廣東省廣州市嶺南中學2025屆高三物理第一學期期中綜合測試試題含解析

廣東省廣州市嶺南中學2025屆高三物理第一學期期中綜合測試試題注意事項：1．答卷前，考生務必將自己的姓名、準考證號、考場號和座位號填寫在試題卷和答題卡上。用2B鉛筆將試卷類型（B）填涂在答題卡相應位置上。將條形碼粘貼在答題卡右上角"條形碼粘貼處"。2．作答選擇題時，選出每小題答案后，用2B鉛筆把答題卡上對應題目選項的答案信息點涂黑；如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案。答案不能答在試題卷上。3．非選擇題必須用黑色字跡的鋼筆或簽字筆作答，答案必須寫在答題卡各題目指定區(qū)域內相應位置上；如需改動，先劃掉原來的答案，然后再寫上新答案；不準使用鉛筆和涂改液。不按以上要求作答無效。4．考生必須保證答題卡的整潔?？荚嚱Y束后，請將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、回旋加速器工作原理示意圖如圖所示，磁感應強度為B的勻強磁場與盒面垂直，兩盒間的狹縫很小，粒子穿過的時間可忽略，它們接在電壓為U、頻率為f的交流電源上．若A處粒子源產生的質子（）在加速器中被加速，下列說法正確的是A．若只增大交流電壓U，則質子獲得的最大動能增大B．若只增大交流電壓U，不改變質子在回旋加速器中的運行時間C．若磁感應強度B增大，交流電源頻率f必須適當增大才能正常工作D．不改變磁感應強度B和交流電源頻率f，該回旋加速器也能用于加速α粒子（）2、如圖為一定質量理想氣體的體積V與溫度T的關系圖象，它由狀態(tài)A等溫變化到狀態(tài)B，再等容變化到狀態(tài)C，設A、B、C狀態(tài)對應的壓強分別為PA、PB、PC，則（

