiáng)氧化劑劇烈反應(yīng)。利用氧化尿素制備(水合肼)的實(shí)驗(yàn)流程如圖所示：已知：氯氣與燒堿溶液的反應(yīng)是放熱反應(yīng)。下列說(shuō)法不正確的是（）A.步驟I中為避免溫度過(guò)高，可采用冰水浴B.步驟I制備溶液時(shí)，測(cè)得產(chǎn)物中與的物質(zhì)的量之比為，則參與反應(yīng)的氧化劑與還原劑的物質(zhì)的量之比為C.步驟II中可將尿素水溶液逐滴滴入堿性溶液中D.步驟II反應(yīng)的離子方程式為〖答案〗C〖解析〗【詳析】A．氯氣與燒堿溶液的反應(yīng)是放熱反應(yīng)，溫度升高發(fā)生副反應(yīng)生成，所以步驟I中為避免溫度過(guò)高發(fā)生副反應(yīng)，可采用冰水浴，故A正確；B．步驟I制備溶液時(shí)，測(cè)得產(chǎn)物中與的物質(zhì)的量之比為，根據(jù)得失電子守恒，、、NaCl的物質(zhì)的量之比為3：1：8，則參與反應(yīng)的氧化劑與還原劑的物質(zhì)的量之比為，故B正確；C．為防止被氧化，步驟II中應(yīng)該將溶液逐滴滴入尿素水溶液中，故C錯(cuò)誤；D．步驟II中尿素被氧化為N2H4，ClO-被還原為Cl-，反應(yīng)的離子方程式為，故D正確；選C。12.電解飽和食鹽水可獲得氫氣。在金屬冶煉、新能源開(kāi)發(fā)、碳中和等方面具有重要應(yīng)用，如在催化劑作用下與反應(yīng)可得到。電解飽和食鹽水的實(shí)驗(yàn)裝置如圖，下列說(shuō)法正確的是（）A.通電一段時(shí)間后，向兩極滴加酚酞試液，石墨棒電極區(qū)溶液變紅B.氫氣與催化生成的反應(yīng)：C.工業(yè)上也可利用電極產(chǎn)物氫氣和氯氣混合點(diǎn)燃制取氯化氫D.該裝置可證明飽和食鹽水能導(dǎo)電，所以飽和食鹽水是電解質(zhì)〖答案〗B〖解析〗【詳析】A．鐵棒是陰極，發(fā)生反應(yīng)2H2O+2e-=2OH-+H2↑，鐵棒附近溶液呈堿性，碳棒是陽(yáng)極，發(fā)生反應(yīng)2Cl--2e-=Cl2↑，向兩極滴加酚酞試液，鐵棒電極區(qū)溶液變紅，故A錯(cuò)誤；B．氫氣與催化生成的反應(yīng)：，故B正確；C．氫氣和氯氣混合點(diǎn)燃發(fā)生爆炸，工業(yè)上用電極產(chǎn)物氫氣在氯氣中燃燒制取氯化氫，故C錯(cuò)誤；D．食鹽水混合物，既不是電解質(zhì)又不是非電解，故D錯(cuò)誤；選B。13.常溫下，下列各組離子在指定溶液中能大量共存的是（）A.能使酚酞變紅的溶液中：、、、B.在無(wú)色透明的溶液中：、、、C.含有的溶液中：、、、D.室溫下，強(qiáng)酸性溶液中：、、、〖答案〗D〖解析〗【詳析】A．與OH-反應(yīng)生成氫氧化鎂沉淀，能使酚酞變紅的溶液呈堿性，不能大量存在，故不選A；B．含有的溶液呈藍(lán)色，在無(wú)色透明的溶液中不能大量存在，故不選B；C．與Ca2+反應(yīng)生成碳酸鈣沉淀，含有的溶液中不能大量含，故不選C；D．室溫下，強(qiáng)酸性溶液中，、、、相互之間不反應(yīng)，能大量共存，故選D；選D。14.下列實(shí)驗(yàn)操作及現(xiàn)象與結(jié)論之間對(duì)應(yīng)關(guān)系正確的是（）選項(xiàng)實(shí)驗(yàn)操作及現(xiàn)象結(jié)論A向某溶液中加入硝酸酸化的溶液，有白色沉淀生成該溶液中含B向某溶液中滴加溶液，未產(chǎn)生能使?jié)駶?rùn)的紅色石蕊試紙變藍(lán)的氣體該溶液中無(wú)C向淀粉KI溶液中先通入少量，再通入，溶液先出現(xiàn)藍(lán)色，后藍(lán)色褪去還原性：D探究新制飽和氯水成分的實(shí)驗(yàn)時(shí)，向氯水中加入粉末，有氣泡產(chǎn)生氯水中含〖答案〗C〖解析〗【詳析】A．向某溶液中加入硝酸酸化的氯化鋇溶液，有白色沉淀生成，白色沉淀可能為氯化銀、硫酸鋇等，原溶液中可能存在硫酸根離子、銀離子等，所以不一定含有硫酸根離子，A錯(cuò)誤；B．向某溶液中加入NaOH濃溶液，未加熱，故原溶液中不一定無(wú)銨根離子，B錯(cuò)誤；C．向碘化鉀中通入少量氯氣生成碘單質(zhì)和氯離子，可知還原性碘離子大于氯離子，通入二氧化硫，碘單質(zhì)與二氧化硫生成碘離子和硫酸根離子，可知還原性二氧化硫大于碘離子，C正確；D．向氯水中加入NaHCO3粉末，有氣泡產(chǎn)生，因?yàn)槁人泻琀+，能與碳酸氫鈉反應(yīng)生成二氧化碳，D錯(cuò)誤；〖答案〗選C。二、非選擇題(本題包括4小題，共58分)15.物質(zhì)的分類、轉(zhuǎn)化、化學(xué)計(jì)量在化學(xué)中占有重要地位?，F(xiàn)有下列9種物質(zhì)：①Cu②淀粉溶液③④⑤⑥⑦純醋酸⑧溶液⑨熔融的。