2025屆湖南省常德市淮陽中學物理高二上期中經(jīng)典試題含解析

2025屆湖南省常德市淮陽中學物理高二上期中經(jīng)典試題注意事項：1．答卷前，考生務必將自己的姓名、準考證號、考場號和座位號填寫在試題卷和答題卡上。用2B鉛筆將試卷類型（B）填涂在答題卡相應位置上。將條形碼粘貼在答題卡右上角"條形碼粘貼處"。2．作答選擇題時，選出每小題答案后，用2B鉛筆把答題卡上對應題目選項的答案信息點涂黑；如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案。答案不能答在試題卷上。3．非選擇題必須用黑色字跡的鋼筆或簽字筆作答，答案必須寫在答題卡各題目指定區(qū)域內相應位置上；如需改動，先劃掉原來的答案，然后再寫上新答案；不準使用鉛筆和涂改液。不按以上要求作答無效。4．考生必須保證答題卡的整潔?？荚嚱Y束后，請將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、質譜儀是測量帶電粒子的比荷和分析同位素的重要工具，如圖所示，帶電粒子從容器A下方的小孔S1飄入電勢差為U的加速電場，其初速度幾于為零。然后經(jīng)過S3，沿著與磁場垂直的方向進入磁感強度為B的勻強磁場中，最后打到照相底片D上。現(xiàn)有某種元素的三種同位素的原子核由容器A進入質譜儀，最后分別打在底片P1、P2、P3。三個位置，不計粒子重力。則打在P3處的粒子（）A．動能最大 B．動量最大 C．比荷最大 D．質量最大2、如下圖所示，某一導體的形狀為長方體，其長、寬、高之比為a∶b∶c=5∶3∶2。在此長方體的上下、左右四個面上分別通過導線引出四個接線柱1、2、3、4。在1、2兩端加上恒定電壓，導體的電阻為R1；在3、4兩端加上恒定電壓，導體的電阻為R2，則R1∶R2為（）A．1∶1B．9∶25C．25∶4D．4∶253、如圖所示，在真空中有一對帶電的平行金屬板水平放置。一帶電粒子沿平行于板面的方向，從左側兩極板中央射入電場中，恰能從右側極板邊緣處離開電場。不計粒子重力。若可以改變某個量，下列哪種變化，仍能確保粒子一定飛出電場A．只減小粒子的比荷B．只增大電場強度C．只增大粒子的帶電量D．只減小粒子的入射速度4、三個質點A、B、C的運動軌跡如圖所示，三個質點同時從N點出發(fā)，同時到達M點，設無往返運動，下列說法正確的是A．三個質點從N到M的位移不相同B．三個質點從N到M的平均速度相同C．三個質點任意時刻的速度方向都相同D．三個質點從N點出發(fā)到任意時刻的平均速度都相同5、有兩個點電荷，所帶電荷量分別為q1和q2，相距為r，相互作用力為F．為了使它們之間的作用力增大為原來的2倍，下列做法可行的是（）A．僅使增大為原來的2倍B．僅使減小為原來的一半C．使和都增大為原來的2倍D．僅使r減小為原來的一半6、如圖所示為一勻強電場，某帶電粒子從A點運動到B點，在這一運動過程中克服重力做的功為2.0J，電場力做的功為4.5J，克服空氣阻力做功為1J．則下列說法不正確的是()A．粒子帶正電B．粒子在A點的機械能比在B點大1JC．粒子在A點的動能比在B點小1.5JD．粒子在A點的電勢能比在B點大4.5J二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、目前世界上一種新型發(fā)電機叫磁流體發(fā)電機，如圖所示表示它的發(fā)電原理：將一束等離子體(即高溫下電離的氣體，含有大量帶正電和負電的粒子，而從整體來說呈中性)沿圖中所示方向噴射入磁場，磁場中有兩塊金屬板A、B，這時金屬板上就聚集了電荷,磁極配置如圖所示，下列說法正確的是()A．A板帶正電B．有電流從b經(jīng)用電器流向aC．金屬板A、B間的電場方向向上D．