）A．PA＜PB，PB＜PC

B．PA＞PB，PB=PC

C．PA＜PB，PB＞PC

D．PA＞PB，PB＜PC3、如圖所示，A為地球赤道表面的物體，B為環(huán)繞地球運行的衛(wèi)星，此衛(wèi)星在距離地球表面R/2的高度處做勻速圓周運動，且向心加速度的大小為a.已知地球同步衛(wèi)星的軌道半徑為6.6R，R為地球的半徑，引常量為G.則下列說法正確的是()A．地球兩極的重力加速度大小3a/2B．物體A的線速度比衛(wèi)星B的線速度大C．地球的質量為D．地球的第一宇宙速度大小為4、如圖所示，F(xiàn)1、F2、F3恰好構成封閉的直角三角形，這三個力的合力最大的是()A． B． C． D．5、如圖,半圓形光滑軌道固定在水平地面上,半圓的直徑與地面垂直,一小物塊以速度v從軌道下端滑入軌道,并從軌道上端水平飛出,小物塊落地點到軌道下端的距離與軌道半徑有關,此距離最大時,對應的軌道半徑為(重力加速度為g)()A． B． C． D．6、如圖所示為一含有理想變壓器的電路，U為正弦交流電源，輸出電壓的有效值恒定，開關S閉合前后理想電流表的示數比為1：3，則電阻、的比值為A．1：1B．2：1C．3：1D．4：1二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、火星繞太陽運轉可看成是勻速圓周運動，設火星運動軌道的半徑為r，火星繞太陽一周的時間為T，萬有引力常量為G則可以知道（）A．火星的質量為 B．火星的向心加速度C．太陽的質量為 D．太陽的平均密度8、蹦極是勇敢者的運動，深受年輕人的喜愛．如圖所示，蹦極者從高臺跳下，在空中經歷加速、減速下降至速度為零，然后再通過反彈上升．設蹦極者在空中自由下落的運動過程為Ⅰ，彈性繩張緊至最低點速度為零的過程為Ⅱ，不計空氣阻力，則下列判斷正確的是A．在過程Ⅰ中，蹦極者受到的重力沖量等于動量的改變量B．在過程Ⅰ中，蹦極者受到重力沖量的大小與過程Ⅱ中繩子彈力沖量的大小相等C．在過程Ⅰ中，每秒鐘蹦極者動量的變化量相同D．在過程Ⅱ中的任意一段時間內，蹦極者受到合力的沖量方向始終向上9、如圖所示，在繞中心軸轉動的圓筒內壁上，有一物體隨圓筒一起轉動，在圓筒的角速度逐漸增大的過程中，物體相對圓筒始終未滑動，下列說法中正確的是()A．物體所受彈力逐漸增大，摩擦力大小一定不變B．物體所受彈力不變，摩擦力大小減小了C．物體所受的摩擦力與豎直方向的夾角不為零D．物體所受彈力逐漸增大，摩擦力大小可能不變10、地下礦井中的礦石裝在礦車中，用電機通過豎井運送至地面．某豎井中礦車提升的速度大小v隨時間t的變化關系如圖所示，其中圖線①②分別描述兩次不同的提升過程，它們變速階段加速度的大小都相同；兩次提升的高度相同，提升的質量相等．不考慮摩擦阻力和空氣阻力．對于第①次和第②次提升過程，A．礦車上升所用的時間之比為4:5B．電機的最大牽引力之比為2:1C．電機輸出的最大功率之比為2:1D．電機所做的功之比為4:5三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）某同學用如圖甲所示裝置通過半徑相同的A、B兩球的碰撞來驗證動量守恒定律．實驗時先使A球從斜槽上某一固定位置G由靜止開始滾下，落到位于水平地面的記錄紙上，留下痕跡．重復上述操作10次，得到10個落點痕跡．再把B球放在水平槽上靠近槽末端的地方，讓A球仍從位置G由靜止開始滾下，和B球碰撞后，A、B球分別在記錄紙上留下各自的落點痕跡．重復這種操作10次，得到了如圖乙所示的三個落地點．（1）請你敘述用什么方法找出落地點的平均位置?____________．并在圖中讀出OP=____．（2）已知mA∶mB=2∶1，碰撞過程中動量守恒，則由圖可以判斷出R是____球的落地點，P是____球的落地點．（3）用題中的字母寫出動量守恒定律的表達式__________．12．（12分）某同學要測量一段未知材料電阻絲的電阻率。已知電阻絲長度為，電阻約為，可提供的實驗儀器有：A．電流表，內阻，滿偏電流=B．電流表，內阻約為，量程C．游標卡尺D．變阻箱（，）E．滑動變阻器（，）F．電池組（，）G．一個開關和導線若干他進行了以下操作：(1)用游標卡尺測量這段電阻絲的直徑，如圖所示，則該次測量的電阻絲直徑=_______；(2)把電流表與電阻箱串聯(lián)當作電壓表用。這塊“電壓表”最大能測量的電壓，則電阻箱的阻值應調為_______；(3)設計實驗電路圖。虛線框中只是他設計的實驗電路圖的一部分，請幫他將電路圖補畫完整__。(4)實驗電路連接。該同學完成了部分連接，請幫他補充完整。___(5)測量并計算電阻率。閉合開關，調節(jié)滑動變阻器的滑片到某確定位置，電流表的示數為，電流表的示數為。則電阻率的表達式為：=_________。（使用、、、、、、及數字表示）四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，一個粗細均勻的平底網管水平放置，右端用一橡皮塞塞住，氣柱長20cm，此時管內、外壓強均為1.0×105Pa，溫度均為27℃；當被封閉氣體的溫度緩慢降至－3℃時，橡皮塞剛好被推動；繼續(xù)緩慢降溫，直到橡皮塞向內推進了5cm．已知圓管的橫截面積為4.0×10－5m2，橡皮塞與網管間的滑動摩擦力等于最大靜摩擦力，大氣壓強保持不變．求：（1）橡皮塞與圓管間的最大靜摩擦力；（2）被封閉氣體最終的溫度．14．（16分）如圖所示，將一質量為m=0.1kg的小球自水平平臺右端O點以v0=3m/s的初速度水平拋出，小球飛離開平臺后由A點沿切線落入豎直光滑圓軌道ABC，并沿軌道恰好到達軌道最高點C，圓軌道ABC的形狀為半徑為R=2.5m的圓截去了左上角的127°的圓弧，CB為其豎直直徑，sin37°=0.6，g=10m/s2，（1）小球經過C點時速度的大小？（2）若小球運動到軌道最低點B的速度vB=m/s，軌道對小球的支持力多大？（3）平臺末端O點到A點的豎直高度H.15．（12分）如圖所示摩托車做騰躍特技表演，沿曲面沖上高0.8m頂部水平高臺，接著以4m/s水平速度離開平臺，落至地面時，恰能無碰撞地沿圓弧切線從A點切入光滑豎直圓弧軌道,并沿軌道下滑.A、B為圓弧兩端點,其連線水平.已知圓弧半徑為2m，人和車的總質量為200kg，特技表演的全過程中，空氣阻力不計.(計算中取g=10m/s2.求:(1)從平臺飛出到A點，人和車運動的水平距離s.(2)從平臺飛出到達A點時速度大小及圓弧對應圓心角θ.(3)若已知人和車運動到圓弧軌道最低點O速度為6m/s,求此時人和車對軌道的壓力.

