2025屆眉山市重點中學物理高二第一學期期中考試試題含解析

2025屆眉山市重點中學物理高二第一學期期中考試試題注意事項1．考生要認真填寫考場號和座位序號。2．試題所有答案必須填涂或書寫在答題卡上，在試卷上作答無效。第一部分必須用2B鉛筆作答；第二部分必須用黑色字跡的簽字筆作答。3．考試結(jié)束后，考生須將試卷和答題卡放在桌面上，待監(jiān)考員收回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、關(guān)于點電荷和元電荷的說法中，正確的是A．只有很小的球形帶電體才叫做點電荷B．體積大的帶電體有時也可以視為點電荷C．電子就是元電荷D．某一帶電體的電荷量為3.14×10–19C2、如圖質(zhì)子和α粒子都從靜止開始，經(jīng)AB間電場加速后垂直進入CD間的勻強電場，到離開電場為止，在CD間的偏轉(zhuǎn)距離分別為y1、y2，動能的變化量分別為△E1和△E2。則y1:y2及△E1:△E2的值為（）A．1:2；1:1B．1:1；1：2C．1:2；1：4D．2:1；4：13、如圖所示，A、B、C、D是勻強電場中一正方形的四個頂點，場強方向平行正方形ABCD所在平面．已知A、B、C三點的電勢分別為φA=9V，φB=3V，φC=-3V，則A．D點的電勢φD=3V，場強方向平行AB方向B．D點的電勢φD=3V，場強方向平行AC方向C．D點的電勢φD=6V，場強方向平行BC方向D．D點的電勢φD=6V，場強方向平行BD方向4、類比是物理學中常用的思想方法。狄拉克曾經(jīng)預言，自然界應該存在只有一個磁極的磁單極子，其周圍磁感線星均勻輻射狀分布，距離它r處的磁感應強度大小為B=k/(k為常數(shù))。磁單極S的磁場分布如圖所示，將其固定，有一帶電小球在S附近做勻速圓周運動，則下列判斷正確的是A．若小球帶正電，其運動軌跡平面可在S正上方且從上往下看順時針轉(zhuǎn)動，如圖甲所示B．若小球帶正電，其運動軌跡平面可在S正下方且從上往下看逆時針轉(zhuǎn)動，如圖乙所示C．若小球帶負電，其運動軌跡平面可在S正上方且從上往下看順時針轉(zhuǎn)動，如圖甲所示D．若小球帶負電，其運動軌跡平面可在S正下方且從上往下看逆時針轉(zhuǎn)動，如圖乙所示5、高空作業(yè)的電工在操作過程中，不慎將一螺母由靜止從離地面45m高處脫落，不計空氣阻力，g取10m/s2，則A．螺母下落1s內(nèi)的位移為10mB．螺母在空中運動的時間為9sC．螺母落地時的速度大小為30m/sD．螺母在第2s內(nèi)的平均速度為10m/s6、如圖所示，三只完全相同的燈泡a、b、c分別與電阻A、電感、電容C單聯(lián)，再將三者并聯(lián)，接在220V，50Hz的交變電壓兩端，三只燈泡亮度相同，若將交變電壓改為220V，25Hz，則A．三只燈泡亮度不變B．三只燈泡都將變亮C．a(chǎn)亮度不變，b變亮，c變暗D．a(chǎn)亮度不變，b變暗，c變亮二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AB和CD為圓上兩條相互垂直的直徑，圓心為O。將電荷量分別為+q、-q的兩點電荷放在圓周上，其位置關(guān)于CD對稱且距離等于圓的半徑，如圖所示。要使圓心處的電場強度為零，可在圓周上再放一個適當?shù)狞c電荷Q，則該點電荷A．可放在A點，Q=-qB．可放在B點，Q=+qC．可放在C點，Q=+2qD．可放在D點，Q=-2q8、如圖所示，不帶電的枕形導體的A、B兩端各貼有一對金箔。當枕形導體的A端靠近一帶電導體C時A．A端金箔張開，B端金箔閉合B．A端，B端金箔均張開C．用導線連接枕形導體的A、B兩端，兩端金箔均閉合D．用手觸摸枕形導體后，A端金箔張開，B端金箔閉合9、A、B兩物體質(zhì)量均為m，其中A帶正電，帶電量為q，B不帶電，通過勁度系數(shù)為k的絕緣輕質(zhì)彈簧相連放在水平面上，如圖所示，開始時兩者都處于靜止狀態(tài)?