根據(jù)所學(xué)知識(shí)回答下列問(wèn)題：（1）以上能發(fā)生丁達(dá)爾效應(yīng)的是___________。(填寫(xiě)序號(hào)，下同)（2）屬于強(qiáng)電解質(zhì)的是___________。（3）標(biāo)準(zhǔn)狀況下，相同體積的④和⑤原子個(gè)數(shù)之比為_(kāi)__________。（4）某硝酸鹽中含有，則該硝酸鹽的摩爾質(zhì)量為_(kāi)__________。（5）實(shí)驗(yàn)室需要配制的稀硫酸，需量取質(zhì)量分?jǐn)?shù)為98％、密度為的濃硫酸___________mL，配制過(guò)程中所需玻璃儀器除燒杯、量筒、玻璃棒、膠頭滴管外，還需要的玻璃儀器有___________?！即鸢浮剑?）②（2）③⑥⑨（3）3:4（4）（5）①.5.4②.100mL容量瓶〖解析〗（1）膠體能產(chǎn)生丁達(dá)爾效應(yīng)，淀粉溶液屬于膠體，能發(fā)生丁達(dá)爾效應(yīng)的是淀粉溶液，選②；（2）在水溶液中能完全電離，屬于強(qiáng)電解質(zhì)；溶于水中的能完全電離，屬于強(qiáng)電解質(zhì)；在水溶液中能完全電離，屬于強(qiáng)電解質(zhì)；屬于強(qiáng)電解質(zhì)的是③⑥⑨；（3）根據(jù)阿伏伽德羅定律，標(biāo)準(zhǔn)狀況下，相同體積的和分子數(shù)相等，所以原子個(gè)數(shù)之比為3:4；（4）某硝酸鹽中含有，的物質(zhì)的量為0.05mol，則該硝酸鹽的摩爾質(zhì)量為。（5）98％、密度為的濃硫酸的物質(zhì)的量濃度為，實(shí)驗(yàn)室需要配制的稀硫酸，選用100mL的容量瓶，需量取質(zhì)量分?jǐn)?shù)為98％、密度為的濃硫酸，配制過(guò)程中所需玻璃儀器除燒杯、量筒、玻璃棒、膠頭滴管外，還需要的玻璃儀器有100mL容量瓶。16.實(shí)驗(yàn)室利用如圖所示裝置制取并收集純凈的氯氣。（1）a的作用是___________，裝置C中盛放的試劑名稱為_(kāi)__________。（2）寫(xiě)出B中反應(yīng)的化學(xué)方程式：________，量取濃度為的濃鹽酸與足量的二氧化錳反應(yīng)，發(fā)現(xiàn)獲得的氯氣的體積遠(yuǎn)小于(標(biāo)準(zhǔn)狀況下)，可能的原因是_________。（3）次氯酸鈉是家用“84”消毒劑的有效成分，為了測(cè)定有效成分的濃度(假設(shè)其他成分不參與反應(yīng))，某興趣小組進(jìn)行了如下實(shí)驗(yàn)：①取溶液，調(diào)pH至溶液呈酸性，加入的溶液(過(guò)量)，充分發(fā)生下列反應(yīng)：(未配平)。②向上述反應(yīng)后的溶液中滴加的溶液，恰好完全發(fā)生下列反應(yīng)(此條件下不參與反應(yīng))：(未配平)。計(jì)算的物質(zhì)的量濃度___________(寫(xiě)出計(jì)算過(guò)程)。〖答案〗（1）①.平衡壓強(qiáng)，使分液漏斗內(nèi)液體能順利流下②.飽和食鹽水（2）①.②.稀鹽酸與二氧化錳不反應(yīng)，HCl不能完全反應(yīng)（3）〖解析〗〖祥解〗B裝置制備氯氣，C裝置盛放飽和食鹽水除氯氣中的氯化氫，D裝置盛放濃硫酸干燥氯氣，E裝置用向上排空氣法收集氯氣，F(xiàn)裝置吸收氯氣，防止污染空氣。（1）a連接分液漏斗上口和燒瓶，使分液漏斗和燒瓶?jī)?nèi)壓強(qiáng)相等，a的作用是平衡壓強(qiáng)，使分液漏斗內(nèi)液體能順利流下；裝置C的作用是除氯氣中的氯化氫，盛放的試劑名稱為飽和食鹽水；（2）B中二氧化錳和濃鹽酸在加熱條件下反應(yīng)生成氯化錳、氯氣、水，反應(yīng)的化學(xué)方程式為；量取濃度為的濃鹽酸與足量的二氧化錳反應(yīng)，稀鹽酸與二氧化錳不反應(yīng)，HCl不能完全反應(yīng)，所以氯氣的體積遠(yuǎn)小于(標(biāo)準(zhǔn)狀況下)。（3）根據(jù)得失電子守恒，配平反應(yīng)方程式為、；根據(jù)題意，次氯酸鈉、高錳酸鉀共消耗的物質(zhì)的量為，消耗的物質(zhì)的量為，則次氯酸鈉消耗的物質(zhì)的量為0.12mol-0.05mol=0.07mol，根據(jù)可知，的物質(zhì)的量為0.035mol，的物質(zhì)的量濃度為。17.錳元素能形成、、、等多種氧化物，其中大顆粒是重要電池材料。工業(yè)上以碳酸錳礦(主要成分為、，常溫下二者皆為難溶于水的固體)和軟錳礦(主要成分為)為原料制取。其工藝主要包括“酸浸”“沉錳”“打漿”“氧化”。