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】

由題中“回旋加速器工作原理示意圖如圖所示”可知，本題考查回旋加速器的工作原理，根據回旋加速器加速規(guī)律和周期頻率可分析本題。【詳解】A、當粒子從粒子出口射出時，速度最大，根據公式解得因此最大動能為則最大動能與電壓無關，故A錯誤；B、若增大電壓，則質子可更快獲得最大動能，因此質子在回旋加速器中的運行時間會變短，故B錯誤；C、根據可知，當磁感應強度B增大，周期就會減小，只有當交流電頻率適當增大才能正常工作，故C正確；D、根據可知，換用α粒子，粒子的荷質比就會發(fā)生變化，周期也會變化，因此需要改變交流電的頻率才能加速α粒子，故D錯誤。2、A【解析】氣體從狀態(tài)A變化到狀態(tài)B，發(fā)生等溫變化，p與V體積成反比，VA>VB，所以pA<pB；從狀態(tài)B到狀態(tài)C，氣體發(fā)生等容變化，壓強p與熱力學溫度成正比，TB<TC，所以PB＜PC，故A正確，BCD錯誤；故選A.3、D【解析】

根據萬有引力等于向心力，結合同步衛(wèi)星的加速度和軌道半徑求出加速度關系。地球赤道上的物體與同步衛(wèi)星的角速度相等，根據a=rω2得出向心角速度關系，利用萬有引力等于向心力求得地球的質量。【詳解】衛(wèi)星B繞地球做勻速圓周運動，萬有引力提供向心力，則有，又r0=1.5R，對于地球兩極的物體有G=m′g，解得，g=2.25a，，故AC錯誤；物體A與地球同步衛(wèi)星的角速度相等，根據v=ωr知，同步衛(wèi)星的線速度大于物體A的線速度，又由可知，同步衛(wèi)星的線速度小于衛(wèi)星B的線速度，故物體A的線速度小于衛(wèi)星B的線速度，故B錯誤；由，并結合GM=gR2，可得地球的第一宇宙速度為，故D正確。故選D?！军c睛】解決本題的關鍵掌握萬有引力提供向心力這一重要理論，并能靈活運用，注意赤道上的物體不是靠萬有引力提供向心力。4、C【解析】

由矢量合成法則可知，A圖的合力為2F3，B圖的合力為0，C圖的合力為2F2，D圖的合力為2F3，因F2為直角三角形的斜邊，故這三個力的合力最大的為C圖．A.A項與上述分析結論不相符，故A不符合題意；B.B項與上述分析結論不相符，故B不符合題意；C.C項與上述分析結論相符，故C符合題意；D.D項與上述分析結論不相符，故D不符合題意．5、B【解析】

根據動能定理得出物塊到達最高點的速度，結合高度求出平拋運動的時間，從而得出水平位移的表達式，結合表達式，運用二次函數求極值的方法得出距離最大時對應的軌道半徑．【詳解】設半圓的半徑為R，根據動能定理得：?mg?2R＝mv′2?mv2，離開最高點做平拋運動，有：2R=gt2，x=v′t，聯(lián)立解得：，可知當R=時，水平位移最大，故B正確，ACD錯誤．故選B．【點睛】本題考查了動能定理與圓周運動和平拋運動的綜合運用，得出水平位移的表達式是解決本題的關鍵，本題對數學能力的要求較高，需加強這方面的訓練．6、B【解析】