等離子體發(fā)生偏轉的原因是粒子所受洛倫茲力大于所受電場力8、如圖所示，在光滑絕緣水平面上有A、B、C三個可視為點電荷的帶電小球，位于同一條直線上，僅在它們之間的靜電力作用下均處于靜止狀態(tài)，且距離關系滿足：AB>BC，下列說法正確的是（）A．A，C帶同種電荷B．A，B帶異種電荷C．B所帶的電荷量最大D．A，B在C處產(chǎn)生電場的合場強為零9、如圖所示，在水平地面上O點正上方不同高度的A、B兩點分別水平拋出一小球，如果兩球均落在同一點C上，則兩小球A．落地的速度大小可能相同B．落地的速度偏向角可能相同C．兩個小球下落時間一定不同D．兩個小球拋出時的初速度可能相同10、在如圖所示的平行板器件中，電場強度和磁感應強度相互垂直，不同的帶電粒子水平射入后，均沿著圖示虛線路徑運動，這些粒子必定具有相同的（）A．電性B．速率C．入射點D．比荷三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）為了描繪標有“3V，0.4W”的小燈泡的伏安特性曲線，要求燈泡電壓能從零開始變化．所給器材如下：A．電流表(0～200mA，內阻0.5Ω);B．電流表(0～0.6A，內阻0.01Ω);C．電壓表(0～3V，內阻5kΩ)；D．電壓表(0～15V，內阻50kΩ);E．滑動變阻器(0～10Ω，0.5A)；F．滑動變阻器(0～1kΩ，0.1A)；G．電源(3V);H．電鍵一個，導線若干．①為了完成上述實驗，實驗中應選擇的儀器是________．②在虛線框中畫出完成此實驗的電路原理圖______，并將實物按電路圖用導線連好______．③此實驗描繪出的I-U圖線是________(填“曲線”或“直線”)，其原因是_________.12．（12分）研究燈泡L（3.8V，1.8W）的伏安特性，并測出該燈泡在額定電壓下正常工作時的電阻值，檢驗其標示的準確性。（1）選出既滿足實驗要求，又能減小誤差的實驗電路圖________。（2）請按電路圖連接好圖（1）中的實物圖_____。（3）在閉合開關S前，滑動變阻器觸頭應放在___________端。（選填“a”或“b”）（4）實驗后作出的I-U圖象如圖所示，圖中曲線彎曲的主要原因是______：。（5）根據(jù)所得到的圖象如圖（2）所示，求出它在額定電壓（3.8V）下工作時的電阻值R=_______。這個測量值比真實值偏______。（選填“大”或“小”）四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）質量為m=0.05Kg的導電細桿ab置于傾角為30°的平行放置的光滑導軌上，導軌寬為L=0.5m，桿ab與導軌垂直，如圖所示，勻強磁場垂直導軌平面且方向向下，磁感應強度為B=0.1T．已知電源電動勢E=15V，內阻r=1Ω，導軌和細桿的電阻均忽略不計，g取10m/s1．求：（1）當電阻R取值為多少時，釋放細桿后桿ab保持靜止不動．（1）當R=1Ω時，釋放細桿瞬間桿ab的加速度是多大？14．（16分）如圖所示，光滑絕緣水平面上放置一均勻導體制成的正方形線框abcd，線框質量為m,電阻為R,邊長為L，有yi方向豎直向下的有界磁場，磁場的磁感應強度為B,磁場區(qū)寬度大于L，左邊界與ab邊平行，線框水平向右拉力作用下垂直于邊界線穿過磁場區(qū)．(1)若線框以速度v勻速穿過磁場區(qū)，求線框在離開磁場時七兩點間的電勢差；(2)若線框從靜止開始以恒定的加速度a運動，經(jīng)過h時間七邊開始進入磁場，求cd邊將要進入磁場時刻回路的電功率；(3)若線框速度v0進入磁場，且拉力的功率恒為P0，經(jīng)過時間T，cd邊進入磁場，此過程中回路產(chǎn)生的電熱為Q，后來ab邊剛穿出磁場時，線框速度也為v0,求線框穿過磁場所用的時間t.15．（12分）如圖所示為一列沿x軸傳播的簡諧橫波在時刻的波形圖，時刻，處質點的位移。求這列簡諧橫波的波速。