已知：硫化氫是一種易燃、具有臭雞蛋氣味的有毒氣體，有較強(qiáng)的還原性，溶于水得到氫硫酸溶液，是一種比碳酸還弱的酸。（1）將溶液滴入溶液中，發(fā)生反應(yīng)的離子方程式為_(kāi)__________。（2）從安全及環(huán)保的角度來(lái)看“酸浸”過(guò)程中，向硫酸溶液中，加料方式為_(kāi)__________(填標(biāo)號(hào))。A．先加軟錳礦，再加碳酸錳礦B．先加碳酸錳礦，再加軟錳礦過(guò)濾得到的“酸浸渣”中含有單質(zhì)S，寫(xiě)出生成單質(zhì)S的離子方程式：___________。（3）“打漿”：將所得制成懸濁液，可加快“氧化”反應(yīng)速率的原因是___________。（4）“氧化”：置于空氣中在60℃條件下加熱即可得到，該反應(yīng)的化學(xué)方程為_(kāi)__________。（5）“氧化”所得固體產(chǎn)物中錳元素質(zhì)量分?jǐn)?shù)隨通空氣時(shí)間的變化如圖所示。通空氣超過(guò)8小時(shí)，產(chǎn)物中錳元素質(zhì)量分?jǐn)?shù)減小的原因是___________?！即鸢浮剑?）HS-+OH-=S2-+H2O（2）①.A②.MnO2+MnS+4H+═2Mn2++S+2H2O；（3）增大與氧氣的接觸面積（4）6Mn(OH)2+O22Mn3O4+6H2O（5）中Mn元素質(zhì)量分?jǐn)?shù)為72%，通空氣超過(guò)8小時(shí)，錳元素轉(zhuǎn)化為更高價(jià)態(tài)的氧化物〖解析〗〖祥解〗碳酸錳礦主要成分為、，軟錳礦主要成分為。向反應(yīng)器中加入一定量稀硫酸，然后依次加入軟錳礦、碳酸錳礦，充分反應(yīng)后過(guò)濾得到含MnSO4的酸浸液，酸性條件下把氧化為S單質(zhì)。酸浸液中加氨水生成Mn(OH)2“沉錳”，把Mn(OH)2制成懸濁液，通入空氣在60℃條件下加熱把Mn(OH)2氧化為。（1）H2S是二元弱酸，將溶液滴入溶液中生成硫化鉀、硫化鈉，發(fā)生反應(yīng)的離子方程式為HS-+OH-=S2-+H2O；（2）把氧化為S單質(zhì)，MnS和硫酸反應(yīng)生成硫酸錳和H2S，為防止生成有毒氣體H2S，從安全及環(huán)保的角度來(lái)看“酸浸”過(guò)程中，向硫酸溶液中，加料方式為先加軟錳礦，再加碳酸錳礦，選A。酸性條件下把氧化為S單質(zhì)，反應(yīng)的離子方程式為MnO2+MnS+4H+═2Mn2++S+2H2O。（3）將所得制成懸濁液增大與氧氣的接觸面積，可加快“氧化”反應(yīng)速率。（4）在60℃條件下，被氧氣氧化為，該反應(yīng)的化學(xué)方程為6Mn(OH)2+O22Mn3O4+6H2O。（5）中Mn元素質(zhì)量分?jǐn)?shù)為72%，通空氣超過(guò)8小時(shí)，錳元素轉(zhuǎn)化為更高價(jià)態(tài)的氧化物，所以產(chǎn)物中錳元素質(zhì)量分?jǐn)?shù)減小。18.運(yùn)用化學(xué)反應(yīng)原理研究硫單質(zhì)及其化合物的反應(yīng)，對(duì)生產(chǎn)、生活、環(huán)境保護(hù)等領(lǐng)域有著重要的意義。（1）一定條件下，將通入溶液中，反應(yīng)一段時(shí)間后過(guò)濾、洗滌得到粗Te。①還原溶液得到Te的反應(yīng)中，___________。②檢驗(yàn)沉淀是否洗滌干凈的具體操作為_(kāi)__________。③過(guò)程中須控制反應(yīng)溫度為80℃，適宜的加熱方式為_(kāi)__________；采取該加熱方式的優(yōu)點(diǎn)為_(kāi)__________。（2）工業(yè)上采用催化還原，不僅可以消除污染，還可得到有價(jià)值的單質(zhì)S。反應(yīng)分兩步完成，如圖所示，催化還原第一步反應(yīng)的化學(xué)方程式為_(kāi)__________。（3）工業(yè)上常用溶液對(duì)燃煤煙氣進(jìn)行脫硫。已知溶液具有強(qiáng)氧化性，酸性條件下發(fā)生歧化反應(yīng)生成，易溶于水，具有強(qiáng)氧化性，可氧化。①在實(shí)驗(yàn)室模擬脫硫過(guò)程：先加稀硫酸調(diào)節(jié)吸收液pH為5，再向其中通入含的模擬煙氣。測(cè)得脫硫反應(yīng)后，溶液中的陰離子為和，則脫硫反應(yīng)的離子方程式為_(kāi)__________。②測(cè)得脫硫效率(即的吸收率)隨溫度變化的曲線如圖所示。結(jié)合已知信息分析，溫度大于50℃時(shí)，隨溫度升高脫硫效率下降的原因是___________。（4）水懸濁液吸收。已知：室溫下，微溶于水，易溶于水；溶液中、、的物質(zhì)的量分?jǐn)?shù)隨pH的分布如圖1所示。