，F(xiàn)在施加豎直向上的勻強電場，電場強度，式中g(shù)為重力加速度，若不計空氣阻力，不考慮A物體電量的變化，則以下判斷正確的是A．剛施加電場的瞬間，A的加速度為2gB．從開始到B剛要離開地面過程，A物體速度大小先增大后減小C．從開始到B剛要離開地面的每段時間內(nèi)，A物體的機械能增量一定等于電勢能的減少量D．B剛要離開地面時，A的速度大小為10、下表列出了某品牌電動自行車及所用電動機的主要技術(shù)參數(shù)，不計其自身機械損耗。若該車在額定狀態(tài)下以最大運行速度行駛，則（）自重40額定電壓48載重75額定電流12最大速度20額定輸出功率350A．電動機的內(nèi)阻為4ΩB．電動機的輸入功率為576C．該車受到的阻力為63D．該車獲得的牽引力為104三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）某研究小組收集了兩個電學元件：電阻R0(約為2kΩ)和手機中的鋰電池(電動勢E標稱值為3.7V，允許最大放電電流為100mA)。實驗室備有如下器材：A．電壓表V(量程3V，電阻RV約為4.0kΩ)B．電流表A1(量程100mA，電阻RA1約為5Ω)C．電流表A2(量程2mA，電阻RA2約為50Ω)D．滑動變阻器R1(0～40Ω，額定電流1A)E．電阻箱R2(0～999.9Ω)F．開關(guān)S一只、導線若干(1)為了測定電阻R0的阻值，小明設計了一電路，與其對應的實物圖如圖，圖中的電流表A應選________(選填“A1”或“A2”)，請將實物連線補充完整______(2)為測量鋰電池的電動勢E和內(nèi)阻r，小紅設計了如圖甲所示的電路圖．根據(jù)測量數(shù)據(jù)作出－圖象，如圖乙所示．若該圖線的斜率為k，縱軸截距為b，則該鋰電池的電動勢E=______，內(nèi)阻r=______。(用k、b表示)12．（12分）在探究兩電荷間相互作用力的大小與哪些因素有關(guān)的實驗中，一同學猜想可能與兩電荷的間距和帶電量有關(guān)。他選用帶正電的小球A和B，A球放在可移動的絕緣座上，B球用絕緣絲線懸掛于玻璃棒C點，如圖所示。實驗時，先保持兩球電荷量不變，使A球從遠處逐漸向B球靠近，觀察到兩球距離越小，B球懸線的偏角越大；再保持兩球距離不變，改變小球所帶的電荷量，觀察到電荷量越大，B球懸線的偏角越大。實驗表明：兩電荷之間的相互作用力，隨其距離的_____而增大，隨其所帶電荷量的___而增大（填“增大”或“減小”）。此同學在探究中應用的科學方法是_____。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，一質(zhì)量為m、帶電量為q的小球，用絕緣細線懸掛在水平向右的勻強電場中，靜止時懸線向左與豎直方向成θ角，重力加速度為g。(1)判斷小球帶何種電荷。(2)求電場強度E。(3)若在某時刻將細線突然剪斷，求經(jīng)過t時間小球的速度v。14．（16分）如圖所示的勻強電場中，有a、b、c三點，ab=5cm，bc=12cm，其中ab沿電場線方向，bc和電場線方向成60°角，一個電荷量為q=4×10-8C的正電荷從a點移到b點時靜電力做功為W1=1.2×10-7J，求：（1）勻強電場的場強E；（2）電荷從b移到c，靜電力做功W2；（3）a、c兩點間的電勢差Uac．15．（12分）如圖所示，光滑斜面傾角為，一帶有正電的小物塊質(zhì)量為m，電荷量為q，置于斜面上，當沿水平方向加如圖所示的勻強電場時，帶電小物塊恰好靜止在斜面上，從某時刻開始，電場強度大小突然變?yōu)樵瓉淼?，但方向不變。已知sin＝0.6，cos＝0.8，重力加速度為g。試求：(1)原來的電場強度；(2)物塊運動的加速度大??；(3)沿斜面下滑距離為l時物塊的速度。