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】

根據(jù)動能定理可得粒子經(jīng)過加速電場后的速度為解得在磁場中由洛倫茲力提供向心力有聯(lián)立以上解得因為打在P3位置的粒子運動半徑最小，比荷最大，由此可知C正確，ABD錯誤。故選C。2、D【解析】根據(jù)電阻定律得，當在1、2兩端加上恒定電壓時，，在在3、4兩端加上恒定的電壓時，，所以，故選D.3、A【解析】

設帶電粒子的初速度為v0，板長為L，電場強度為E；根據(jù)牛頓第二定律，有

①

水平方向：L=v0t

②

豎直方向：y＝at2

③

聯(lián)立①②③解得：

只減小粒子的比荷，豎直位移y減小，一定能飛出電場，故A正確；只增大電場強度，會使豎直位移y增大，粒子可能打到極板上，粒子不一定能飛出電場，故B錯誤；只增大粒子的帶電量；會使豎直位移y增大，粒子可能打到極板上，粒子不一定能飛出電場，故C錯誤；只減小粒子的入射速度，會使豎直位移y變大，粒子不一定能飛出電場，故D錯誤；故選A。【點睛】本題考查帶電粒子在電場中的類平拋運動，關鍵是運用運動的合成與分解的方法處理，本題很容易錯誤的理解為先經(jīng)過加速電場后經(jīng)過偏轉電場，審題時一定要細心，題目要多讀幾遍。4、B【解析】

A．三個質點從N到M的位移相同，故A錯誤；B．三個質點在相同時間內，位移相同，所以三個質點從N到M的平均速度相同，故B正確；C．瞬時速度方向即物體的運動方向，顯然三個質點任意時刻的運動方向是不同的，因此速度方向不同，故C錯誤；D．不同時段三個質點的位移大小、方向均不同，因此從N點出發(fā)到任意時刻的平均速度都不同，故D錯誤；5、A【解析】試題分析：真空中有兩個點電荷，它們之間相互作用力為F，即為；當它們之間的相互作用力為2F，則有：保持距離不變，僅使q1增大為原來的2倍，或使兩電荷量都變?yōu)樵瓉淼?倍，則庫侖力分別變?yōu)?倍和4倍，故A正確，C錯誤；僅使q2減小為原來的一半，根據(jù)庫侖定律可知，它們之間的作用力減小為原來的一半，故B錯誤；保持兩點電荷的電量不變，使r減小為原來的一半，則庫侖力變?yōu)?倍，故D錯誤；故選A．考點：庫侖定律6、B【解析】

由運動軌跡上來看，垂直電場方向射入的帶電粒子向電場的方向偏轉，說明帶電粒子受到的電場力與電場方向相同，所以帶電粒子應帶正電。選項A正確。從A到B的過程中，除了重力做功以外，還有電場力做功和阻力做功，由能的轉化與守恒可知，機械能的增加量等于電場力做功與阻力做功之和，即4.5J-1J=3.5J，所以機械能增加了3.5J，選項B錯誤。從A到B的過程中，克服重力做功2.0J，電場力做功4.5J，克服空氣阻力做功為1J，由動能定理可知，粒子在A點的動能比在B點少1.5J，選項C正確。從A到B的過程中，電場力做正功，電勢能在減少，所以在A點的電勢能比在B點時的電勢能大4.5J。選項D正確。此題選擇錯誤的選項，故選B?！军c睛】對于本題要明確：電場力對電荷做正功時，電荷的電勢能減少，電荷克服電場力做功，電荷的電勢能增加，電勢能變化的數(shù)值等于電場力做功的數(shù)值．這常是判斷電荷電勢能如何變化的依據(jù)．另外機械能的變化要看除重力以外的其它力的功.二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AD【解析】

根據(jù)左手定則知，正電荷向上偏，負電荷向下偏，則A板帶正電．故A正確．因為B板帶負電，A板帶正電，所以電流的流向為a經(jīng)用電器流向b．故B錯誤．因為A板帶正電，B板帶負電，所以金屬板間的電場方向向下．故C錯誤．等離子體發(fā)生偏轉的原因是離子所受洛倫茲力大于所受電場力．故D正確．故選AD．【點睛】解決本題的關鍵掌握左手定則判斷洛倫茲力的方向，以及知道電流在外電路中，由高電勢流向低電勢．8、ABD【解析】

根據(jù)電場力方向來確定各自電性，從而得出“兩同夾一異”，因此AB正確．同時根據(jù)庫侖定律來確定電場力的大小，并由平衡條件來確定各自電量的大小，因此在大小上一定為“兩大夾一小”，即B所帶的電荷量最小，選項C錯誤；因C處于靜止狀態(tài)，可知C處的場強為零，即A，B在C處產(chǎn)生電場的合場強為零，故D正確；故選ABD．【點睛】三個小球只受靜電力而平衡時，三個小球所帶的電性一定為“兩同夾一異”，且在大小上一定為“兩大夾一小”．9、AC【解析】