向水懸濁液中勻速緩慢通入，在開(kāi)始吸收的內(nèi)，吸收率、溶液pH均經(jīng)歷了從幾乎不變到迅速降低的變化(見(jiàn)圖2)。溶液pH幾乎不變階段，主要產(chǎn)物是___________(填化學(xué)式)；吸收率迅速降低階段，主要反應(yīng)的離子方程式為_(kāi)__________?！即鸢浮剑?）①.2:1②.取最后一次洗滌液于試管中，先加足量稀鹽酸，再加BaCl2溶液，沒(méi)有沉淀生成說(shuō)明沉淀洗滌干凈③.熱水浴④.可以使物體均勻受熱（2）（3）①.②.酸性條件下發(fā)生歧化反應(yīng)生成，溫度升高，從溶液體系中溢出，二氧化硫的溶解度降低（4）①.ZnSO3②.ZnSO3+SO2+H2O=Zn2++2〖解析〗（1）①還原溶液得到Te的反應(yīng)中，S元素化合價(jià)由+4升高為+6，Te元素化合價(jià)由+4降低為0，根據(jù)得失電子守恒，2:1。②若洗滌液中不含硫酸根離子，說(shuō)明沉淀洗滌干凈，檢驗(yàn)沉淀是否洗滌干凈的具體操作為：取最后一次洗滌液于試管中，先加足量稀鹽酸，再加BaCl2溶液，沒(méi)有沉淀生成說(shuō)明沉淀洗滌干凈。③過(guò)程中須控制反應(yīng)溫度為80℃，適宜的加熱方式為熱水浴；采取該加熱方式的優(yōu)點(diǎn)為可以使物體均勻受熱。（2）根據(jù)圖示，催化還原第一步反應(yīng)的化學(xué)方程式為；（3）①先加稀硫酸調(diào)節(jié)吸收液的pH為5，發(fā)生歧化反應(yīng)生成，再向其中通入含的模擬煙氣，溶液中的陰離子為和，可知二氧化硫被氧化為，被還原為，脫硫反應(yīng)的離子方程式為；②酸性條件下發(fā)生歧化反應(yīng)生成，溫度升高，從溶液體系中溢出，二氧化硫的溶解度降低，所以溫度大于50℃時(shí)，隨溫度升高脫硫效率下降。（4）反應(yīng)開(kāi)始時(shí)，懸濁液中的ZnO大量吸收SO2，生成微溶于水的ZnSO3，此時(shí)溶液pH幾乎不變；一旦ZnO完全反應(yīng)生成ZnSO3后，ZnSO3繼續(xù)吸收SO2生成易溶于水的Zn(HSO3)2，此時(shí)溶液pH逐漸變小，SO2的吸收率降低；溶液pH幾乎不變階段，主要產(chǎn)物是ZnSO3；吸收率迅速降低階段，主要反應(yīng)的離子方程式為ZnSO3+SO2+H2O=Zn2++2。江蘇省百校大聯(lián)考2023-2024學(xué)年高一上學(xué)期12月階段檢測(cè)試卷本試卷滿分100分，考試用時(shí)75分鐘。注意事項(xiàng)：考生在答題前請(qǐng)認(rèn)真閱讀本注意事項(xiàng)及各題答題要求。1.本試卷共6頁(yè)，包含選擇題[第1題～第14題，共42分]、非選擇題[第15題～第18題，共58分]兩部分。班級(jí)、姓名、學(xué)號(hào)、考生號(hào)、座位號(hào)用0.5毫米的黑色簽字筆寫(xiě)在答題卡上相應(yīng)的位置。2.選擇題每小題選出〖答案〗后，請(qǐng)用2B鉛筆在答題紙指定區(qū)域填涂，如需改動(dòng)，用橡皮擦干凈后，再填涂其他〖答案〗。非選擇題請(qǐng)用0.5毫米的黑色簽字筆在答題紙指定區(qū)域作答。在試卷或草稿紙上作答一律無(wú)效。可能用到的相對(duì)原子質(zhì)量：一、單項(xiàng)選擇題(本題包括14小題，每題3分，共42分。每小題只有一個(gè)選項(xiàng)符合題意)1.化學(xué)與生產(chǎn)、生活及環(huán)境密切相關(guān)，下列說(shuō)法不正確的是（）A.納米鐵粉可以去除被污染水體中的、等重金屬離子B.將加碘鹽加入淀粉溶液中，淀粉溶液可變藍(lán)C.葡萄酒中通常含有微量，既可以殺菌又可以防止?fàn)I養(yǎng)成分被氧化D.燃煤中加入可以減少酸雨的形成〖答案〗B〖解析〗【詳析】A．鐵具有還原性，納米鐵粉可以去除被污染水體中的、等重金屬離子，故A正確；B．加碘鹽中含有KIO3，KIO3不能使淀粉變藍(lán)，故B錯(cuò)誤；C．具有還原性，葡萄酒中通常含有微量，既可以殺菌又可以防止?fàn)I養(yǎng)成分被氧化，故C正確；D．氧化鈣和二氧化硫生成CaSO3，燃煤中加入可以吸收二氧化硫，減少酸雨的形成，故D正確；選B。2.下列敘述中，正確的是（）A.的摩爾質(zhì)量是98B.等質(zhì)量的和中所含的氧原子數(shù)相同C.溶液與溶液中的的濃度相等D.等質(zhì)量的和與足量的鹽酸反應(yīng)，產(chǎn)生氣體的質(zhì)量一定相等〖答案〗B〖解析〗【詳析】A．摩爾質(zhì)量的單位是“g/mol”，的摩爾質(zhì)量是98g/mol，故A錯(cuò)誤；B．等質(zhì)量的和，設(shè)質(zhì)量都是mg，含有氧原子的物質(zhì)的量分別是，所含的氧原子數(shù)相同，故B正確；C．