U為正弦交流電源，輸出電壓的有效值恒定，原線圈兩端電壓一定，據理想變壓器原副線圈兩端電壓關系可知，副線圈兩端電壓一定；開關S閉合前后理想電流表的示數比為1：3，據理想變壓器原副線圈中電流關系可知，開關S閉合前后副線圈中電流之比為1：3；所以有，解得：．故B項正確，ACD三項錯誤．【點睛】理想變壓器原線圈兩端的電壓和原副線圈匝數比決定副線圈兩端電壓；理想變壓器副線圈的電流和原副線圈匝數比決定原線圈中電流．二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BC【解析】

A．根據萬有引力提供向心力，只能求出中心天體的質量，無法求出環(huán)繞天體的質量，所以無法求出火星的質量，故A錯誤；B．根據向心加速度公式得，火星的向心加速度故B正確；CD．火星繞太陽運轉，萬有引力提供向心力，則解得因為太陽的半徑未知，則無法求出太陽的密度，故C正確，D錯誤。故選BC。8、AC【解析】

A、在過程Ⅰ中，蹦極者只受重力，重力沖量等于在過程Ⅱ中動量的改變量，mg?t=?B、在過程Ⅰ中，蹦極者受到重力沖量的大小與過程Ⅱ中繩子彈力與重力合沖量的大小相等，方向相反，故B錯誤．D、在過程Ⅱ中的開始階段，重力大于彈性繩的彈力，蹦極者受到合力的沖量方向向下，故D錯誤．故選A、C9、CD【解析】

物體受到兩個方向的摩擦力，一個是豎直方向的摩擦力，一個是沿圓切線方向的摩擦力，摩擦力合力與豎直方向的夾角不為零，沿切線方向的摩擦力提供切線加速度，改變了物體的線速度，如果圓筒的角速度均勻增加，即切線加速度恒定，則摩擦力大小不變，在水平方向上受筒壁給的彈力，充當向心力，當角速度增大時，根據可得向心力增加，即彈力增大，故CD正確，AB錯誤；故選CD?！久麕燑c睛】解決本題的關鍵知道向心力的來源，以及知道向心力只改變速度的方向，切線方向合力產生切向加速度，改變速度的大小10、AC【解析】

A．由圖可得，變速階段的加速度，設第②次所用時間為t，根據速度-時間圖象的面積等于位移（此題中為提升的高度）可知，，解得：，所以第①次和第②次提升過程所用時間之比為，選項A正確；B．由于兩次提升變速階段的加速度大小相同，在勻加速階段，由牛頓第二定律，，可得提升的最大牽引力之比為1∶1，選項B錯誤；C．由功率公式，P=Fv，電機輸出的最大功率之比等于最大速度之比，為2∶1，選項C正確；D．加速上升過程的加速度，加速上升過程的牽引力，減速上升過程的加速度，減速上升過程的牽引力，勻速運動過程的牽引力．第①次提升過程做功；第②次提升過程做功；兩次做功相同，選項D錯誤．【點睛】此題以速度圖像給出解題信息．解答此題常見錯誤主要有四方面：一是對速度圖像面積表示位移掌握不到位；二是運用牛頓運動定律求解牽引力錯誤；三是不能找出最大功率；四是不能得出兩次提升電機做功．實際上，可以根據兩次提升的高度相同，提升的質量相同，利用功能關系得出兩次做功相同．三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、用最小的圓把所有落點圈在里面，圓心即為落點的平均位置13.0cmBAmA·=mA·+mB·【解析】

(1)[1]用盡可能小的圓把球的各落點圈起來，圓的圓心位置即為落地點的平均位置，[2]根據圖乙可知，平均落點到O點距離OP為13.0cm．(2)[3][4]mA∶mB=2∶1，A與B相撞后，B的速度增大，A的速度減小，碰前碰后都做平拋運動，高度相同，落地時間相同，所以Q點是沒有碰B時A球的落地點，R是碰后B的落地點，P是碰后A的落地點．(3)[5]根據動量守恒定律可得：mAv0=mAv1+mBv2根據兩小球從同一高度開始下落，故下落的時間相同，故有：mAv0t=mAv1t+mBv2t即12、0.3880【解析】

(1)[1]由圖示游標卡尺可知，游標卡尺的主尺讀數為0mm，游標讀數為0.1×3mm=0.3mm，則最終讀數為0mm+3×0.1mm=0.3mm；(2)[2]把電流表改裝成3V的電壓表需要串聯(lián)分壓電阻，串聯(lián)電阻阻值：(3)[3]由題意可知，電流表應采用外接法