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、B【解析】A、由帶電體看作點電荷的條件，當帶電體的大小、形狀對它們間相互作用力的影響可忽略時，這個帶電體可看作點電荷，帶電體能否看作點電荷是由研究問題的性質(zhì)決定，與自身大小、形狀體積等無具體關(guān)系，故A錯誤、B正確；C、元電荷是帶電量的最小值，它不是電子，故C錯誤；D、帶電體的帶電量一定是元電荷的整數(shù)倍，，不是整數(shù)，故某帶電體的電荷量為是不可能的，故D錯誤．點睛：元電荷又稱“基本電量”，在各種帶電微粒中，電子或質(zhì)子的電荷量的大小是最小的，人們把最小電荷叫做元電荷，常用符號e表示，任何帶電體所帶電荷都等于元電荷或者是元電荷的整數(shù)倍．2、B【解析】根據(jù)動能定理可得粒子經(jīng)過加速電場后的速度為：，解得：，粒子在偏轉(zhuǎn)電場中做類平拋運動，在水平方向做勻速直線運動，有：，垂直板方向做初速度為零的勻加速直線運動，由牛頓第二定律得加速度為：，偏轉(zhuǎn)位移為：，由以上各式解得：，y與m、q無關(guān)，則y1：y2=1：1；根據(jù)動能定理得動能的變化量為：，可知，△E與q成正比，則得△E1：△E2=1：2，故B正確，ACD錯誤。3、B【解析】

CD.勻強電場中，由公式U=Ed知沿著任意方向每前進相同的距離，電勢差都相等，故連接AC，AC連線的中點為E，則E點的電勢為；連接BE，如圖所示：則BE為一條等勢線，D點在BE連線上，所以D點電勢;故C項，D項均錯誤.AB.過A點作出垂直于BE的有向線段，由高電勢點A直線BE，如圖中紅線所示，即為電場線，那么場強方向平行AC方向；故A錯誤，B正確.4、C【解析】

AC．要使帶電小球能做勻速圓周運動，則洛侖茲力與重力的合力應能充當向心力；在甲圖中，若粒子為正電荷且順時針轉(zhuǎn)動（由上向下看）則其受洛倫茲力斜向下，與重力的合力不指向圓心；而若為負電荷，但順時針轉(zhuǎn)動，同理可知，合力也可以充當向心力，故A錯誤，C正確；

BD．在乙圖中，若小球帶正電，運動軌跡平面在S正下方且從上向下看逆時針轉(zhuǎn)動，則其受洛倫茲力斜向上，與重力的合力不可能指向圓心；若小球帶負電，運動軌跡平面在S正下方且從上向下看逆時針轉(zhuǎn)動，則其受洛倫茲力斜向下，故其與重力的合力向下，合力不能全部提供向心力，故不會做勻速圓周運動，故BD錯誤；5、C【解析】

A、物體做自用落體運動下落1s內(nèi)的位移為：，故A錯；B、物體下落45m所用的時間為t則：解得：，故B錯；C、物體在空中運動了后的速度為：，故C正確；D、螺母在第2s內(nèi)的運動的位移為：所以螺母在第2s內(nèi)的平均速度為：，故D錯；綜上所述本題答案是：C6、C【解析】

根據(jù)電感的特性：通低頻、阻高頻，當電源的頻率變低時，電感對電流的感抗減小，b燈變亮；根據(jù)電容器的特性：通高頻、阻低頻，當電源的頻率變低時，電容器對電流的容抗增大，c燈變暗。而電阻的亮度與頻率無關(guān)，a燈亮度不變。A.三只燈泡亮度不變與分析不符，故A錯誤。B.三只燈泡都將變亮與分析不符，故B錯誤。C.a亮度不變，b變亮，c變暗與分析相符，故C正確。D.a亮度不變，b變暗，c變亮與分析不符，故D錯誤。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AB【解析】