KClO3溶液中不含，故C錯(cuò)誤；D．和中碳元素質(zhì)量分?jǐn)?shù)不同，等質(zhì)量的和與足量的鹽酸反應(yīng)，根據(jù)碳元素守恒，產(chǎn)生二氧化碳?xì)怏w的質(zhì)量不相等，故D錯(cuò)誤；選B。3.下列選項(xiàng)所示的物質(zhì)間轉(zhuǎn)化均能實(shí)現(xiàn)的是（）A.B.C.海水D.〖答案〗B〖解析〗【詳析】A．單質(zhì)S燃燒生成SO2，故不選A；B．氧化性Cl2>Br2>I2，氯氣和NaBr反應(yīng)生成氯化鈉和Br2，Br2和NaI反應(yīng)生成NaBr和I2，故選B；C．電解氯化鎂溶液生成氫氣、氯氣、氫氧化鎂，電解熔融氯化鎂生成Mg和Cl2，故不選C；D．氯化鈉溶液和二氧化碳不反應(yīng)，故不選D；選B。4.下列有關(guān)物質(zhì)的性質(zhì)與用途具有對(duì)應(yīng)關(guān)系的是（）A.碘單質(zhì)易溶于酒精，可用酒精萃取碘水中的碘B.濃硫酸具有脫水性，可用于干燥C.溶液呈堿性，可用于去除油污D.能與堿反應(yīng)，可用作焙制糕點(diǎn)的膨松劑〖答案〗C〖解析〗【詳析】A．酒精易溶于水，不能用酒精萃取碘水中的碘，故不選A；B．濃硫酸用于干燥，利用濃硫酸的吸水性，故不選B；C．溶液呈堿性，可用于去除油污，故選C；D．用作焙制糕點(diǎn)的膨松劑，是因?yàn)樘妓釟溻c受熱分解放出二氧化碳?xì)怏w，故不選D；選C。5.下列物質(zhì)均有漂白作用，其中漂白原理與其他三種物質(zhì)不同的是（）A. B. C. D.氯水〖答案〗C〖解析〗【詳析】NaClO、、氯水的漂白都是利用物質(zhì)的強(qiáng)氧化性，漂白是和有機(jī)色素發(fā)生化合反應(yīng)生成了無(wú)色物質(zhì)。綜上所述，二氧化硫的漂白原理與其他三種物質(zhì)不同。故選C。6.某同學(xué)在配制溶液的系列操作中可能導(dǎo)致所配溶液濃度偏低的是（）①選剛用蒸餾水洗凈的容量瓶進(jìn)行配制②稱量時(shí)，將固體放在墊了白紙的托盤天平左盤上③將稱量好的固體放入燒杯中，加蒸餾水溶解，立即轉(zhuǎn)移至容量瓶中④用蒸餾水洗滌燒杯內(nèi)壁和玻璃棒兩次，洗滌液都移入容量瓶中⑤定容時(shí)仰視刻度線⑥由于不慎，液面超過(guò)容量瓶刻度線，直接用膠頭滴管吸出超過(guò)的一部分即可⑦搖勻后發(fā)現(xiàn)水低于刻度線，用膠頭滴管繼續(xù)加水至液面與刻度線相切A.①④ B.①④⑤ C.②⑤⑥⑦ D.②⑥⑦〖答案〗C〖解析〗【詳析】①選剛用蒸餾水洗凈的容量瓶進(jìn)行配制，不影響溶液體積，對(duì)濃度無(wú)影響，故不選①；②氫氧化鈉易潮解，將固體放在墊了白紙托盤天平左盤上，部分氫氧化鈉粘在紙上，使溶質(zhì)偏少，所配溶液濃度偏低，故選②；③將稱量好的固體放入燒杯中，加蒸餾水溶解，不冷卻就立即轉(zhuǎn)移至容量瓶中，溶液體積偏小，所配溶液濃度偏高，故不選③；④為使氫氧化鈉完全轉(zhuǎn)移到容量瓶中，用蒸餾水洗滌燒杯內(nèi)壁和玻璃棒兩次，洗滌液都移入容量瓶中，對(duì)濃度無(wú)影響，故不選④；⑤定容時(shí)仰視刻度線，溶液體積偏大，所配溶液濃度偏低，故選⑤；⑥由于不慎，液面超過(guò)容量瓶刻度線，直接用膠頭滴管吸出超過(guò)的一部分，溶質(zhì)偏少，所配溶液濃度偏低，故選⑥；⑦搖勻后發(fā)現(xiàn)水低于刻度線，用膠頭滴管繼續(xù)加水至液面與刻度線相切，溶液體積偏大，所配溶液濃度偏低，故選⑦；可能導(dǎo)致所配溶液濃度偏低的是②⑤⑥⑦，選C。7.下列指定反應(yīng)的離子方程式正確的是（）A.大理石與鹽酸反應(yīng)：B.使溴水褪色：C.用從酸化的海帶灰浸出液中提取碘：D.少量溶液和溶液反應(yīng)：〖答案〗D〖解析〗【詳析】A．大理石與鹽酸反應(yīng)生成氯化鈣、二氧化碳、水，反應(yīng)的離子方程式為，故A錯(cuò)誤；B．和溴水反應(yīng)生成硫酸和氫溴酸，反應(yīng)的離子方程式為，故B錯(cuò)誤；C．用從酸化的海帶灰浸出液中提取碘，雙氧水把碘離子氧化為碘單質(zhì)，反應(yīng)的離子方程式為，故C錯(cuò)誤；D．少量溶液和溶液反應(yīng)生成硫酸鋇沉淀、硫酸鈉、水，反應(yīng)的離子方程式為，故D正確；選D。8.實(shí)驗(yàn)室制取SO2并回收CuSO4的實(shí)驗(yàn)原理及裝置不能達(dá)到實(shí)驗(yàn)?zāi)康氖牵ǎ〢BCD制取SO2干燥SO2吸收尾氣中的SO2將硫酸銅溶液蒸發(fā)濃縮〖答案〗C〖解析〗【詳析】A．銅與濃硫酸加熱制得SO2，反應(yīng)原理為：Cu+2H2SO4(濃)CuSO4+SO2↑+2H2O，A不合題意；B．