兩球均做平拋運動，而平拋運動水平方向做勻速直線運動，豎直方向為自由落體運動，運用平拋運動的基本規(guī)律表示出落地的速度大小以及落地時速度方向與水平方向的夾角，即可分析．【詳解】A、D項：對于任意一球，設水平位移OC為x，豎直位移為h，初速度為v0則落地時豎直分速度大小為：落地時速度大小為：運動時間為：初速度為：則知，從A點拋出的小球初速度較大，但下落的高度較小，而從B點拋出的小球初速度較小，但下落的高度大，由知落地的速度大小可能相等，故A正確，D錯誤；B項：速度偏向角：，x相同，h不同，可知落地的速度偏向角一定不相同，故B錯誤；C項：由知運動時間一定不同，故C正確．故應選：AC．【點睛】本題主要考查了平拋運動的基本規(guī)律，知道平拋運動水平方向做勻速直線運動，豎直方向為自由落體運動，能根據(jù)運動學規(guī)律得到相關的表達式，再進行分析．10、BC【解析】

粒子沿直線運動，受電場力和洛倫茲力，電場力在豎直方向，由左手定則知洛倫茲力也在豎直方向，所以二力一定平衡，即有：可得：假設粒子帶正電，從左側射入，可滿足二力平衡，若從右側射入，不滿足二力平衡；假設粒子帶負電，從左側射入，可滿足二力平衡若從右側射入，不滿足二力平衡；若要粒子沿直線運動，則這些粒子由具有相等的速率、相同的入射點，與粒子的帶電性質和比荷無關；A.與分析不符，故A錯誤；B.與分析相符，故B正確；C.與分析相符，故C正確；D.與分析不符，故D錯誤．三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、（1）A、C、E、F、G．（2）如圖．（3）曲線，隨著溫度的升高，電阻增大．【解析】試題分析：器材選取的原則需安全精確，根據(jù)燈泡的額定電壓和額定電流選擇電流表、電壓表的量程．燈泡電壓能從零開始變化，滑動變阻器采用分壓式接法，通過燈泡電阻的大小分析其是大電阻還是小電阻，確定電流表的內外接．根據(jù)電路圖連接實物圖．燈泡的電阻隨溫度的變化而變化，所以I﹣U圖線是一條曲線．解：（1）燈泡的額定電壓為3V，所以電壓表的量程選擇3V的誤差較小，額定電流I=≈130mA，所以電流表的量程選擇200mA的，燈泡電壓能從零開始變化，滑動變阻器采用分壓式接法，使用選擇電阻值比較小的滑動變阻器E，另外，還需要電源、電建和導線．故實驗中應選擇的儀器是A、C、E、G、H．（2）燈泡電壓能從零開始變化，滑動變阻器采用分壓式接法，燈泡正常工作時的電阻R==22.5Ω，遠小于電壓表的內阻，屬于小電阻，電流表采用外接法．電路圖和實物連線圖如圖所示．（3）此實線圖2中描繪出的I﹣U圖線是曲線，其原因是由于溫度升高，電阻增大．故答案為（1）A、C、E、F、G．（2）如右圖．（3）曲線，隨著溫度的升高，電阻增大．【點評】解決本題的關鍵掌握器材選擇的原則，以及知道滑動變阻器分壓式接法和限流式接法的區(qū)別，電流表內外接的區(qū)別．12、（1）丙；（2）實物圖如圖所示；（3）a；（4）小燈泡的電阻隨著電壓的升高而增大（5）7.6小【解析】（1）描繪燈泡伏安特性曲線，電壓與電流應從零開始變化，滑動變阻器應采用分壓接法；

燈泡發(fā)光時的電阻，電流表內阻很小，約為零點幾歐姆，電壓表內阻約為幾千歐姆甚至幾萬歐姆，電壓表內阻遠大于燈泡電阻，電流表應采用外接法，應選圖丙所示電路圖；

（2）根據(jù)圖丙所示電路圖連接實物電路圖，實物電路圖如圖所示：

（3）滑動變阻器采用分壓接法，為保護電路安全，在閉合開關S前，滑動變阻器觸頭應放在a端．

（4）由圖象可知，隨燈泡電壓U增大，燈泡電壓與電流的比值增大，即燈泡電阻變大，由此可知，小燈泡的電阻隨其兩端的電壓增大而增大；

（5）由圖示圖象可知，小燈泡在額定電壓（3.8V）下工作時的電流為0.5A，燈泡電阻值．由于電壓表的分流作用，使得電流表的測量值偏大，則燈泡電阻的測量值偏小.點睛：本題考查了實驗電路的選擇、連接實物電路圖、實注意事項、實驗數(shù)據(jù)處理，是實驗的常考問題，一定要掌握；尤其是要掌