設圓的半徑為r，兩個點電荷在O點產(chǎn)生的場強大小都是kqr2，兩個場強的方向夾角為1200，據(jù)平行四邊形定則，合場強大小為kqr2，方向由O指向B；要使圓心處場強為零，最后一個電荷在O點產(chǎn)生場強大小為kqr2，方向由O指向A；若該電荷在A點，為Q=-q；8、BD【解析】

AB．金屬導體處在正電荷的電場中，由于靜電感應現(xiàn)象，枕形導體的右端要感應出正電荷，導體的左端會出現(xiàn)負電荷，所以導體兩端的驗電箔都張開，且左端帶負電，右端帶正電，故A錯誤，B正確；C．用導線連接枕形導體的A、B兩端，由于靜電感應現(xiàn)象，體兩端的驗電箔都張開，故C錯誤；D．用手觸摸枕形導體后，大地上電子跑到導體上，將B端的正電荷中和，而A端的負電荷增多，所以A端金箔仍張開，B端金箔閉合，故D正確。9、AD【解析】

提供電場前，A靜止，受到重力和彈力，合力為零，施加電場后對A根據(jù)牛頓第二定律有加速度；B剛要離開地面時，此時彈簧被拉長，且彈力剛好等于物體B的重力，對A分析，此時受力平衡，即A的加速度等于零，從開始到B剛要離開地面過程，A做加速度減小的加速運動，在A點速度最大，根據(jù)能量守恒定律可知，從開始到B剛要離開地面的每段時間內(nèi)，A物體的機械能增量一定等于電勢能的減少量與彈簧的彈性勢能減小量之和；【詳解】A、提供電場前，A受到重力和彈力，合力為零，施加電場后對A根據(jù)牛頓第二定律有：，則加速度為，故A正確；B、B剛要離開地面時，此時彈簧被拉長，且彈力剛好等于物體B的重力，對A分析，此時受力平衡，即A的加速度等于零，從開始到B剛要離開地面過程，A做加速度減小的加速運動，在A點速度最大，故B錯誤；C、根據(jù)能量守恒定律可知，從開始到B剛要離開地面的每段時間內(nèi)，A物體的機械能增量一定等于電勢能的減少量與彈簧的彈性勢能減小量之和，故C錯誤；D、B剛要離開地面時彈簧的伸長量等于開始時彈簧的壓縮量，從開始到B剛要離開地面過程，彈性勢能不變，根據(jù)動能定理可得：，解得A的速度大小為：，故D正確；故選AD?！军c睛】關(guān)鍵是B剛要離開地面時彈簧的伸長量等于開始時彈簧的壓縮量，從開始到B剛要離開地面過程，彈性勢能不變。10、BC【解析】

AB.由表可知，U0=48V，P=代入得P=576W；電動機內(nèi)部消耗的熱功率P代入得，P熱P代入解得，r≈1.6Ω；故A項錯誤，B項正確；CD.最大速度v=20根據(jù)P出F=故C項正確，D項錯誤。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、A2【解析】

(1)[1][2]電壓表量程是3V，通過待測電阻的最大電流因此電流表應選電流表A2，待測電阻R0阻值約為2kΩ，滑動變阻器R1(0～40Ω，額定電流1A)，與電阻箱R2(0～999.9Ω)最大阻值均小于待測電阻阻值，變阻器采用限流接法時待測電阻電壓與電流變化范圍較小，不能測多組實驗數(shù)據(jù)，為測多組實驗數(shù)據(jù)，減小實驗誤差，滑動變阻器應采用分壓接法，且則電流表應該采用內(nèi)接法，實物電路圖如圖所示(2)[3][4]由實驗原理可知則因此圖象的縱軸截距電動勢圖象的斜率則電源內(nèi)阻12、減小增大控制變量法【解析】

[1][2][3]對小球B進行受力分析，可以得到小球受到的電場力即B球懸線的偏角越大，電場力也越大；所以使A球從遠處逐漸向B球靠近，觀察到兩球距離越小，B球懸線的偏角越大，說明了兩電荷之間的相互作用力，隨其距離的減小而增大；兩球距離不變，改變小球所帶的電荷量，觀察到電荷量越大