SO2是酸性氣體，可以用濃硫酸干燥，B不合題意；C．SO2可以用NaOH溶液吸收，但吸收時(shí)需要注意防止倒吸，圖中防倒吸裝置錯(cuò)誤，C符合題意；D．用蒸發(fā)皿加熱可以將硫酸銅溶液蒸發(fā)濃縮，D不合題意；故〖答案〗為：C。9.氮化硅(Si3N4)是一種新型陶瓷材料，它可由石英與焦炭在高溫的氮?dú)饬髦型ㄟ^(guò)如下反應(yīng)制得：3SiO2+6C+2N2=Si3N4+6CO。下列對(duì)該反應(yīng)的說(shuō)法正確的是（）A.該反應(yīng)的氧化劑是SiO2和N2B.該反應(yīng)的還原劑為COC.氮化硅中氮元素化合價(jià)為+3價(jià)D.上述反應(yīng)中每生成1molSi3N4轉(zhuǎn)移12mol電子〖答案〗D〖解析〗〖祥解〗該反應(yīng)中N元素化合價(jià)由0價(jià)變?yōu)?3價(jià)、C元素化合價(jià)由0價(jià)變?yōu)?2價(jià)，Si、O元素化合價(jià)不變?！驹斘觥緼．N元素化合價(jià)由0價(jià)變?yōu)?3價(jià)，得電子化合價(jià)降低的反應(yīng)物是氧化劑，所以氧化劑是N2，Si、O元素化合價(jià)不變，SiO2不是氧化劑，故A錯(cuò)誤；B．C元素化合價(jià)由0價(jià)變?yōu)?2價(jià)，C是還原劑，CO是氧化產(chǎn)物，故B錯(cuò)誤；C．氮化硅中氮元素化合價(jià)為-3價(jià)，故C錯(cuò)誤；D．上述反應(yīng)中每生成1molSi3N4轉(zhuǎn)移1mol×4×[0-(-3)]mol=12mol電子，故D正確；故〖答案〗為D。10.氫元素及其化合物在自然界廣泛存在且具有重要應(yīng)用。、、是氫元素的3種核素，H既可以形成又可以形成，還能形成、、、、等重要化合物。是有機(jī)合成中一種重要的還原劑，能與等強(qiáng)氧化劑劇烈反應(yīng)。是一種儲(chǔ)氫材料，與水反應(yīng)釋放氫氣，設(shè)表示阿伏加德羅常數(shù)的值，下列說(shuō)法不正確的是（）A.、、都屬于氫元素B.標(biāo)準(zhǔn)狀況下，體積均為的和含有的電子數(shù)目都為C.，該反應(yīng)中生成氫氣轉(zhuǎn)移的電子數(shù)目為D.的結(jié)構(gòu)示意圖為〖答案〗B〖解析〗【詳析】A．、、質(zhì)子數(shù)都1，都屬于氫元素，故A正確；B．標(biāo)準(zhǔn)狀況下水是液體，的物質(zhì)的量不是0.1mol，故B錯(cuò)誤；C．，CaH2中H元素化合價(jià)由-1升高為0，H2O中H元素化合價(jià)由+1降低為0，H2既是氧化產(chǎn)物又是還原產(chǎn)物，生成氫氣轉(zhuǎn)移1mol電子，故C正確；D．核外有2個(gè)電子，的結(jié)構(gòu)示意圖為，故D正確；選B。11.是有機(jī)合成中一種重要的還原劑，能與等強(qiáng)氧化劑劇烈反應(yīng)。利用氧化尿素制備(水合肼)的實(shí)驗(yàn)流程如圖所示：已知：氯氣與燒堿溶液的反應(yīng)是放熱反應(yīng)。下列說(shuō)法不正確的是（）A.步驟I中為避免溫度過(guò)高，可采用冰水浴B.步驟I制備溶液時(shí)，測(cè)得產(chǎn)物中與的物質(zhì)的量之比為，則參與反應(yīng)的氧化劑與還原劑的物質(zhì)的量之比為C.步驟II中可將尿素水溶液逐滴滴入堿性溶液中D.步驟II反應(yīng)的離子方程式為〖答案〗C〖解析〗【詳析】A．氯氣與燒堿溶液的反應(yīng)是放熱反應(yīng)，溫度升高發(fā)生副反應(yīng)生成，所以步驟I中為避免溫度過(guò)高發(fā)生副反應(yīng)，可采用冰水浴，故A正確；B．步驟I制備溶液時(shí)，測(cè)得產(chǎn)物中與的物質(zhì)的量之比為，根據(jù)得失電子守恒，、、NaCl的物質(zhì)的量之比為3：1：8，則參與反應(yīng)的氧化劑與還原劑的物質(zhì)的量之比為，故B正確；C．為防止被氧化，步驟II中應(yīng)該將溶液逐滴滴入尿素水溶液中，故C錯(cuò)誤；D．步驟II中尿素被氧化為N2H4，ClO-被還原為Cl-，反應(yīng)的離子方程式為，故D正確；選C。12.電解飽和食鹽水可獲得氫氣。在金屬冶煉、新能源開(kāi)發(fā)、碳中和等方面具有重要應(yīng)用，如在催化劑作用下與反應(yīng)可得到。電解飽和食鹽水的實(shí)驗(yàn)裝置如圖，下列說(shuō)法正確的是（）A.通電一段時(shí)間后，向兩極滴加酚酞試液，石墨棒電極區(qū)溶液變紅B.氫氣與催化生成的反應(yīng)：C.工業(yè)上也可利用電極產(chǎn)物氫氣和氯氣混合點(diǎn)燃制取氯化氫D.該裝置可證明飽和食鹽水能導(dǎo)電，所以飽和食鹽水是電解質(zhì)〖答案〗B〖解析〗【詳析】A．鐵棒是陰極，發(fā)生反應(yīng)2H2O+2e-=2OH-+H2↑，鐵棒附近溶液呈堿性，碳棒是陽(yáng)極，發(fā)生反應(yīng)2Cl--2e-=Cl2↑，向兩極滴加酚酞試液，鐵棒電極區(qū)溶液變紅，故A錯(cuò)誤；B．氫氣與催化生成的反應(yīng)：，故B正確；C．氫氣和氯氣混合點(diǎn)燃發(fā)生爆炸，工業(yè)上用電極產(chǎn)物氫氣在氯氣中燃燒制取氯化氫，故C錯(cuò)誤；D．食鹽水混合物，既不是電解質(zhì)又不是非電解，故D錯(cuò)誤；選B。13.常溫下，下列各組離子在指定溶液中能大量共存的是（）A.能使酚酞變紅的溶液中：、、、B.在無(wú)色透明的溶液中：、、、C.含有的溶液中：、、、D.室溫下，強(qiáng)酸性溶液中：、、、〖答案〗D〖解析〗【詳析】A．與OH-反應(yīng)生成氫氧化鎂沉淀，能使酚酞變紅的溶液呈堿性，不能大量存在，故不選A；B．含有的溶液呈藍(lán)色，在無(wú)色透明的溶液中不能大量存在，故不選B；C．與Ca2+反應(yīng)生成碳酸鈣沉淀，含有的溶液中不能大量含，故不選C；D．室溫下，強(qiáng)酸性溶液中，、、、相互之間不反應(yīng)，能大量共存，故選D；選D。14.下列實(shí)驗(yàn)操作及現(xiàn)象與結(jié)論之間對(duì)應(yīng)關(guān)系正確的是（）選項(xiàng)實(shí)驗(yàn)操作及現(xiàn)象結(jié)論A向某溶液中加入硝酸酸化的溶液，有白色沉淀生成該溶液中含B向某溶液中滴加溶液，未產(chǎn)生能使?jié)駶?rùn)的紅色石蕊試紙變藍(lán)的氣體該溶液中無(wú)C向淀粉KI溶液中先通入少量，再通入，溶液先出現(xiàn)藍(lán)色，后藍(lán)色褪去還原性：D探究新制飽和氯水成分的實(shí)驗(yàn)時(shí)，向氯水中加入粉末，有氣泡產(chǎn)生氯水中含〖答案〗C〖解析〗【詳析】A．向某溶液中加入硝酸酸化的氯化鋇溶液，有白色沉淀生成，白色沉淀可能為氯化銀、硫酸鋇等，原溶液中可能存在硫酸根離子、銀離子等，所以不一定含有硫酸根離子，A錯(cuò)誤；B．向某溶液中加入NaOH濃溶液，未加熱，故原溶液中不一定無(wú)銨根離子，B錯(cuò)誤；C．向碘化鉀中通入少量氯氣生成碘單質(zhì)和氯離子，可知還原性碘離子大于氯離子，通入二氧化硫，碘單質(zhì)與二氧化硫生成碘離子和硫酸根離子，可知還原性二氧化硫大于碘離子，C正確；D．向氯水中加入NaHCO3粉末，有氣泡產(chǎn)生，因?yàn)槁人泻琀+，能與碳酸氫鈉反應(yīng)生成二氧化碳，D錯(cuò)誤；〖答案〗選C。二、非選擇題(本題包括4小題，共58分)15.物質(zhì)的分類、轉(zhuǎn)化、化學(xué)計(jì)量在化學(xué)中占有重要地位?，F(xiàn)有下列9種物質(zhì)：①Cu②淀粉溶液③④⑤⑥⑦純醋酸⑧溶液⑨熔融的。根據(jù)所學(xué)知識(shí)回答下列問(wèn)題：（1）以上能發(fā)生丁達(dá)爾效應(yīng)的是___________。(填寫(xiě)序號(hào)，下同)（2）屬于強(qiáng)電解質(zhì)的是___________。（3）標(biāo)準(zhǔn)狀況下，相同體積的④和⑤原子個(gè)數(shù)之比為_(kāi)__________。（4）某硝酸鹽中含有，則該硝酸鹽的摩爾質(zhì)量為_(kāi)__________。（5）實(shí)驗(yàn)室需要配制的稀硫酸，需量取質(zhì)量分?jǐn)?shù)為98％、密度為的濃硫酸___________mL，配制過(guò)程中所需玻璃儀器除燒杯、量筒、玻璃棒、膠頭滴管外，還需要的玻璃儀器有___________?！即鸢浮剑?）②（2）③⑥⑨（3）3:4（4）（5）①.5.4②.100mL容量瓶〖解析〗（1）膠體能產(chǎn)生丁達(dá)爾效應(yīng)，淀粉溶液屬于膠體，能發(fā)生丁達(dá)爾效應(yīng)的是淀粉溶液，選②；（2）在水溶液中能完全電離，屬于強(qiáng)電解質(zhì)；溶于水中的能完全電離，屬于強(qiáng)電解質(zhì)；在水溶液中能完全電離，屬于強(qiáng)電解質(zhì)；屬于強(qiáng)電解質(zhì)的是③⑥⑨；（3）根據(jù)阿伏伽德羅定律，標(biāo)準(zhǔn)狀況下，相同體積的和分子數(shù)相等，所以原子個(gè)數(shù)之比為3:4；（4）某硝酸鹽中含有，的物質(zhì)的量為0.05mol，則該硝酸鹽的摩爾質(zhì)量為。（5）98％、密度為的濃硫酸的物質(zhì)的量濃度為，實(shí)驗(yàn)室需要配制的稀硫酸，選用100mL的容量瓶，需量取質(zhì)量分?jǐn)?shù)為98％、密度為的濃硫酸，配制過(guò)程中所需玻璃儀器除燒杯、量筒、玻璃棒、膠頭滴管外，還需要的玻璃儀器有100mL容量瓶。16.實(shí)驗(yàn)室利用如圖所示裝置制取并收集純凈的氯氣。（1）a的作用是___________，裝置C中盛放的試劑名稱為_(kāi)__________。（2）寫(xiě)出B中反應(yīng)的化學(xué)方程式：________，量取濃度為的濃鹽酸與足量的二氧化錳反應(yīng)，發(fā)現(xiàn)獲得的氯氣的體積遠(yuǎn)小于(標(biāo)準(zhǔn)狀況下)，可能的原因是_________。（3）次氯酸鈉是家用“84”消毒劑的有效成分，為了測(cè)定有效成分的濃度(假設(shè)其他成分不參與反應(yīng))，某興趣小組進(jìn)行了如下實(shí)驗(yàn)：①取溶液，調(diào)pH至溶液呈酸性，加入的溶液(過(guò)量)，充分發(fā)生下列反應(yīng)：(未配平)。②向上述反應(yīng)后的溶液中滴加的溶液，恰好完全發(fā)生下列反應(yīng)(此條件下不參與反應(yīng))：(未配平)。計(jì)算的物質(zhì)的量濃度___________(寫(xiě)出計(jì)算過(guò)程)?！即鸢浮剑?）①.平衡壓強(qiáng)，使分液漏斗內(nèi)液體能順利流下②.飽和食鹽水（2）①.②.稀鹽酸與二氧化錳不反應(yīng)，HCl不能完全反應(yīng)（3）〖解析〗〖祥解〗B裝置制備氯氣，C裝置盛放飽和食鹽水除氯氣中的氯化氫，D裝置盛放濃硫酸干燥氯氣，E裝置用向上排空氣法收集氯氣，F(xiàn)裝置吸收氯氣，防止污染空氣。（1）a連接分液漏斗上口和燒瓶，使分液漏斗和燒瓶?jī)?nèi)壓強(qiáng)相等，a的作用是平衡壓強(qiáng)，使分液漏斗內(nèi)液體能順利流下；裝置C的作用是除氯氣中的氯化氫，盛放的試劑名稱為飽和食鹽水；（2）B中二氧化錳和濃鹽酸在加熱條件下反應(yīng)生成氯化錳、氯氣、水，反應(yīng)的化學(xué)方程式為；量取濃度為的濃鹽酸與足量的二氧化錳反應(yīng)，稀鹽酸與二氧化錳不反應(yīng)，HCl不能完全反應(yīng)，所以氯氣的體積遠(yuǎn)小于(標(biāo)準(zhǔn)狀況下)。（3）根據(jù)得失電子守恒，配平反應(yīng)方程式為、；根據(jù)題意，次氯酸鈉、高錳酸鉀共消耗的物質(zhì)的量為，消耗的物質(zhì)的量為，則次氯酸鈉消耗的物質(zhì)的量為0.12mol-0.05mol=0.07mol，根據(jù)可知，的物質(zhì)的量為0.035mol，的物質(zhì)的量濃度為。17.錳元素能形成、、、等多種氧化物，其中大顆粒是重要電池材料。工業(yè)上以碳酸錳礦(主要成分為、，常溫下二者皆為難溶于水的固體)和軟錳礦(主要成分為)為原料制取。其工藝主要包括“酸浸”“沉錳”“打漿”“氧化”。已知：硫化氫是一種易燃、具有臭雞蛋氣味的有毒氣體，有較強(qiáng)的還原性，溶于水得到氫硫酸溶液，是一種比碳酸還弱的酸。（1）將溶液滴入溶液中，發(fā)生反應(yīng)的離子方程式為_(kāi)__________。（2）從安全及環(huán)保的角度來(lái)看“酸浸”過(guò)程中，向硫酸溶液中，加料方式為_(kāi)__________(填標(biāo)號(hào))。A．先加軟錳礦，再加碳酸錳礦B．先加碳酸錳礦，再加軟錳礦過(guò)濾得到的“酸浸渣”中含有單質(zhì)S，寫(xiě)出生成單質(zhì)S的離子方程式：___________。（3）“打漿”：將所得制成懸濁液，可加快“氧化”反應(yīng)速率的原因是___________。（4）“氧化”：置于空氣中在60℃條件下加熱即可得到，該反應(yīng)的化學(xué)方程為_(kāi)__________。（5）“氧化”所得固體產(chǎn)物中錳元素質(zhì)量分?jǐn)?shù)隨通空氣時(shí)間的變化如圖所示。通空氣超過(guò)8小時(shí)，產(chǎn)物中錳元素質(zhì)量分?jǐn)?shù)減小的原因是___________?！即鸢浮剑?）HS-+OH-=S2-+H2O（2）①.A②.MnO2+MnS+4H+═2Mn2++S+2H2O；（3）增大與氧氣的接觸面積（4）6Mn(OH)2+O22Mn3O4+6H2O（5）中Mn元素質(zhì)量分?jǐn)?shù)為72%，通空氣超過(guò)8小時(shí)，錳元素轉(zhuǎn)化為更高價(jià)態(tài)的氧化物〖解析〗〖祥解〗碳酸錳礦主要成分為、，軟錳礦主要成分為。向反應(yīng)器中加入一定量稀硫酸，然后依次加入軟錳礦、碳酸錳礦，充分反應(yīng)后過(guò)濾得到含MnSO4的酸浸液，酸性條件下把氧化為S單質(zhì)。